湛江市2020屆高三物理下學(xué)期線上教學(xué)試題二含解析

廣東省湛江市2020屆高三物理下學(xué)期線上教學(xué)試題二含解析廣東省湛江市2020屆高三物理下學(xué)期線上教學(xué)試題二含解析PAGE29-廣東省湛江市2020屆高三物理下學(xué)期線上教學(xué)試題二含解析廣東省湛江市2020屆高三物理下學(xué)期線上教學(xué)試題(二)（含解析）一、選擇題1.用如圖所示的裝置研究光電效應(yīng)現(xiàn)象。用光子能量為11eV的光照射光電管的陰極K。電流表檢測(cè)到有電流，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片，當(dāng)電流表的示數(shù)恰好為零時(shí),電壓表的示數(shù)為6V。下列說(shuō)法正確的是（）A。金屬板逸出功為6eVB。若用能量為6eV的光子照射陰極K，不能發(fā)生光電效應(yīng)C。將滑片調(diào)至滑動(dòng)變阻器的最左端，此時(shí)電流表示數(shù)為飽和光電流D.電子的最大初動(dòng)能為6eV【答案】D【解析】【詳解】AD．電流計(jì)的讀數(shù)恰好為零,此時(shí)電壓表的示數(shù)為6V，根據(jù)動(dòng)能定理得再根據(jù)光電效應(yīng)方程知故A錯(cuò)誤,D正確；B．若用能量為6eV的光子照射陰極K,其能量大于逸出功,滿(mǎn)足光電效應(yīng)發(fā)生條件，因此能發(fā)生光電效應(yīng)，故B錯(cuò)誤；C．將滑片調(diào)至滑動(dòng)變阻器的最左端,此時(shí)光電管兩端電壓為零，則光電子不再受到電場(chǎng)阻力，但電流表示數(shù)不為飽和光電流，故C錯(cuò)誤.故選D2.如圖所示，質(zhì)量為M的小車(chē)的表面由光滑水平面和光滑斜面連接而成，其上放一質(zhì)量為m的球，球與水平面的接觸點(diǎn)為a，與斜面的接觸點(diǎn)為b，斜面傾角為θ.當(dāng)小車(chē)和球一起在水平桌面上做直線運(yùn)動(dòng)時(shí),下列說(shuō)法正確的是（）A。若小車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)，則球?qū)π泵嫔蟗點(diǎn)的壓力大小為mgcosθB。若小車(chē)勻速運(yùn)動(dòng)，則球?qū)λ矫嫔蟖點(diǎn)壓力大小為mgsinθC。若小車(chē)向左以加速度gtanθ加速運(yùn)動(dòng),則球?qū)λ矫嫔蟖點(diǎn)無(wú)壓力D。若小車(chē)向左以加速度gtanθ加速運(yùn)動(dòng)，則小車(chē)對(duì)地面的壓力小于（M+m）g【答案】C【解析】【詳解】AB．小車(chē)和球一起勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，小球受到豎直向下的重力和水平面對(duì)小球豎直向上的支持力，二力平衡,所以小球?qū)點(diǎn)無(wú)壓力，根據(jù)牛頓第三定律可知小球?qū)點(diǎn)的壓力大小為mg，AB錯(cuò)誤；C．若小車(chē)向左以加速度gtanθ加速運(yùn)動(dòng)，假設(shè)小球?qū)點(diǎn)無(wú)壓力，根據(jù)牛頓第二定律解得假設(shè)成立,所以小球?qū)點(diǎn)無(wú)壓力，C正確；D．對(duì)小車(chē)和球構(gòu)成的系統(tǒng)整體受力分析可知,系統(tǒng)在豎直方向上加速度為0，豎直方向受到重力和支持力，二者等大反向,根據(jù)牛頓第三定律可知小車(chē)對(duì)地面的壓力等于（M+m)g，D錯(cuò)誤.故選C。3。豎直平面內(nèi)存在水平向右的勻強(qiáng)電場(chǎng),電場(chǎng)強(qiáng)度為E，將質(zhì)量為m、電量為q的小球以初速度v0豎直向上拋出,已知E=，重力加速度為g。下列說(shuō)法正確的是(）A。小球上升的位置越高，速度越小B.小球的水平位移越大，速度越大C。小球的最小速度為零D.小球的最小速度為v0【答案】D【解析】【詳解】A．假設(shè)小球帶正電。小球在電場(chǎng)中受到重力和電場(chǎng)力兩個(gè)力作用,其合外力大小為方向與初速度成135°角斜向右下方，小球做類(lèi)斜拋運(yùn)動(dòng)，合外力先做負(fù)功后做正功,速度先減小后增大，當(dāng)合外力與速度垂直時(shí)速度最小，此時(shí)速度與水平成45°角斜向右上方，還沒(méi)有到達(dá)最高點(diǎn)，所以，在速度達(dá)到最小值之前，小球上升的位置越高，速度越小，之后，小球上升的位置越高,速度越大，故A錯(cuò)誤；B．在速度達(dá)到最小值之前，小球的水平位移越大，速度越小，之后，小球的水平位移越大，速度越大,故B錯(cuò)誤;CD．小球的速度最小時(shí)速度方向與水平成45°角斜向右上方，設(shè)從拋出到速度最小所用時(shí)間為t，則水平方向有豎直方向有因?yàn)榻獾霉首钚∷俣葹楣蔆錯(cuò)誤，D正確。故選D。4。2019年9月19日，中國(guó)在酒泉衛(wèi)星發(fā)射中心用長(zhǎng)征十一號(hào)運(yùn)載火箭,采取一箭五星的方式成功將“珠海一號(hào)”03組衛(wèi)星發(fā)射升空。衛(wèi)星順利進(jìn)入預(yù)定軌道,五顆衛(wèi)星圍繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。關(guān)于這五顆衛(wèi)星，下列說(shuō)法正確的是（）A.軌道半徑最大的衛(wèi)星，動(dòng)能最大 B.軌道半徑最大的衛(wèi)星，角速度最小C.軌道半徑最大的衛(wèi)星，加速度最大 D。軌道半徑最大的衛(wèi)星，線速度最大【答案】B【解析】【詳解】A．衛(wèi)星動(dòng)能與質(zhì)量有關(guān),五顆衛(wèi)星的質(zhì)量未知，無(wú)法比較動(dòng)能的大小，故A錯(cuò)誤；BCD．衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，萬(wàn)有引力提供向心力解得可知軌道半徑越大的衛(wèi)星，線速度、角速度和加速度均越小，即軌道半徑最大的衛(wèi)星，線速度、角速度和加速度均最小，故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。5.如圖所示，水平地面上放置一滾筒洗衣機(jī)，某同學(xué)啟動(dòng)洗衣機(jī)甩干功能將一小毛絨玩具甩干.某一時(shí)段，毛絨玩具相對(duì)滾筒內(nèi)壁靜止，在豎直面內(nèi)以角速度ω做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，毛絨玩具可視為質(zhì)點(diǎn).圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為r，重力加速度為g。在該段時(shí)間內(nèi),下列說(shuō)法正確的是（）A。毛絨玩具在滾筒最高點(diǎn)的速度為B。滾筒旋轉(zhuǎn)一周，摩擦力對(duì)毛絨玩具做的功為零C。地面對(duì)滾筒洗衣機(jī)的摩擦力始終為零D。洗衣機(jī)對(duì)地面的壓力保持不變【答案】B【解析】【詳解】A．毛絨玩具豎直平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，為繩模型，則在最高點(diǎn)的速度一定大于等于,故A錯(cuò)誤；B．毛絨玩具受到重力、滾筒的支持力以及摩擦力,支持力始終與運(yùn)動(dòng)的方向垂直,不做功；毛絨玩具的動(dòng)能不變,而滾筒旋轉(zhuǎn)一周，重力對(duì)毛絨玩具做的功為零，所以摩擦力對(duì)毛絨玩具做的功也為零，故B正確；C．以洗衣機(jī)與毛絨玩具整體為研究對(duì)象，可知，由于毛絨玩具做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以整體在水平方向上受到的摩擦力做周期性的變化，不能始終為零,故C錯(cuò)誤；D．以洗衣機(jī)與毛絨玩具整體為研究對(duì)象，可知,由于毛絨玩具做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，所以整體在豎直方向受到的合外力是周期性變化的,所以整體受到的支持力也做周期性的變化，所以洗衣機(jī)對(duì)地面的壓力做周期性的變化，故D錯(cuò)誤。故選B。6.某電磁軌道炮的簡(jiǎn)化模型如圖所示，兩圓柱形固定導(dǎo)軌相互平行，其對(duì)稱(chēng)軸所在平面與水平面的夾角為θ，兩導(dǎo)軌長(zhǎng)為L(zhǎng),間距為d，一質(zhì)量為m的金屬?gòu)椡柚糜趦蓪?dǎo)軌間，彈丸直徑為d，電阻為R，與導(dǎo)軌接觸良好且不計(jì)摩擦阻力，導(dǎo)軌下端連接理想恒流電源，電流大小恒為I，彈丸在安培力作用下從導(dǎo)軌底端由靜止開(kāi)始做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度大小為a。下列說(shuō)法正確的是（）A。將彈丸彈出過(guò)程中，安培力做的功為maL+mgLsinθB。將彈丸彈出過(guò)程中,安培力做的功為I2RC.將彈丸彈出過(guò)程中，安培力的功率先增大后減小D.將彈丸彈出過(guò)程中,安培力的功率不變【答案】A【解析】【詳解】AB．根據(jù)牛頓第二定律得所以安培力做功將彈丸彈出過(guò)程中，安培力做正功，不等于電熱，故A正確，B錯(cuò)誤；

CD．由知,安培力為恒力，故安培力的功率故安培力的功率一直增大，故CD錯(cuò)誤。

故選A。7。如圖所示,理想變壓器原線圈所接交流電源的變化規(guī)律u=8sin100πt（V）,接線柱2位于原線圈的中間位置。開(kāi)關(guān)置于接線柱1時(shí)，原、副線圈的匝數(shù)比n1：n2=4：1，副線圈所接電阻R=10Ω，電壓表、電流表均為理想電表。下列說(shuō)法正確的是(）A.開(kāi)關(guān)置于接線柱1時(shí)，電壓表的示數(shù)約為2。82VB.開(kāi)關(guān)置于接線柱1時(shí)，電流表的示數(shù)為0。2AC.開(kāi)關(guān)置于接線柱2時(shí)，電流表的示數(shù)為0.2AD.開(kāi)關(guān)置于接線柱2時(shí)，變壓器的輸出功率為3.2W【答案】C【解析】【詳解】AB．原線圈輸入電壓的有效值V=8V當(dāng)開(kāi)關(guān)置于接線柱1時(shí),根據(jù)變壓比可知解得副線圈的輸出電壓U2=2V故電壓表示數(shù)為2V，副線圈的輸出電流=0。2A根據(jù)變流比可知解得原線圈的輸入電流I1=0.05A則電流表示數(shù)為0。05A，故AB錯(cuò)誤；C．開(kāi)關(guān)置于接線柱2時(shí)，原、副線圈的匝數(shù)比為2：1，根據(jù)變壓比可知,副線圈輸出電壓4V，據(jù)歐姆定律知，副線圈輸出電流0.4A，根據(jù)變流比可知，電流表的示數(shù)（原線圈中電流)為0.2A，故C正確；D．開(kāi)關(guān)置于接線柱2時(shí)，變壓器的輸出功率故D錯(cuò)誤.故選C。8。如圖所示，物體A穿在光滑的豎直桿上,某人用不可伸長(zhǎng)的輕繩通過(guò)光滑定滑輪拉物體A，某段時(shí)間內(nèi)，物體A以速度v0勻速向上運(yùn)動(dòng)，該過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A。人對(duì)輕繩的拉力大小不變B。人對(duì)輕繩的拉力的功率不變C。繩與桿的夾角為θ時(shí)，人拉繩的速度大小為D.人對(duì)繩做的功等于物體A重力勢(shì)能的增加量【答案】BD【解析】【詳解】A．設(shè)人對(duì)輕繩的拉力大小為F，物體A勻速向上運(yùn)動(dòng)，合外力為零，則有隨著θ增大，cosθ減小,則F逐漸增大,故A錯(cuò)誤;B．人對(duì)輕繩的拉力的功率為則P不變，故B正確;C．將A的速度分解為沿繩子方向和垂直于繩子方向,人拉繩子的速度等于A沿繩子方向的分速度為故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)功能原理知，人對(duì)繩做的功等于物體A機(jī)械能的增加量，由于物體A的動(dòng)能不變，則人對(duì)繩做的功等于物體A重力勢(shì)能的增加量,故D正確。故選BD.9.汽車(chē)司機(jī)發(fā)現(xiàn)前方有障礙物，立即剎車(chē),剎車(chē)過(guò)程可視為勻減速運(yùn)動(dòng)。自剎車(chē)開(kāi)始第1s內(nèi)經(jīng)過(guò)的位移為24m,第4s內(nèi)經(jīng)過(guò)的位移為1m。下列說(shuō)法正確的是()A。汽車(chē)的加速度大小為8m/s2B。汽車(chē)的加速度大小為7。67m/s2C。汽車(chē)的初速度大小為28m/sD。汽車(chē)的初速度大小為30。67m/s【答案】AC【解析】【詳解】若小車(chē)在第4個(gè)1s一直運(yùn)動(dòng)，則由逆向可看作勻加速度運(yùn)動(dòng),則設(shè)逆向第1s的初速度為v0而實(shí)際的，則說(shuō)明在第4個(gè)1s不是一直在運(yùn)動(dòng),即可確定小車(chē)在第4個(gè)1s末前已經(jīng)停下，設(shè)小車(chē)在第4個(gè)1s內(nèi)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，則有利用中間時(shí)刻速度公式以及加速度定義，有解得t=0。5s,a=8m/s2初速度故AC正確，BD錯(cuò)誤.故選AC。10.光滑水平面上靜止一質(zhì)量為2kg的物塊。在0～8s時(shí)間內(nèi)受到水平力F的作用。力F隨時(shí)間t的變化如圖所示,下列說(shuō)法正確的是（）A.t=2s時(shí)，物塊的速度大小為2m/sB。t=4s時(shí)，物塊的速度大小為2m/sC。t=2s時(shí)和t=6s時(shí),物塊的動(dòng)量相同D.t=8s時(shí)，物塊恰好回到原出發(fā)點(diǎn)【答案】BC【解析】【詳解】A．由圖可知在0～2s內(nèi)，力的沖量根據(jù)動(dòng)量定理解得，故A錯(cuò)誤;B．由圖可知在0～4s內(nèi)，力的沖量根據(jù)動(dòng)量定理解得,故B正確;C．由圖可知在0~2s內(nèi)與0～6s內(nèi)，力的沖量相同，根據(jù)動(dòng)量定理知t=2s時(shí)和t=6s時(shí)，物塊的動(dòng)量相同，故C正確；D．根據(jù)圖象知，在0～4s內(nèi),物塊做加速度先增加后減小的加速運(yùn)動(dòng)，在4～8s內(nèi)，力的方向改變,做減速運(yùn)動(dòng),根據(jù)圖象和對(duì)稱(chēng)性知，在t=8s時(shí)，速度恰減到零。所以在0～8s內(nèi)物塊的運(yùn)動(dòng)方向不變,t=8s時(shí)，物塊不會(huì)回到原出發(fā)點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故選BC.11?；匦铀倨鞯墓ぷ髟砣鐖D所示，置于高真空中的D形金屬盒半徑為R。兩盒間的狹縫很小,帶電粒子穿過(guò)狹縫的時(shí)間忽略不計(jì)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與盒面垂直。A處粒子源產(chǎn)生質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子，在加速器中被加速,加速電壓為U.下列說(shuō)法正確的是（)A。交變電場(chǎng)的周期為B.粒子射出加速器的速度大小與電壓U成正比C。粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為D。粒子第1次經(jīng)過(guò)狹縫后進(jìn)入磁場(chǎng)的半徑為【答案】CD【解析】【詳解】A．為了能夠使粒子通過(guò)狹縫時(shí)持續(xù)的加速，交變電流的周期和粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)周期相同，即A錯(cuò)誤；B．粒子最終從加速器飛出時(shí)解得粒子飛出回旋加速器時(shí)的速度大小和無(wú)關(guān)，B錯(cuò)誤；C．粒子在電場(chǎng)中加速的次數(shù)為，根據(jù)動(dòng)能定理粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間C正確；D．粒子第一次經(jīng)過(guò)電場(chǎng)加速進(jìn)入磁場(chǎng),洛倫茲力提供向心力解得D正確。故選CD。12。在粗糙水平面上固定一點(diǎn)電荷,電場(chǎng)中任一點(diǎn)的電勢(shì)φ與該點(diǎn)到點(diǎn)電荷的距離r的關(guān)系如圖所示.該水平面上a、b、c三個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)φ與距離r的關(guān)系已在圖中標(biāo)出，虛線為過(guò)b點(diǎn)的切線?，F(xiàn)將一質(zhì)量為0.03kg、電量為0.1C的帶正電物塊從a點(diǎn)由靜止釋放，依次經(jīng)過(guò)b、c兩點(diǎn)。電場(chǎng)力所做的功分別為Wab、Wbc，且過(guò)b點(diǎn)時(shí)物塊的速度最大。已知重力加速度g=10m/s2,靜電力常量k=9。0×109N?m2/C2，下列說(shuō)法正確的是(）A。b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為1.5V/mB。物塊與桌面間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.3C.Wab=2WbcD。固定點(diǎn)電荷的電荷量為×10-9C【答案】AD【解析】【詳解】A．圖象的斜率表示場(chǎng)強(qiáng)，由圖可知b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為故A正確；B．由題知，物塊過(guò)b點(diǎn)時(shí)速度最大，此時(shí)受力平衡，即為解得故B錯(cuò)誤；C．由圖可以得到a點(diǎn)的電勢(shì)為6V，b點(diǎn)的電勢(shì)為3V,c點(diǎn)的電勢(shì)為2V。所以Uab=3V,Ubc=1V又因?yàn)閃ab=qUab，Wbc=qUbc,所以Wab=3Wbc故C錯(cuò)誤；D．設(shè)固定點(diǎn)電荷帶電量為Q，已知b點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小為1.5V/m，b點(diǎn)距固定點(diǎn)電荷距離r=2m，根據(jù)點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式有故D正確。故選AD。二、實(shí)驗(yàn)題13。某同學(xué)利用如圖所示的裝置來(lái)驗(yàn)證力的平行四邊形定則:在豎直木板上鋪有白紙，并用圖釘固定在木板上。固定兩個(gè)光滑的滑輪A和B，將繩子打一個(gè)結(jié)點(diǎn)O，每個(gè)鉤碼的質(zhì)量相等。調(diào)整鉤碼個(gè)數(shù)使系統(tǒng)達(dá)到平衡。(1)實(shí)驗(yàn)過(guò)程中必須要記錄下列哪些數(shù)據(jù)（)A．O點(diǎn)位置B．每組鉤碼的個(gè)數(shù)C．每個(gè)鉤碼的質(zhì)量D．OA、OB和OC繩的長(zhǎng)度E．OA、OB和OC繩的方向(2）下列實(shí)驗(yàn)操作正確的是（）A．將OC繩換成橡皮筋，仍可完成實(shí)驗(yàn)B．細(xì)繩要長(zhǎng)些，標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些可減小實(shí)驗(yàn)誤差C．盡量保持∠AOB為90°、60°、120°等特殊角方便計(jì)算D．若改變懸掛鉤碼的個(gè)數(shù)N3,重新進(jìn)行實(shí)驗(yàn)，必須保持O點(diǎn)位置不動(dòng)，重新調(diào)整鉤碼的個(gè)數(shù)N1、N2【答案】（1）.ABE(2)。AB【解析】【詳解】（1)［1］A．為了驗(yàn)證平行四邊形定則,必須作受力圖，所以需要確定受力點(diǎn)，即需要標(biāo)記結(jié)點(diǎn)的位置，A正確；BC．其次要作出力的方向和大小，每個(gè)鉤碼的質(zhì)量相同，所以鉤碼的個(gè)數(shù)可以作為力的大小,不需要測(cè)量鉤碼質(zhì)量，B正確，C錯(cuò)誤；DE．連接鉤碼繩子的方向可以表示力的方向，所以需要標(biāo)記OA、OB和OC繩的方向，D錯(cuò)誤，E正確。故選ABE.（2)［2]A．如果將繩換成橡皮筋，在同一次實(shí)驗(yàn)過(guò)程中,只要將結(jié)點(diǎn)拉到相同的位置，實(shí)驗(yàn)結(jié)果不會(huì)發(fā)生變化，仍可完成實(shí)驗(yàn)，A正確；B．細(xì)繩要長(zhǎng)些,標(biāo)記同一細(xì)繩方向的兩點(diǎn)要遠(yuǎn)些可以使力的方向更準(zhǔn)確，減小實(shí)驗(yàn)誤差,B正確；C．實(shí)驗(yàn)通過(guò)平行四邊形定則進(jìn)行力的合成確定力的大小和方向,不需要計(jì)算，C錯(cuò)誤；D．實(shí)驗(yàn)的目的是驗(yàn)證平行四邊形定則，重新實(shí)驗(yàn)，不需要保持結(jié)點(diǎn)位置不動(dòng),D錯(cuò)誤。故選AB。14.在“測(cè)定電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻”的實(shí)驗(yàn)中，應(yīng)用如下器材:A．待測(cè)電源E（電動(dòng)勢(shì)約為1.5V、內(nèi)阻r小于1。0Ω）B．電流表A（滿(mǎn)偏電流Ig=100mA、內(nèi)阻rg=8。0Ω）C．電阻箱R（阻值范圍0—99.9Ω)D．開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干E．定值電阻R1=1.0ΩF．定值電阻R2=2。0Ω實(shí)驗(yàn)電路圖如圖甲所示。（1）調(diào)整電阻箱阻值,記錄電阻箱阻值R和電流表示數(shù)Ⅰ，則通過(guò)電源的電流I′=______I；（2）多次重復(fù)步驟(1）。得到R和I'的多組實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)。作出的函數(shù)圖象如圖乙所示。根據(jù)圖象中的數(shù)據(jù)可得電源電動(dòng)勢(shì)為_(kāi)_____V。電源內(nèi)阻為_(kāi)_____Ω?！敬鸢浮?1).5(2).1.5（3）。0。4【解析】【詳解】(1)[1]定值電阻R2與電流表并聯(lián)，由題意可知,電流表內(nèi)阻阻值是電阻R2阻值的4倍,則通過(guò)R2的電流是通過(guò)電流表電流的4倍，當(dāng)電流表示數(shù)為I時(shí)，流過(guò)電源的電流I′=5I。(2)[2］［3］改裝后電流表內(nèi)阻RA=Ω=1。6Ω由圖示電路圖可知,電源電動(dòng)勢(shì)整理得則函數(shù)圖像的斜率表示電動(dòng)勢(shì)圖象縱軸截距解得電源內(nèi)阻r=0。4Ω三、計(jì)算題15。如圖所示，豎直平面內(nèi)一固定擋板與豎直方向夾角為45°。將一小球水平拋出，拋出位置與擋板的上端點(diǎn)O等高且相距3。2m。小球運(yùn)動(dòng)過(guò)程中和擋板恰好不相碰。已知重力加速度g=10m/s2。求小球水平拋出時(shí)的初速度?！敬鸢浮?m/s【解析】【詳解】小球在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)小球拋出后恰不與擋板相碰,小球運(yùn)動(dòng)軌跡與擋板相切，所以根據(jù)幾何關(guān)系知聯(lián)立解得v0=8m/s16。如圖所示，兩光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒MN垂直跨在導(dǎo)軌上,且與導(dǎo)軌接觸良好，整個(gè)裝置處在重直于紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中。磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，電容器的電容為C，導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻均不計(jì).導(dǎo)體棒MN在水平向右的恒力F作用下，由靜止開(kāi)始運(yùn)動(dòng)。求：（1)導(dǎo)體棒MN的加速度大??；(2)經(jīng)過(guò)時(shí)間t時(shí)，電容器所帶電量?！敬鸢浮?1)；（2）【解析】【詳解】(1）設(shè)經(jīng)過(guò)時(shí)間t，導(dǎo)體棒的速度為v，據(jù)動(dòng)量定理得即此時(shí)的電荷量聯(lián)立解得即導(dǎo)體棒做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，加速度(2）經(jīng)過(guò)時(shí)間t時(shí),電容器所帶電量17。一質(zhì)量m=0。2kg的硬紙板靜止在水平桌面上.紙板與桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)μ1=0。4,現(xiàn)用水平向右恒力F=lN拉動(dòng)紙板.t=ls時(shí)，在紙板上輕放一質(zhì)量m2=0.05kg的小物塊，小物塊初速度為零,小物塊從紙板左端掉下時(shí)，紙板速度大小v2=0。9m/s，小物塊與紙板和桌面間動(dòng)摩擦因數(shù)均為μ2=0。2。小物塊恰好不能從桌面右邊緣掉下.已知重力加速度g=10m/s2，求：（1)t=1s時(shí),紙板的速度大小v1；（2)小物塊剛放到紙板上時(shí),小物塊到桌面右邊緣的距離；(3)從小物塊放到紙板到與紙板分離的過(guò)樣中，整個(gè)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量?！敬鸢浮浚?）1m/s；（2)0.08m；（3)0.205J【解析】【詳解】（1)未放小物塊前，對(duì)紙板，由牛頓第二定律t=1s時(shí)，紙板的速度大?。?)小物塊在紙板上滑動(dòng)過(guò)程，對(duì)紙板，由牛頓第二定律對(duì)小物塊從放上小物塊到小物塊從紙板左端掉下，用的時(shí)間小物塊的位移小物塊的速度紙板的位移小物塊從紙板左端掉下后，加速度還是a2，滑到桌面右邊緣時(shí)速度為零，該過(guò)程的位移小物塊剛放到紙板上時(shí)，小物塊到桌面右邊緣的距離（3)從小物塊放到紙板到與紙板分離的過(guò)樣中,整個(gè)系統(tǒng)因摩擦產(chǎn)生的熱量18.關(guān)于理想氣體,下列說(shuō)法正確的是（）A。已知?dú)怏w的摩爾質(zhì)量和阿伏伽德羅常數(shù)，可估算一個(gè)分子質(zhì)量B。已知?dú)怏w的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù),可估算一個(gè)分子直徑C。氣體壓強(qiáng)是因?yàn)闅怏w分子間表現(xiàn)為斥力D。氣體壓強(qiáng)是因?yàn)闅怏w分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)撞擊器壁所致E.一定質(zhì)量的理想氣體體積不變，溫度升高，壓強(qiáng)一定增大【答案】ADE【解析】【詳解】A．一個(gè)分子的質(zhì)量已知?dú)怏w的摩爾質(zhì)量和阿伏伽德羅常數(shù)，可估算一個(gè)分子質(zhì)量,A正確；B．一個(gè)氣體分子占據(jù)的體積已知?dú)怏w的摩爾體積和阿伏伽德羅常數(shù)，不可以估算一個(gè)分子直徑，B錯(cuò)誤；CD．氣體壓強(qiáng)是因?yàn)闅怏w分子無(wú)規(guī)則運(yùn)動(dòng)撞擊器壁所致，氣體分子之間的距離較大,幾乎不體現(xiàn)分子力，C錯(cuò)誤,D正確;E．根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知一定質(zhì)量的理想氣體體積不變，溫度升高,壓強(qiáng)一定增大，E正確。故選ADE。19.如圖所示，導(dǎo)熱汽缸開(kāi)口向下置于水平地面上,缸內(nèi)面積為S活塞封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，活塞可自由滑動(dòng)且滑動(dòng)時(shí)汽缸不漏氣,活塞下掛一個(gè)砂桶，活塞與砂桶總質(zhì)量為m，活塞到汽缸底部距離為h時(shí)恰好保持靜止。現(xiàn)將砂桶緩慢裝滿(mǎn)細(xì)砂,活塞再次靜止時(shí)距汽缸底部h，缸內(nèi)氣體溫度保持T0不變，已知重力加速度為g，大氣壓強(qiáng)為p0，砂桶始終未與地面接觸。（1)求砂桶中細(xì)砂的質(zhì)量；(2）將細(xì)砂從砂桶中緩慢漏出，同時(shí)給汽缸加熱，細(xì)砂漏完時(shí)，活塞仍靜止在距汽缸底部h處，求此時(shí)缸內(nèi)氣體的溫度?！敬鸢浮?1)