2022-2023學(xué)年山東省菏澤市山大附中實(shí)驗(yàn)學(xué)校高二上學(xué)期第二次階段測(cè)試物理試題（解析版）

菏澤市山大附中實(shí)驗(yàn)學(xué)校2022-2023學(xué)年高二上學(xué)期第二次階段測(cè)試物理試題一、單選題（共8題，每題3分，共24分，每小題只有一項(xiàng)符合題目要求）。1.如圖所示，圓環(huán)上帶有大量的負(fù)電荷，當(dāng)圓環(huán)沿順時(shí)針方向轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，a、b、c三枚小磁針都要發(fā)生轉(zhuǎn)動(dòng)，以下說法正確的是（）A.a、b、c的N極都向紙里轉(zhuǎn)B.b的N極向紙里轉(zhuǎn)，而a、c的N極向紙外轉(zhuǎn)C.b、c的N極都向紙里轉(zhuǎn)，而a的N極向紙外轉(zhuǎn)D.b的N極向紙外轉(zhuǎn)，而a、c的N極向紙里轉(zhuǎn)【答案】D【解析】【詳解】圓環(huán)帶有負(fù)電荷，圓環(huán)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，產(chǎn)生的等效電流方向沿逆時(shí)針方向；由安培定則可知，a、c所在處磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里，b處磁場(chǎng)方向垂直于紙面向外，則a、c處的小磁針的N極向紙里轉(zhuǎn)動(dòng)，b處小磁針的N極向紙外轉(zhuǎn)動(dòng)。故選D。2.初秋時(shí)節(jié)，天空晴朗明凈，氣候涼爽宜人。小明站在荷塘邊感受習(xí)習(xí)涼風(fēng)，若風(fēng)以大小為的水平速度正對(duì)吹向小明，風(fēng)與小明的接觸面積為S，風(fēng)與小明作用后的速度變?yōu)榱?，空氣的密度為，則小明受到風(fēng)的壓力大小為（）A. B. C. D.【答案】D【解析】【詳解】在時(shí)間t內(nèi)，與小明作用的風(fēng)的質(zhì)量根據(jù)動(dòng)量定理有解得故選D。3.在閉合鐵芯上繞有一組線圈，線圈與滑動(dòng)變阻器、電源構(gòu)成閉合電路，假定線圈產(chǎn)生的磁感線全部集中在鐵芯內(nèi)，a、b、c三個(gè)閉合金屬圓環(huán)的位置如圖所示．當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片滑動(dòng)時(shí)，能產(chǎn)生感應(yīng)電流的圓環(huán)是()A.a、bB.b、cC.a、cD.a、b、c【答案】A【解析】【詳解】當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片滑動(dòng)時(shí)，電路中電流發(fā)生變化，從而引起閉合鐵芯中的磁場(chǎng)變化，穿過a、b兩圓環(huán)的磁通量隨之變化，有感應(yīng)電流產(chǎn)生，而c環(huán)中有兩股鐵芯同時(shí)穿過，穿入和穿出c環(huán)的磁通量始終相等，合磁通量為零，所以c中不能產(chǎn)生感應(yīng)電流。故選A。4.一質(zhì)點(diǎn)做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng)，其位移x與時(shí)間t的關(guān)系圖像如圖所示，由圖可知（）A.質(zhì)點(diǎn)振動(dòng)的頻率是4Hz，振幅是2cm B.質(zhì)點(diǎn)經(jīng)過1s通過的路程總是2cmC.0~3s內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)通過的路程為6cm D.時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的振幅為零【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．由題圖可以直接看出振幅為2cm，周期為4s，所以頻率為0.25Hz，故A錯(cuò)誤；B．質(zhì)點(diǎn)在1s即個(gè)周期內(nèi)通過的路程不一定等于一個(gè)振幅，故B錯(cuò)誤；C．由于t＝0時(shí)質(zhì)點(diǎn)在最大位移處，0~3s為T，則質(zhì)點(diǎn)通過的路程為3A＝6cm，故C正確；D．振幅等于質(zhì)點(diǎn)偏離平衡位置的最大距離，與質(zhì)點(diǎn)的位移有本質(zhì)的區(qū)別，t＝3s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的位移為零，但振幅仍為2cm，故D錯(cuò)誤；故選C。5.某同學(xué)在學(xué)習(xí)電表改裝的原理以后，想找器材實(shí)踐一下，于是他從學(xué)校實(shí)驗(yàn)室找來了一個(gè)小量程電流計(jì)G（表頭），查閱說明書，知道了該電流表滿偏電流為50μA，內(nèi)阻為800Ω，他想把該電流計(jì)改裝成0~1mA和0~10mA的雙量程電流表，電路圖如下圖所示。下列說法正確的是（）A.改裝后開關(guān)接2時(shí)量程為0~1mAB.改裝后的電流表量程均隨電阻R2的阻值增大而減小C.改裝后的電流表量程均隨電阻R1的阻值增大而減小D.改裝后開關(guān)接2時(shí)電流表內(nèi)阻大于開關(guān)接1時(shí)的內(nèi)阻【答案】C【解析】【分析】【詳解】A．開關(guān)接1時(shí)表頭與R1、R2并聯(lián)，分流電阻較小，量程較小，開關(guān)接2時(shí)，表頭先與R2串聯(lián)，再與R1并聯(lián)，分流電阻較小，量程較大，故改裝后開關(guān)接2時(shí)量程為0~10mA，A錯(cuò)誤；BC．當(dāng)開關(guān)接1時(shí)，量程為當(dāng)開關(guān)接2時(shí)，量程為故隨R1的增大，I1、I2均減小，隨R2的增大，I1減小，I2增大，B錯(cuò)誤，C正確；D．將I1=1mA、I2=10mA代入BC解析中的表達(dá)式可得，開關(guān)接1時(shí)，內(nèi)阻為開關(guān)接2時(shí)的內(nèi)阻為故改裝后開關(guān)接2時(shí)電流表內(nèi)阻小于開關(guān)接1時(shí)內(nèi)阻，D錯(cuò)誤。故選C。6.圖甲為某一小燈泡的U—I圖線，現(xiàn)將兩盞這樣的小燈泡并聯(lián)后再與一個(gè)4Ω的定值電阻R串聯(lián)，接在內(nèi)阻r為1Ω、電動(dòng)勢(shì)E為3V的電源兩端，如圖乙所示。則通過每盞小燈泡的電流I和每盞小燈泡的電功率P分別約為（）A.I≈0.2A，P≈0.6W B.I≈0.3A，P≈0.6WC.I≈0.2A，P≈0.2W D.I≈0.3A，P≈0.4W【答案】C【解析】【詳解】設(shè)每盞小燈泡的電壓為U，通過的電流為I，則通過整個(gè)電路的電流為2I，根據(jù)閉合電路的歐姆定律有E=U＋2I(R＋r）即U、I還應(yīng)滿足U=3－10I在小燈泡的U—I圖像中作出對(duì)應(yīng)的函數(shù)圖線，如圖所示則兩個(gè)圖線的交點(diǎn)即為小燈泡在電路中的工作點(diǎn)，所以通過小燈泡的電流I≈0.2A，對(duì)應(yīng)燈泡兩端的電壓U≈1V，每盞小燈泡的功率P≈0.2W。故選C。7.在探究影響導(dǎo)體電阻與其影響因素的定量關(guān)系時(shí)，某同學(xué)按如圖所示的電路進(jìn)行了實(shí)驗(yàn)研究，其中導(dǎo)體a與b只是長(zhǎng)度不同，a與c只是粗細(xì)不同，a與d只是材料不同，關(guān)于該實(shí)驗(yàn)，下列說法正確的是（）A.此電路缺少電流表，所以無法研究定量關(guān)系B.a與b相比，導(dǎo)體越長(zhǎng)，電壓表示數(shù)越小C.a與c相比，導(dǎo)體越粗，電壓表示數(shù)越大D.a與d相比，電壓表示數(shù)越小，表明該種材料的導(dǎo)電性能越好【答案】D【解析】【詳解】A．電路是串聯(lián)電路，通過各導(dǎo)體電流相等，根據(jù)電壓表示數(shù)可以得到各導(dǎo)體電阻間的定量關(guān)系，A錯(cuò)誤；B．導(dǎo)體a與b只是長(zhǎng)度不同，根據(jù)電阻定律可得長(zhǎng)度越長(zhǎng)電阻越大，根據(jù)歐姆定律可得電壓表示數(shù)越大，B錯(cuò)誤；C．a(chǎn)與c相比，根據(jù)電阻定律可得導(dǎo)體越粗電阻越小，電壓表示數(shù)越小，C錯(cuò)誤；D．a(chǎn)與d相比，電壓表示數(shù)越小可得電阻越小，根據(jù)電阻定律可知電阻率越小即該種材料的導(dǎo)電性能越好，D正確。故選D。8.質(zhì)量為0.5kg的甲物塊靜止在水平面上，質(zhì)量為1kg的乙物塊在水平面上以一定的初速度向甲滑去并與甲發(fā)生正碰后，兩者粘在一起，碰撞過程甲物塊受到乙物塊的沖量大小為，則碰撞前乙的速度大小為（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【詳解】設(shè)碰撞后甲、乙的速度大小為，碰撞前乙的速度大小為，取碰撞前乙的速度方向?yàn)檎较?，?duì)甲、乙的碰撞過程，根據(jù)動(dòng)量守恒定律得根據(jù)動(dòng)量定理知聯(lián)立解得故選C。二、多選題（共4小題，每題4分，共16分，錯(cuò)選0分，對(duì)而不全2分）。9.下列關(guān)于磁場(chǎng)、電場(chǎng)及電磁波的說法中正確的是（）A.麥克斯韋提出電磁場(chǎng)理論，赫茲通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在B.只要空間某處的電場(chǎng)或磁場(chǎng)發(fā)生變化，就會(huì)在其周圍產(chǎn)生電磁波C.不同電磁波具有不同的波長(zhǎng)，紅外線的波長(zhǎng)大于可見光的波長(zhǎng)D.普朗克認(rèn)為光本身是由一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的，頻率為的光的能量子為【答案】AC【解析】【詳解】A．麥克斯韋提出電磁場(chǎng)理論，赫茲通過實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，A正確；B．空間中某區(qū)域存在周期性變化的電場(chǎng)或磁場(chǎng)才能產(chǎn)生電磁波，均勻變化的電場(chǎng)或磁場(chǎng)周圍不能產(chǎn)生電磁波，B錯(cuò)誤；C．不同電磁波具有不同的波長(zhǎng)，紅外線的波長(zhǎng)大于可見光的波長(zhǎng)，C正確；D．愛因斯坦認(rèn)為光本身是由一個(gè)個(gè)不可分割的能量子組成的，頻率為的光的能量子為，D錯(cuò)誤。故選AC。10.如圖甲所示，一輕彈簧的兩端分別與質(zhì)量為和的兩物塊相連接，并且靜止在光滑的水平面上。現(xiàn)使瞬時(shí)獲得水平向右的速度3m/s，以此刻為計(jì)時(shí)零點(diǎn)，兩物塊的速度隨時(shí)間變化的規(guī)律如圖乙所示，以下說法正確的是（）A.從到時(shí)刻彈簧由壓縮狀態(tài)逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)B.兩物塊的質(zhì)量之比為C.在、時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度1m/s，且彈簧都是處于壓縮狀態(tài)D.在時(shí)刻兩物塊的動(dòng)能之比為【答案】BD【解析】【詳解】AB．根據(jù)圖像可得開始時(shí)逐漸減速，逐漸加速，速度大彈簧被壓縮，時(shí)刻速度相等，彈簧此時(shí)的壓縮量最大，然后彈簧逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)，仍加速，先減速后反向加速，時(shí)刻彈簧恢復(fù)到原長(zhǎng)，此時(shí)兩物塊速度方向相反，彈簧的長(zhǎng)度逐漸增大兩物塊均減速，當(dāng)時(shí)刻兩物塊速度相等，彈簧最長(zhǎng)，因此從到時(shí)刻彈簧由伸長(zhǎng)狀態(tài)逐漸恢復(fù)原長(zhǎng)；從開始到時(shí)刻，動(dòng)量守恒可得解得A錯(cuò)誤，B正確；C．根據(jù)前面分析可得在、時(shí)刻兩物塊達(dá)到共同速度1m/s，其中時(shí)刻彈簧處于壓縮狀態(tài)，時(shí)刻彈簧處于伸長(zhǎng)狀態(tài)，C錯(cuò)誤；D．在時(shí)刻兩物塊的動(dòng)能之比為D正確。故選BD。11.如圖所示的電路中，電源的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r一定，A、B為平行板電容器的兩塊正對(duì)金屬板，R1為光敏電阻（阻值隨光照強(qiáng)度的增大而減小）．當(dāng)R2的滑動(dòng)觸頭P在a端時(shí)，閉合開關(guān)S，此時(shí)電流表A和電壓表V的示數(shù)分別為I和U。以下說法正確的是（）A.若僅將R2的滑動(dòng)觸頭P向b端移動(dòng)，則I不變，U增大B.若僅增大A、B板間距離，則電容器所帶電荷量減少C.若僅用更強(qiáng)的光照射R1，則I增大，U增大，電容器所帶電荷量增加D.若僅用更強(qiáng)的光照射R1，則U變化量的絕對(duì)值與I變化量的絕對(duì)值的比值不變【答案】BD【解析】詳解】A．滑動(dòng)變阻器R2處于含容支路中，相當(dāng)于導(dǎo)線，所以移動(dòng)滑動(dòng)觸頭，I不變，U不變，故A錯(cuò)誤；B．若僅增大A、B板間距離，由知電容器的電容減小，因板間電壓不變，再由電容的定義式可知電容器所帶電荷量減少，故B正確；C．若僅用更強(qiáng)的光線照射，的阻值變小，總電阻減小，I增大，內(nèi)電壓和的電壓均增大，則電容器板間電壓減小，電容不變，由知電容器所帶電荷量減少，故C錯(cuò)誤；D．根據(jù)閉合電路歐姆定律得因電壓表測(cè)量為電源的路端電壓，電流表量流過電源的電流，則可得即U變化量的絕對(duì)值與I變化量的絕對(duì)值的比值不變，故D正確；故選BD。12.如圖所示，圓心為O、半徑為R的半圓兩端，各固定一根垂直圓平面的長(zhǎng)直導(dǎo)線a、b，兩導(dǎo)線中通有大小分別為3I0和I0且方向相同的電流.已知長(zhǎng)直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=k，其中k為常數(shù)、I為導(dǎo)線中電流強(qiáng)度、r為點(diǎn)到導(dǎo)線的距離.在半圓周上D點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度的方向恰好沿圓周切線方向，則下列說法正確的是（）A.D點(diǎn)和圓心O的連線與水平直徑之間的夾角α=60°B.D點(diǎn)和圓心O的連線與水平直徑之間的夾角α=45°C.D點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度D.D點(diǎn)磁感應(yīng)強(qiáng)度為【答案】AD【解析】【詳解】AB.如圖所示

已知長(zhǎng)直導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度B=k則b點(diǎn)與a點(diǎn)在D點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小之比為解得故故A正確，B錯(cuò)誤；CD．D點(diǎn)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為故D正確，C錯(cuò)誤。故選AD三、實(shí)驗(yàn)題（共2小題，共13分）。13.某同學(xué)利用氣墊導(dǎo)軌和頻閃照相機(jī)做驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)。如圖所示，已知A滑塊的質(zhì)量為1kg，B滑塊的質(zhì)量為1.5kg，頻閃照相機(jī)照相的時(shí)間間隔為0.4s，拍攝共連續(xù)進(jìn)行了四次，第一次是在兩滑塊碰撞之前，以后的三次是在兩滑塊碰撞之后。A滑塊原來處于靜止?fàn)顟B(tài)，設(shè)A、B滑塊在拍攝頻閃照片的這段時(shí)間內(nèi)是在10cm至105cm這段范圍內(nèi)運(yùn)動(dòng)的（以滑塊上的箭頭位置為準(zhǔn)），根據(jù)頻閃照片分析得出：(1)兩滑塊發(fā)生碰撞的位置在________cm刻度處；(2)若碰撞過程中A、B滑塊動(dòng)量守恒，則碰撞前，B滑塊的速度為________；碰撞后，A滑塊的速度為________，B滑塊的速度為________；第一次拍攝后，再經(jīng)過________s的時(shí)間，兩滑塊發(fā)生了碰撞。（結(jié)果保留兩位小數(shù)）【答案】①.30②.1.00③.0.75④.0.50⑤.0.20【解析】【詳解】(1)[1]由題意可知，A滑塊原來靜止，第一次拍攝發(fā)生在碰撞前，則碰撞發(fā)生在A滑塊靜止的位置，由圖示照片可知，碰撞發(fā)生在30cm刻度處；(2)[2][3][4][5]由圖示照片可知，碰撞后A滑塊的速度碰撞后B滑塊的速度碰撞過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向右為正方向，由動(dòng)量守恒定律得代入數(shù)據(jù)解得碰撞前B滑塊的速度由圖示照片可知，B從第一次被拍攝到滑動(dòng)到A靜止處需要的時(shí)間故第一次拍攝后，再經(jīng)過0.20s的時(shí)間，兩滑塊發(fā)生了碰撞。14.某次實(shí)驗(yàn)要測(cè)量一節(jié)干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻。實(shí)驗(yàn)室提供以下器材：A．一節(jié)干電池（電動(dòng)勢(shì)約為1.5V，內(nèi)阻約為1Ω）；B．電流表（量程1mA，內(nèi)阻）；C．電流表（量程0.6A，內(nèi)阻約為2Ω）；D．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~10Ω，額定電流2A）；E．滑動(dòng)變阻器（阻值范圍0~500Ω，額定電流0.5A）；F．定值電阻；G．開關(guān)S和導(dǎo)線若干。（1）某次調(diào)節(jié)過程中，電流表的指針指在圖乙所示位置，其示數(shù)為________A。（2）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器的阻值，記錄多組兩電流表的讀數(shù)，根據(jù)數(shù)據(jù)描出圖像，如圖丙，若不考慮電表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，則該電池的電動(dòng)勢(shì)E＝________V，內(nèi)阻r＝________Ω。（結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）（3）若考慮電表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的影響，則修正后的電源內(nèi)阻________。（用、和r等符號(hào)表示）【答案】①.0.23②.1.48③.1.20④.【解析】【詳解】（1）[1]量程為，表盤最小分度值為，所以讀數(shù)為。（2）[2]若不考慮電表內(nèi)阻對(duì)測(cè)量結(jié)果的影響，根據(jù)閉合電路歐姆定律有可得由圖像可知解得[3]斜率為解得（3）[4]若考慮電表內(nèi)阻對(duì)實(shí)驗(yàn)結(jié)果的影響，則有即整理得修正前斜率等于修正后解得四、計(jì)算題（共4小題，共47分）15.如圖所示，匝矩形線圈的面積為，、分別位于和的中點(diǎn)，左邊有垂直線圈平面向里、磁感應(yīng)強(qiáng)度為的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，，.(1)線圈平面與磁感應(yīng)強(qiáng)度垂直時(shí)，穿過線圈平面的磁通量為多少？(2)若線圈從圖示位置繞轉(zhuǎn)過，則穿過線圈平面的磁通量的變化量是多少？(3)若線圈從圖示位置繞轉(zhuǎn)過，則穿過線圈平面的磁通量的變化量為多少？【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【分析】【詳解】(1)根據(jù)磁通量定義可知.(2)線圈繞繞過時(shí)穿過線圈的磁通量為磁通量的變化量解得.(3)線圈繞轉(zhuǎn)過時(shí)穿過線圈的磁通量為磁通量的變化量解得16.如圖所示，質(zhì)量均為m的小車和木箱緊挨著靜止在光滑的水平冰面上，質(zhì)量為2m的小孩站在小車上用力向右迅速推出木箱，木箱相對(duì)于冰面運(yùn)動(dòng)的速度為v，木箱運(yùn)動(dòng)到右側(cè)墻壁時(shí)與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞，反彈后能被小孩接住，求：①小孩接住箱子后共同速度的大?。谌粜『⒔幼∠渥雍笤俅我韵鄬?duì)于冰面的速度v將木箱向右推出，木箱仍與豎直墻壁發(fā)生彈性碰撞，判斷小孩能否再次接住木箱．【答案】①；②無法再次接住木箱.【解析】【詳解】試題分析：①取向左為正方向,根據(jù)動(dòng)量守恒定律，推出木箱的過程中:，接住木箱的過程中:，.②若小孩第二次將木箱推出,根據(jù)動(dòng)量守恒定律，故無法再次接住木箱.考點(diǎn)：動(dòng)量守恒定律,17.如圖所示，內(nèi)壁光滑、內(nèi)徑很小的圓弧管固定在豎直平面內(nèi)，圓弧的半徑r為0.2m，在圓心O處固定一個(gè)電荷量Q為的點(diǎn)電荷。質(zhì)量m為0.06kg、略小于圓管截面的帶電小球q，從與O點(diǎn)等高的A點(diǎn)沿圓管內(nèi)由靜止運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)B，到達(dá)B點(diǎn)小球剛好與圓弧沒有作用力，然后從B點(diǎn)進(jìn)入板距d=0.08m的兩平行板電容器后剛好能在水平方向上做勻速直線運(yùn)動(dòng)，且此時(shí)電路中的電動(dòng)機(jī)剛好能正常工作。已知電源的電動(dòng)勢(shì)為12V，內(nèi)阻r為1Ω，定值電阻R的阻值為6Ω，電動(dòng)機(jī)的內(nèi)阻為0.5Ω。求（取，靜電力常量）（1）小球到達(dá)B點(diǎn)時(shí)的速度大??；（2）小球所帶的電荷量；（3）電動(dòng)機(jī)的效率。【答案】（1）；（2）；（3）90%【解析】【詳解】（1）由機(jī)械能守恒得解得（2）到達(dá)B點(diǎn)恰好作用力為0，由牛頓第二定律得解得（3）設(shè)電容器兩端電壓為，由二力平衡得①由歐姆定律得②所以，電動(dòng)機(jī)兩端電壓為③同時(shí)有④聯(lián)立①②③④解得電動(dòng)機(jī)效率為18.如圖，一輕彈簧一端固定在垂直水平面的擋板上的A點(diǎn)，B點(diǎn)為彈簧原長(zhǎng)位置，開始時(shí)彈簧處于壓縮狀態(tài)并鎖定，彈簧具有的彈性勢(shì)能，彈簧右端有一質(zhì)量的物塊P與彈簧接觸但不栓接，B點(diǎn)右端C點(diǎn)靜止放置一質(zhì)量m=6.0kg物塊K，AC為光滑的水平面，物塊K右側(cè)光滑的水平軌道DE上靜止放置一質(zhì)量M=2.0kg的平板車，其上表面與水平軌道BC在同一水平面內(nèi)，左側(cè)緊靠C點(diǎn)。物塊K與平板車上表面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為。FH為豎直面內(nèi)半徑R=0.90m的光滑圓弧軌道，圓心為，F(xiàn)G為豎直方向的直徑，其固定在一水平位置可以調(diào)節(jié)的豎直擋板EF的上方，平板車上表面與圓弧軌道FH可以平滑連接。調(diào)節(jié)豎直擋板使平板車右側(cè)與E點(diǎn)的水平距離d=1.5m，讓彈簧解除鎖定推動(dòng)物塊P向右運(yùn)動(dòng)，之后物塊P進(jìn)入水平軌道BC與物塊K發(fā)生彈性正碰，碰撞后物塊P被束縛不再運(yùn)動(dòng)，物塊K滑上平板車帶動(dòng)平板車運(yùn)動(dòng)，平板車運(yùn)動(dòng)到F點(diǎn)與擋板EF碰撞后速度立即變?yōu)?，之后物塊K又由平板車滑上圓弧軌道FH。物塊P、K均可視為質(zhì)點(diǎn)，物塊K從F點(diǎn)進(jìn)入圓弧軌道FH時(shí)無動(dòng)能損失，不計(jì)空氣阻力，重力加速度g取，求（1）物塊P與