內(nèi)蒙古呼和浩特市回民中學2022-2023學年物理高一第二學期期中綜合測試模擬試題含解析

內(nèi)蒙古呼和浩特市回民中學2022-2023學年物理高一第二學期期中綜合測試模擬試題注意事項1．考試結(jié)束后，請將本試卷和答題卡一并交回．2．答題前，請務必將自己的姓名、準考證號用0．5毫米黑色墨水的簽字筆填寫在試卷及答題卡的規(guī)定位置．3．請認真核對監(jiān)考員在答題卡上所粘貼的條形碼上的姓名、準考證號與本人是否相符．4．作答選擇題，必須用2B鉛筆將答題卡上對應選項的方框涂滿、涂黑；如需改動，請用橡皮擦干凈后，再選涂其他答案．作答非選擇題，必須用05毫米黑色墨水的簽字筆在答題卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律無效．5．如需作圖，須用2B鉛筆繪、寫清楚，線條、符號等須加黑、加粗．一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、從地面上方同一位置分別水平拋出兩個質(zhì)量分別為m和2m的小物體，拋出速度大小分別為2v和v，不計空氣阻力，則以下說法不正確的是A．落地時重力做功的瞬時功率不相同B．從拋出到落地速度的增量不相同C．從拋出到落地動能的增量不相同D．從拋出到落地重力的平均功率不相同2、如圖所示是蹦床運動員在空中表演的情景，在運動員從最低點開始反彈至即將與蹦床分離的過程中，蹦床的彈性勢能、運動員的重力勢能和動能變化情況分別是()A．彈性勢能減小，動能增大B．重力勢能增大，動能先增大后減小C．彈性勢能增大，重力勢能增大D．彈性勢能增大，動能先增大后減小3、兩架飛機在空中沿水平面上做勻速圓周運動，在相同的時間內(nèi)，它們通過的路徑之比為2:3，運動方向改變的角度之比為4:3。它們的向心加速度之比為多少A．2:3 B．8:9 C．2:1 D．1：24、字宙中，兩顆靠得比較近的恒星，只受到彼此之間的萬有引力作用，分別圍繞其連線上的某一點做周期相同的勻速圓周運動，稱之為雙星系統(tǒng)。由恒星A與恒星B組成的雙星系統(tǒng)繞其連線上的O點做勻速圓周運動，如圖所示。已知它們的運行周期為T，恒星A的質(zhì)量為M，恒星B的質(zhì)量為3M，引力常量為G，則下列判斷正確的是（）A．兩顆恒星相距B．恒星A與恒星B的向心力之比為3︰1C．恒星A與恒星B的線速度之比為1︰3D．恒星A與恒星B的軌道半徑之比為︰15、某物體受同一平面內(nèi)的幾個力作用而做勻速直線運動，從某時刻起撤去其中一個力，而其它力沒變，則該物體()A．一定做勻加速直線運動B．一定做勻減速直線運動C．其軌跡可能是曲線D．其軌跡不可能是直線6、下列關于機械振動和機械波的說法中正確的是（）A．有機械振動必有機械波B．振幅是描述機械振動強弱的物理量C．周期長的機械波質(zhì)點振動得快D．離波源遠的質(zhì)點振動得慢7、假設“神舟”十號實施變軌后做勻速圓周運動，共運行了n周，起始時刻為t1，結(jié)束時刻為t2，運行速度為v，半徑為r.則計算其運行周期可用()A． B． C． D．8、如圖，小球從高處下落到豎直放置的輕彈簧上，在將彈簧壓縮到最短的整個過程中（）A．小球動能和彈簧彈性勢能之和不斷增大B．小球重力勢能和彈簧彈性勢能之和保持不變C．小球重力勢能和動能之和增大D．小球重力勢能、動能與彈簧彈性勢能之和保持不變9、假如地球的自轉(zhuǎn)速度增大，關于物體重力，下列說法正確的是()A．放在赤道上的物體的萬有引力不變B．放在兩極上的物體的重力不變C．放在赤道上的物體的重力減小D．放在兩極上的物體的重力增加10、在傾角為的固定光滑斜面上有兩個用輕彈簧相連接的物塊A、B，它們的質(zhì)量分別為m1、m2，彈簧勁度系數(shù)為k，C為一固定擋板，系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)．現(xiàn)用一平行于斜面向上的恒力F拉物塊A使之向上運動，當物塊B剛要離開擋板C時，物塊A運動的距離為d，速度為v，則此時（）A．拉力做功的瞬時功率為FvB．物塊A的加速度為C．物塊B的質(zhì)量滿足D．此過程中，彈簧彈性勢能的增量為11、下列各圖能正確描述質(zhì)點運動到P點時的速度v和加速度a的方向關系的是()A． B． C． D．12、如圖所示，A、B、C、D為某勻強電場中四邊形的四個頂點，且AB∥CD、AB⊥BC，邊長關系為BC=CD=2AB=4cm，電場線與四邊形所在平面平行．已知A、B、C三點電勢分別為=20V，=16V，=24V．則A．D點電勢為36VB．場強的大小為V/mC．場強的方向由D指向AD．場強的方向由D指向B二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、（6分）在“探究平拋運動的規(guī)律”的實驗中，分成兩步進行：（1）如圖（甲）所示．當金屬錘D打擊金屬片時，A球就水平飛出，B球同時豎直下落，兩球_____（A先、B先、同時）落到地面．這個實驗說明A球___________（填寫選項代號）．A．水平方向的分運動是勻速直線運動B．水平方向的分運動是勻加速直線運動C．豎直方向的分運動是自由落體運動D．豎直方向的分運動是勻速直線運動（2）用一張印有小方格的紙作出其軌跡如圖（乙）所示，運動途中的三個位置分別為a、b、c，小方格的邊長為L，則小球平拋運動的初速度為__________，平拋小球在b點的瞬時速度的大小為____．14、（10分）某同學利用如圖所示的裝置“探究合外力做功與物體動能變化的關系”，具體實驗步驟如下∶A．按照圖示安裝好實驗裝置，掛上砂桶（含少量砂子）；B．調(diào)節(jié)長木板的傾角，輕推小車后，使小車沿長木板向下運動，且通過兩個光電門的時間相等；C．取下細繩和砂桶，測量砂子和桶的質(zhì)量m，并記錄數(shù)據(jù)；D．保持長木板的傾角不變，將小車置于靠近滑輪的位置，由靜止釋放小車，記錄小車先后通過光電門甲和乙時的時間t1、t2，并測量遮光條的寬度d，光電門甲、乙之間的距離為s；E．改變光電門甲、乙之間的距離，重復步驟D；請回答下列各問題：（用題目所給字母表示）(1)若砂桶和砂子的總質(zhì)量為m，小車的質(zhì)量為M，重力加速度為g，則步驟D中小車下滑時所受合力大小為________。（忽略空氣阻力）(2)在誤差允許的范圍內(nèi)，若滿足__________，則表明物體所受合外力做的功等于物體動能變化量。三、計算題要求解題步驟，和必要的文字說明（本題共36分）15、（12分）如圖所示．小球A從傾角37°足夠長的斜面上的頂點處開始沿斜面勻速下滑，速度大小v1=6m/s，而在此之前的時間，從斜面頂點處以速度v2=4m/s水平拋出一個飛鏢，結(jié)果飛鏢恰好在斜面上某處擊中小球A．不計飛鏢運動過程中的空氣阻力，可將飛鏢和小球視為質(zhì)點．已知重力加速度為g，sin37°=0.6，cos37°=0.8，試求：（1）飛鏢是以多大的速度擊中小球的？（2）兩個物體開始運動的時間間隔應為多少？16、（12分）如圖所示，物體重20N，與水平面間的動摩擦因數(shù)為0.3，開始時連接在物體與墻面之間的輕彈簧已被拉伸了3cm，彈簧勁度系數(shù)為100N/m，系統(tǒng)靜止在水平地面上．試求：(1)系統(tǒng)靜止時物體所受彈簧彈力及摩擦力的大小和方向(2)現(xiàn)用F=10N的水平推力作用在物體上，設最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，求此后物體所受摩擦力的大小和方向17、（12分）如圖所示，在勻速轉(zhuǎn)動的圓盤上，沿半徑方向放置以細線相連的質(zhì)量均為的A、B兩個小物塊（細線伸直）。A離軸心r1=10cm，B離軸心r2=20cm，A、B兩與圓盤面間相互作用的最大靜摩擦力為其重力的0.3倍，取g=10m/s2。求：(1)若細線上剛要出現(xiàn)張力時，圓盤的角速度；(2)欲使A、B與圓盤面間不發(fā)生相對滑動，則圓盤轉(zhuǎn)動的最大角速度；(3)當圓盤轉(zhuǎn)速達到A、B剛好不滑動時，燒斷細線，則A、B將怎樣運動?

參考答案一、選擇題：（1-6題為單選題7-12為多選，每題4分，漏選得2分，錯選和不選得零分）1、B【解析】試題分析：重力做功瞬時功率為P=mgvy，同一高度平拋，落地時vy相同，A正確；由Δv=gt，加速度相同，兩物體運動時間相同，則兩物體速度增量相同，B選項錯誤；由動能定理得，重力做功等于物體動能的增量，兩物體重力不同，重力做功不同，則動能增量不同，C選項正確；兩物體運動時間相同，重力做功不同，重力做功的平均功率不同，D選項正確?？键c：本題考查功能關系。2、B【解析】

運動員從最低點開始反彈至即將與蹦床分離的過程中,運動員受到的合力向上，即運動員向上加速度運動，速度增大，動能增大，隨著向上運動彈力F減小，加速度減小，當加速度等于零時速度有最大值，此后彈力小于重力，開始向上做減速運動，速度減小，動能減小，所以動能的變化是先增大后減小，由于高度一直在上升，所以重力勢能一直在增大，在上升的過程中彈簧的形變一直在減小，所以彈性勢能一直在減小，故B正確；ACD錯誤．3、B【解析】

兩架飛機做勻速圓周運動，由于在相同的時間內(nèi)它們通過的路程之比是2：3，所以它們的線速度之比：v1：v2=2：3；由于在相同的時間內(nèi)運動方向改變的角度之比是4：3，所以它們的角速度之比：ω1：ω2=4：3；由于向心加速度a=vω，故向心加速度之比為：a1：a2=8：9，故選B．4、A【解析】

兩恒星體做勻速圓周運動的向心力來源于兩恒星之間的萬有引力，所以向心力大小相等，列式可得半徑之比；根據(jù)牛頓第二定律列式可求解兩顆恒星相距的距離；恒星A與恒星B的角速度相等，從而可求解線速度之比.【詳解】兩恒星體做勻速圓周運動的向心力來源于兩恒星之間的萬有引力，所以向心力大小相等，即，解得恒星A與恒星B的軌道半徑之比為rA:rB=3:1，故選項BD錯誤；設兩恒星相距為L，則rA+rB=L，根據(jù)牛頓第二定律：，解得，選項A正確；由可得恒星A與恒星B的線速度之比為3:1,選項D錯誤；故選A.5、C【解析】本題考查的是力和運動的關系問題．某物體受同一平面內(nèi)的幾個力作用而做勻速直線運動，從某時刻起撤去其中一個力，而其它力沒變，則該物體可能做勻加速直線運動（力和運動在同一直線上，且方向相同），也可能做勻減速直線運動（力和物體運動在同一直線上，且方向相反），還可能做曲線運動（力和運動方向有夾角），所以本題答案選擇C．6、B【解析】

A.機械波是機械振動在介質(zhì)中的傳播過程，有機械振動若沒介質(zhì)不會形成機械波，故A錯誤；B.振幅是振動物體離開平衡位置的最大距離，表示機械振動強弱的物理量，故B正確；C.周期長的機械波質(zhì)點振動得慢，故C錯誤；D.質(zhì)點振動的快慢可以用頻率描述，各個質(zhì)點的頻率相同，離波源遠的質(zhì)點與離波源近的質(zhì)點振動完全一樣，故D錯誤。7、AC【解析】

AB．根據(jù)題意可知，“神舟五號”做勻速圓周運動運行n圈的時間為t2-t1，根據(jù)周期的定義得故A正確，B錯誤；CD．根據(jù)周期與線速度的關系可得故C正確，D錯誤．故選AC．8、AD【解析】

A．對于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中，小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能這三種形式的能量相互轉(zhuǎn)化，沒有與其他形式的能發(fā)生交換，也就說小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變。對于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中，小球的重力勢能一直減小，則小球動能和彈簧彈性勢能之和不斷增大，故A正確；B．在剛接觸彈簧的時候這個時候小球的加速度等于重力加速度，在壓縮的過程中，彈簧的彈力越來越大，小球所受到的加速度越來越小，直到彈簧的彈力等于小球所受到的重力，這個時候小球的加速度為0，要注意在小球剛接觸到加速度變0的過程中，小球一直處于加速狀態(tài)，由于慣性的原因，小球還是繼續(xù)壓縮彈簧，這個時候彈簧的彈力大于小球受到的重力，小球減速，直到小球的速度為0，這個時候彈簧壓縮的最短。所以小球的動能先增大后減小，所以重力勢能和彈性勢能之和先減小后增加。故B錯誤；C．彈簧是一直被壓縮的，所以彈簧的彈性勢能一直在增大。因為小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變，重力勢能和動能之和始終減小，故C錯誤；D．對于小球從接觸彈簧到將彈簧壓縮到最短的過程中，小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能這三種形式的能量相互轉(zhuǎn)化，沒有與其他形式的能發(fā)生交換，也就說小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變。故D正確。故選AD。點睛：根據(jù)能量守恒小球的動能、重力勢能和彈簧的彈性勢能之和保持不變。其中一個能量的變化可以反映出其余兩個能量之和的變化。9、ABC【解析】

地球自轉(zhuǎn)速度增大，則物體隨地球自轉(zhuǎn)所需向心力增大。A．地球的質(zhì)量和半徑都沒有變化，故對赤道上物體的萬有引力大小保持不變，故A正確；BD．地球繞地軸轉(zhuǎn)動，在兩極點，物體轉(zhuǎn)動半徑為0，轉(zhuǎn)動所需向心力為0，此時物體的重力與萬有引力相等，故自轉(zhuǎn)速度增大兩極點的重力保持不變，故B正確，D錯誤；C．赤道上的物體重力和向心力的合力等于物體受到的萬有引力，因萬有引力不變，自轉(zhuǎn)速度增大時所需向心力增大，故物體的重力將減小，故C正確。故選ABC。10、ABD【解析】試題分析：拉力的瞬時功率P=Fv，故A正確；當B剛離開C時，對A，根據(jù)牛頓第二定律得：，又開始時，A平衡，則有：，而，解得：物塊A加速度為，故B正確；開始系統(tǒng)處于靜止狀態(tài)，彈簧彈力等于A的重力沿斜面下的分力，當B剛離開C時，彈簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，故，但由于開始是彈簧是壓縮的，故，故，故C錯誤；根據(jù)功能關系，彈簧彈性勢能的增加量等于拉力的功減去系統(tǒng)動能和重力勢能的增加量，即為：，故D正確.故選ABD.【點睛】當B剛離開C時，彈簧的彈力等于B的重力沿斜面下的分力，根據(jù)胡克定律求解出彈簧的伸長量；根據(jù)牛頓第二定律求出物塊A的加速度大?。桓鶕?jù)機械能守恒定律求解A的速度．11、AC【解析】A圖中速度方向沿軌跡的切線方向，加速度指向軌跡的內(nèi)側(cè)，故A正確；B圖中速度方向不是沿軌跡的切線方向，加速度指向軌跡的外側(cè)，不符合曲線運動的特征，故B錯誤；C圖像速度方向沿軌跡的切線方向，加速度指向軌跡的內(nèi)側(cè)．故C正確；D圖中加速度應該是指向軌跡的內(nèi)側(cè)，不能指向外側(cè)，故D錯誤；故選AC．電荷：此題關鍵是知道曲線運動的特征：曲線運動中質(zhì)點的速度方向是軌跡的切線方向、加速度方向指向軌跡的內(nèi)側(cè)．12、BD【解析】根據(jù)電場線與等勢線相片垂直的原量，作出對應的電場圖如圖所示，虛線表示等勢線、實線表示電場線．根據(jù)勻強電場中U=Ed可知，三角形BCD是等腰直角三角形，具有對稱性，BD連線中點d的電勢與C相等，為24V，則；因dB與Dd的距離相等，故，又，解得，故A錯誤；，則電場強度為，故B正確；由圖可知，電場強度方向由D指向B，故C錯誤，D正確；選BD.二、實驗題（本題共16分，答案寫在題中橫線上）13、同時C【解析】

（1）在打擊金屬片時，兩小球同時做平拋運動與自由落體運動．結(jié)果同時落地，則說明平拋運動豎直方向是自由落體運動，故選C．（2）小球水平方向勻速運動，由圖可知x=2L，在豎直方向上有：△h=gT2，其中△h=L，所以水平方向：x=v0t，可得小球平拋運動的初速度為：．小球在b點的豎直分速度為：，則小球在b點的瞬時速度的大小為．14、mg【解析】

（1）[1]由步驟B，可知小車和砂桶都做勻速直線運動；對小車，沿斜面方向，根據(jù)平衡條件可得對砂桶，根據(jù)平衡條件可得在步驟D中對小車，根據(jù)牛頓第二定律有聯(lián)立可