2024學年遼寧省北票市第三高級中學物理高二上期末達標檢測模擬試題含解析

2024學年遼寧省北票市第三高級中學物理高二上期末達標檢測模擬試題注意事項1．考試結束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一帶有絕緣座的空心球殼A帶有4×10－8C的正電荷，帶絕緣柄的金屬小球B帶有2×10－8C的負電荷，使B球與A的內壁接觸，如圖所示，則A、B的帶電量分別為（）A.QA=1×10－8CQB=1×10－8CB.QA=2×10－8CQB=0C.QA=0QB=2×10－8CD.QA=4×10－8CQB=－2×10－8C2、如圖所示，電路中A、B是規(guī)格相同的燈泡，L是電阻可忽略不計的電感線圈，那么（）A.合上S，A、B一起亮，然后A變暗后熄滅B.合上S，B先亮，A逐漸變亮，最后A、B一樣亮C.斷開S，A立即熄滅，B由亮變暗后熄滅D.斷開S，A、B同時熄滅3、關于電容器的電容，下列說法正確的是A.電容器所帶的電荷越多，電容就越大B.電容器兩極板間的電壓越高，電容就越大C.電容器所帶電荷增加一倍，電容就增加一倍D.電容是描述電容器容納電荷本領的物理量4、在下列研究中，加點表示物體可視為質點的是A.研究蜜蜂翅膀的振動頻率B.研究足球的旋轉速度C.研究飛船與空間站對接時的姿態(tài)D.研究北斗衛(wèi)星繞地球運行的周期5、以初速度豎直向上拋出一物體，空氣阻力大小不變。關于物體受到的沖量，以下說法正確的是（）A.物體上升階段和下落階段受到的重力的沖量方向相反B.物體上升階段和下落階段受到空氣阻力沖量的大小相等C.物體在下落階段受到重力的沖量小于上升階段受到重力的沖量D.物體從拋出到返回拋出點，動量變化的方向向下6、兩個放在絕緣支架上的相同金屬球相距d，球的半徑比d小得多，分別帶-q和3q的電荷量，相互作用的引力為3F．現將這兩個金屬球接觸，然后分開，仍放回原處，則它們的作用力將變?yōu)椋ǎ〢.0 B.引力FC.斥力F D.斥力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，兩塊較大的金屬板A、B平行水平放置并與一電源相連，S閉合后，兩板間有一質量為m、帶電量為q的油滴恰好在P點處于靜止狀態(tài)．則下列說法正確的是（）A.在S仍閉合的情況下，若將A板向下平移一小段位移，則油滴向下加速運動，G中有的電流B.在S仍閉合的情況下，若將A板向右平移一小段位移，則油滴仍然靜止，G中有的電流C.若將S斷開，且將A板向左平移一小段位移，P點電勢升高D.若將S斷開，再將A板向下平移一小段位移，P點電勢不變8、如圖所示，已知電源的電動勢為12V、內阻為0.5Ω，定值電阻R=1.5Ω，電動機M的內阻為1Ω，開關閉合后，電流表的示數為2A。不計電流表的內阻，則（）A.電動機兩端的電壓為8VB.電動機的輸出功率為16WC.電動機的發(fā)熱功率為4WD.電動機的效率為25%9、如圖所示，空間存在兩個磁場，磁感應強度大小均為，方向相反且垂直紙面，、為其邊界，為其對稱軸，一導線折成邊長為的正方形閉合回路，回路在紙面內以恒定速度向右運動，當運動到關于對稱的位置時（）A.穿過回路的磁通量為零B.回路中感應電動勢大小為C.回路中感應電流的方向為逆時針方向D.回路中邊與邊所受安培力方向相同10、一帶正電的粒子僅在電場力作用下從A點經B、C運動到D點，各點所對應的速度與時間的關系如圖所示.分析圖象后，下列說法正確的是A.B、D兩點的電場強度和電勢一定都為零B.A處的電場強度大于C處的電場強度C.粒子在A處的電勢能小于在C處的電勢能D.A、C兩點的電勢差大于B、D兩點間的電勢差三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）如圖所示，質量為m、邊長為L的正方形線圈ABCD由n匝導線繞成，導線中通有順時針方向大小為I的電流，在AB邊的中點用細線豎直懸掛于輕桿右端，輕桿左端通過豎直的彈簧與地面相連，輕桿可繞桿中央的固定轉軸O在豎直平面內轉動．在圖中虛線的下方，有與線圈平面垂直的勻強磁場，磁感強度為B，平衡時，CD邊水平且線圈有一半面積在磁場中，忽略電流I產生的磁場，穿過線圈的磁通量為______；彈簧受到的拉力為_______12．（12分）有一節(jié)干電池，電動勢約為，內阻約為某實驗小組為了比較準確的測量其電動勢和內阻，在實驗室找到了如下器材：A.電流表A量程，內阻約為B.電流表G量程，內阻C.定值電阻D.定值電阻E.滑動變阻器，額定電流F.滑動變阻器，額定電流G.開關S和導線若干(1)因缺少電壓表，該組同學準備利用電流表G與定值電阻串聯(lián)改裝成電壓表，為較好的滿足測量需要，定值電阻應選擇______填“C”或“D”；為操作方便，滑動變阻器應選擇______填“E”或“F”(2)該小組根據實驗原理圖連接線路、測量數據、并在坐標紙上描點連線，得到相應的圖線如圖，其中I1為電流表G的示數，I2為電流表A的示數，則該電源的電動勢E=____________V，內阻r=______(兩空均保留三位有效數字)四、計算題：本題共3小題，共38分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，水平放置的兩塊長直平行金屬板a、b相距d=0.10m，a、b間的電場強度為E=5.0×105N/C，b板下方整個空間存在著磁感應強度大小為B=6.0T、方向垂直紙面向里的勻強磁場.今有一質量為m=4.8×10-25kg、電荷量為q=1.6×10-18C的帶正電的粒子(不計重力)，從貼近a板的左端以v0=1.0×106m/s的初速度水平射入勻強電場，剛好從狹縫P處穿過b板而垂直進入勻強磁場，最后粒子回到b板的Q處（圖中未畫出）．求P、Q之間的距離L14．（16分）ABC表示豎直放在電場強度為E=104V/m的水平勻強電場中的絕緣光滑軌道，其中軌道的BC部分是半徑為R的圓環(huán)，軌道的水平部分與半圓環(huán)相切．A為水平軌道上的一點，而且AB=R=0.2m，把一質量m=0.1kg，帶電量為q=+C的小球，放在A點由靜止釋放后，求：（g=10m/s2）(1)小球到達C點的速度大小(2)小球在C點時，軌道受到的壓力大小15．（12分）如圖，兩根間距為L＝0.5m的平行光滑金屬導軌間接有電動勢E＝3V、內阻r＝1Ω的電源，導軌平面與水平面間的夾角θ＝37°．金屬桿ab垂直導軌放置，質量m＝0.2kg．導軌與金屬桿接觸良好且金屬桿與導軌電阻均不計，整個裝置處于豎直向上的勻強磁場中．當R0＝1Ω時，金屬桿ab剛好處于靜止狀態(tài)，取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8（1）求磁感應強度B的大??；（2）若保持B的大小不變而將方向改為垂直于斜面向上，求金屬桿的加速度

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、B【解題分析】將B與A的內表面接觸后，正、負電荷中和后，金屬小球B不帶電，剩余的電荷分布在球殼A的外表面，帶電量為故ACD錯誤，B正確。故選B。2、A【解題分析】合上S，線圈中電流要增加，會產生自感電動勢，故只能緩慢增加，所以A、B一起亮，然后A變暗后熄滅，B更亮，故A正確，B錯誤；斷開S，線圈中電流要減小，會產生自感電動勢，故只能緩慢減小，通過電燈A構成回路放電，所以B立即熄滅，A閃亮一下后熄滅，故CD錯誤3、D【解題分析】電容表征電容器容納電荷的本領大小，由電容器本身的特性決定，與兩極板間的電壓、所帶的電荷量無關．A、電容器所帶的電荷越多，兩板間電壓越大，電容不變，故A錯誤B、電容器兩極板間的電壓越高，所帶的電荷越多，電容不變，故B錯誤C、電容器所帶電荷增加一倍，兩極板間的電壓增加一倍，電容不變，故C錯誤D、電容的物理意義是表征電容器容納電荷本領的大小．故D正確故選D點評：電容，采用的是比值定義法，有比值定義法共性，C與U、Q無關，由電容器本身決定4、D【解題分析】研究蜜蜂翅膀的振動頻率時，蜜蜂的大小不能忽略不計，不能看做質點，選項A錯誤；研究足球的旋轉速度時，足球的大小不能忽略，不能看做質點，選項B錯誤；研究飛船與空間站對接時的姿態(tài)時，飛船的大小不能忽略，不能看做質點，選項C錯誤；研究北斗衛(wèi)星繞地球運行的周期時，衛(wèi)星的大小可以忽略不計，可以看做質點，選項D正確.5、D【解題分析】A．向上運動的過程中空氣的阻力的方向向下，則下降的過程中空氣的阻力方向向上，則由于下降的過程中的位移等于上升過程中的位移，由運動學的公式可知上升的時間一定小于下降過程中的時間。物體上升階段和下落階段受到的重力的方向都向下，所以重力的沖量方向相同，故A錯誤；B．上升階段的時間小，所以物體上升階段物體受到空氣阻力沖量的大小小于下降階段受到空氣阻力沖量的大小，故B錯誤；C．上升階段的時間小，物體在下落階段受到重力的沖量大于上升階段受到重力的沖量，故C錯誤；D．的初速度的方向向上，末速度的方向向下，所以物體從拋出到返回拋出點，動量變化的方向向下，故D正確。故選D。6、C【解題分析】由庫侖定律可得出兩球在接觸前后的庫侖力表達式，則根據電量的變化可得出接觸后的作用力與原來作用力的關系；【題目詳解】解：由庫侖定律可得：所以有：而兩球接觸后再分開平分總電量，故分開后兩球的各帶電量為，則庫侖斥力為：，故C正確，ABD錯誤【題目點撥】本題可能會出現由于沒有看清題意而錯將F來表示了接觸前的庫侖力，從而導致錯誤，在學習中應注意審題的練習二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解題分析】A．開始時，重力和電場力平衡，故：mg=qE；將A板向下移，由可知，E變大，故油滴應向上加速運動；根據可知C變大，根據Q=CU可知電容器帶電量變大，電容器充電，故G中有a→b的電流，故A錯誤；B．若將A板向右平移一小段位移，由可知，E不變，油滴仍靜止；根據，可知C變小，根據Q=CU可知電容器帶電量變小，電容器放電，故G中有b→a的電流，故B正確；C．若將S斷開，Q不變，A向左平移一小段距離，根據可知，電容C減小，再根據Q=CU可知，U增大；根據U=Ed可知，E增大；則PB電勢差增大，而B板接地，因此P點電勢降低；故C錯誤；D．若將S斷開，Q不變；再將A板向下平移一小段位移，根據，Q=CU、U=Ed，得到，故電場強度不變，且P點電勢不變，故D正確8、AC【解題分析】A．電動機兩端電壓為：VA正確；BC．電動機的發(fā)熱功率為：W電動機的輸出功率為：WB錯誤，C正確；D．電動機的效率為：D錯誤。故選AC。9、ACD【解題分析】A：兩個磁場區(qū)域磁感應強度大小相等，方向相反，因此線框運動到對稱位置時回路的總磁通量為零，故A項正確B：、邊切割磁感線，利用右手定則確定動生電動勢方向分別為到、到，兩邊產生的電動勢相疊加，大小為，故B項錯誤C：由B項分析，路中感應電流的方向為逆時針方向．故C項正確；D：電流方向為逆時針，利用左手定則可知邊和邊所受安培力方向都是向左，故D項正確10、BC【解題分析】A.速度圖像切線的斜率代表加速度，所以B、D兩點的加速度為0，電場力為0，電場強度為0；B、D兩點的速度不相等，說明動能不相等，勢能不相等，電勢不相等，電勢為0點可以任意規(guī)定，故A錯誤；B.由圖可知，A處的加速度大于C處的加速度，A處的電場力大于C處的電場力，A處的電場強度大于C處的電場強度，故B正確；C.由圖可知，粒子在A處的速度大于在C處的速度,粒子在A處的動能大于在C處的動能,粒子在A處的電勢能小于在C處的電勢能，故C正確；D.由圖可知，A、D兩點的速度相等，故粒子的動能相同，從A到C動能變化量小于從B到D動能變化量，因此從A到C電場力做功小于從B到D電場力做功，由W=qU知，AC兩點間的電勢差小于BD兩點間的電勢差，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、①.②.【解題分析】穿過線圈的磁通量為：；根據左手定則可知，CD邊所受安培力為nBIL，而方向豎直向下；由杠桿平衡條件得：mg+nBIL=F拉，解得：F拉=mg+nBIL12、①.C②.E③.1.48④.0.840【解題分析】(1)[1][2]由于沒有電壓表，可以用電流表G與定值電阻串聯(lián)組成電壓表測電壓，改裝后電壓表的量程若電流表G與定值電阻串聯(lián)組成電壓表的量程電源電動勢約為1.5V，所以只需改裝成2V的電壓表，故定值電阻選擇C；因電源內阻較小，為了有效調節(jié)電路中的電流，滑動變阻器選擇總阻值較小的E；(2)[3][4]設為電流表的示數，為電流表G的示數，數值遠大于的數值，可以認為電路電流，在閉合電路中，電源電動勢：則：由圖示圖像可知，圖像縱軸截距：則：電源電動勢