高考復(fù)習(xí)方案(全國卷地區(qū)專用)高考物理一輪復(fù)習(xí) 45分鐘滾動復(fù)習(xí)訓(xùn)練卷(三)新人教版-新人教版高三全

45分鐘滾動復(fù)習(xí)訓(xùn)練卷(三)(考查范圍：第六單元～第八單元分值：100分)一、選擇題(每一小題6分，共48分，1～5小題為單項選擇，6～8小題為多項選擇)1．圖中a、b、c、d為四根與紙面垂直的長直導(dǎo)線，其橫截面位于正方形的四個頂點上，導(dǎo)線中通有大小一樣的電流，方向如圖G31所示．一帶正電的粒子從正方形中心O點沿垂直于紙面的方向向外運動，它所受洛倫茲力的方向是()圖G31A．向上B．向下C．向左D．向右2．對于真空中電荷量為q的靜止點電荷而言，當選取離點電荷無窮遠處的電勢為零時，離點電荷距離為r處的電勢為φ＝(k為靜電力常量)，如圖G32所示，兩電荷量大小均為Q的異種點電荷相距為d，現(xiàn)將一質(zhì)子(電荷量為e)從兩電荷連線上的A點沿以負電荷為圓心、半徑為R的半圓形軌跡ABC移到C點，在質(zhì)子從A到C的過程中，系統(tǒng)電勢能的變化情況為()圖G32A．減少B．增加C．減少D．增加3．如圖G33所示，盤旋加速器是用來加速帶電粒子使它獲得很大動能的裝置，其核心局部是兩個D形金屬盒，置于勻強磁場中，兩盒分別與高頻交流電源相連，如此帶電粒子獲得的最大動能與如下哪些因素有關(guān)()圖G33A．加速的次數(shù)B．加速電壓的大小C．交流電的頻率D．D形盒的最大半徑4．如圖G34所示，C為兩極板水平放置的平行板電容器，閉合開關(guān)S，當滑動變阻器R1、R2的滑片處于各自的中點位置時，懸在電容器C兩極板間的帶電塵埃P恰好處于靜止狀態(tài)．要使塵埃P向下加速運動，如下方法中可行的是()圖G34A．把R2的滑片向左移動B．把R2的滑片向右移動C．把R1的滑片向左移動D．把開關(guān)S斷開5．如圖G35所示，長為L的通電直導(dǎo)體棒放在光滑水平絕緣軌道上，勁度系數(shù)為k的水平輕彈簧一端固定，另一端拴在棒的中點，且與棒垂直，整個裝置處于方向豎直向上、磁感應(yīng)強度為B的勻強磁場中，彈簧伸長x，棒處于靜止狀態(tài)．如此()圖G35A．導(dǎo)體棒中的電流方向從b流向aB．導(dǎo)體棒中的電流大小為C．假設(shè)只將磁場方向緩慢順時針轉(zhuǎn)過一小角度，x變大D．假設(shè)只將磁場方向緩慢逆時針轉(zhuǎn)過一小角度，x變大6．如圖G36所示，①、②、③是兩個等量異種點電荷形成電場中的位于同一平面內(nèi)的三條等勢線，其中③為直線，①與②、②與③的電勢差相等．一個重力不計、帶負電的粒子進入電場，運動軌跡如圖中實線所示，與①、②、③分別交于a、b、c三點．如下判斷正確的答案是()圖G36A．粒子在c點時的加速度為零B．a(chǎn)點的電勢比b點的電勢高C．粒子從a到b再到c，電勢能不斷增加D．假設(shè)粒子從a到b電場力做功大小為W1，從b到c電場力做功大小為W2，如此W1>W27．如圖G37所示，三角形磁場區(qū)域的三個頂點a、b、c在直角坐標系內(nèi)的坐標分別為(0，2cm)、(－2cm，0)、(2cm，0)，磁感應(yīng)強度B＝4×10－4T，方向垂直于紙面向里．某正離子的比荷為＝2.5×105C/kg，重力不計．大量的該正離子在t＝0時從O點以一樣的速度v＝2磁場射入該磁場區(qū)域，如下說法正確的答案是()m/s沿不同方向垂直于圖G37A．從ac邊離開磁場的離子離開磁場時距c點最近的位置坐標為[B．從a點離開磁場的離子在磁場中運動時間最長C．不可能有離子垂直于ab邊離開磁場cm，(2－3)cm]D．在t＝s時運動時間最長的離子離開磁場8．如圖G38所示，空間存在水平向左的勻強電場和垂直于紙面向里的水平勻強磁場．在該區(qū)域中，有一個豎直放置的光滑絕緣圓環(huán)，環(huán)上套有一個帶正電的小球．O點為圓環(huán)的圓心，a、b、c、d為圓環(huán)上的四個點，a點為最高點，c點為最低點，b、O、d三點在同一水平線上．小球所受的電場力與重力大小相等．現(xiàn)將小球從環(huán)的頂端a點由靜止釋放，如下判斷正確的答案是()圖G38A．小球能越過d點并繼續(xù)沿環(huán)向上運動B．當小球運動到d點時，不受洛倫茲力C．小球從a點運動到b點的過程中，重力勢能減少，電勢能減少D．小球從b點運動到c點的過程中，經(jīng)過弧中點時速度最大二、計算題(第9題24分，第10題28分，共52分，寫出必要的步驟和文字說明)9．長為L的平行金屬板水平放置，兩極板帶等量的異種電荷，板間形成勻強電場，一個帶電荷量為＋q、質(zhì)量為m的帶電粒子以初速度v0緊貼上板垂直于電場線方向進入該電場，剛好從下板邊緣射出，射出時末速度恰與下板成30°角，如圖G39所示，不計粒子重力，求：(1)粒子末速度的大?。?2)勻強電場的場強；(3)兩板間的距離．圖G3910．如圖G310所示，在x軸上方存在沿x軸正方向場強為E的勻強電場，在x軸下方的矩形區(qū)域ABCD內(nèi)存在垂直于紙面向外的勻強磁場．矩形區(qū)域的AB邊與x軸重合．M點是y軸上的一點，在M點有一質(zhì)量為m、電荷量為e的質(zhì)子以初速度v0沿y軸負方向開始運動，質(zhì)子恰好從N點進入磁場，當質(zhì)子第二次經(jīng)過x軸時電場反向，質(zhì)子恰好回到M點，假設(shè)|OM|＝2|ON|，不計質(zhì)子的重力．求：(1)N點橫坐標xN；(2)勻強磁場的磁感應(yīng)強度B0的大小；(3)矩形區(qū)域的最小面積S；(4)假設(shè)質(zhì)子第二次經(jīng)過x軸時，撤去x軸上方的電場，同時在OM中點處放置一塊平行于x軸的絕緣擋板，質(zhì)子與擋板發(fā)生碰撞，碰撞前后質(zhì)子速度的水平分量不變，豎直分量等大反向．求質(zhì)子從離開擋板到再次回到擋板所用的時間t.圖G31045分鐘滾動復(fù)習(xí)訓(xùn)練卷(三)1．B[解析]b、d中的電流在O點產(chǎn)生的合磁場的磁感應(yīng)強度為零．a(chǎn)、c中的電流在O點產(chǎn)生的合磁場的磁感應(yīng)強度方向向左，由左手定如此可知帶電粒子受到洛倫茲力的方向向下，B正確．2．A[解析]半圓形軌跡ABC在－Q的等勢面上，引起電勢能變化是＋Q的電場，如此系統(tǒng)電勢能的變化量為－＝－，選項A正確．3．D[解析]勻強磁場，說明磁場恒定，帶電粒子在洛倫茲力作用下做勻速圓周運動，Rm＝，帶電粒子獲得的最大動能Ekm＝mv＝，由題目的選項判斷可知，只有D項正確．4．A[解析]假設(shè)塵埃P處于靜止狀態(tài)，如此重力與電場力平衡．假設(shè)塵埃向下加速運動，如此電場力減小，電容器兩極板間的電壓減小，故向左移動R2的滑片可以實現(xiàn)這種變化，選項A正確，選項B錯誤．由于電路穩(wěn)定時R1所在的支路無電流，故無論如何移動R1的滑片，電容器兩極板間的電壓都不會改變，故塵埃仍靜止，選項C錯誤．斷開開關(guān)S，電容器兩極板間的電壓增大，塵埃將向上運動，選項D錯誤．5．B[解析]由左手定如此可知，導(dǎo)體棒中的電流方向從a流向b，選項A錯誤；由BIL＝kx可得導(dǎo)體棒中的電流大小為I＝，選項B正確；假設(shè)只將磁場方向緩慢順時針轉(zhuǎn)過一小角度或逆時針轉(zhuǎn)過一小角度，x都變小，選項C、D錯誤．6．BC[解析]粒子做曲線運動，其加速度不為零，選項A錯誤．粒子所受電場力的方向與電場線的方向共線，而電場線與等勢面處處垂直，故粒子所受電場力的方向也與等勢面垂直，根據(jù)曲線運動軌跡的特點可知，粒子所受電場力指向軌跡凹的一側(cè)，綜上，粒子在c點所受電場力的方向與等勢面③垂直，指向左側(cè)．由于粒子帶負電，故過c點的電場線與等勢面③垂直，指向右側(cè)，又因為電場線指向電勢低的等勢面，故有φa>φb>φc，選項B正確．負電荷在電勢高處電勢能小，故粒子在c點電勢能最大，在a點電勢能最小，選項C正確．因為等勢面①與②、②與③的電勢差相等，根據(jù)W＝qU可知，將同一粒子由等勢面①移至②和由等勢面②移至③，電場力做功大小相等，選項D錯誤．7．ABD[解析]正離子在磁場中做圓周運動的軌跡圓半徑R＝＝2cm，入射方向不同的離子的軌跡圓半徑一樣，各離子的軌跡圓是過O點的半徑為R的動圓，且入射速度沿x軸正方向的離子離開磁場時距c點最近，最近點A的坐標為[cm，(2－3)cm]，選項A正確；當軌跡圓弧對應(yīng)的弦最長時，圓心角最大，運動的時間最長，即從a點射出的離子的運動時間最長，該軌跡圓弧對應(yīng)的圓心角為60°，運動時間t＝＝·＝s，選項B、D正確；由幾何關(guān)系可知，從O點沿與Oc成120°角方向射入磁場的離子將垂直于ab邊離開磁場，選項C錯誤．8．BCD[解析]電場力與重力的合力斜向左下方，與水平方向成45°角，在等效場圓環(huán)的“最高點〞為弧ad的中點，該點關(guān)于圓心對稱點為“最低點〞，小球經(jīng)過“最低點〞時速度最大，選項D正確；因a、d兩點關(guān)于等效最高點對稱，假設(shè)小球從a點由靜止釋放，經(jīng)過等效“最低點〞后恰能運動到d點，此時所受的洛倫茲力為零，選項A錯誤，選項B正確；從a點運動到b點過程中，重力和電場力都做正功，重力勢能、電勢能都減少，選項C正確．9．(1)(2)，方向豎直向下(3)[解析](1)粒子在平行金屬板間做類平拋運動，把射出極板的速度分解，如下列圖．有v＝＝v0.(2)豎直分速度vy＝v0tan30°＝v0由牛頓第二定律得qE＝ma由類平拋運動規(guī)律得L＝v0t，vy＝at解得E＝.(3)由類平拋運動規(guī)律得d＝at2解得d＝.10．(1)(2)(3)(4)[解析](1)質(zhì)子從M點到N點做類平拋運動，設(shè)運動時間為t1，如此：沿y軸負方向：2xN＝v0t1沿x軸正方向：xN＝又有：a＝at解得：xN＝.(2)質(zhì)子的運動軌跡如圖甲所示：甲乙質(zhì)子經(jīng)過N點時，由v＝2axN解得vx＝v0v＝＝v0設(shè)質(zhì)子進入磁場時速度方向與x