河北1-高考物理模擬考沖刺卷 (新高考河北專(zhuān)用) （解析版）

試卷第=page22頁(yè)，總=sectionpages1717頁(yè)高考物理?？紱_刺卷一、選擇題:本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1．如圖所示，光滑絕緣的水平面上固定兩個(gè)帶有正電荷的小球A、B。將另一帶正電小球C放在A、B連線的中點(diǎn)O處，C恰好處于靜止?fàn)顟B(tài)。小球A、B、C均可視為質(zhì)點(diǎn)，現(xiàn)將B緩慢向右移動(dòng)，下列說(shuō)法正確的是（）A．小球A、B所帶電荷量一定相等B．小球A、B、C所帶電荷量一定相等C．小球C將向左運(yùn)動(dòng)D．小球C仍保持靜止?fàn)顟B(tài)【答案】A【解析】AB．根據(jù)平衡條件和庫(kù)侖定律得SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0因AB是固定的，因此AB的電荷量和C的電荷量無(wú)法判斷，A正確，B錯(cuò)誤；CD．將B緩慢向右移動(dòng)，SKIPIF1<0，小球C將向右運(yùn)動(dòng)，CD錯(cuò)誤。故選A。2．有一氣球，以20m/s的速度豎直上升，當(dāng)它升高到60m處，掉下一物體，該物體經(jīng)幾秒著地？（）（g取10m/s2）A．2sB．4sC．6sD．8s【答案】C【解析】取全過(guò)程為一整體進(jìn)行研究，從重物自氣球上掉落開(kāi)始計(jì)時(shí)，經(jīng)時(shí)間t落地，規(guī)定初速度方向?yàn)檎较?，?huà)出運(yùn)動(dòng)草圖，如圖所示：

重物在時(shí)間SKIPIF1<0內(nèi)的位移SKIPIF1<0，

將SKIPIF1<0，SKIPIF1<0代入位移公式SKIPIF1<0，

解得SKIPIF1<0或SKIPIF1<0（舍去），故選項(xiàng)C正確。點(diǎn)睛：本題關(guān)鍵要熟練運(yùn)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式，要明確知道所有的運(yùn)動(dòng)學(xué)公式都是矢量式，要注意正方向的選擇；學(xué)會(huì)全過(guò)程進(jìn)行分析解答，這樣處理問(wèn)題更簡(jiǎn)便。3．如圖，質(zhì)量相同的兩物體SKIPIF1<0、SKIPIF1<0，用不可伸長(zhǎng)的輕繩跨接在同一光滑的輕質(zhì)定滑輪兩側(cè)，SKIPIF1<0在水平桌面的上方，SKIPIF1<0在水平粗糙桌面上。初始時(shí)用力壓住b使SKIPIF1<0、SKIPIF1<0靜止，撤去此壓力后，SKIPIF1<0開(kāi)始運(yùn)動(dòng)，在SKIPIF1<0下降的過(guò)程中，SKIPIF1<0始終未離開(kāi)桌面。在此過(guò)程中A．SKIPIF1<0的動(dòng)能小于SKIPIF1<0的動(dòng)能B．兩物體機(jī)械能的變化量相等C．SKIPIF1<0的重力勢(shì)能的減小量等于兩物體總動(dòng)能的增加量D．繩的拉力對(duì)SKIPIF1<0所做的功與對(duì)SKIPIF1<0所做的功的代數(shù)和不為零【答案】A【解析】A.將b的實(shí)際速度進(jìn)行分解如圖：SKIPIF1<0即a的速度小于b的速度，故a的動(dòng)能小于b的動(dòng)能，A正確；B.由于有摩擦力做功，故ab系統(tǒng)機(jī)械能不守恒，則二者機(jī)械能的變化量不相等，B錯(cuò)誤；C.a的重力勢(shì)能的減小量等于兩物體總動(dòng)能的增加量與產(chǎn)生的內(nèi)能之和，故a的重力勢(shì)能的減小量大于兩物體總動(dòng)能的增加量，C錯(cuò)誤；D.在這段時(shí)間t內(nèi)，繩子對(duì)a的拉力和對(duì)b的拉力大小相等方向相反，兩個(gè)物體沿繩子方向的位移相等，所以繩的拉力對(duì)a所做的功與對(duì)b所做的功的絕對(duì)值相等，二者代數(shù)和為零，D錯(cuò)誤。4．夜晚，人們面對(duì)月亮只能看到正面，看不到背面，這說(shuō)明月球的公轉(zhuǎn)周期等于自轉(zhuǎn)周期。已知引力常量為G，月球半徑為R、質(zhì)量為M、公轉(zhuǎn)周期為T(mén)。由此可求出（）A．地球的質(zhì)量B．月球公轉(zhuǎn)的軌道半徑C．月球公轉(zhuǎn)的向心加速度D．月球“同步衛(wèi)星”的高度【答案】D【解析】AB．設(shè)地球質(zhì)量為M1，月球的公轉(zhuǎn)半徑為r，由萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律得SKIPIF1<0地球的質(zhì)量M1和月球的公轉(zhuǎn)半徑r都是未知量，無(wú)法求出地球的質(zhì)量M1和月球的公轉(zhuǎn)半徑為r，AB錯(cuò)誤；C．月球公轉(zhuǎn)的向心加速度為SKIPIF1<0月球的公轉(zhuǎn)半徑為r未知，無(wú)法求出月球公轉(zhuǎn)的向心加速度，C錯(cuò)誤；D．設(shè)月球“同步衛(wèi)星”的高度為h，由萬(wàn)有引力定律和牛頓第二定律得SKIPIF1<0解得SKIPIF1<0D正確。故選D。5．電子e以垂直于勻強(qiáng)磁場(chǎng)的速度v，從A點(diǎn)進(jìn)入長(zhǎng)為d、寬為L(zhǎng)的磁場(chǎng)區(qū)域，偏轉(zhuǎn)后從B點(diǎn)離開(kāi)磁場(chǎng)，如圖所示，若磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度為B，那么（）A．電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間SKIPIF1<0B．電子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間大于SKIPIF1<0C．洛倫茲力對(duì)電子做的功是W=BevLD．電子在B點(diǎn)的速度與A點(diǎn)的速度相同【答案】B【分析】電子進(jìn)入磁場(chǎng)中由洛倫茲力提供向心力做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，由弧長(zhǎng)與線速度之比求時(shí)間，洛倫茲力不做功，速度大小不變?！窘馕觥緼B．電子做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為SKIPIF1<0故A錯(cuò)誤，B正確；C．洛倫茲力方向與速度方向始終垂直，對(duì)電子不做功，故C錯(cuò)誤；

D．洛倫茲力不做功，電子的動(dòng)能不變，則其速率不變，但速度方向變化，故D錯(cuò)誤；故選B。6．在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，一矩形金屬線框繞與磁感線垂直的轉(zhuǎn)軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，如圖1所示．產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)的圖像如圖2所示，則A．SKIPIF1<0=0.005s時(shí)線框的磁通量變化率為零B．SKIPIF1<0=0.01s時(shí)線框平面與中性面重合C．線框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)有效值為311VD．線框產(chǎn)生的交變電動(dòng)勢(shì)頻率為100Hz【答案】B【解析】由圖2可知T=0.02s，Em=311V，根據(jù)正弦式交變電流有效值和峰值的關(guān)系可得，該交變電流的有效值為E=SKIPIF1<0=SKIPIF1<0V=220V，故C錯(cuò)誤，根據(jù)周期和頻率的關(guān)系可得，該交變電流的頻率為，f=SKIPIF1<0=SKIPIF1<0Hz=50Hz，故D錯(cuò)誤；由圖2可知t=0.01時(shí)，e=0所以該交流電從中性面開(kāi)始計(jì)時(shí)，故B正確；t=0.005s時(shí)，e=311V，由法拉第電磁感應(yīng)定律可得磁通量的變化率最大為311V，故A錯(cuò)誤。故選B．二、選擇題：本題共4小題，每小題6分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，每題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7．關(guān)于電容器的電容，下列說(shuō)法正確的是()A．平行板電容器一板帶電＋Q，另一板帶電－Q，則此電容器不帶電B．電容器的電容與極板間距、正對(duì)面積等有關(guān)C．在SI制中，電容的單位是法拉D．電容器帶電時(shí)，兩個(gè)極板只有一個(gè)板上有電荷【答案】BC【解析】A.電容器的帶電量是任一極板帶電量的絕對(duì)值，所以一板帶電+Q，另一板帶電-Q，則此電容器帶電量為Q，故A錯(cuò)誤。B.根據(jù)電容的決定式可知，電容器的電容與極板間距、正對(duì)面積等有關(guān)，故B正確。C.在SI制中，電容的單位是法拉，故C正確。D.電容器帶電時(shí)，兩個(gè)極板都有電荷，故D錯(cuò)誤。8．如圖所示，一根細(xì)線下端拴一個(gè)金屬小球P，細(xì)線的上端固定在金屬塊Q上，Q放在帶小孔的水平桌面上．小球在某一水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)(圓錐擺)．現(xiàn)使小球在一個(gè)更高一些的水平面上做勻速圓周運(yùn)動(dòng)(圖上未畫(huà)出)，兩次金屬塊Q都保持在桌面上靜止．則后一種情況與原來(lái)相比較，下面的判斷中正確的是()A．小球P運(yùn)動(dòng)的周期變大 B．小球P運(yùn)動(dòng)的線速度變大C．小球P運(yùn)動(dòng)的角速度變小 D．Q受到桌面的支持力不變【答案】BD【解析】設(shè)細(xì)線與豎直方向的夾角為SKIPIF1<0，細(xì)線的拉力大小為T(mén)，細(xì)線的長(zhǎng)度為L(zhǎng)．P球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，由重力和細(xì)線的拉力的合力提供向心力，如圖，SKIPIF1<0，得角速度SKIPIF1<0，周期SKIPIF1<0，線速度SKIPIF1<0，使小球改到一個(gè)更高一些的水平面上作勻速圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，SKIPIF1<0增大，SKIPIF1<0減小，角速度增大，周期T減小，線速度變大，B正確AC錯(cuò)誤；金屬塊Q保持在桌面上靜止，對(duì)于金屬塊和小球研究，豎直方向沒(méi)有加速度，根據(jù)平衡條件得知，Q受到桌面的支持力等于兩個(gè)物體的總重力，保持不變，D正確．【點(diǎn)睛】金屬塊Q保持在桌面上靜止，根據(jù)平衡條件分析所受桌面的支持力是否變化．以．由向心力知識(shí)得出小球P運(yùn)動(dòng)的線速度、角速度、周期與細(xì)線與豎直方向夾角的關(guān)系，再判斷其變化．9．"蹦極"是一項(xiàng)深受年輕人喜愛(ài)的極限運(yùn)動(dòng)，跳躍者把一端固定的長(zhǎng)彈性繩綁在腰間，從幾十米高處跳下．如右圖所示，某人做蹦極運(yùn)動(dòng)，他從高臺(tái)由靜止開(kāi)始下落，下落過(guò)程不計(jì)空氣阻力，設(shè)彈性繩原長(zhǎng)為h0，彈性繩的彈性勢(shì)能與其伸長(zhǎng)量的平方成正比．則他在從高臺(tái)下落至最低點(diǎn)的過(guò)程中，他的動(dòng)能Ek、彈性繩的彈性勢(shì)能EP隨下落高度h變化的關(guān)系圖象正確的是A． B．C． D．【答案】BD【分析】分析人運(yùn)動(dòng)的性質(zhì)，，根據(jù)動(dòng)能定理求出動(dòng)能Ek與下落高度h變化的關(guān)系進(jìn)行分析，根據(jù)功能關(guān)系可求彈性繩的彈性勢(shì)能EP與下落高度h變化的關(guān)系進(jìn)行分析；【解析】彈性繩被拉直前，人做自由落體運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理可得SKIPIF1<0，（SKIPIF1<0），彈性繩的彈性勢(shì)能為零；彈性繩剛被拉直到人所受的重力與彈力大小相等的過(guò)程，人做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)加速度為零，速度達(dá)到最大值，從人所受的重力與彈力大小相等到最低點(diǎn)的過(guò)程中，人做加速度增大的減速運(yùn)動(dòng)，在最低點(diǎn)時(shí)速度為零；根據(jù)動(dòng)能定理可得SKIPIF1<0，（SKIPIF1<0），克服彈性繩的彈力做功等于彈性繩的彈性勢(shì)能的變化量可得SKIPIF1<0，則有他的動(dòng)能SKIPIF1<0，（SKIPIF1<0），彈性繩的彈性勢(shì)能SKIPIF1<0，故BD正確，AC錯(cuò)誤；故選BD．10．如圖所示，傾角為θ、半徑為R的傾斜圓盤(pán)繞圓心處的轉(zhuǎn)軸O以角速度ω勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，一個(gè)質(zhì)量為m的小物塊放在圓盤(pán)的邊緣，小物塊與圓盤(pán)間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ．圖中A、B分別為小物塊轉(zhuǎn)動(dòng)過(guò)程中所經(jīng)過(guò)的最高點(diǎn)和最低點(diǎn)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中經(jīng)過(guò)的C、D兩點(diǎn)連線與AB垂直，小物塊與圓盤(pán)間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，且始終相對(duì)于圓盤(pán)靜止．重力加速度為g，下列說(shuō)法正確的是()A．小物塊受到的摩擦力始終指向圓心B．動(dòng)摩擦因數(shù)μ一定大于tanθC．小物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中，摩擦力對(duì)小物塊做功為－μmgπRcosθD．當(dāng)小物塊運(yùn)動(dòng)至C、D兩點(diǎn)時(shí)所受摩擦力大小相等，從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程中摩擦力對(duì)小物塊先做負(fù)功后做正功【答案】BD【解析】小物塊所受重力沿圓盤(pán)的分力及靜摩擦力的合力提供向心力，始終指向圓心，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；小物塊在B點(diǎn)時(shí)由牛頓第二定律Ff-mgsinθ=mRω2，F(xiàn)f>mgsinθ，又因?yàn)镕f<μmgcosθ，所以μmgcosθ>mgsinθ，則μ一定大于tanθ，選項(xiàng)B正確；小物塊從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)的過(guò)程中由動(dòng)能定理：mg?2Rsinθ+WFf=0解得WFf=-mg?2Rsinθ，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；小物塊運(yùn)動(dòng)到CD兩點(diǎn)時(shí)受力具有對(duì)稱(chēng)性的特點(diǎn)，所受的靜摩擦力大小相等，方向關(guān)于AB對(duì)稱(chēng)，從C點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到D點(diǎn)的過(guò)程中，重力先做正功后做負(fù)功，小物塊動(dòng)能始終不變，即合外力做功始終為零，所以摩擦力對(duì)小物塊先做負(fù)功后做正功，選項(xiàng)D正確；故選BD.三、非選擇題:共52分。第11～14題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第15～16題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題:共43分。11．（6分）某同學(xué)利用如圖所示的裝置來(lái)驗(yàn)證力的平行四邊形定則：

(1)該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)步驟為：a．在豎直木板上固定白紙，木板上固定兩個(gè)光滑的定滑輪，質(zhì)量為m1、m2的兩個(gè)物塊通過(guò)輕繩被彈簧測(cè)力計(jì)拉住而處于靜止?fàn)顟B(tài)，O為輕繩的結(jié)點(diǎn)，此時(shí)需記錄的有______(m1、m2已知，重力加速度為g)，由記錄的物理量選擇合適的標(biāo)度畫(huà)平行四邊形來(lái)驗(yàn)證結(jié)論是否成立；b．改變彈簧測(cè)力計(jì)拉力F的大小重復(fù)步驟a，再次驗(yàn)證力的平行四邊形定則，在第二次實(shí)驗(yàn)中，是否要保證結(jié)點(diǎn)O的位置與第一次實(shí)驗(yàn)相同？______(填“是”或“否”)，并說(shuō)明理由______。(2)如果只增大彈簧測(cè)力計(jì)的拉力F而保證其他的條件不變，當(dāng)系統(tǒng)再次平衡時(shí)，下列說(shuō)法正確的是______。A．結(jié)點(diǎn)O的位置會(huì)向右移B．OA與OB繩的拉力的合力不變C．OB繩與豎直方向的夾角會(huì)變小D．OA繩與豎直方向的夾角會(huì)增大【答案】結(jié)點(diǎn)O的位置及OA、OB繩的方向、彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)否因?yàn)槊看螌?shí)驗(yàn)都是獨(dú)立的，改變拉力F，結(jié)點(diǎn)O的位置會(huì)變化ABD【解析】(1)[1]應(yīng)該畫(huà)出三個(gè)力的大小、方向、和作用點(diǎn)，因此應(yīng)該記錄O點(diǎn)的位置；m1、m2及重力加速度g已知，因此兩個(gè)物體的重力已知，只記錄彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)；三個(gè)力的方向中，重物m1的方向豎直向下，因此只記錄OA、OB繩的方向?？傊涗浗Y(jié)點(diǎn)O的位置及OA、OB繩的方向、彈簧測(cè)力計(jì)的示數(shù)。[2][3]否；因?yàn)槊看螌?shí)驗(yàn)都是獨(dú)立的驗(yàn)證力的平行四邊形定則，改變拉力F，結(jié)點(diǎn)O的位置會(huì)變化，任何兩次之間沒(méi)有聯(lián)系。(2)[4]ACD．增大彈簧測(cè)力計(jì)的拉力F時(shí)，如圖所示，m1g，OA拉力大小不變，但合力變大，因此兩個(gè)力的夾角變小，而m1g的方向不變，從而OA繩與豎直方向的夾角會(huì)增大，O點(diǎn)向右移動(dòng)；而OB繩子拉力F與m1g、OA合力SKIPIF1<0等大反向，當(dāng)OA與m1g方向垂直時(shí)，OB與豎直方向夾角最大，由于不知道初始狀態(tài)，因此無(wú)法判斷OB與豎直方向夾角如何變化，AD正確，C錯(cuò)誤；B．OA與OB繩的拉力的合力大小仍等于m1的重量，方向仍豎直向上，B正確。故選ABD。12．（9分）某小組在“設(shè)計(jì)測(cè)定干電池的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻”的實(shí)驗(yàn)中，提供的器材如下:A．待測(cè)干電池B．電壓表V(0?1V，內(nèi)阻約為1kSKIPIF1<0)C．電流表A(0?0.6A)D．電阻箱R(0?99999.9SKIPIF1<0)E.滑動(dòng)變阻器(0?20SKIPIF1<0)F.滑動(dòng)變阻器(0?l00SKIPIF1<0)G.開(kāi)關(guān)、導(dǎo)線若干(1)由于電壓表的量程較小，為了擴(kuò)大量程采用圖甲所示電路測(cè)量電壓表的內(nèi)阻RV，其步驟如下:A．閉合開(kāi)關(guān)S前，應(yīng)將電阻箱附值調(diào)到較小值B．閉合開(kāi)關(guān)S后，調(diào)節(jié)電阻箱R，使電壓表指針滿(mǎn)偏，此時(shí)電阻箱示數(shù)為R1C．再調(diào)節(jié)電阻箱R，使電壓表指針指在滿(mǎn)刻度的一半處，此時(shí)電阻箱示數(shù)為R2D．?dāng)嚅_(kāi)開(kāi)關(guān)S由于電源內(nèi)阻較小可以忽略，由此得出電壓表內(nèi)阻Rv=________________.(2)若量程為1V的電壓表內(nèi)阻為1050SKIPIF1<0，將其量程擴(kuò)為3V，則應(yīng)與之___________.(填“串”或“并”)聯(lián)阻值為R=_____________SKIPIF1<0的電阻.(3)為測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，請(qǐng)用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線，將圖乙電路連接完整___________.(4)圖丙是改裝后的電壓表與電流表使用內(nèi)接法作出的U－I圖象，根據(jù)圖象求出干電池的電動(dòng)勢(shì)E=___________V，內(nèi)電阻___________SKIPIF1<0(結(jié)果保留三位有效數(shù)字).【答案】R2－2R1串21001.491.45（1.43～1.47）【解析】（1）[1]根據(jù)閉合電路歐姆定律得SKIPIF1<0，SKIPIF1<0聯(lián)立兩式得RV=R2－2R1（2）[2][3]應(yīng)串聯(lián)電阻，由R=（n－1）RV得R=（3－1）×1050Ω=2100Ω（3）[4]電路圖如圖所示（4）[5][6]從作出的圖線得出，圖線在U軸上的截距為1.49，即干電池的電動(dòng)勢(shì)為1.49V；通過(guò)計(jì)算得圖線的斜率的絕對(duì)值為SKIPIF1<01.45即干電池的內(nèi)阻為1.45Ω.13．（12分）如圖所示，一矩形金屬框架與水平面成角θ＝37°，寬L＝0.4m，上、下兩端各有一個(gè)電阻R0＝2Ω，框架的其他部分電阻不計(jì)，框架足夠長(zhǎng)，垂直于金屬框架平面的方向有一向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度B＝1.0T.ab為金屬桿，與框架良好接觸，其質(zhì)量m＝0.1kg，電阻r＝1.0Ω，桿與框架的動(dòng)摩擦因數(shù)μ＝0.5.桿由靜止開(kāi)始下滑，在速度達(dá)到最大的過(guò)程中，上端電阻R0產(chǎn)生的熱量Q0＝0.5J（取g＝10m/s2，sin37°＝0.6，cos37°＝0.8）.求：（1）流過(guò)R0的最大電流；（2）從開(kāi)始到速度最大的過(guò)程中ab桿沿斜面下滑的距離；（3）在時(shí)間1s內(nèi)通過(guò)ab桿某橫截面的最大電荷量.【答案】（1）I0=0.25A；（2）11.56m；（3）0.5C；【分析】（1）導(dǎo)體棒沿斜面向下先做加速運(yùn)動(dòng)，后做勻速運(yùn)動(dòng)，導(dǎo)體棒達(dá)到最大速度時(shí)，受力平衡，寫(xiě)出受力平衡的方程，即可求得最大電流；（2）當(dāng)電阻R0中產(chǎn)生的熱量Q0=0.5J，根據(jù)焦耳定律分析電路中產(chǎn)生的總熱量．棒下滑過(guò)程中，重力勢(shì)能轉(zhuǎn)化為棒的動(dòng)能、回路的焦耳熱和摩擦生熱，根據(jù)動(dòng)能定理解答該題．（3）通過(guò)ab桿的最大電量SKIPIF1<0．【解析】解：（1）當(dāng)導(dǎo)體棒做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)，速度最大，感應(yīng)電流最大，則有SKIPIF1<0解得：SKIPIF1<0流過(guò)R0的最大電流為SKIPIF1<0（2）據(jù)題意，有SKIPIF1<0，由SKIPIF1<0得知電路中產(chǎn)生的總熱量為SKIPIF1<0感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為SKIPIF1<0此時(shí)桿的速度為SKIPIF1<0由動(dòng)能定理得：SKIPIF1<0得桿下滑的路程：SKIPIF1<0（3）電流最大時(shí)，時(shí)間1s內(nèi)通過(guò)ab桿某橫截面的電荷量最大．通過(guò)ab桿的最大電量SKIPIF1<0【點(diǎn)睛】該題是電磁感應(yīng)的綜合應(yīng)用，涉及到受力平衡、法拉第電磁感應(yīng)定律、閉合電路的歐姆定律以及能量的轉(zhuǎn)化與守恒，綜合性相對(duì)較強(qiáng)，要求的能力也比較高．14．（16分）原子核的衰變過(guò)程遵守一系列的守恒定律，如電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒、動(dòng)量守恒和能量守恒等，利用磁場(chǎng)研究原子核衰變是一種常用的方法，可以研究各種基本粒子的性質(zhì)。現(xiàn)有一個(gè)在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中原來(lái)速度幾乎為0的放射性原子核W衰變?yōu)閮蓚€(gè)粒子A和B，衰變后粒子A和B運(yùn)動(dòng)速度方向和磁場(chǎng)方向垂直，粒子A和B分別做勻速圓周運(yùn)動(dòng)。已知粒子A和B的電荷數(shù)之比與質(zhì)量數(shù)之比分別為qA：qB＝1：45，mA：mB＝2：117。已知該衰變過(guò)程中的質(zhì)量虧損為△m，光速為c，設(shè)該衰變過(guò)程釋放的核能都轉(zhuǎn)化為粒子的動(dòng)能。求：(1)首先請(qǐng)判斷該衰變?yōu)棣了プ冞€是β衰變，然后定性畫(huà)出衰變后兩個(gè)粒子形成的運(yùn)動(dòng)軌跡；(2)粒子A和B做勻速圓周運(yùn)動(dòng)的半徑之比；(3)粒子A的動(dòng)能EkA?！敬鸢浮?1)α衰變，；(2)45：1；(3)SKIPIF1<0△mc2【解析】(1)由于β粒子的質(zhì)量數(shù)為零，所以根據(jù)質(zhì)量數(shù)之比mA：mB＝2：117，可判斷該衰變?yōu)??衰變，衰變后兩個(gè)粒子形成的兩個(gè)外切的軌跡圓如圖所示：

(2)根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得qvB＝mSKIPIF1<0得R＝SKIPIF1<0根據(jù)動(dòng)量守恒定律可得二者的動(dòng)量大小相等，所以SKIPIF1<0＝SKIPIF1<0＝45：1(3)由動(dòng)能和動(dòng)量的關(guān)系Ek＝SKIPIF1<0得SKIPIF1<0＝SKIPIF1<0衰變后總動(dòng)能Ek＝△mc2＝EkA+EkB所以SKIPIF1<0＝SKIPIF1<0＝SKIPIF1<0△mc2（二）選考題:共9分。請(qǐng)考生從2道題中任選一題作答，并用2B鉛筆將答題卡上所選題目對(duì)應(yīng)的題號(hào)右側(cè)方框涂黑，按所涂題號(hào)進(jìn)行評(píng)分；多涂、多答，按所涂的首題進(jìn)行評(píng)分；不涂，按本選考題的首題進(jìn)行評(píng)分。15．[選修3-3]（9分）如圖所示，粗細(xì)均勻的“U"形管豎直放置，左管封閉、右管開(kāi)口，管內(nèi)的水銀柱封閉一定質(zhì)量的理想氣體，氣柱長(zhǎng)度L=20cm，左右兩管中水銀柱的高度差為h=8cm，已知環(huán)境溫度t0=27°C，熱力學(xué)溫度與攝氏溫度間的關(guān)系為T(mén)=t+273K，大氣壓強(qiáng)p0=76cmHg。（計(jì)算結(jié)果均保留三位有效數(shù)字）（1）若在右管緩慢注人水銀，