聊城一中2020屆高三下學(xué)期6月模擬物理試題含解析

學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精學(xué)必求其心得，業(yè)必貴于專精山東省聊城一中2020屆高三下學(xué)期6月高考模擬物理試題含解析2020年山東省聊城一中高考物理模擬試卷（6月份）一、單項(xiàng)選擇題(本題共8小題，每小題3分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)符合題目要求。）1.下列說法正確的是（)A.晶體熔化時(shí)吸收熱量，分子平均動(dòng)能一定增大B。布朗運(yùn)動(dòng)是分子的運(yùn)動(dòng)，直接證明了分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng)C.一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷一緩慢的絕熱膨脹過程，則氣體對(duì)外界做功，氣體分子的平均動(dòng)能減小D。電冰箱的制冷系統(tǒng)能夠不斷地把冰箱內(nèi)的熱量傳到外界,違背了熱力學(xué)第二定律【答案】C【解析】【詳解】A．溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志，晶體具有固定的熔點(diǎn)，晶體熔化時(shí)溫度保持不變，分子平均動(dòng)能不變，故A錯(cuò)誤；B．懸浮在液體中固體顆粒的無規(guī)則運(yùn)動(dòng)是布朗運(yùn)動(dòng)，布朗運(yùn)動(dòng)并不是分子的運(yùn)動(dòng)，但間接證明了分子在永不停息地做無規(guī)則運(yùn)動(dòng),故B錯(cuò)誤;C．一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷一緩慢的絕熱膨脹過程,氣體吸收的熱量氣體體積變大，氣體對(duì)外界做功由熱力學(xué)第一定律得氣體內(nèi)能減小,氣體溫度降低,分子平均動(dòng)能減小，故C正確;D．熱量不可能從低溫物體傳到高溫物體而不引起其它變化，在引起其它變化的情況下熱量可以從低溫物體傳到高溫物體，電冰箱不違反熱力學(xué)第二定律,故D錯(cuò)誤。故選C.2.如圖a為氫原子的能級(jí)圖，大量處于n=2激發(fā)態(tài)的氫原子吸收一定頻率的光子后躍遷到較高的能級(jí)，之后再向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射出10種不同頻率的光子。當(dāng)用這些輻射出的光子去照射如圖b所示光電管陰極K時(shí)，光電管發(fā)生了光電效應(yīng)，改變電源的正負(fù)極并調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片,發(fā)現(xiàn)遏止電壓最大值為8V.則（)A.該光電管陰極K的逸出功為7。06eVB。吸收的光子能量為2。86eVC.躍遷過程中輻射出的光子能量是連續(xù)的D.輻射出來的10種光子中只有3種能使該光電管發(fā)生光電效應(yīng)【答案】B【解析】【詳解】A．躍遷過程中所放出的光子最大能量為由光電效應(yīng)方程可得該光電管的逸出功故A錯(cuò)誤；B．從躍遷到較高能級(jí)后能輻射出10種不同頻率的光子，由故吸收的光子能量故B正確；C．根據(jù)玻爾理論可知躍遷過程中輻射出的光子能量是不連續(xù)的，故C錯(cuò)誤;D．由該光電管的逸出功可知，輻射出的光子能使其發(fā)生光電效應(yīng)的有能級(jí)5到基態(tài)，能級(jí)4到基態(tài)，能級(jí)3到基態(tài)，能級(jí)2到基態(tài)4種，故D錯(cuò)誤。故選B。3。某同學(xué)參加學(xué)校運(yùn)動(dòng)會(huì)立定跳遠(yuǎn)項(xiàng)目比賽，起跳直至著地過程如圖，測(cè)量得到比賽成績(jī)是2。4m,目測(cè)空中腳離地最大高度約0.8m，假設(shè)該同學(xué)的質(zhì)量為60kg。忽略空氣阻力,則起跳過程該同學(xué)所做功為（g=10m/s2)（）A。750J B.480JC.270J D。1470J【答案】A【解析】【詳解】該同學(xué)做拋體運(yùn)動(dòng)，從起跳至達(dá)到最大高度的過程中，豎直方向做加速度為的勻減速直線運(yùn)動(dòng)，則豎直方向初速度水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則則起跳時(shí)的速度該同學(xué)的質(zhì)量為，根據(jù)動(dòng)能定理得故BCD錯(cuò)誤，A正確。故選A.4.2016年2月11日，美國(guó)科學(xué)家宣布探測(cè)到引力波，證實(shí)了愛因斯坦100年前的預(yù)測(cè)，彌補(bǔ)了愛因斯坦廣義相對(duì)論中最后一塊缺失的“拼圖”.雙星的運(yùn)動(dòng)是產(chǎn)生引力波的來源之一,假設(shè)宇宙中有一雙星系統(tǒng)由、兩顆星體組成，這兩顆星繞它們連線的某一點(diǎn)在萬有引力作用下做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，測(cè)得星的周期為，、兩顆星的距離為，、兩顆星的軌道半徑之差為（星的軌道半徑大于星的軌道半徑）,則()A.星的周期為 B。、兩顆星的質(zhì)量之比為C.星的線速度大小為 D。、兩顆星的半徑之比為【答案】C【解析】【詳解】A．雙星系統(tǒng)靠相互間的萬有引力提供向心力，角速度大小相等，則周期相等，所以星的周期為,A錯(cuò)誤;CD．題意可知，解得，兩顆星的半徑之比為則星的線速度大小為D錯(cuò)誤，C正確；B．雙星系統(tǒng)靠相互間的萬有引力提供向心力，角速度大小相等,向心力大小相等，則有解得質(zhì)量之比為B錯(cuò)誤.故選C。5.一電流表的原理如圖所示，質(zhì)量為的均質(zhì)細(xì)金屬棒的中點(diǎn)處通過一絕緣掛鉤與一豎直懸掛的彈簧相連，彈簧勁度系數(shù)為。在矩形區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng),磁感應(yīng)強(qiáng)度大小，方向垂直紙面向外.與的右端連接的一絕緣輕指針可指示標(biāo)尺上的讀數(shù)，的長(zhǎng)度大于且,當(dāng)中沒有電流通過且處于平衡狀態(tài)時(shí),與矩形區(qū)域的邊重合，當(dāng)中有電流通過時(shí)，指針示數(shù)可表示電流強(qiáng)度,不計(jì)通電時(shí)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)的作用（)A.若要電流表正常工作，端應(yīng)接電源正極B.若將量程擴(kuò)大2倍，磁感應(yīng)強(qiáng)度應(yīng)變C.若，此電流表的量程為D.當(dāng)電流表示數(shù)為零時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)【答案】D【解析】【詳解】已知金屬棒質(zhì)量為。A。為使電流表正常工作，作用于通有電流的金屬棒的安培力必須向下。跟左手定則可知金屬棒中電流從端流向端，因此端應(yīng)接正極，故A錯(cuò)誤;BC。設(shè)滿量程時(shí)通過的電流強(qiáng)度為，則有若，此電流表的量程為設(shè)量程擴(kuò)大后，磁感應(yīng)強(qiáng)度變?yōu)?，則有得故B、C錯(cuò)誤.D.當(dāng)電流表的示數(shù)為零時(shí)，彈簧伸長(zhǎng)量為，根據(jù)平衡條件可得，解得,故D正確；故選D。6。如圖所示的裝置中，在A端用外力F把一個(gè)質(zhì)量為m的小球沿傾角為30°的光滑斜面勻速向上拉動(dòng)，已知在小球勻速運(yùn)動(dòng)的過程中，拴在小球上的繩子與水平固定桿之間的夾角從45°變?yōu)?0°，斜面體與水平地面之間是粗的,并且斜面體一直靜止在水平地面上，不計(jì)滑輪與繩子之間的摩擦．則在小球勻速運(yùn)動(dòng)的過程中,下列說法正確的是A.外力F一定增大B。地面對(duì)斜面體的靜摩擦力始終為零C.繩子對(duì)水平桿上的滑輪的合力一定大子于繩子的拉力D。繩子A端移動(dòng)的速度大小等于小球沿斜面運(yùn)動(dòng)的速度大小【答案】A【解析】【詳解】A、小球始終處于平衡狀態(tài)，受力分析如圖1,可看出當(dāng)角度如題意變化時(shí),F一直在增大，故A正確；B.斜面體始終靜止,受力分析如圖2，正交分解可得：，由圖1可知在減小,故地面對(duì)斜面體的摩擦力不為零且減小,故B錯(cuò)誤；C.當(dāng)拴在小球上的繩子與桿間的夾角為時(shí)，兩繩子間夾角達(dá)到，繩子對(duì)水平桿上的滑輪的合力大小與繩子的拉力相等，故C錯(cuò)誤；D、繩子與球A的結(jié)點(diǎn)速度分解如圖4所示,可知若球的速度為v,繩子A端移動(dòng)的速度為，故D錯(cuò)誤；故選A．7。如圖所示，一束截面為圓形(半徑)的平行紫光垂直射向一半徑也為R的玻璃半球的平面,經(jīng)折射后在屏幕上形成一個(gè)圓形亮區(qū)。屏幕至球心距離，不考慮光的干涉和衍射，若玻璃半球?qū)ψ仙獾恼凵渎?則圓形亮區(qū)的面積為（)A. B. C. D.【答案】A【解析】【詳解】單色光剛要發(fā)生全反射時(shí)的臨界光線射在屏幕上的點(diǎn)到亮區(qū)中心的距離就是所求最大半徑。如圖所示設(shè)紫光臨界角為，由全反射的知識(shí)得又又所以有最大半徑為代入解得面積為故A正確，BCD錯(cuò)誤。故選A。8。甲、乙兩輛汽車同時(shí)同地出發(fā)，沿同方向做直線運(yùn)動(dòng),兩車速度的平方隨的變化圖像如圖所示，下列說法正確的是（）A.汽車甲停止前，甲、乙兩車相距最遠(yuǎn)時(shí)，甲車的位移為B.汽車甲的加速度大小為C.汽車甲、乙在時(shí)相遇D。汽車甲、乙在處速度大小為【答案】D【解析】【詳解】B．由圖可知，隨的變化關(guān)系成一次函數(shù)變化，故甲、乙兩車均做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，所以對(duì)于甲車在時(shí)有代入數(shù)據(jù)解得即甲車的加速度大小為，對(duì)于乙9m時(shí)的速度為,,根據(jù)乙的加速度大小為,B錯(cuò)誤；A．根據(jù)圖像可知,甲從處做勻減速運(yùn)動(dòng)，初速度，汽車甲停止前，甲、乙兩車相距最遠(yuǎn)時(shí)速度相等即解得則此時(shí)甲的速度根據(jù)位移速度公式解得甲的位移為A錯(cuò)誤；C．根據(jù)圖像可知，甲從處做勻減速運(yùn)動(dòng),初速度，由B項(xiàng)分析可知加速度大小為，則甲到靜止運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為所以甲的位移同理可得乙的位移當(dāng)時(shí)，甲車已停下，即內(nèi)的位移為當(dāng)時(shí)，乙車位移當(dāng)時(shí)，，兩車并未相遇，C錯(cuò)誤;D．由圖知在時(shí)甲、乙兩車的速度大小相等，對(duì)乙分析,根據(jù)速度和位移關(guān)系可知代入數(shù)據(jù)得D正確。故選D。二、多項(xiàng)選擇題（本題共4小題，每小題4分，共16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分,有選錯(cuò)的得0分.)9.質(zhì)量為m的帶電小球由空中某點(diǎn)A無初速度地自由下落，在t秒末加上豎直方向且范圍足夠大的勻強(qiáng)電場(chǎng)，再經(jīng)過2t秒小球又回到A點(diǎn).整個(gè)過程中不計(jì)空氣阻力且小球未落地,則（）A。從加電場(chǎng)開始到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)的過程中，小球動(dòng)能減少了B。勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小為C.整個(gè)過程中小球電勢(shì)能減少了D。從A點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程中，小球重力勢(shì)能減少了【答案】AC【解析】【詳解】A．由于從加電場(chǎng)開始到小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)小球動(dòng)能減少了故A正確;B．設(shè)電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E，加電場(chǎng)后小球的加速度大小為a，取豎直向下方向?yàn)檎较?則由解得由牛頓第二定律得聯(lián)立解得電場(chǎng)力大小為故B錯(cuò)誤；C．整個(gè)過程中電場(chǎng)力做的功電場(chǎng)力做的功等于電勢(shì)能的減小量，故整個(gè)過程中小球電勢(shì)能減少了，故C正確；D．設(shè)從點(diǎn)到最低點(diǎn)的高度為，根據(jù)動(dòng)能定理得解得從點(diǎn)到最低點(diǎn)的過程中,小球重力勢(shì)能減少了故D錯(cuò)誤。故選AC。10。如圖所示，理想變壓器原、副線圖的應(yīng)數(shù)些為n1:n2=2:1，輸人端接在（V）的交流電源上，R1為電阻箱，副線圈連在電路中的電阻R=10Ω，電表均為理想電表．下列說法正確的是()A。當(dāng)R1=0時(shí)，電壓表的讀數(shù)為30VB。當(dāng)R1=0時(shí)，若將電流表換成規(guī)格為“5V5W”的燈泡，燈泡能夠正常發(fā)光C.當(dāng)R1=10Ω時(shí)，電流表的讀數(shù)為1.2AD.當(dāng)R1=10Ω時(shí)，電壓表的讀數(shù)為6V【答案】BC【解析】【詳解】輸入端電壓的有效值為30V，當(dāng)R1=0時(shí)，電壓表的讀數(shù)為，選項(xiàng)A錯(cuò)誤;當(dāng)R1=0時(shí)，若將電流表換成規(guī)格為“5V，5W"的燈泡，燈泡電阻為，此時(shí)次級(jí)電流，因燈泡的額定電流為，則此時(shí)燈泡能夠正常發(fā)光,選項(xiàng)B正確；當(dāng)R1=10Ω時(shí),設(shè)電流表的示數(shù)為I，則此時(shí)初級(jí)電流為0。5I，初級(jí)電壓：,則次級(jí)電壓為，則，解得I=1.2A，此時(shí)電壓表讀數(shù)為IR=12V，選項(xiàng)C正確，D錯(cuò)誤；11.如圖所示，在豎直面內(nèi)固定著一個(gè)剛性的、絕緣的、內(nèi)壁光滑的橢圓軌道。AC、BD分別是橢圓短軸與長(zhǎng)軸上的點(diǎn)，它們相交于O點(diǎn)。最初，將一個(gè)小球從A點(diǎn)水平射出,它能通過C點(diǎn)?，F(xiàn)在在O點(diǎn)固定一個(gè)正電荷，同時(shí)讓小球也帶正電,仍然將它以相同的速度從A點(diǎn)水平射出，小球始終沿軌道運(yùn)動(dòng),它仍能通過C點(diǎn)，則下列說法正確的是（）A。小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)機(jī)械能比原來大B。小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力和原來相同C.小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)機(jī)械能比原來大D.小球運(yùn)動(dòng)到C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力比原來大【答案】AD【解析】【詳解】A．因?yàn)閺腁到B的過程中，電場(chǎng)力做正功，所以，和原來相比，小球機(jī)械能增大，故A正確；B．小球機(jī)械能增大，在B點(diǎn)速度比原來大，且受到庫侖斥力，則小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力比原來大，故B錯(cuò)誤；CD．A、C處在同一等勢(shì)面上，所以從A到C，電場(chǎng)力做功為零，到C點(diǎn)速度與原來相同，機(jī)械能與原來相同，但由于存在庫侖斥力,所以到C點(diǎn)時(shí)對(duì)軌道的壓力比原來大，故C錯(cuò)誤D正確。故選AD。12.如圖所示，固定軌道由傾角為的斜導(dǎo)軌與水平導(dǎo)軌用極短的圓弧導(dǎo)軌平滑連接而成，軌道所在空間存在方向豎直向上、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，兩導(dǎo)軌間距為L(zhǎng),上端用阻值為R的電阻連接。在沿斜導(dǎo)軌向下的拉力(圖中未畫出）作用下，一質(zhì)量為m、接入電路的有效電阻為R的金屬桿MN從斜導(dǎo)軌上某一高度處由靜止開始(t=0）沿斜導(dǎo)軌勻加速下滑，經(jīng)過時(shí)間t0桿MN滑至斜軌道的最底端P2Q2處，此時(shí)速度大小為v并撤去拉力,桿MN在水平導(dǎo)軌上減速運(yùn)動(dòng)直至停止，桿MN始終垂直于導(dǎo)軌并與導(dǎo)軌保持良好接觸，導(dǎo)軌的電阻以及一切摩擦均不計(jì)。則下列說法正確的是（）A.桿MN中通過的最大感應(yīng)電流B.桿MN沿斜導(dǎo)軌下滑的過程中，通過電阻R的電荷量C.撤去拉力后，桿MN在水平軌道上運(yùn)動(dòng)的路程D.撤去拉力后，回路中產(chǎn)生的焦耳熱為【答案】ACD【解析】【詳解】A．經(jīng)分析可知，桿下滑到處時(shí)的速度最大（設(shè)為），剛滑至水平導(dǎo)軌時(shí)回路中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)最大，且最大值為此時(shí)回路中通過的感應(yīng)電流最大，有解得故A正確；B．桿沿斜導(dǎo)軌下滑的距離為在桿沿斜導(dǎo)軌下滑的過程中,穿過回路的磁通量的變化為該過程回路中產(chǎn)生的平均感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為回路中通過的平均感應(yīng)電流為又聯(lián)立解得故B錯(cuò)誤；C．撤去拉力后，桿在水平導(dǎo)軌上做減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)某時(shí)刻其速度大小為，則此時(shí)回路中通過的感應(yīng)電流為設(shè)此時(shí)桿的加速度大小為a，由牛頓第二定律有設(shè)在趨近于零的時(shí)間內(nèi)，桿的速度變化的大小為，有聯(lián)立可得即解得故C正確；D．撤去拉力后,桿在水平導(dǎo)軌上做減速運(yùn)動(dòng)直到停止，根據(jù)能量守恒故D正確。故選ACD.三、填空題（共2小題，每小題10分，滿分20分）13。用圖示裝置測(cè)量重錘的質(zhì)量，在定滑輪兩側(cè)分別掛上重錘和n塊質(zhì)量均為m0的鐵片,重錘下端貼一遮光片，鐵架臺(tái)上安裝有光電門．調(diào)整重錘的高度,使其從適當(dāng)?shù)奈恢糜伸o止開始下落，讀出遮光片通過光電門的擋光時(shí)間t0；從定滑輪左側(cè)依次取下1塊鐵片放到右側(cè)重錘上，讓重錘每次都從同一位置由靜止開始下落，計(jì)時(shí)器記錄的擋光時(shí)間分別為t1、t2…,計(jì)算出t02、t12…．（1）擋光時(shí)間為t0時(shí),重錘的加速度為a0．從左側(cè)取下i塊鐵片置于右側(cè)重錘上時(shí)，對(duì)應(yīng)的擋光時(shí)間為ti，重錘的加速度為ai．則=_____．（結(jié)果用t0和ti表示）（2)作出﹣i的圖線是一條直線，直線的斜率為k，則重錘的質(zhì)量M=_____．（3)若重錘的質(zhì)量約為300g，為使實(shí)驗(yàn)測(cè)量數(shù)據(jù)合理，鐵片質(zhì)量m0比較恰當(dāng)?shù)娜≈凳莀____．A．1gB．3gC．40gD．300g．【答案】(1）.(1)；（2）。（2);（3).（3）C．【解析】（1）設(shè)擋光板的寬度為d，重錘與光電門的高度差為h．則重錘到達(dá)光電門時(shí)的速度重錘下落時(shí)做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，則，解得：則（2)定滑輪兩側(cè)分別掛上重錘M和n塊質(zhì)量均為m0的鐵片時(shí),設(shè)繩上拉力為，對(duì)重錘M受力分析,由牛頓第二定律得：對(duì)n塊質(zhì)量均為m0的鐵片受力分析,由牛頓第二定律得：解得:從左側(cè)取下i塊鐵片置于右側(cè)重錘上時(shí)，設(shè)繩上拉力為，對(duì)重錘M和i塊鐵片受力分析,由牛頓第二定律得：對(duì)n—i塊質(zhì)量均為m0的鐵片受力分析，由牛頓第二定律得:解得：所以﹣i的圖線是一條直線，直線的斜率為k，則解得：(3)重錘的質(zhì)量約為300g，為使重錘的加速度不至于太大且鐵片取下放到重錘下時(shí)加速度要有明顯的變化，鐵片的質(zhì)量不能太??；重錘的質(zhì)量大于所有鐵片的質(zhì)量且要測(cè)多組數(shù)據(jù)，鐵片的質(zhì)量也不能太大．所以C項(xiàng)正確．14.用DIS測(cè)電源電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻電路如圖（a)所示，R0為定值電阻．（1)調(diào)節(jié)電阻箱R，記錄電阻箱的阻值R和相應(yīng)的電流值I,通過變換坐標(biāo)，經(jīng)計(jì)算機(jī)擬合得到如圖（b）所示圖線,則該圖線選取了____為縱坐標(biāo)，由圖線可得該電源電動(dòng)勢(shì)為___V．(2)現(xiàn)有三個(gè)標(biāo)有“2．5V，0．6A”相同規(guī)格的小燈泡，其I﹣U特性曲線如圖（c）所示,將它們與圖（a）中電源按圖(d)所示電路相連，A燈恰好正常發(fā)光,則電源內(nèi)阻r=____Ω，圖（a）中定值電阻R0=____Ω（3）若將圖（a)中定值電阻R0換成圖（d）中小燈泡A，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，使電阻箱R消耗的電功率是小燈泡A的兩倍,則此時(shí)電阻箱阻值應(yīng)調(diào)到_____Ω【答案】（1).（2）。4.5（3）。2。5(4）。2（5）.）4。80(4.6—4。9均可）【解析】【詳解】(1)由閉合電路歐姆定律可知:；要形成與電阻成一次函數(shù)關(guān)系，則縱坐標(biāo)只能取；則有：；則圖象的斜率為:；則有:E=4.5V；，則有：R0+r=4.5(2）A燈正常發(fā)光的電流為：I=0.6A；則BC兩燈的電流為0。3A，由圖象可知,BC兩燈的電壓為0.5V;路端電壓為：U=2.5V+0.5V=3V；則內(nèi)壓為：U內(nèi)=4。5—3=1.5V;則內(nèi)阻：;則定值電阻為：R0=4。5—2。5=2Ω；（3）燈泡與滑動(dòng)變阻器串聯(lián)，故燈泡與電阻中流過的電流相等，而滑動(dòng)變阻器阻值約為燈泡電阻的兩倍；則滑動(dòng)變阻器兩端的電壓為燈泡兩端電壓的兩倍，設(shè)燈泡兩端電壓為U，則滑動(dòng)變阻器兩端電壓為2U，則由閉合電路歐姆定律可知：3U+2。5I=4.5變形得I=1.8—1.2U；在上圖中作出對(duì)應(yīng)的I—U圖象，則與原圖象的交點(diǎn)為符合條件點(diǎn)；由圖可知，I=0.48A，U=1.15V;則滑動(dòng)變阻器阻值為:(4。6-4。9均可）；四、解答題（共4小題,滿分40分)15。如圖所示，左右兩個(gè)容器的側(cè)壁都是絕熱的，底部都是導(dǎo)熱的且截面積均為S。左容器足夠高，上端敞開，右容器上端由導(dǎo)熱材料封閉.兩個(gè)容器的下端由可忽略容積的細(xì)管連通。容器內(nèi)兩個(gè)絕熱的輕活塞A、B下方封有氮?dú)?B上方封有氫氣。大氣的壓強(qiáng)p0，溫度為T0，兩個(gè)活塞質(zhì)量可忽略不計(jì)。系統(tǒng)平衡時(shí),各氣體柱的高度如圖所示。現(xiàn)將系統(tǒng)的底部浸入恒溫?zé)崴壑?，第二次平衡時(shí)A上升了一定的高度。接著在A上緩慢加入一定質(zhì)量的細(xì)沙，使活塞A回到第一次平衡的位置，此時(shí)氫氣柱高度為0.8h.氮?dú)夂蜌錃饩梢暈槔硐霘怏w.求:（1）第二次平衡時(shí)氮?dú)獾臍庵傞L(zhǎng);(2)恒溫?zé)崴壑袩崴臏囟??！敬鸢浮浚?)；（2）【解析】【詳解】（1）考慮氫氣的等溫過程.該過程的初態(tài)壓強(qiáng)為，體積為，末態(tài)體積為.設(shè)末態(tài)壓強(qiáng)為，由玻意耳定律得活塞A從最高點(diǎn)被推回第一次平衡時(shí)位置的過程是等溫過程.A、B下方封有氮?dú)庠撨^程的初態(tài)壓強(qiáng)為，體積為V，末態(tài)的壓強(qiáng)為，末態(tài)體積為，則由玻意耳定律得第二次平衡時(shí)氮?dú)獾臍庵傞L(zhǎng)（2)活塞A從最初位置升到最高點(diǎn)的過程為等壓過程.該過程的初態(tài)體積和溫度分別為和，末態(tài)體積為。設(shè)末態(tài)溫度為T,由蓋呂薩克定律得16。已知一列簡(jiǎn)諧橫波在t=0時(shí)刻的波形圖象如圖所示，波沿x軸正方向傳播，再經(jīng)過0。9s，B點(diǎn)第3次出現(xiàn)波峰.求:(1）求該簡(jiǎn)諧橫波的波速及由圖示時(shí)刻起，Q點(diǎn)第一次出現(xiàn)波峰所需要的時(shí)間；(2)從圖示時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，試寫出坐標(biāo)為x=2m的質(zhì)點(diǎn)的位移與時(shí)間的關(guān)系式。【答案】(1），；(2)【解析】【詳解】(1）由傳播方向判斷，此時(shí)B點(diǎn)的振動(dòng)方向是向上，經(jīng)過B點(diǎn)第三次到達(dá)波峰位置,即解得從題中波形圖上可以看出，波長(zhǎng)所以波速由圖上可以看出波向右傳播，時(shí)，離Q點(diǎn)最近的波峰在處，該點(diǎn)距Q點(diǎn)距離為因此再經(jīng)過t1時(shí)間,Q點(diǎn)第一次出現(xiàn)波峰（2）根據(jù)周期求出角速度由于波向右傳播，所以的質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)方向?yàn)檠刂鴛軸正方向.因此坐標(biāo)為的質(zhì)點(diǎn)的位移與時(shí)間的關(guān)系式為17。如圖所示，在平面直角坐標(biāo)系xOy內(nèi)，第I象限的等腰直角三角形MNP區(qū)域內(nèi)存在垂直于坐標(biāo)平面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng),y〈0的區(qū)域內(nèi)存在著沿y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng).一質(zhì)量為m,電荷量為的帶電粒子從電場(chǎng)中的點(diǎn)以速度水平向右射出，經(jīng)坐標(biāo)原點(diǎn)O處射入第I象限，最后以垂直于PN的方向射出磁場(chǎng)。已知MN平行于x軸,N點(diǎn)的坐標(biāo)為，不計(jì)粒子的重力。求:（1）電場(chǎng)強(qiáng)度E和磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小之比；(2)帶電粒子由Q點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到出磁湯的總時(shí)間?！敬鸢浮?1)；(2)【解析】【詳解】(1)粒子在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)過程中,由平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律及牛頓第二定律得聯(lián)立得粒子到達(dá)點(diǎn)時(shí)，在y軸方向的分速度速度與正方向的夾角滿足解得粒子從的中點(diǎn)垂直于進(jìn)入磁場(chǎng)，垂直于射出磁場(chǎng)，粒子在磁場(chǎng)中的速度軌道半徑由得即（2)粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間粒子在磁場(chǎng)和電場(chǎng)之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為故粒子運(yùn)動(dòng)的總時(shí)間為18.如圖所示為過山車簡(jiǎn)易模型,它由光滑水平軌道和豎直面內(nèi)的光滑圓形軌道組成