2022年河北省唐山市重點(diǎn)初中物理高二第二學(xué)期期末綜合測試試題含解析

2021-2022高二下物理期末模擬試卷注意事項(xiàng)：1．答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2．回答選擇題時(shí)，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動(dòng)，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時(shí)，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3．考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、一定質(zhì)量的理想氣體，保持體積不變．下列說法正確的是（）A．壓強(qiáng)增大時(shí)，氣體的內(nèi)能增加B．壓強(qiáng)增大時(shí)，單位體積的氣體分子數(shù)增加C．溫度升高時(shí)，每個(gè)氣體分子的動(dòng)能都增加D．溫度降低時(shí)，每個(gè)氣體分子的動(dòng)能都減小2、如圖所示，閉合的矩形導(dǎo)線圈在勻強(qiáng)做場中繞垂直于磁場方向的對稱軸勻速轉(zhuǎn)動(dòng)．己知?jiǎng)驈?qiáng)磁場的磁感應(yīng)強(qiáng)度為，線圈匝數(shù)為，邊的邊長為，邊的邊長為，線圈總電阻為，轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為,則當(dāng)線圈轉(zhuǎn)至圖示位置時(shí)（）A．穿過線圈的磁通量為B．線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢為C．穿過線圈的磁通量的變化率為D．線圈邊所受安培力的大小為3、如圖為一彈簧振子做簡諧運(yùn)動(dòng)的位移﹣時(shí)間圖象，在如圖所示的時(shí)間范圍內(nèi)，下列判斷正確的是（）A．0.2s時(shí)的位移與0.4s時(shí)的位移相同B．0.4s時(shí)的速度與0.6s時(shí)的速度相同C．彈簧振子的振動(dòng)周期為0.9s，振幅為4cmD．0.2s時(shí)的回復(fù)力與0.6s時(shí)的回復(fù)力方向相反4、如圖甲所示，一對間距為l=20cm的平行光滑導(dǎo)軌放在水平面上，導(dǎo)軌的左端接R=1Ω的電阻，導(dǎo)軌上垂直放置一導(dǎo)體桿，整個(gè)裝置處在磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B=0.5T的勻強(qiáng)磁場中，磁場方向垂直導(dǎo)軌平面向下．桿在沿導(dǎo)軌方向的拉力F作用下做初速為零的勻加速運(yùn)動(dòng)．測得力F與時(shí)間t的關(guān)系如圖乙所示．桿及兩導(dǎo)軌的電阻均可忽略不計(jì)，桿在運(yùn)動(dòng)過程中始終與導(dǎo)軌垂直且兩端與導(dǎo)軌保持良好接觸，則桿的加速度大小和質(zhì)量分別為()A．20m/s20.5kg B．20m/s20.1kg C．10m/s20.5kg D．10m/s20.1kg5、根據(jù)熱力學(xué)定律，下列判斷正確的是A．我們可以把火爐散失到周圍環(huán)境中的能量全部收集到火爐中再次用來取暖B．利用淺層海水和深層海水間的溫度差制造出一種熱機(jī)，將海水的一部分內(nèi)能轉(zhuǎn)化為機(jī)械能，這在原理上是可行的C．制冷系統(tǒng)能將冰箱內(nèi)的熱量傳給外界較高溫度的空氣，而不引起其它變化D．滿足能量守恒定律的客觀過程都可以自發(fā)地進(jìn)行6、如圖是氫原子的能級圖，對于一群處于n=4的氫原子，下列說法中正確的是（）A．這群氫原子能夠吸收任意能量的光子后向更高能級躍遷B．這群氫原子能夠發(fā)出4種不同頻率的光C．從n=4能級躍遷到n=3能級發(fā)出的光的波長最長D．如果發(fā)出的光子中有兩種能使某金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，其中一種一定是由n=3能級躍遷到

n=2能級發(fā)出的二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、在樣本薄片上均勻地涂上一層石蠟，然后用灼熱的金屬針尖點(diǎn)在樣本的另一側(cè)面，結(jié)果得到如圖所示的兩種圖樣，則（）A．樣本A一定是非晶體B．樣本A可能是非晶體C．樣本B一定是晶體D．樣本B不一定是晶體8、如圖甲所示，空間中存在垂直紙面的勻強(qiáng)磁場，取垂直紙面向里為正方向。一圓形金屬線圈放在紙面內(nèi)，取線圈中感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向?yàn)檎?。某時(shí)刻開始計(jì)時(shí)，線圈中感應(yīng)電流如圖乙所示，則該勻強(qiáng)磁場磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間變化的圖線可能是丙圖中的A． B． C． D．9、邊長為的正方形金屬框在水平恒力作用下，穿過如圖所示的有界勻墻磁場，磁場寬度為，已知邊進(jìn)入磁場時(shí)，線框剛好做勻速運(yùn)動(dòng)，則線框進(jìn)入磁場過程和從磁場另一側(cè)穿出過程（）A．產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向相反B．所受安培力的方向相反C．線框穿出磁場過程產(chǎn)生的電能和進(jìn)入磁場過程產(chǎn)生的電能相等D．線框穿出磁場過程產(chǎn)生的電能一定比進(jìn)入磁場過程產(chǎn)生的電能多10、如圖所示是研究光電效應(yīng)的電路，陰極K和陽極A是密封在真空玻璃管中的兩個(gè)電極，K在受到光照時(shí)能夠發(fā)射光電子．陽極A吸收陰極K發(fā)出的光電子，在電路中形成電流．如果用單色光a照射陰極K，電流表的指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)；用單色光b照射光電管陰極K時(shí)，電流表的指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)．下列說法正確的是（）A．a(chǎn)光的波長一定小于b光的波長B．只增加a光的強(qiáng)度可能使通過電流表的電流增大C．只增加a光的強(qiáng)度可使逸出的電子最大初動(dòng)能變大D．用單色光a照射陰極K，當(dāng)電源的正、負(fù)極對調(diào)時(shí)，電流表的讀數(shù)可能減為零三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11．（6分）用氣墊導(dǎo)軌和光電門驗(yàn)證彈簧將滑塊A、B彈開過程中的動(dòng)量守恒，實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，實(shí)驗(yàn)時(shí)用細(xì)線將兩滑塊拉近，使彈簧處于壓縮狀態(tài)，然后燒斷細(xì)線，彈簧將兩滑塊彈開，兩滑塊由靜止開始運(yùn)動(dòng)。已知兩遮光板寬度相同，滑塊A的質(zhì)量為m1，B的質(zhì)量為m2。（1）實(shí)驗(yàn)中還必須記錄的物理量為__________________A．彈開后滑塊A經(jīng)過光電門的遮光時(shí)間t1B．彈開后滑塊B經(jīng)過光電門的遮光時(shí)間t2C．燒斷細(xì)線前滑塊A離左側(cè)光電門的距離L1D．燒斷細(xì)線前滑塊B離右側(cè)光電門的距離L2E.兩遮光板的寬度d（2）若測得的物理量在誤差允許的范圍內(nèi)符合表達(dá)式__________________（用題干和第（1）問中給出的相關(guān)字母表達(dá)），則說明彈簧將滑塊A彈開過程中系統(tǒng)總動(dòng)量守恒。12．（12分）探究力的平行四邊形定則的實(shí)驗(yàn)中（1）實(shí)驗(yàn)原理是等效原理，其等效性是指______A．使兩次橡皮筋伸長的長度相等B．使彈簧秤在兩種情況下發(fā)生相同的形變C．使兩分力與合力滿足平行四邊形定則D．使兩次橡皮筋與細(xì)繩套的結(jié)點(diǎn)都與某點(diǎn)O重合（2）下列哪些方法可減小實(shí)驗(yàn)誤差______A．兩個(gè)分力F1、F2間的夾角要盡量大些B．兩個(gè)分力F1、F2的大小要盡量大些C．拉橡皮條的細(xì)繩要稍長些D．彈簧秤必須與木板平行，讀數(shù)時(shí)視線要正對彈簧秤刻度（3）使b彈簧秤按圖1實(shí)所示位置開始順時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動(dòng)，在這過程中保持O點(diǎn)位置不變和a彈簧秤的拉伸方向不變，則在整個(gè)過程中關(guān)于a、b彈簧秤的讀數(shù)變化是______A．a(chǎn)增大，b減小B．a(chǎn)減小，b增大C．a(chǎn)減小，b先增大后減小D．a(chǎn)減小，b先減小后增大（4）如圖2所示是甲、乙兩名同學(xué)在做“驗(yàn)證力的平行四邊形定則”的實(shí)驗(yàn)時(shí)得到的結(jié)果．若按實(shí)驗(yàn)中要求的符號表示各個(gè)力，則可判定實(shí)驗(yàn)結(jié)果中尊重實(shí)驗(yàn)事實(shí)的是______．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13．（10分）如圖所示，平板車P的質(zhì)量為M，質(zhì)量為m的小物塊Q大小不計(jì)，位于平板車的左端，系統(tǒng)原來靜止在光滑水平地面上。一不可伸長的輕質(zhì)細(xì)繩長為R，一端懸于Q正上方高為R處，另一端系一質(zhì)量也為m的小球(大小不計(jì))。今將小球拉至懸線與豎直位置成60°角，由靜止釋放，小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)與Q的碰撞時(shí)間極短，且無能量損失。已知Q離開平板車時(shí)速度大小是平板車速度的兩倍，Q與P之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為μ，M∶m＝4∶1，重力加速度為g。求：(1)小物塊Q離開平板車時(shí)速度為多大？(2)平板車P的長度為多少？14．（16分）如圖所示，截面為四分之三圓的玻璃柱，圓弧ABC面鍍銀，圓弧的半徑為cm．一細(xì)光束垂直O(jiān)A并從OA的中點(diǎn)D射入玻璃柱，玻璃柱對該光的折射率為，光在真空中的傳播速度c＝3×108m/s.求：（1）光從玻璃柱中射出時(shí)的折射角：（2）光在玻璃柱中傳播的時(shí)間（結(jié)果保留2位有效數(shù)字）。15．（12分）半徑為R的固定半圓形玻璃磚的橫截面積如圖所示，O點(diǎn)為圓心，OO′與直徑AB的垂直。足夠大的光屏CD緊靠在玻璃磚的左側(cè)且與AB垂直。一光束沿半徑方向與OO′成θ＝30°射向O點(diǎn)，光屏CD區(qū)域出現(xiàn)兩個(gè)光斑，兩光斑間的距離為．求：①此玻璃的折射率②當(dāng)θ變?yōu)槎啻髸r(shí)，兩光斑恰好變?yōu)橐粋€(gè)。

參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】

A、一定質(zhì)量的理想氣體，其體積不變，則分子的密度不變；當(dāng)壓強(qiáng)增大時(shí)，其氣體的溫度升高，則氣體分子的平均動(dòng)能增大，內(nèi)能增加，故A正確；B、壓強(qiáng)改變，不能改變單位體積內(nèi)的分子數(shù)，單位體積內(nèi)的分子數(shù)與氣體體積有關(guān)，體積不變，單位體積內(nèi)的分子數(shù)就不變，故B錯(cuò)誤．CD、當(dāng)溫度升高時(shí)，氣體的平均動(dòng)能增大，但并不是每個(gè)的動(dòng)能都增大，有的甚至減小，對分子講個(gè)別情況是無意義的，而是看平均效果，同樣當(dāng)溫度降低時(shí)，分子的平均動(dòng)能減小，但并不能說明每個(gè)分子的動(dòng)能都減?。蔆錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤．故選A．【點(diǎn)睛】由壓強(qiáng)的微觀解釋可以判定A；單位體積內(nèi)的分子數(shù)與氣體體積有關(guān)，與壓強(qiáng)無關(guān)；溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志．2、D【解析】A.圖示時(shí)刻，線圈平面與磁感線平行，穿過線圈的磁通量為零，故A錯(cuò)誤；BC.圖示時(shí)刻，圖示時(shí)刻ad、bc兩邊垂直切割磁感線，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢最大，為E==nBSω=nBl1l2ω，=，故B錯(cuò)誤，C錯(cuò)誤；D.線圈ad邊所受安培力的大小為F=nBIl2=nB?l2=，故D正確．故選：D點(diǎn)睛：根據(jù)感應(yīng)電動(dòng)勢公式求解線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢．圖示時(shí)刻線圈中產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢最大，由法拉第電磁感應(yīng)定律分析磁通量的變化率．由安培力公式F=BIL求出安培力大?。?、D【解析】

A．由圖可知，在0.2s時(shí)的位移與在0.4s時(shí)的位移大小相等，方向相反，A錯(cuò)誤；B．由圖可知，在0.4s時(shí)與在0.6s時(shí)，振子偏離平衡位置的位移大小與方向相同，所以振子的速度大小相等，但方向相反，B錯(cuò)誤；C．由圖可知振幅為4cm，周期為0.8s，C錯(cuò)誤；D．由圖可知，在0.2s時(shí)振子偏離平衡位置的位移方向?yàn)樨?fù)，在0.6s時(shí)振子偏離平衡位置的位移方向?yàn)檎?，由簡諧運(yùn)動(dòng)的回復(fù)與位移方向相反可知，0.2s時(shí)的回復(fù)力與0.6s時(shí)的回復(fù)力方向相反，D正確。4、D【解析】導(dǎo)體桿在軌道上做初速度為零的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，用v表示瞬時(shí)速度，t表示時(shí)間，則桿切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢為：，閉合回路中的感應(yīng)電流為，由安培力公式和牛頓第二定律得：，由以上三式得，在乙圖線上取兩點(diǎn)，，，代入聯(lián)立方程得：，，選項(xiàng)D正確．故選D.點(diǎn)睛：對于電磁感應(yīng)問題研究思路常常有兩條：一條從力的角度，重點(diǎn)是分析安培力作用下導(dǎo)體棒的平衡問題，根據(jù)平衡條件列出方程；另一條是能量，分析涉及電磁感應(yīng)現(xiàn)象中的能量轉(zhuǎn)化問題，根據(jù)動(dòng)能定理、功能關(guān)系等列方程求解．5、B【解析】熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，所以不能說把散失的能量全部收集起來，A錯(cuò)；根據(jù)熱力學(xué)第二定律，可知B正確；熱量從低溫物體傳給高溫物體時(shí)要發(fā)生其它變化，C錯(cuò)；只滿足能量守恒定律但不滿足熱力學(xué)第二定律的過程也不可以發(fā)生的，D錯(cuò)。思路分析：熱量不能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，所以不能說把散失的能量全部收集起來；熱量從低溫物體傳給高溫物體時(shí)要發(fā)生其它變化；只滿足能量守恒定律但不滿足熱力學(xué)第二定律的過程也不可以發(fā)生的；試題點(diǎn)評：本題利用生活中的現(xiàn)象考查了熱力學(xué)第二定律6、C【解析】

A、氫原子發(fā)生躍遷，吸收的能量必須等于兩能級的能級差，故A錯(cuò)誤；B、根據(jù)，可知，這群氫原子能夠發(fā)出6種不同頻率的光子，故B錯(cuò)誤；C、從n=4躍遷到n=3，輻射的光子頻率最小，波長最長，故C正確；D、如果發(fā)出的光子有兩種能使某金屬產(chǎn)生光電效應(yīng)，知兩種光子為能量最大的兩種，分別為由n=4躍遷到n=1，和n=3躍遷到n=1能級發(fā)出的，故D錯(cuò)誤．二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BC【解析】

晶體是各向異性的，熔化在晶體表面的石蠟是橢圓形．非晶體和多晶體是各向同性，則熔化在表面的石蠟是圓形．,這與水在蠟的表面呈圓形是同樣的道理（表面張力）．非晶體各向同性的每個(gè)方向?qū)嵯嗤?，所以是圓形，晶體各向異性的在不同方向上按導(dǎo)熱不同，但是為平滑過渡，是由于晶粒在某方向上按照一定規(guī)律排布，所以是橢圓形，故BC正確，AD錯(cuò)誤。8、BD【解析】

A.在0-1s時(shí)間內(nèi)，穿過線圈的磁通量先向外減小，后向里增加，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生逆時(shí)針方向（負(fù)方向）的感應(yīng)電流，則與題目中的i-t圖像不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B.在0-1s時(shí)間內(nèi)，穿過線圈的磁通量向外增加，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生順時(shí)針方向（正方向）的感應(yīng)電流，因，則此過程中電流恒定不變；在1-2s時(shí)間內(nèi)磁通量不變，則感應(yīng)電流為零；在2-4s時(shí)間內(nèi)，則穿過線圈的磁通量向外減小，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生逆時(shí)針方向（負(fù)方向）的感應(yīng)電流，因，則此過程中電流恒定不變且等于0-1s內(nèi)電流的一半；與題目中的i-t圖像相符，選項(xiàng)B正確；C.在0-1s時(shí)間內(nèi)，穿過線圈的磁通量向里增加，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生逆時(shí)針方向（負(fù)方向）的感應(yīng)電流，則與題目中的i-t圖像不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.在0-1s時(shí)間內(nèi)，穿過線圈的磁通量向里減小，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生順時(shí)針方向（正方向）的感應(yīng)電流，因，則此過程中電流恒定不變；在1-2s時(shí)間內(nèi)磁通量不變，則感應(yīng)電流為零；在2-4s時(shí)間內(nèi)，則穿過線圈的磁通量向里增加，由楞次定律可知線圈中產(chǎn)生逆時(shí)針方向（負(fù)方向）的感應(yīng)電流，因，則此過程中電流恒定不變且等于0-1s內(nèi)電流的一半；與題目中的i-t圖像相符，選項(xiàng)D正確；9、AD【解析】線框進(jìn)入磁場過程：磁通量增加，根據(jù)楞次定律得知，線框感應(yīng)電流方向沿逆時(shí)針方向；根據(jù)楞次定律的第二種表述：感應(yīng)電流總要阻礙導(dǎo)體與磁體間相對運(yùn)動(dòng)，則知線框所受的安培力方向向左，產(chǎn)生的電能為；線框穿出磁場過程：磁通量減小，根據(jù)楞次定律得知，線框感應(yīng)電流方向沿順時(shí)針方向；根據(jù)楞次定律的第二種表述：感應(yīng)電流總要阻礙導(dǎo)體與磁體間相對運(yùn)動(dòng)，則知線框所受的安培力方向向左；線框進(jìn)入和穿出磁場的兩個(gè)過程中，水平恒力做功都是FL，進(jìn)入過程線框做勻速運(yùn)動(dòng)，產(chǎn)生的電能等于FL，由于線框完全進(jìn)入磁場后做勻加速運(yùn)動(dòng)，到出磁場時(shí)，線框的速度增大，產(chǎn)生的感應(yīng)電流增大，所受的安培力增大，線框?qū)⒆鰷p速運(yùn)動(dòng)，減小的動(dòng)能也轉(zhuǎn)化為電能，所以出磁場過程產(chǎn)生的電能一定大于進(jìn)磁場過程產(chǎn)生的電能，故AD正確，BC錯(cuò)誤；故選AD．【點(diǎn)睛】根據(jù)楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向，根據(jù)楞次定律的第二種表述：感應(yīng)電流總要阻礙導(dǎo)體與磁體間相對運(yùn)動(dòng)，分析安培力的方向．由焦耳定律求解線框產(chǎn)生的電能．10、ABD【解析】用一定頻率的a單色照射光電管時(shí)，電流表指針會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，知，由知a光的波長小于b光的波長，A正確；只增加a光的強(qiáng)度，即增加了光子的個(gè)數(shù)，則產(chǎn)生的光電子數(shù)目增多，光電流增大，使通過電流表的電流增大，B正確；根據(jù)光電效應(yīng)方程，最大初動(dòng)能與入射光頻率有關(guān)與強(qiáng)度無關(guān)，故只增加a光的強(qiáng)度逸出的電子最大初動(dòng)能不變，C錯(cuò)誤；當(dāng)正負(fù)極對調(diào)后，形成反向電場，光子在電場中做減速運(yùn)動(dòng)，若，則光電子無法到達(dá)陽極A，電流表示數(shù)為0，D正確．三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）AB（2）m1【解析】

第一空.第二空.設(shè)遮光板的寬度為d，滑塊經(jīng)過光電門時(shí)的速度：v1=dt1，v2=dt2，燒斷細(xì)線過程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，以向左為正方向，由動(dòng)量守恒定律得：m1v1-m2v2=0，整理得：m1t112、（1）D（2）BCD（3）D（4）甲【解析】（1）實(shí)驗(yàn)原理是等效原理，其等效性是指使兩次橡皮筋與細(xì)繩套的結(jié)點(diǎn)都與某點(diǎn)O重合，故選D.（2）實(shí)驗(yàn)要方便、準(zhǔn)確，兩分力適當(dāng)大點(diǎn)，讀數(shù)時(shí)相對誤差小，夾角不宜太大，也不宜太小，故A錯(cuò)誤；在合力F不超過量程的前提下，兩個(gè)分力F1、F2要盡量大些，選項(xiàng)B正確；為了準(zhǔn)確記下拉力的方向，故采用兩點(diǎn)描線時(shí)兩點(diǎn)應(yīng)盡量距離大一些，故細(xì)繩應(yīng)長些，故C正確；實(shí)驗(yàn)中，彈簧秤必須與木板平行，讀數(shù)時(shí)視線要正對彈簧秤刻度，故D正確；故選BCD；（3）對點(diǎn)O受力分析，受到兩個(gè)彈簧的拉力和橡皮條的拉力，如圖，其中橡皮條長度不變，其拉力大小不變，Oa彈簧拉力方向不變，Ob彈簧拉力方向和大小都改變;

根據(jù)平行四邊形定則可以看出b的讀數(shù)先變小后變大，a的讀數(shù)不斷變小，故ABC錯(cuò)誤，D正確．故選D．（4）實(shí)驗(yàn)測的彈力方向沿繩子方向，即圖中的AO方向，由于誤差的存在，作圖法得到的合力與實(shí)驗(yàn)值有一定的差別，即作圖得出的合力方向與AO方向有一定的夾角，故甲更符合實(shí)驗(yàn)事實(shí)．點(diǎn)睛：正確解答實(shí)驗(yàn)問題的前提是明確實(shí)驗(yàn)原理，了解具體操作和有關(guān)數(shù)據(jù)處理的方法以及誤差分析，了解整個(gè)實(shí)驗(yàn)過程的具體操作，以及這些具體操作的意義，同時(shí)要熟練應(yīng)用所學(xué)基本規(guī)律來解答實(shí)驗(yàn)問題．四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）gR3（2）7R【解析】

小球到達(dá)最低點(diǎn)時(shí)與Q的碰撞時(shí)間極短，且無能量損失，滿足動(dòng)量守恒的條件且能量守恒．小物