2022-2023學年廣西全州縣二中高一物理第二學期期中調研試題含解析

2022-2023學年廣西全州縣二中高一物理第二學期期中調研試題請考生注意：1．請用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應位置上，請用0．5毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫在答題紙相應的答題區(qū)內。寫在試題卷、草稿紙上均無效。2．答題前，認真閱讀答題紙上的《注意事項》，按規(guī)定答題。一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、如圖所示，滑梯左、右滑道與水平面的夾角分別為、，質量相等的甲、乙兩個小孩從滑梯頂端由靜止開始分別沿左、右滑道下滑到底端（不計一切阻力），則甲、乙兩小孩在該過程中（）A．到達底端時的速度相同 B．到達底端時的動能相同C．重力的平均功率相同 D．到達底端時重力的瞬時功率不同2、人站在電梯中隨電梯一起運動．下列過程中人處于超重狀態(tài)的是（）A．電梯加速上升B．電梯加速下降C．電梯勻速上升D．電梯勻速下降3、平拋物體的運動規(guī)律可以概括為兩點：①水平方向做勻速運動；②豎直方向做自由落體運動。為了研究平拋物體的運動，可做下面的實驗：如圖所示，用小錘打擊彈性金屬片，A球就水平飛出，同時B球被松開，做自由落體運動，兩球同時落到地面，這個實驗（）A．只能說明上述規(guī)律中的第1條B．只能說明上述規(guī)律中的第2條C．不能說明上述規(guī)律中的任何一條D．能同時說明上述兩條規(guī)律4、一水平拋出的小球落到一傾角為θ的斜面上時，其速度方向與斜面垂直，運動軌跡如圖中虛線所示．則下列說法正確的是（）A．水平速度與豎直速度之比為B．水平速度與豎直速度之比為C．水平位移與豎直位移之比為D．水平位移與豎直位移之比為5、一質量為m的木塊靜止在光滑的水平面上，從t=0開始，將一個大小為F的水平恒力作用在該木塊上，則（）A．在t=T時刻F的功率是 B．在t=T時刻F的功率是C．在t=T時間內F做的功等于 D．在t=T時間內F的平均功率等于6、(多選)用細繩拴著小球做圓錐擺運動，如圖所示，下列說法正確的是()A．小球受到重力、繩子的拉力和向心力的作用B．小球做圓周運動的向心力是重力和繩子的拉力的合力C．向心力的大小可以表示為Fn＝mrω2，也可以表示為Fn＝mgtanθD．以上說法都正確7、對于做勻速圓周運動的物體，下面說法正確的是（）A．相等的時間里發(fā)生的位移相同 B．相等的時間里速度變化相同C．相等的時間里通過的路程相等 D．相等的時間里轉過的角度相等8、帶電平行板電容器與靜電計相連，如圖所示．下列各種情況中能觀察到靜電計指針偏角增大的是A．將兩極板的間距加大B．將兩極板平行錯開，使正對面積減小C．在A板的內表面上放置一面積和極板相等、厚度小于極板間距的陶瓷板D．在A板的內表面上放置一面積和極板相等、厚度小于極板間距的鋁板9、一輕桿一端固定質量為m的小球，以另一端O為圓心，使小球在豎直面內做半徑為R的圓周運動，如圖所示，重力加速度為g，則下列說法正確的是（）A．小球過最高點時，桿所受到的彈力可以等于零B．小球過最高點的最小速度是0C．小球過最高點時，桿對球的作用力一定隨速度增大而增大D．小球過最高點時，桿對球的作用力一定隨速度增大而減小10、(多選)如圖所示，軌道1是衛(wèi)星繞地球運動的圓軌道，可以通過在A點加速使衛(wèi)星在橢圓軌道2上運動．A點是近地點，B點是遠地點．軌道1、2相切于A點．在遠地點B加速后，可使衛(wèi)星在圓軌道3上運動，軌道2、3相切于B點．則下列說法中正確的是()A．衛(wèi)星在軌道1上運行的速率大于在軌道2上經過B點時的速率B．無法比較衛(wèi)星在軌道1上運行的速率和在軌道2上經過B點時的速率大小C．衛(wèi)星在軌道2上經過A點時的向心加速度大于在軌道2上經過B點時的向心加速度D．衛(wèi)星在軌道2上經過B點時的向心加速度小于在軌道3上運行時的向心加速度二、實驗題11、（4分）某實驗小組采用如圖所示的裝置來探究“功與速度變化的關系”?實驗中,小車碰到制動裝置時,鉤碼尚未到達地面?實驗的部分步驟如下:①將一塊一端帶有定滑輪的長木板固定在桌面上,在長木板的另一端固定打點計時器;②把紙帶穿過打點計時器的限位孔,連在小車后端,用細線跨過定滑輪連接小車和鉤碼;③把小車拉到靠近打點計時器的位置,接通電源,從靜止開始釋放小車,得到一條紙帶;④關閉電源,通過分析小車位移與速度的變化關系來研究合外力對小車所做的功與速度變化的關系?下圖是實驗中得到的一條紙帶,點O為紙帶上的起始點,A、B、C是紙帶的三個計數(shù)點,相鄰兩個計數(shù)點間均有4個點未畫出,用刻度尺測得A、B、C到O的距離如圖所示,已知所用交變電源的頻率為50Hz,問:（1）打B點時刻,小車的瞬時速度vB=__________m/s?（結果保留兩位有效數(shù)字）（2）本實驗中,若鉤碼下落高度為時合外力對小車所做的功,則當鉤碼下落時,合外力對小車所做的功為_____________?（用表示）（3）實驗中,該小組同學畫出小車位移x與速度v的關系圖象如圖所示?根據(jù)該圖形狀,某同學對W與v的關系作出的猜想,肯定不正確的是________（填寫選項字母代號）A．W∝vB．W∝v2C.W∝D．W∝v3（4）在本實驗中,下列做法能有效地減小實驗誤差的是__________（填寫選項字母代號）A．把長木板右端適當墊高,以平衡摩擦力B．實驗中控制鉤碼的質量,使其遠小于小車的總質量C．調節(jié)滑輪高度,使拉小車的細線和長木板平行D．先讓小車運動再接通打點計時器12、（10分）（1）在做“研究平拋運動”實驗中，以下哪些操作可能引起實驗誤差（________）A.安裝斜槽時，斜槽末端切線方向不水平B.確定OY軸時，沒有用重垂線C.斜槽不是絕對光滑的，有一定摩擦D.每次從軌道同一位置釋放小球（2）如圖所示為某次實驗中一小球做平拋運動的閃光照相照片的一部分,圖中背景方格的邊長均為5cm.如果取g=10m/s2,那么：①閃光頻率是_______Hz②小球平拋時的初速度的大小是________m/s③小球經過B點的速度大小是___________m/s三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（9分）已知一個繞太陽做勻速圓周運動的行星的軌道半徑為r，周期是T，萬有引力常量為G．（1）求太陽質量（2）若太陽半徑為R，求太陽的密度14、（14分）如圖所示為汽車在水平路面做半徑為R的大轉彎的后視圖，懸吊在車頂?shù)臒糇笃甩冉?，則：(1)車正向左轉彎還是向右轉彎？(2)車速是多少？(3)若(2)中求出的速度正是汽車轉彎時不打滑允許的最大速度，則車輪與地面的動摩擦因數(shù)μ是多少？15、（13分）如圖所示，一光滑的半徑為R的圓形軌道放在水平面上，一個質量為m的小球以某一速度沖上軌道，當小球將要從軌道口飛出時，小球對軌道的壓力恰好為零，則小球落地點C距A處多遠？

參考答案一、選擇題：本大題共10小題，每小題5分，共50分。在每小題給出的四個選項中，有的只有一項符合題目要求，有的有多項符合題目要求。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。1、BD【解析】

A．兩位小孩達到底端的速度方向不同，所以速度不一樣，故A錯誤；B．兩個小孩從頂端滑到底端的過程中，根據(jù)動能定理即末動能為兩個小孩的質量相同，始末高度差相同，所以動能相同，故B正確；C．甲的下滑加速度位移根據(jù)聯(lián)立可得甲的下滑時間同理可得乙的下滑時間有可知，甲乙下滑所需時間不同，所以重力的平均功率不同，故C錯誤；D．根據(jù)可知甲乙末速度大小相等，即重力的瞬時功率為因，所以甲乙的重力的瞬時功率肯定不同。故D正確。故選BD。2、A【解析】試題分析：當物體有向下的加速度時物體處于失重狀態(tài)；當物體加速度向上時，物體處于超重狀態(tài)．解：A、電梯加速上升時，加速度向上，故人超重，故A正確；B、電梯加速下降時，加速度向下，故人失重，故B錯誤；C、電梯勻速上升時，加速度為零；人不超重也不失重；故C錯誤；D、電梯勻速下降時，加速度為零；人不超重也不失重；故D錯誤；故選A．【點評】本題考查超重與失重的性質，注意明確加速度向上有兩種可能：加速向上或減速向下．3、B【解析】

在打擊金屬片時，兩小球同時做平拋運動與自由落體運動．結果同時落地，則說明平拋運動豎直方向是自由落體運動。

故選B．4、A【解析】

AB、小球撞在斜面上，速度方向與斜面垂直，則速度方向與豎直方向的夾角為，則水平速度與豎直速度之比為，故選項A正確，B錯誤；CD、水平位移與豎直位移之比，故選項C、D錯誤．5、B【解析】

由牛頓第二定律可以得到，F(xiàn)=ma，所以，t=T時刻物體的速度，此時F的功率是，選項A錯誤，B正確；t=T時間內通過的位移為，F(xiàn)做功為，故C錯誤；在t=T時間內F的平均功率，故D錯誤.6、BC【解析】小球受到重力、繩子的拉力的作用，選項A錯誤；小球做圓周運動的向心力是重力和繩子的拉力的合力，選項B正確；向心力的大小可以表示為Fn＝mrω2，也可以表示為Fn＝mgtanθ，選項C正確，D錯誤；故選BC.7、CD【解析】

AC．物體做勻速圓周運動，則速率不變，則相等的時間里發(fā)生的路程相等，位移大小相同，但是方向不同，選項C正確，A錯誤；B．相等的時間里速度變化大小相同，但是方向不同，選項B錯誤；D．根據(jù)可知，相等的時間里轉過的角度相等，選項D正確。故選CD。8、AB【解析】將兩極板的間距加大，依據(jù)，可知電容減小，由電容器的定義式，可知兩極板間電壓增大，故指針偏角增大，故A正確．將兩極板平行錯開，使正對面積減小，依據(jù)可知電容減小，由電容器的定義式，可知兩極板間電壓增大，故指針偏角增大，故B正確．在A板的內表面上放置一面積和極板相等、厚度小于極板間距的陶瓷板或鋁板，都是增大了介電常數(shù)，依據(jù)可知電容增大，由電容器的定義式可知兩極板間電壓減小，故指針偏角減小，故CD錯誤．故選AB.9、AB【解析】

A．當小球到達最高點彈力為零時，重力提供向心力，有，解得，即當速度時，桿所受的彈力為零。故A正確；B．小球通過最高點的最小速度為零。故B正確；CD．小球在最高點，若，則，桿的作用力隨著速度的增大而減小，若，則有：，桿的作用力隨著速度增大而增大。故CD錯誤。故選AB。10、AC【解析】試題分析：衛(wèi)星在軌道1上經過A點到達軌道2上的B點時，引力做負功，所以動能減小，所以衛(wèi)星在軌道1上運行的速率大于在軌道2上經過B點時的速率，選項A正確B錯誤；因為即衛(wèi)星在軌道2上經過A點時的向心加速度大于在軌道2上經過B點時的向心加速度，選項C正確；因為衛(wèi)星在軌道2上經過B點后將開始做近心運動，故衛(wèi)星在軌道2上經過B點時的速度小于在軌道3上經過B點時的速率，故向心加速度較小，所以D正確．考點：萬有引力定律及衛(wèi)星的運動．二、實驗題11、0.40m/sACABC【解析】

(1)[1]相鄰兩個計數(shù)點間均有4個點未畫出，可知時間間隔為T=0.1s，根據(jù)勻變速直線運動的平均速度等于中間時刻瞬時速度，則(2)[2]若鉤碼下落h1合外力做功W0=mgh1，當鉤碼下落h2時，合外力做功W2=mgh2，可得：(3)[3]由于W=F合x，且F合為定值，因此W∝x，由圖象知x與v不成正比，所以W∝v不成立；根據(jù)圖象當x增大時，v增大，合外力做的功W也會增大，故不正確。所以選AC。(4)[4]AB．本實驗探究“功與速度變化的關系”的實驗，要使鉤碼的重力等于小車的合外力，就必須先平衡摩擦力，保證鉤碼的質量遠小于小車的總質量。故AB符合題意。

C．調節(jié)滑輪高度，使拉小車的細線和長木板平行，讓力的方向和位移方向在同一直線上，可以減小誤差。故C符合題意。

D．應該先接通電源，后放開小車。故D不符合題意。12、AB101.52.5【解析】

（1）：當斜槽末端切線沒有調整水平時，小球脫離槽口后并非做平拋運動，但在實驗中，仍按平拋運動分析處理數(shù)據(jù)，會造成較大誤差，故斜槽末端切線不水平會造成誤差；確定Oy軸時，沒有用重錘線，就不能調節(jié)斜槽末端切線水平，會引起實驗誤差；故AB錯誤；只要讓它從同一高度、無初速開始運動，在相同的情形下，即使球與槽之間存在摩擦力，仍能保證球做平拋運動的初速度相同，因此，斜槽軌道不必要光滑，所以不會引起實驗誤差．每次從軌道同一位置釋放小球不會引起實驗誤差．故CD正確（2）：（1）在豎直方向上有：△h=gT2，其中△h=10cm，代入求得：T=0.1s，因此閃光頻率為：f==10Hz．（2）水平方向勻速運動，有：s=v0t，其中s=3l=15cm，t=T=0.1s，代入解得：v0=1.5m/s．（3）根據(jù)勻變速直線運動中，時間中點的瞬時速度等于該過程的平均速度，在B點有：vy=所以B點速度為：vB==2.5m/s．對于平拋運動問題，一定明確其水平和豎直方向運動特點，尤其是在豎直方向熟練應用勻變速直線運動的規(guī)律和推論解題．三、計算題：解答應寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟．只寫出最后答案的不能得分．有數(shù)值計算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位13、（1)（2）ρ=【解析】（1）行星繞太陽做勻速圓周運動，由太陽的萬有引力提供向心力，則有解得太陽質量

（2）太陽的密度為

點睛：解決本題的關鍵是建立物理模型，找出行星繞太陽做勻速圓周運動的向心力，由萬有引力定律和向心力公式結合研究．14、(1)向右轉彎；(2)；(