2023高考物理一輪選練練題5含解析新人教版20231009478

第頁〔人教〕物理2023高考一輪選練練題〔5〕及答案李仕才一、選擇題1、2016年10月17日,“神舟十一號(hào)〞與“天宮二號(hào)〞交會(huì)對(duì)接成為組合體,如下圖.10月20日組合體完成點(diǎn)火程序,軌道高度降低.組合體在高、低軌道上正常運(yùn)行時(shí)均可視為圓周運(yùn)動(dòng),那么(BC)A.在低軌道上運(yùn)行時(shí)組合體的加速度較小B.在低軌道上運(yùn)行時(shí)組合體運(yùn)行的周期較小C.點(diǎn)火過程組合體的機(jī)械能不守恒D.點(diǎn)火使組合體速率變大,從而降低了軌道高度解析:對(duì)于組合體,萬有引力提供其做圓周運(yùn)動(dòng)的向心力,即G=ma=m()2r=,其中M為地球質(zhì)量,m為組合體質(zhì)量,r為組合體軌道半徑.由上述等式可知,組合體在低軌道上,加速度較大,周期較小,選項(xiàng)A錯(cuò)誤,B正確;在點(diǎn)火過程中,將燃料的化學(xué)能轉(zhuǎn)化為組合體的機(jī)械能,故組合體的機(jī)械能變化,選項(xiàng)C正確;當(dāng)點(diǎn)火使組合體速率變小,萬有引力大于組合體需要的向心力時(shí),軌道才會(huì)降低,選項(xiàng)D錯(cuò)誤.2、如下圖，一質(zhì)量為m的沙袋用不可伸長的輕繩懸掛在支架上，一練功隊(duì)員用垂直于繩的力將沙袋緩慢拉起，使繩與豎直方向的夾角為θ＝30°，且繩繃緊，那么練功隊(duì)員對(duì)沙袋施加的作用力大小為()A.eq\f(mg,2) B.eq\f(\r(3),2)mgC.eq\f(\r(3),3)mg D.eq\r(3)mg解析：選A.如圖，建立直角坐標(biāo)系對(duì)沙袋進(jìn)行受力分析：由平衡條件有：Fcos30°－FTsin30°＝0，F(xiàn)Tcos30°＋Fsin30°－mg＝0，聯(lián)立可解得：F＝eq\f(mg,2)，應(yīng)選A.3、〔2023山東省棗莊八中期中〕物理學(xué)的開展極大地豐富了人類對(duì)物質(zhì)世界的認(rèn)識(shí)，推動(dòng)了科學(xué)技術(shù)的創(chuàng)新和革命，促進(jìn)了人類文明的進(jìn)步，關(guān)于物理學(xué)中運(yùn)動(dòng)與力的開展過程和研究方法的認(rèn)識(shí)，以下說法中正確的選項(xiàng)是〔〕A.亞里士多德首先提出了慣性的概念B.伽利略對(duì)自由落體運(yùn)動(dòng)研究方法的核心是：把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理〔包括數(shù)學(xué)演算〕結(jié)合起來，從而開展了人類的科學(xué)思維方式和科學(xué)研究方法C.牛頓三條運(yùn)動(dòng)定律是研究動(dòng)力學(xué)問題的基石，牛頓的三條運(yùn)動(dòng)定律都能通過現(xiàn)代的實(shí)驗(yàn)手段直接驗(yàn)證D.力的單位“N〞是根本單位，加速度的單位“〞是導(dǎo)出單位【答案】B4、(2023·河南天一大聯(lián)考)如下圖的坐標(biāo)系中，第一象限存在與y軸平行的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)方向沿y軸負(fù)方向，第二象限存在垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場．P、Q兩點(diǎn)在x軸上，Q點(diǎn)橫坐標(biāo)是C點(diǎn)縱坐標(biāo)的2倍．一帶電粒子(不計(jì)重力)假設(shè)從C點(diǎn)以垂直于y軸的速度v0向右射入第一象限，恰好經(jīng)過Q點(diǎn)．假設(shè)該粒子從C點(diǎn)以垂直于y軸的速度v0向左射入第二象限，恰好經(jīng)過P點(diǎn)，經(jīng)過P點(diǎn)時(shí)，速度與x軸正方向成90°角，那么電場強(qiáng)度E與磁感應(yīng)強(qiáng)度B的比值為()A．v0 B.eq\f(1,2)v0C.eq\f(1,3)v0 D.eq\f(1,4)v0解析：選B.作出粒子在磁場和電場中的運(yùn)動(dòng)軌跡，根據(jù)半徑公式以及幾何關(guān)系可明確B與r的關(guān)系，再對(duì)電場中運(yùn)動(dòng)進(jìn)行分析，根據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成和分解規(guī)律即可明確電場強(qiáng)度與速度及r關(guān)系，那么可求得E和B的比值．畫出粒子運(yùn)動(dòng)軌跡如下圖；O點(diǎn)為粒子在磁場中的圓心；那么∠POC粒子在磁場中做圓周運(yùn)動(dòng)的半徑為：r＝eq\f(mv0,qB)，OC＝r粒子在電場中做類平拋運(yùn)動(dòng)，有：OQ＝2OC＝2r粒子在電場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為：t＝eq\f(OQ,v0)＝eq\f(2r,v0)＝eq\f(2m,qB)；OC＝eq\f(1,2)at2＝eq\f(1,2)eq\f(qE,m)t2；聯(lián)立解得：E＝eq\f(1,2)Bv0，故E：B＝eq\f(1,2)v0故B正確，ACD錯(cuò)誤．5、如下圖,在圓形區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場,ab是圓的直徑.一帶電粒子從a點(diǎn)射入磁場,速度大小為v、方向與ab成30°角時(shí),恰好從b點(diǎn)飛出磁場,且粒子在磁場中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t;假設(shè)同一帶電粒子從a點(diǎn)沿ab方向射入磁場,也經(jīng)時(shí)間t飛出磁場,那么其速度大小為(C)A.v B.v C.v D.v解析:設(shè)圓形區(qū)域的半徑為R.帶電粒子進(jìn)入磁場中做勻速圓周運(yùn)動(dòng),由洛倫茲力提供向心力,那么有qvB=,得r=.當(dāng)粒子從b點(diǎn)飛出磁場時(shí),入射速度與出射速度與ab的夾角相等,所以速度的偏轉(zhuǎn)角為60°,軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為60°.根據(jù)幾何知識(shí)得,軌跡半徑為r1=2R;當(dāng)粒子從a點(diǎn)沿ab方向射入磁場時(shí),經(jīng)過磁場的時(shí)間也是t,說明軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角與第一種情況相等,也是60°.根據(jù)幾何知識(shí)得,粒子的軌跡半徑為r2=R;由r=可得,==,即v′=v,故C正確.6、關(guān)于以下物理現(xiàn)象的分析，說法正確的選項(xiàng)是()A．鳥兒能歡快地停在高壓電線上，是因?yàn)轼B兒的腳底上有一層絕緣皮B．電動(dòng)機(jī)電路開關(guān)斷開時(shí)會(huì)出現(xiàn)電火花，是因?yàn)殡娐分械木€圈產(chǎn)生很大的自感電動(dòng)勢(shì)C．話筒能把聲音變成相應(yīng)的電流，是因?yàn)殡娏鞯拇判?yīng)D．靜電噴涂時(shí)，被噴工件外表所帶的電荷與涂料微粒所帶的應(yīng)為同種電荷解析：選B.鳥兒能歡快地停在高壓電線上，是因?yàn)轼B兒的兩腳之間的導(dǎo)線的電阻很小，兩腳間的跨步電壓很小，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；電動(dòng)機(jī)電路開關(guān)斷開時(shí)會(huì)出現(xiàn)電火花，是因?yàn)殡娐分械木€圈產(chǎn)生很大的自感電動(dòng)勢(shì)，擊穿空氣產(chǎn)生火花放電，選項(xiàng)B正確；話筒能把聲音變成相應(yīng)的電流，是因?yàn)殡姶鸥袘?yīng)現(xiàn)象，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；靜電噴涂時(shí)，被噴工件外表所帶的電荷與涂料微粒所帶的應(yīng)為異種電荷，選項(xiàng)D錯(cuò)誤．6．如圖為無線充電技術(shù)中使用的受電線圈示意圖，線圈匝數(shù)為n，面積為S.假設(shè)在t1到t2時(shí)間內(nèi)，勻強(qiáng)磁場平行于線圈軸線向右穿過線圈，其磁感應(yīng)強(qiáng)度大小由B1均勻增加到B2，那么該段時(shí)間線圈兩端a和b之間的電勢(shì)差φa－φb()A．恒為eq\f(nSB2－B1,t2－t1)B．從0均勻變化到eq\f(nSB2－B1,t2－t1)C．恒為－eq\f(nSB2－B1,t2－t1)D．從0均勻變化到－eq\f(nSB2－B1,t2－t1)解析：選C.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律得，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)E＝neq\f(ΔΦ,Δt)＝neq\f(B2－B1S,t2－t1)，由楞次定律和右手螺旋定那么可判斷b點(diǎn)電勢(shì)高于a點(diǎn)電勢(shì)，因磁場均勻變化，所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，因此a、b兩點(diǎn)電勢(shì)差恒為φa－φb＝－neq\f(B2－B1S,t2－t1)，選項(xiàng)C正確．7、(多項(xiàng)選擇)如圖甲所示，質(zhì)量m＝3.0×10－3kg的“〞形金屬細(xì)框豎直放置在兩水銀槽中，“〞形框的水平細(xì)桿CD長l＝0.20m，處于磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B1＝1.0T、方向水平向右的勻強(qiáng)磁場中．有一匝數(shù)n＝300匝、面積S＝0.01m2的線圈通過開關(guān)K與兩水銀槽相連．線圈處于與線圈平面垂直、沿豎直方向的勻強(qiáng)磁場中，其磁感應(yīng)強(qiáng)度B2隨時(shí)間t變化的關(guān)系如圖乙所示．t＝0.22s時(shí)閉合開關(guān)K瞬間細(xì)框跳起(細(xì)框跳起瞬間安培力遠(yuǎn)大于重力)，跳起的最大高度h＝0.20m．不計(jì)空氣阻力，重力加速度g＝10m/s2，以下說法正確的選項(xiàng)是()A．0～0.10s內(nèi)線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為3VB．開關(guān)K閉合瞬間，CD中的電流方向由C到DC．磁感應(yīng)強(qiáng)度B2的方向豎直向下D．開關(guān)K閉合瞬間，通過細(xì)桿CD的電荷量為0.03C解析：選BD.0～0.1s內(nèi)線圈中的磁場均勻變化，由法拉第電磁感應(yīng)定律E＝neq\f(ΔΦ,Δt)＝nSeq\f(ΔB,Δt)，代入數(shù)據(jù)得E＝30V，A錯(cuò)．開關(guān)閉合瞬間，細(xì)框會(huì)跳起，可知細(xì)框受向上的安培力，由左手定那么可判斷電流方向由C到D，B對(duì)．由于t＝0.22s時(shí)通過線圈的磁通量正在減少，再對(duì)線圈由楞次定律可知感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場的方向與B2的方向相同，故再由安培定那么可知C錯(cuò)誤．K閉合瞬間，因安培力遠(yuǎn)大于重力，那么由動(dòng)量定理有B1IlΔt＝mv，通過細(xì)桿的電荷量Q＝IΔt，線框向上跳起的過程中v2＝2gh，解得Q＝0.03C，D對(duì)．8、通過理想斜面實(shí)驗(yàn)得出“力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因〞的科學(xué)家是A.亞里士多德B.伽利略C.笛卡爾D.牛頓【來源】浙江新高考2023年4月選考科目物理試題【答案】B【解析】A、亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，故A錯(cuò)誤；B、伽利略通過理想斜面實(shí)驗(yàn)提出了力不是維持物體運(yùn)動(dòng)的原因，故B正確；C、笛卡爾在伽利略研究的根底上第一次表述了慣性定律，故C錯(cuò)誤；D、牛頓在伽利略等前人研究的根底上提出了牛頓第一定律，認(rèn)為力是改變物體運(yùn)動(dòng)狀態(tài)的原因，但不是第一個(gè)根據(jù)實(shí)驗(yàn)提出力不是維持物體運(yùn)動(dòng)原因的科學(xué)家，也不是第一個(gè)提出慣性的科學(xué)家，故D錯(cuò)誤；應(yīng)選B。二、非選擇題某同學(xué)用位移傳感器研究木塊在斜面上的滑動(dòng)情況，裝置如圖(a)．斜面傾角θ＝37°.他使木塊以初速度v0沿斜面上滑，并同時(shí)開始記錄數(shù)據(jù)，繪得木塊從開始上滑至最高點(diǎn)，然后又下滑回到出發(fā)處過程中的x－t圖線如圖(b)所示．圖中曲線左側(cè)起始端的坐標(biāo)為(0,1.4)，曲線最低點(diǎn)的坐標(biāo)為(0.5,0.4)．重力加速度g取10m/s2.求：(1)木塊上滑時(shí)的初速度v0和上滑過程中的加速度a；(2)木塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)μ；(3)木塊滑回出發(fā)點(diǎn)時(shí)的速度vt.解析：(1)木塊勻減速上滑，由圖象得到：末速度v＝0，位移x＝1.4m－0.4m＝1.0m，時(shí)間為t＝0.5s；根據(jù)位移時(shí)間公式，有：x＝v0t＋eq\f(1,2)at2；根據(jù)速度時(shí)間公式，有：v＝v0＋at；聯(lián)立解得：v0＝4m/s，a＝－8m/s2.(2)上滑過程，木塊受重力、支持力和滑動(dòng)摩擦力，根據(jù)牛頓第二定律，有：－mgsin37°－μmg