江蘇省南京師范大學(xué)附屬中學(xué)2020屆高三下學(xué)期期初檢測試題含解析《附15套高考模擬卷》

江蘇省南京師范大學(xué)附屬中學(xué)2020屆高三下學(xué)期期初檢測試題一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一個半徑為r的半圓形線圈，以直徑ab為軸勻速轉(zhuǎn)動，轉(zhuǎn)速為n,ab的左側(cè)有垂直于紙面向里（與ab垂直）的勻強磁場，磁感應(yīng)強度為B。M和N是兩個集流環(huán)，負載電阻為R,線圈、電流表和連接導(dǎo)線的電阻不計，則電流表的示數(shù)為。（）42nB7v~r~2RnB^'r22R2、如圖所示，輕質(zhì)不可伸長的晾衣繩兩端分別固定在豎直桿M、N上的a、6兩點，。點比分點低，晾衣繩粗糙，懸掛衣服的衣架鉤在晾衣繩中點和在桿M、N中間位置時都不滑動。衣架靜止，下列說法正確的是（ ）A.衣架鉤在晾衣繩中點時，左右兩邊繩子拉力大小相等B.衣架鉤在晾衣繩中點時，右邊繩子拉力小于左邊繩子拉力C.衣架鉤在桿M、N中間位置時，左右兩邊繩子拉力大小相等D.衣架鉤在桿M、N中間位置時，右邊繩子拉力大于左邊繩子拉力TOC\o"1-5"\h\z3、某氣體星球的半徑為R,距離星球中心2R處的P點的重力加速度為g。若該星球的體積在均勻膨脹,膨脹過程中星球質(zhì)量不變，且密度均勻。當(dāng)星球半徑膨脹為3A時，P點的重力加速度為屋。已知質(zhì)量分布均勻的球殼對球殼內(nèi)物體的引力為零。則與g的比值為（ ）1 9 8A.- B.1 C.- D.—3 4 274、空間某區(qū)域存在一方向垂直于紙面向外、大小隨時間均勻變化的勻強磁場，磁場邊界ef如圖所示，現(xiàn)有一根粗細均勻金屬絲圍成的邊長為L的正方形線框固定在紙面內(nèi)，t=0時刻磁場方向如圖甲所示，磁感應(yīng)強度B隨時間t變化關(guān)系如圖乙所示，則（ ）B/TA.O-tiseB/TA.O-tise點電勢高于f點電勢tI~t2;金屬框中電流方向順時針0~t2!ab所受安培力方向始終不變5、下列說法正確的是（ ）A.所有的核反應(yīng)都具有質(zhì)量虧損B.光子既具有能量，又具有動量C.高速飛行的子彈不具有波動性D.P衰變本質(zhì)是原子核中一個質(zhì)子釋放一個電子而轉(zhuǎn)變成一個中子6、某靜電場在x軸上各點的電勢（p隨坐標(biāo)x的分布圖像如圖所示。x軸上A、O、B三點的電勢分別為q>A、（Po、<Pb，電場強度沿x軸方向的分量大小分別為Eax、Eox、Ebx，電子在A、O、B三點的電勢能分別為W,*、Wo、Wb.下列判斷中正確的是（ ）A.(Po>(pB><pAB.Eox>Ebx>EaxC.Wo<Wb<WaD.Wo-WA>Wo-WB二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、下列說法中正確的是（A.空氣的絕對濕度越大，水蒸發(fā)越慢，人就感覺越潮濕B.由于水的表面張力作用，即使傘面上有很多細小的孔，傘也能達到遮雨的效果C.用熱針尖接觸金屬表面的石蠟，溶解區(qū)域呈圓形，說明石蠟具有各向同性D.無論液體和細管壁是否浸潤，都能發(fā)生毛細現(xiàn)象

E.攝氏溫度每升高1℃相應(yīng)的熱力學(xué)溫度就升高1K8、如圖所示為某電場中的一條電場線，該電場線為一條直線，。、氏c為電場線上等間距的三點，三點的電勢分別為《、%、（Pc,三點的電場強度大小分別為%、紜、耳」則下列說法正確的是（）A.不論什么電場，均有A.不論什么電場，均有（pa>（ph>（pcB.電場強度大小有可能為Ea=E<>EhC.若E“=E1,=E,.,則電場一定是勻強電場D.若-玄，則電場一定是勻強電場9、如圖a所示，在某均勻介質(zhì)中S”S2處有相距L=12m的兩個沿y方向做簡諧運動的點波源&,S2.兩波源的振動圖線分別如圖（b）和圖（c）所示。兩列波的波速均為2.00m/s,p點為距舟為5m的點,A.兩列簡諧波的波長均為2mP點的起振方向向下P點為振動加強點，若規(guī)定向上為正方向，則t=4s時p點的位移為6cmp點的振幅始終為6cmE.S,,S2之間（不包含S”S2兩點），共有6個振動減弱點10、如圖所示，y軸上固定有兩個電荷量相等的帶正電的點電荷，且關(guān)于坐標(biāo)原點。對稱。某同學(xué)利用電場的疊加原理分析在兩電荷連線的中垂線（X軸）上必定有兩個場強最強的點A、A',該同學(xué)在得到老師的肯定后又在此基礎(chǔ)上作了下面的推論，你認為其中正確的是（ ）A.若兩個點電荷的位置不變，但電荷量加倍，則X軸上場強最大的點仍然在A、4兩位置B.如圖（1）,若保持兩個點電荷的距離不變、并繞原點O旋轉(zhuǎn)90后對稱的固定在z軸上，則X軸上場強最大的點仍然在A、兩位置C.如圖(2),若在yoz平面內(nèi)固定一個均勻帶正電圓環(huán)，圓環(huán)的圓心在原點。。直徑與⑴圖兩點電荷距離相等，則X軸上場強最大的點仍然在A、A'兩位置D.如圖(3),若在平面內(nèi)固定一個均勻帶正電薄圓板，圓板的圓心在原點。，直徑與⑴圖兩點電荷距離相等，則X軸上場強最大的點仍然在A、A'兩位置三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、小宇同學(xué)利用如圖甲所示的裝置驗證動能定理，遮光條的寬度d為圖乙中的游標(biāo)卡尺(游標(biāo)有十個分度)所示，其中托盤的質(zhì)量為m=10g,每個祛碼的質(zhì)量均為m=10g,小車和遮光條以及傳感器的總質(zhì)量為M=100g,忽略繩子與滑輪之間的摩擦。小宇做了如下的操作：圖丙圖丙①滑塊上不連接細繩，將長木板的右端適當(dāng)墊高，以平衡摩擦力；②取5個硅碼放在小車上，讓小車由靜止釋放，傳感器的示數(shù)為F,記錄遮光條經(jīng)過光電門時的擋光時間為At；③測出遮光條距離光電門的間距為s,如圖丙所示；④從小車上取一個祛碼放在托盤上，并將小車由同一位置釋放，重復(fù)②，直到將祛碼全部放在托盤中；由以上操作分析下列問題：(1)遮光條的寬度d為 mm,遮光條到光電門的間距s為m；(2)用以上的字母表示遮光條經(jīng)過光電門時的速度的表達式為:(3)在②過程中細繩的拉力所做的功為,所對應(yīng)動能的變化量為;(用字母表示)(4)在上述過程中如果將托盤及盤中祛碼的總重力計為FS則F，所做的功為,所對應(yīng)系統(tǒng)的動能的變化量為;(用字母表示)(5)如果以F，為縱軸，At的 為橫軸，該圖線為直線，由題中的條件求出圖線的斜率k,其大小為(結(jié)果保留兩位有效數(shù)字)。12、實驗室中有一臺銘牌模糊的可拆卸式變壓器，如圖所示，該變壓器可近似看做理想變壓器。某同學(xué)欲測量它的初級次級線圈匝數(shù)：先在閉合鐵芯的上端鐵朝處緊密纏繞100匝漆包細銅線，并將細銅線兩端與理想交流電壓表構(gòu)成閉合回路。ttW_(1)在次級線圈左右兩端的接線柱上輸入12V低壓交流電壓，理想交流電壓表示數(shù)為60V,則次級線圈的匝數(shù)為 匝；在初級線圈左右兩端的接線柱上輸入12V低壓交流電壓，理想交流電壓表示數(shù)為30V,則初級線圈的匝數(shù)為 匝。(2)若初級線圈左右兩端接線柱接入的交變電壓瞬時表達式為u=311sinl007rt(V),則與次級線圈左右兩端接線柱直接相連的理想交流電壓表的示數(shù)為V。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、如圖所示，ABC是一個三棱鏡的截面圖，一束單色光以i=60。的入射角從側(cè)面的中點N射入。已知三棱鏡對該單色光的折射率“=6,AB長為L,光在真空中的傳播速度為c,求：①此束單色光第一次從三棱鏡射出的方向(不考慮AB面的反射)；②此束單色光從射入三棱鏡到BC面所用的時間。14、如圖所示，在豎直平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系，y軸沿豎直方向。在x=L到x=2L之間存在豎直向上的勻強電場和垂直坐標(biāo)平面向里的勻強磁場，一個比荷為k的帶電微粒從坐標(biāo)原點以一定初速度沿+x方向拋出，進入電場和磁場后恰好在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，離開電場和磁場后，帶電微粒恰好沿+x方向通過x軸上x=3L的位置，已知勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B,重力加速度為g.求：(1)電場強度的大??；(2)帶電微粒的初速度：(3)帶電微粒做圓周運動的圓心的縱坐標(biāo)。15、如圖所示，半圓形光滑軌道豎直固定且與水平地面相切于A點，半徑R=O.lm,其右側(cè)一定水平距離處固定一個斜面體。斜面C端離地高度h=0.15m,E端固定一輕彈簧，原長為DE,斜面CD段粗糙而DE段光滑?，F(xiàn)給一質(zhì)量為0.1kg的小物塊(可看作質(zhì)點)一個水平初速，從A處進入圓軌道，離開最高點B后恰能落到斜面頂端C處，且速度方向恰平行于斜面，物塊沿斜面下滑壓縮彈簧后又沿斜面向上返回，第一次恰能返回到最高點C。物塊與斜面CD段的動摩擦因數(shù)〃=￥2,斜面傾角。=30。，重力加速度g=10m/s2,不計物塊碰撞彈簧的機械能損失。求:⑴物塊運動到B點時對軌道的壓力為多大?(2)CD間距離L為多少米？⑶小物塊在粗糙斜面CD段上能滑行的總路程s為多長?參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】【分析】【詳解】線圈繞軸勻速轉(zhuǎn)動時，在電路中產(chǎn)生如圖所示的交變電流。此交變電動勢的最大值為27Tf""Em=BS(d=B-—^―-2兀n=Bnr2設(shè)此交變電動勢在一個周期內(nèi)的有效值為E，，由有效值的定義得解得EE'=j2故電流表的示數(shù)為,E'7r2r2nB1=-= R2R故選D。2、D【解析】【詳解】令a到節(jié)點的高度為h”b到節(jié)點的高度為h2,節(jié)點到M的水平距離為x”節(jié)點到N的水平距離為X2,a端繩子和水平方向的夾角為a,b端繩子和水平方向的夾角為p,對繩子節(jié)點進行受力分析，如圖所示:必ngh hAB.當(dāng)衣架鉤在晾衣繩中點時，設(shè)a、b到節(jié)點繩子長度為L,根據(jù)幾何關(guān)系有：sina=e，sin。=彳,因為%Vh2，可得：a<p,根據(jù)平衡條件：Facosa=Fbcosp,可得："=厘＜1Fbcoscr則：FaVFb，故AB錯誤;% _It,CD.衣架鉤在桿M、N中間位置時，根據(jù)幾何關(guān)系：tana=3,tan夕=3,X)=X2>因為可X] x2得：a<p,根據(jù)平衡條件：Facosa=Fbcosp,可得：工=COS尸F(xiàn)hcosa則：FaVFb，故C錯誤，D正確。故選D。3、D【解析】【詳解】設(shè)P點放置質(zhì)量為桃的物體，則有

GMm 7=mgGMm(2R>s解得GM=(2/?)2如圖所示，星球膨脹后質(zhì)量不變，有4M=p'--n(3R)3P點以下球體質(zhì)量為4M'=p'--n(3R-H)3解得QM'=—M27結(jié)合①式得，8gR則g27所以D正確，ABC錯誤。故選D。B【解析】【詳解】A.0~h時間內(nèi)垂直于紙面向外的磁場減弱，根據(jù)楞次定律可知感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場垂直于紙面向外，根據(jù)安培定則可知感應(yīng)電流為逆時針方向，在電源內(nèi)部，電流從負極流向正極，故f電勢高于e的電勢，A錯誤；B.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，感應(yīng)電動勢：q2 4r,B正確；C.根據(jù)楞次定律，0~t2金屬框中電流方向為逆時針，C錯誤；D.根據(jù)左手定則，0~t1安培力水平向左，ti-t2安培力水平向右，D錯誤。故選B。5、B【解析】【詳解】A.由結(jié)合能圖象可知，只有較重的原子核裂變成中等質(zhì)量的原子核或較輕的原子核聚變?yōu)橹械荣|(zhì)量的原子核時才有能量釋放，具有質(zhì)量虧損，故A錯誤；B.光電效應(yīng)和康普頓效應(yīng)深入揭示了光的粒子性，前者表明光子具有能量，后者表明光子具有動量，故B正確；C.無論是宏觀粒子還是微觀粒子，都同時具有粒子性和波動性，故C錯誤；D.0衰變本質(zhì)是原子核中一個中子釋放一個電子而轉(zhuǎn)變質(zhì)子，故D錯誤。故選B。6、D【解析】【詳解】A,由圖知電勢高低關(guān)系為%<外<外，A錯誤；B.根據(jù)圖像切線斜率的大小等于電場強度沿X軸方向的分量大小，所以￡ox<Eb,<Ea*，B錯誤；C.電子帶負電，根據(jù)電勢能公式：Ep=q(p=-e(p分析得知/>>Epb>與人，C錯誤；D.由圖知，0A間電勢差大于。5間電勢差，即有：<Po-<Pk>%-外電子帶負電，則根據(jù)電勢能公式：Ep=q(p得：Epo-與a>Epo-fPB,D正確。故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】【詳解】A.空氣相對濕度越大，人體水分越不容易蒸發(fā)，人們感覺越潮濕，不是絕對濕度。故A錯誤。B.雨水沒有透過布雨傘是因為液體表面存在張力，導(dǎo)致水不能透過，故B正確。C.用熱針尖接觸金屬表面的石蠟，熔解區(qū)域呈圓形，這是多晶體金屬導(dǎo)熱具有各向同性的表現(xiàn)，無法說明石蠟具有各向同性，故C錯誤。D.液體和細管壁浸潤與不浸潤都會有高度差，所以都能發(fā)生毛細現(xiàn)象。故D正確。E.攝氏溫度t與熱力學(xué)溫度T的關(guān)系為T=t+273。攝氏溫度升高1%：,對應(yīng)的熱力學(xué)溫度升高1K,故E正確。故選BDE。8,AB【解析】【分析】【詳解】A.沿著電場線的方向電勢逐漸降低，可得外，選項A正確；B.在等量異種點電荷電場中，若方點為兩點電荷連線的中點，則有紇=紇＞4,故選項B正確；C.僅由a=線=煤，不能確定電場是否是勻強電場，選項C錯誤：D.僅由?一q=以一〃.，不能確定電場為勻強電場，選項D錯誤。故選AB,9、BCD【解析】【分析】【詳解】A.兩列簡諧波的波長均為/l=〃=2x2mHm,選項A錯誤；B.因％起振方向向下，由振源Si形成的波首先傳到P點，則P點的起振方向向下，選項B正確；P點到兩振源的距離之差為2m等于半波長的奇數(shù)倍，因兩振源的振動方向相反，可知P點為振動加強點；由&形成的波傳到P點的時間為2.5s,t=4s時由由在P點引起振動的位移為4cm；同理，由S?形成的波傳到P點的時間為3.5s,t=4s時由S2在P點引起振動的位移為2cm；若規(guī)定向上為正方向，則t=4s時P點的位移為6cm,選項C正確；P點為振動加強點，則P點的振幅始終為6cm,選項D正確：S”S2之間(不包含Si，S2兩點)，共有5個振動減弱點，分別在距離Si為2m、4m、6m、8m、10m的位置，選項E錯誤。故選BCD?10、ABC【解析】【分析】【詳解】A.可以將每個點電荷(2q)看作放在同一位置的兩個相同的點電荷(q),既然上下兩個點電荷(q)的電場在x軸上場強最大的點仍然在A、A'兩位置，兩組點電荷疊加起來的合電場在x軸上場強最大的點當(dāng)然還是在A、A'兩位置，選項A正確；B.由對稱性可知，保持兩個點電荷的距離不變、并繞原點O旋轉(zhuǎn)90后對稱的固定在z軸上，則X軸上場強最大的點仍然在A、4兩位置，選項B正確；C.由AB可知，在yOz平面內(nèi)將兩點電荷繞O點旋轉(zhuǎn)到任意位置，或者將兩點電荷電荷量任意增加同等倍數(shù)，在x軸上場強最大的點都在A、A'兩位置，那么把帶電圓環(huán)等分成一些小段，則關(guān)于O點對稱的任意兩小段的合電場在x軸上場強最大的點仍然還在A、A'兩位置，所有這些小段對稱疊加的結(jié)果，合電場在x軸上場強最大的點當(dāng)然還在A、A'兩位置，選項C正確；D.如同C選項，將薄圓板相對O點對稱的分割成一些小塊，除了最外一圈上關(guān)于O點對稱的小段間距還是和原來一樣外，靠內(nèi)的對稱小塊間距都小于原來的值，這些對稱小塊的合電場在x軸上場強最大的點就不再在A、Az兩位置，則整個圓板的合電場在x軸上場強最大的點當(dāng)然也就不再在A、A'兩位置，選項D錯誤。故選ABC,三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。1K12.0 1.44色Fs嶺哽F，s "±駟倒數(shù)的二次方△t 2Ar2 2Ar7.9x10-6?8.1x10-6【解析】【分析】【詳解】(1)。］該游標(biāo)卡尺的讀數(shù)為12mm+0x().lnim=12.0mm［2］刻度尺要估讀，讀數(shù)為s=1.44m。(2)⑶當(dāng)時間間隔比較小時，平均速度約等于某一位置或某一時刻的瞬時速度，故由平均速度公式可得，經(jīng)過光電門位置的速度dv=一△t(3)⑷⑸傳感器的示數(shù)為細繩的拉力，則其做功為Fs,所對應(yīng)動能的變化量為.rI,”＜、2(〃+5m)d2莊卜=-(M+5m)v=-~~2.，，-(4)⑹⑺F，所做的功為F，s,所對應(yīng)動能的變化量為A? 1 .2(M+6，〃)/AE.=-{M+6m)v=- 甘一k2 2△/⑸網(wǎng)[9]由動能定理L,(M+6m)/rS= z 2△產(chǎn)整理得(M+6m)d21-2s肝圖像為直線的條件是橫坐標(biāo)為At倒數(shù)的二次方，該圖線的斜率為,(M+6m)d2k= 2s代入數(shù)據(jù)得k=8.0xl0-612、200 400 110【解析】【詳解】(1)[1][2].由理想變壓器的電壓與匝數(shù)關(guān)系U2%可知次級線圈的匝數(shù)為=--n=—x100=20匝-U60初級線圈的匝數(shù)UI?rt=—L〃=—xl00=40匝"U30(2)[3J.因交流電壓表的示數(shù)為電壓有效值該變壓器初級、次級線圈的匝數(shù)比為2：1,由U、_^i_U2 %可知與次級線圈左右兩端接線柱直接相連的理想交流電壓表的示數(shù)為uov.

四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、①光將垂直于底面AC,沿PQ方向射出棱鏡②r=(C+3。4c【解析】【詳解】①設(shè)此束光從AB面射人棱鏡后的折射角為r,由折射定律有：sinzn=——sinr解得廠=30,顯然光從AB射入棱鏡后的折射光線NP平行于AC,光在BC面上的入射角為45。,設(shè)臨界角為明則由s泳z=,得：n.6V2sina=——<——3 2可知a<45。，故光在BC面上發(fā)生全反射，根據(jù)幾何知識和光的反射定律可知，光將垂直于底面AC,沿PQ方向射出棱鏡②光在棱鏡中傳播的速率：cv=—nnd146 1zsABsin6Ol+>/3NP=-AC=-(ABcosbO+ )= AB2 2 tan45 4所以此束光從射入三棱鏡到BC面所用的時間：NPt= V解得：r=(G+3)L4cg2a14g2a14、吸:⑵說；0)2gk2B2l}【解析】【分析】(1)進入電場和磁場后恰好在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，則mg—qEE=&k(2)粒子軌跡如圖所示由幾何關(guān)系知2Rcos。=L由洛倫茲力提供向心力cos。豎直方向有%=gt水平方向有L-卬聯(lián)立解得v上°kB(3)豎直方向有,1 ,2h=2gt圓心的縱坐標(biāo)為y=-/?+Rsin。d聯(lián)立解得2gk2B2I?%二再一寸15、(1)2N；(2)0.4m；(3)1.6m【解析】(1)物塊從B到C做平拋運動，則有：v/=2g(2R-h)在C點時有：tanff=—Vb代入數(shù)據(jù)解得：vB=V3m/s在B點對物塊進行受力分析，得：r=m—R解得：F=2N根據(jù)牛頓第三定律知物塊對軌道的壓力大小為:F'=F=2N方向豎直向上。(2)在C點的速度為：物塊從C點下滑到返回C點的過程，根據(jù)動能定理得：I、-^mgcosG-2L=0--代入數(shù)據(jù)解得：L=0.4m(3)最終物塊在DE段來回滑動，從C到D,根據(jù)動能定理得:. 1 2mgLsinO-pingcosO-5=0--rnv^解得：s=1.6m2019-2020高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、在如圖所示裝置中，輕桿一端固定著一個質(zhì)量可以忽略不計的定滑輪，兩物體質(zhì)量分別為m卜m2,輕繩一端固定于a點，懸點a、b間的距離遠大于滑輪的直徑，動滑輪質(zhì)量和一切摩擦不計。整個裝置穩(wěn)定時下列說法正確的是（）a可能大于0mi一定大于m2mi可能大于2m2D.輕桿受到繩子的作用力2“gcos§2、理想變壓器的輸入端、輸出端所連接電路如圖所示，圖中交流電源的電動勢e=311sin（1007tt）V,三只燈泡完全相同。當(dāng)電鍵S|、S2均斷開時，交流電源的輸出功率為理想變壓器輸出功率的3倍。下列各說法中正確的是（）&堂A.理想變壓器的匝數(shù)比為1：3B.燈泡I”消耗的功率是燈泡L2消耗功率的4倍C.斷開電鍵S1，閉合電鍵S2時，燈泡L|兩端的電壓有效值為110VD.斷開電鍵S2，閉合電鍵Si時，燈泡L1的亮度與C項情況下相比較較暗3、2019年5月17日，在四川省西昌衛(wèi)星發(fā)射基地成功發(fā)射了第45顆北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，該衛(wèi)星屬于地球靜止軌道衛(wèi)星（同步衛(wèi)星）。已知地球的質(zhì)量為M、半徑為R、地球自轉(zhuǎn)周期為T、該衛(wèi)星的質(zhì)量為m、引力常量為G,關(guān)于這顆衛(wèi)星下列說法正確的是（ ）A.距地面高度為B.動能為銬罌\4萬2 2RC.加速度為D.入軌后該衛(wèi)星應(yīng)該位于西昌的正上方R-4、2018年12月12日，嫦娥四號開始實施近月制動，為下一步月面軟著陸做準(zhǔn)備，首先進入月圓軌道I,其次進入橢圓著陸軌道H,如圖所示，B為近月點，A為遠月點，關(guān)于嫦娥四號衛(wèi)星，下列說法正確的是A.衛(wèi)星在軌道n±A點的加速度小于在B點的加速度B.衛(wèi)星沿軌道I運動的過程中，衛(wèi)星中的科考儀器處于超重狀態(tài)c.衛(wèi)星從軌道I變軌到軌道n,機械能增大D.衛(wèi)星在軌道II經(jīng)過A點時的動能大于在軌道II經(jīng)過B點時的動能5、如圖所示，一個下面裝有輪子的貯氣瓶停放在光滑的水平地面上，頂端與豎直墻壁接觸，現(xiàn)打開尾端閥門，氣體往外噴出，設(shè)噴口面積為S,氣體密度為P,氣體往外噴出的速度為也則氣體剛噴出時鋼瓶頂端對豎直墻的作用力大小是（ ）A.pvSI, ,A.pvSC.-pv-S D.pv2S6、如圖，滑塊A置于水平地面上，滑塊B在一水平力作用下緊靠滑塊A（A、B接觸面豎直），此時A恰好不滑動，B剛好不下滑?已知A與B間的動摩擦因數(shù)為從，A與地面間的動摩擦因數(shù)為〃2,最大靜摩擦力等于滑動摩擦力.A與B的質(zhì)量之比為（ ）—??叵.41A. 從〃2?1-內(nèi)內(nèi)D.從〃21+從〃2,必〃2D,2土從〃2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7,手機無線充電功能的應(yīng)用為人們提供了很大便利。圖甲為手機無線充電原理示意圖。充電板接入交流

電源，充電板內(nèi)的勵磁線圈可產(chǎn)生交變磁場，從而使手機內(nèi)的感應(yīng)線圈產(chǎn)生感應(yīng)電流。充電板內(nèi)的勵磁線圈通入如圖乙所示的交變電流（電流由。流入時方向為正，交變電流的周期為萬xlO-s）,手機感應(yīng)線圈的匝數(shù)為10匝，線圈的面積為25cm2,手機充電時電阻約為15Q,人時刻感應(yīng)線圈中磁感應(yīng)強度為—T.下列說法正確的是（圖甲—T.下列說法正確的是（圖甲A.4~匕時間內(nèi)，d點電勢高于。點電勢B.4~g時間內(nèi)，C點電勢高于”點電勢C.感應(yīng)線圈中電流的有效值為800mAD.感應(yīng)線圈中電流的有效值為800夜mA8、如圖甲所示，質(zhì)量為小的物塊從彈簧上方離地高九處由靜止釋放，其動能且與離地高度/?的關(guān)系如圖乙所示，其中4~4階段圖像為直線，其余部分為曲線，4對應(yīng)圖像的最高點，重力加速度為g,不計空氣阻力，以下說法正確的是（ ）.mgA.彈簧的勁度系數(shù)左=1告~B.當(dāng)物塊下落到〃=%高度時，重力勢能與彈簧的彈性勢能之和最小C.當(dāng)物塊處于〃=用高度時，彈簧的彈性勢能為與=的?5一〃JD.在物塊從%下降到"過程中，彈簧的最大彈性勢能為縹疝，=mg也一壇）9、2019年北京時間4月10日21時，人類歷史上首張黑洞照片被正式披露，引起世界轟動.黑洞是一類特殊的天體，質(zhì)量極大，引力極強，在它附近（黑洞視界）范圍內(nèi)，連光也不能逃逸，并伴隨很多新奇的物理現(xiàn)象.傳統(tǒng)上認為，黑洞“有進無出”，任何東西都不能從黑洞視界里逃逸出來.但霍金、貝肯斯坦等人經(jīng)過理論分析，認為黑洞也在向外發(fā)出熱輻射，此即著名的“霍金輻射”，因此可以定義一個“黑洞

溫度“T：T=-底一,其中h為普朗克常量，c為真空中的光速，G為萬有引力常量，M為黑洞質(zhì)8兀kGM量，k是一個有重要物理意義的常量，叫做“玻爾茲曼常量”.以下能用來表示“玻爾茲曼常量”單位的是（）kgm kg-m2 . WsA.—— B.-s-- C.JK-1 D. K-s K-s2 K10、一定質(zhì)量理想氣體的V圖象如圖所示，從狀態(tài)。經(jīng)過程I緩慢變化到狀態(tài)力，再由狀態(tài)b經(jīng)過程n緩慢變化到狀態(tài)a,表示兩個過程的圖線恰好圍成以ab為直徑的圓。以下判斷正確的是.A.過程I中氣體的溫度保持不變b.過程n中氣體的溫度先升高后降低C.過程I中氣體的內(nèi)能先減少后增加D.過程II中氣體向外界釋放熱量E.過程II中氣體吸收的熱量大于過程I中放出的熱量三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、某興趣小組用如圖所示的裝置驗證動能定理.小車打點弼器紙帶硅碼盤（1）有兩種工作頻率均為50Hz的打點計時器供實驗選用：A.電磁打點計時器 B.電火花打點計時器為使紙帶在運動時受到的阻力較小，應(yīng)選擇（選填"A”或"B”）.（2）保持長木板水平，將紙帶固定在小車后端，紙帶穿過打點計時器的限位孔.實驗中，為消除摩擦力的影響，在祛碼盤中慢慢加入沙子，直到小車開始運動.同學(xué)甲認為此時摩擦力的影響已得到消除.同學(xué)乙認為還應(yīng)從盤中取出適量沙子，直至輕推小車觀察到小車做勻速運動.看法正確的同學(xué)是（選填“甲”或“乙”）.（3）測出小車的質(zhì)量為M,再測出紙帶上起點到A點的距離為L.小車動能的變化量可用AEk=；”d算出.祛碼盤中祛碼的質(zhì)量為m,重力加速度為g；實驗中，小車的質(zhì)量應(yīng) （選填“遠大于”“遠小于''或“接近”）祛碼、祛碼盤和沙子的總質(zhì)量，小車所受合力做的功可用W=mgL算出.多次測量，若W與AEk均基本相等則驗證了動能定理.12、某同學(xué)看到某種規(guī)格熱敏電阻的說明書，知悉其阻值隨溫度變化的圖線如圖甲所示。為驗證這個圖線的可信度，某同學(xué)設(shè)計了一個驗證性實驗，除熱敏電阻R之外，實驗室還提供如下器材：電源E(電動勢為4.5V,內(nèi)阻約1。)、電流表A(量程1mA,內(nèi)阻約200Q)、電壓表V(量程3V,內(nèi)阻約10k。)、滑動變阻器R(最大阻值為20。)、開關(guān)S、導(dǎo)線若干、燒杯、溫度計和水。(1)從圖甲可以看出該熱敏電阻的阻值隨溫度變化的規(guī)律是一;(2)圖乙是實驗器材的實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線，請用筆畫線代替導(dǎo)線把電路連接完整 ；(3)閉合開關(guān)前，滑動變阻器的滑動觸頭P應(yīng)置于一端(填"a"或"b”)；(4)該小組的同學(xué)利用測量結(jié)果，采用描點作圖的方式在說明書原圖的基礎(chǔ)上作出該熱敏電阻的R,一t圖像,如圖丙所示，跟原圖比對，發(fā)現(xiàn)有一定的差距，關(guān)于誤差的說法和改進措施中正確的是A.在溫度逐漸升高的過程中電阻測量的絕對誤差越來越大B.在溫度逐漸升高的過程中電阻測量的相對誤差越來越大C.在溫度比較高時，通過適當(dāng)增大電阻兩端的電壓值可以減小兩條曲線的差距D.在溫度比較高時，通過改變電流表的接法可以減小兩條曲線的差距四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、如圖所示，足夠長的粗糙絕緣軌道AB與處于豎直平面內(nèi)的光滑圓弧形絕緣軌道BC平滑連接，圓弧的半徑R=8m。在軌道所在空間存在水平向右的勻強電場E,現(xiàn)有一帶電體(可視為質(zhì)點)放在水平軌道上的A位置，帶電體與粗糙軌道的動摩擦因數(shù)均為〃=0.5,從A點由靜止釋放，通過C點時恰好與圓軌道無擠壓，且合力剛好指向圓心，已知。=37，不計空氣阻力，重力加速度g=10m/s2。求:(1)粗糙絕緣軌道AB長度；(2)小球從C點射出后，第一次運動到水平地面AB所需要的時間。1)14、如圖所示，長木板的左端用一較鏈固定在水平面上，一可視為質(zhì)點的小滑塊放在長木板上的A點調(diào)節(jié)長木板與水平方向的夾角a為37。時，小滑塊由A點開始下滑，經(jīng)時間t滑到長木板的最底端夾角a增大為53。時，小滑塊由A點經(jīng)時間,滑到長木板的最底端。已知所37。=0.6,cos37°=0.8o求：2(1)兩次小滑塊的加速度之比以及兩次小滑塊到達長木板底端時的速度之比；(2)小滑塊與長木板之間的動摩擦因數(shù)。15、如圖所示，豎直固定的絕熱氣缸，上下由橫截面不同的圓筒制成，氣缸內(nèi)壁光滑，導(dǎo)熱薄活塞a、b用長為L=40cm的細桿連接，活塞內(nèi)封閉一定質(zhì)量理想氣體，活塞移動過程中不漏氣，a、b面積Sb=3g。初始時理想氣體溫度7；=5OOK,活塞a距氣缸連接處￡,=20cm,處于靜止?fàn)顟B(tài)，已知活塞b下部氣體與大氣相通，大氣壓強保持為〃()=L0xl05Pa不變，已知圓柱氣缸足夠長，活塞和桿重力可忽略，求：(1)初始時氣體壓強大小；(2)氣體溫度緩慢降至(=200K時，氣體壓強大小。參考答案

一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】【分析】對n分析可知繩子的拉力大小，對滑輪分析，由于滑輪放在一根繩子上，繩子兩端的張力相等，故可知兩繩子和豎直方向上的夾角相等，由共點力的平衡關(guān)系可得出兩質(zhì)量的關(guān)系.【詳解】對孫分析可知，m1受拉力及本身的重力平衡，故繩子的拉力等于m?對于動滑輪分析，由于滑輪跨在繩子上，故兩端繩子的拉力相等，它們的合力一定在角平分線上；由于它們的合力與n的重力大小相等，方向相反，故合力豎直向上，故兩邊的繩子與豎直方向的夾角a和p相等；故A錯誤；由以上可知，兩端繩子的拉力等于mig,而它們的合力等于mw，因互成角度的兩分力與合力組成三角形，故可知Imig>m,g,即e一定小于Im”但是n不一定大于m“故BC錯誤。輕桿受到繩子的作用力等于兩邊繩子的合力，大小為2嗎gcosg,選項D正確；故選D?！军c睛】本題要注意題目中隱含的信息，記住同一繩子各部分的張力相等，即可由幾何關(guān)系得出夾角的關(guān)系；同時還要注意應(yīng)用力的合成的一些結(jié)論.2、B【解析】【分析】【詳解】AB,變壓器的輸出功率等于輸入功率，電源的輸出功率等于燈泡Li的功率和變壓器的輸入功率之和，所以由已知條件知燈泡L的功率等于變壓器輸入功率的2倍，也就是燈泡Li的功率等于燈泡L2、L3的功率之和的2倍，所以燈泡Li的功率是燈泡L2功率的4倍，則變壓器原線圈的電流是副線圈電流的2倍，由理想變壓器電流與匝數(shù)成反比，可得匝數(shù)比為1：2,故A錯誤，B正確；C.斷開電鍵S”閉合電鍵S2時，由上面分析知/口=242,則Uli=2Ul2變壓器的輸入電壓和輸出電壓關(guān)系為U2=2Ui而U2=UL2311V=220V311V=220V所以Uli=176V,U|.2=88V故C錯誤；D.斷開電鍵S2，閉合電鍵Si時，Ui=220V,則U2=440V,所以Ul2=220V與C中相比電壓升高，燈泡變亮，故D錯誤。故選B。3、A【解析】【分析】【詳解】A.萬有引力提供向心力「Mm 442Cj—=m——rr2 T2解得同步衛(wèi)星的軌道半徑GMT則距離地球表面高度為/絲:-R,A正確;V4乃2B.萬有引力提供向心力_Mmv2(j——=m——動能.1 2GMmc,=—mv= k22rB錯誤C.萬有引力提供向心力MmG——=ma解得加速度為GMC錯誤；D.同步衛(wèi)星在赤道上空，西昌不在赤道，入軌后該衛(wèi)星不可能位于西昌的正上方，D錯誤。故選A.4、A【解析】【分析】【詳解】A.衛(wèi)星在軌道II上運動，A為遠月點，B為近月點，衛(wèi)星運動的加速度由萬有引力產(chǎn)生GMm——弓—=ma尸即GM所以可知衛(wèi)星在B點運行加速度大，故A正確；B.衛(wèi)星在軌道I上運動，萬有引力完全提供圓周運動向心力，故衛(wèi)星中儀器處于完全失重狀態(tài)，故B錯誤；c.衛(wèi)星從軌道I變軌到軌道n,需要點火減速，所以從軌道I變軌到軌道n,外力做負功，機械能減小,故c錯誤；D.衛(wèi)星從A點到B點，萬有引力做正功，動能增大，故衛(wèi)星在軌道II經(jīng)過A點時的動能小于在軌道H經(jīng)過B點時的動能，故D錯誤。故選A。5、D【解析】【詳解】對噴出氣體分析，設(shè)噴出時間為J則噴出氣體質(zhì)量為加=。50，由動量定理，有Ft=mv其中F為瓶子對噴出氣體的作用力，可解得t根據(jù)牛頓第三定律，噴出氣體對瓶子作用力大小為F,再對瓶子分析，由平衡條件和牛頓第三定律求得鋼瓶頂端對豎直墻壁的作用力大小也是F,故D正確，ABC錯誤。故選D。6、B【解析】【分析】【詳解】試題分析：對A、B整體分析，受重力、支持力、推力和最大靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：F=2(mi+m2)g①再對物體B分析，受推力、重力、向左的支持力和向上的最大靜摩擦力，根據(jù)平衡條件，有：水平方向：F=N豎直方向：m2g=f其中：f=piN聯(lián)立有：m2g=HiF?聯(lián)立①②解得：—=也 從〃2故選B.【考點定位】物體的平衡【點睛】本題關(guān)鍵是采用整體法和隔離法靈活選擇研究對象，受力分析后根據(jù)平衡條件列式求解，注意最大靜摩擦力約等于滑動摩擦力.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得()分。7、AC【解析】【詳解】AB./1~芍時間內(nèi)充電板中電流由。流向力，此時勵磁線圈在感應(yīng)線圈中的磁場方向向下，且磁感應(yīng)強度逐漸減小，根據(jù)楞次定律，可判斷出感應(yīng)線圈中電流的方向為c到d,同理。2~4時間內(nèi)，感應(yīng)線圈中電流的方向也為c到d。由于感應(yīng)線圈此時充當(dāng)電源，電流從低電勢流向高電勢，所以d點的電勢較高，選項A正確，B錯誤。CD.由于勵磁線圈中的電流是正弦式的，感應(yīng)出來的電流是余弦式的。感應(yīng)電動勢的最大值Ea=NBSa)=120則感應(yīng)電流的有效值￡I= =800mAV2/?所以選項C正確，D錯誤。故選AC?8、AD【解析】【詳解】A.結(jié)合紜-〃圖像可知，〃=%時，物塊剛好接觸彈簧，物塊動能最大時，加速度為零，即

mg=k(hy—4)解得k=4b-%故A正確；B.物塊與彈簧組成的系統(tǒng)，機械能守恒，當(dāng)〃=%時，物塊的動能最大，則重力勢能與彈簧的彈性勢能之和最小，故B錯誤；C.物塊由人=小到〃=%過程中，動能不變，物塊減少的重力勢能轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能，即：Ep=mg(%-%)故C錯誤；D.整個過程中，彈簧被壓縮到最短時，彈性勢能最大，由機械能守恒定律有"min=mg仇一生)故D正確。故選ADo9、BCD【解析】【詳解】根據(jù)T根據(jù)T=he38兀kGMhe'8兀TGMh的單位為J?s=Nms=kg*m2/s,c的單位是m/s,G的單位是N?m2/kg2=kg?m3/s2,M的單位是kg,T的單位是K,代入上式可得k的單位是里￥=J.kT=2,不等于犯史二Ks2 K KsA.星色，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；KsB.屋口士，與結(jié)論相符，選項B正確；Ks2C.J-K-1?與結(jié)論相符，選項C正確:WsD.,與結(jié)論相符，選項D正確；K10、BCE【解析】【詳解】ABC.根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，a、b兩狀態(tài)的溫度相同，過程I中，從a到圓上最低點過程中，壓強減小，體積減小，根據(jù)理想氣體狀態(tài)方程可知，溫度降低，貝!1。過程I中從a到圓最低點過程中，壓強減小，體積減小，則溫度降低，則過程I中氣體的溫度先降低后升高，氣體的內(nèi)能先減少后增加，同理可知，過程H中氣體溫度先升高后降低，氣體的內(nèi)能先增加后減少，故A錯誤，BC正確：D.過程II中氣體的體積變大氣體對外界做功，且內(nèi)能不變，且內(nèi)能不變，根據(jù)熱力學(xué)第一定律可知，氣體吸熱，故D錯誤；E.在，-丫圖象中，圖線與橫坐標(biāo)軸圍成的“面積”對應(yīng)功，過程II氣體對外界做的功大于過程I外界對氣體做的功，故過程n中氣體吸收的熱量大于過程I中氣體放出的熱量，故e正確。故選BCE,三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、B乙遠大于【解析】【詳解】(1)口1電磁打點計時器是通過機械振動打點的，而電火花打點計時器是通過電火花來打點，用電火花打點計時器能使紙帶在運動時受到的阻力較小。故A不符合題意，B符合題意。(2)［2］同學(xué)乙的做法正確。只有讓小車做勻速直線運動才能夠判斷摩擦力與沙子和盤的重力大小相等，才能夠消除摩擦力的影響。對于甲同學(xué)，小車開始運動時，沙子和盤的重力等于最大靜摩擦力，而最大靜摩擦力要略大于滑動摩擦力。(3)［3］對于祛碼、祛碼盤和沙子，根據(jù)牛頓第二定律：mg-F=ma,只有當(dāng)小車的質(zhì)量遠大于硅碼、祛碼盤和沙子總質(zhì)量時，繩子的拉力F才近似等于祛碼、祛碼盤和沙子中重力mg.【解析】【分析】【詳解】(1)口］由R-f圖像可知，隨著溫度的升高，熱敏電阻的阻值變小;(2)［2］研究熱敏電阻的性質(zhì)需要電壓和電流的變化范圍廣，且滑動變阻器的最大值小，故滑動變阻器采用分壓式接法，熱敏電阻的阻值滿足%>"此?凡，故采用電流表的內(nèi)接法減小系統(tǒng)誤差，實物連接如圖所示⑶網(wǎng)滑動變阻器采用的是分壓接法，為了保護電路，應(yīng)讓干路的阻值最大，則閉合開關(guān)前滑片置于a端;(4)[4]AB.絕對誤差為*=|R孤-R六|相對誤差為6]島一“真[loo%R真由R-f圖像可知在溫度逐漸升高的過程中，熱敏電阻的理論電阻值阻值和測量電阻值都在逐漸減小，理論電阻值和測量電阻值相差不大，即絕對誤差A(yù)R變化不大，而相對誤差6越來越大，故A錯誤，B正確;CD.在相同的溫度下，采用電流表的內(nèi)接法導(dǎo)致測量值總比理論值偏大，故當(dāng)溫度升高到一定值后，電阻變小，則電流表應(yīng)該選用外接法減小系統(tǒng)誤差，故C錯誤，D正確。故你BD。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)92m；(2)1.2so【解析】【詳解】(1)由于在C點只受重力和電場力并且合力指向球心，則有qE=mgtan37所以等效的重力，即合力為小球在C點恰好與圓軌道無擠壓，根據(jù)牛頓第二定律有小球從A點到C點，根據(jù)動能定理有

qE(x-Asin。)一/imgx-mg(/?+/?cos —mv：解得匕=l°m/s,x=92m(2)在C點速度在豎直方向分量vv=vc,sin^=6m/!小球豎直方向做初速度為6m/s的勻加速運動，根據(jù)位移時間公式有R+Heos0=vct4-/gt~解得t=1.2sa.1a.1a⑴Z=7V11一二J；(2)v228〃二13【解析】【詳解】【解析】【詳解】(1)對小滑塊由運動學(xué)公式可知,(1)對小滑塊由運動學(xué)公式可知,當(dāng)夾角為37。時，有:當(dāng)夾角為當(dāng)夾角為53。時，有:整理解得:又由:vj=ait解得:(2)對小滑塊由牛頓第二定律可知,當(dāng)夾角為37。時，有:mgsin37°-pmgcos37°=mai當(dāng)夾角為53。時，有:mgsin53°-pmgcos53o=ma2聯(lián)立兩式并結(jié)合：幺」a24解得：8〃=1°1315、(l)l.OxlO5Pa(2)8.0xl04Pa【解析】【詳解】(1)對a、b活塞整體進行受力分析，有P\S"+PoSb=PoS“+P[Sb解得Pi=1.0xl05Pa(2)溫度緩慢降低，初始時壓強不變，體積減小，因此活塞a、b均向上移動，當(dāng)活塞b到達連接處時，根據(jù)蓋?呂薩克定律小出+&Sb=LSa根據(jù)計算可得：4=250K＞《=200K此后氣體體積不變，根據(jù)查理定律包=經(jīng)可得p2=8.0xl04Pa2019-2020高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，勁度系數(shù)為k的輕彈簧的一端固定在墻上，另一端與置于水平面上質(zhì)量為m的物體P接觸，但未與物體P連接，彈簧水平且無形變?，F(xiàn)對物體P施加一個水平向右的瞬間沖量，大小為I。，測得物體P向右運動的最大距離為X。，之后物體P被彈簧彈回最終停在距離初始位置左側(cè)2xo處。已知彈簧始終在彈簧彈性限度內(nèi)，物體P與水平面間的動摩擦因數(shù)為2重力加速度為g,下列說法中正確的是（）|rA.物體P與彈簧作用的過程中，系統(tǒng)的最大彈性勢能2mB.彈簧被壓縮成最短之后的過程，P先做加速度減小的加速運動，再做加速度減小的減速運動，最后做勻減速運動C.最初對物體P施加的瞬時沖量/。=2“或Z嬴D.物體P整個運動過程，摩擦力的沖量與彈簧彈力的沖量大小相等、方向相反2,如圖所示，是一個研究向心力與哪些因素有關(guān)的DIS實驗裝置示意圖，其中質(zhì)量為m的圓柱體放置在未畫出的光滑圓盤邊緣，繩子一端連接小圓柱體，另一端連接力傳感器，使圓柱體做勻速圓周運動。圓周運動的軌道半徑為r,光電傳感器測定的是圓柱體的線速度。關(guān)于這個實驗下列說法不正確的是（ ）光電傳感舞A.研究向心力與半徑的關(guān)系時，保持圓柱體線速度和質(zhì)量一定，應(yīng)畫尸-r圖像B.研究向心力與線速度的關(guān)系時，保持圓柱體質(zhì)量和運動半徑一定，應(yīng)畫產(chǎn)--圖像C.研究向心力與質(zhì)量的關(guān)系時，保持圓柱體線速度和運動半徑一定，應(yīng)畫加圖像D.如能保證兩個傳感器同步記錄，圓筒可以不做勻速圓周運動，同樣可以完成該實驗?zāi)康?、下列說法正確的是（ ）A.核反應(yīng)前后質(zhì)量并不守恒B.愛因斯坦在研究光電效應(yīng)現(xiàn)象時提出了能量子假說C.用一束綠光照射某金屬，能產(chǎn)生光電效應(yīng)，現(xiàn)把這束綠光的強度減為原來的一半，則沒有光電子飛出D.在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比4、我國自主研發(fā)的北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)由35顆衛(wèi)星組成，包括5顆地球靜止同步軌道衛(wèi)星和3顆傾斜同步軌道衛(wèi)星，以及27顆相同高度的中軌道衛(wèi)星。中軌道衛(wèi)星軌道高度約為2.15xl04km,同步軌道衛(wèi)星的高度約為3.6Oxl0"km,己知地球半徑為6.4x103km,這些衛(wèi)星都在圓軌道上運行。關(guān)于北斗導(dǎo)航衛(wèi)星，則下列說法正確的是（）A.中軌道衛(wèi)星的動能一定小于靜止同步軌道衛(wèi)星的動能B.靜止同步軌道衛(wèi)星繞地球運行的角速度比月球繞地球運行的角速度大C.中軌道衛(wèi)星的運行周期約為20hD.中軌道衛(wèi)星與靜止同步軌道衛(wèi)星的向心加速度之比為（圖［5、如圖，直線AB為某電場的一條電場線，a、b、c是電場線上等間距的三個點。一個帶電粒子僅在電場力作用下沿電場線由a點運動到c點的過程中，粒子動能增加，且a、b段動能增量大于b、c段動能增量,a、b、c三點的電勢分別為用、<pb>5，場強大小分別為Ea、Eb、Ec，粒子在a、b、c三點的電勢能分別為Epa、Epb、Epco下列說法正確的是（ ）A.電場方向由A指向B B.<Pa><Pb><PcC.Epa>Epb>Ep<； D.Ea>Eb>Ec6,下列說法正確的是（）A.圖甲中，有些火星的軌跡不是直線，說明熾熱微粒不是沿砂輪的切線方向飛出的B.圖乙中，兩個影子在x、y軸上的運動就是物體的兩個分運動C.圖丙中，小錘用較大的力去打擊彈性金屬片，A、B兩球可以不同時落地D.圖丁中，做變速圓周運動的物體所受合外力F在半徑方向的分力大于所需要的向心力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7,關(guān)于熱力學(xué)定律，下列說法正確的是（）A.氣體吸熱后溫度一定升高B.對氣體做功可以改變其內(nèi)能C.理想氣體等壓膨脹過程一定放熱D.熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體E.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達到熱平衡8、如圖所示為手機無線充電原理圖，若連接電源的為發(fā)射線圈N,手機端為接收線圈M,接收線圈匝數(shù)為"，電阻為廣，橫截面積為S,手機可看成純電阻R,勻強磁場平行于線圈軸線穿過線圈。下列說法正確是（ ）A.只要發(fā)射線圈N中有電流流入，接收線圈M兩端一定可以獲得電壓B.只要接收線圈M兩端有電壓，發(fā)射線圈N中的電流一定不是恒定電流C.當(dāng)接收線圈M中磁感應(yīng)強度大小均勻增加時，接收線圈M中有均勻增加的電流D.若加時間內(nèi)，接收線圈M中磁感應(yīng)強度大小均勻增加M,則接收線圈M兩端的電壓為當(dāng)學(xué)；9、一定質(zhì)量的理想氣體經(jīng)歷下列過程后，說法正確的是（ ）A.保持體積不變，增大壓強，氣體內(nèi)能增大B.降低溫度，減小體積，氣體分子單位時間內(nèi)碰撞器壁單位面積的次數(shù)可能增大C.保持體積不變，降低溫度，氣體分子單位時間內(nèi)碰撞器壁單位面積的次數(shù)減小D.壓強減小，降低溫度，氣體分子間的平均距離一定減小E.保持溫度不變，體積增大，氣體一定從外界吸收熱量10、下列說法正確的是（ ）A.肥皂泡呈現(xiàn)彩色是光的薄膜干涉現(xiàn)象B.泊松亮斑支持了光的粒子說C.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，在鏡頭前加一個偏振片可以減弱玻璃表面反射光的影響D.光纖通信及醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡都是利用了光的全反射原理E.X射線比無線電波更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、二極管具有單向?qū)щ娦?，正向?qū)〞r電阻幾乎為零，電壓反向時電阻往往很大。某同學(xué)想要測出二極管的反向電阻進行了如下步驟：步驟一：他先用多用電表歐姆檔進行粗測：將紅、黑表筆分別插入正、負表筆插孔，二極管的兩端分別標(biāo)記為A和B。將紅表筆接A端，黑表筆接B端時，指針幾乎不偏轉(zhuǎn)；紅表筆接B端，黑表筆接A端時，指針偏轉(zhuǎn)角度很大，則為了測量該二極管的反向電阻，應(yīng)將紅表筆接二極管的端（填“A”或“B”）；步驟二：該同學(xué)粗測后得到Rd=1490Q,接著他用如下電路（圖一）進行精確測量：已知電壓表量程0~3V,內(nèi)阻Rv=3k￡L實驗時，多次調(diào)節(jié)電阻箱，記下電壓表的示數(shù)U和相應(yīng)的電阻箱的電阻R,電源的內(nèi)阻不計，得到《與R的關(guān)系圖線如下圖（圖二）所示。由圖線可得出：電源電動勢E=,二極管的反向電阻Rd=s步驟二中二極管的反向電阻的測量值與真實值相比，結(jié)果是（填“偏大”、“相等”或“偏小12、某研究性學(xué)習(xí)小組用如圖所示的實驗裝置測量木塊與木板間的動摩擦因數(shù)〃。實驗室提供的器材有:帶定滑輪的長木板、有凹槽的木塊、鉤碼若干、細線和速度傳感器等。實驗中將部分鉤碼懸掛在細線下，剩余的全部放在木塊的凹槽中，保持長木板水平，利用速度傳感器測量木塊的速度。具體做法是：先用刻度尺測量出A、B間的距離L,將木塊從A點由靜止釋放，用速度傳感器測出它運動到B點時的速度V,然后從木塊凹槽中移動鉤碼逐個懸掛到細線下端，改變懸掛鉤碼的總質(zhì)量m,測得相應(yīng)的速度V,由運動學(xué)公式計算對應(yīng)的加速度。，作出〃，圖象如圖所示?；卮鹣铝袉栴}：（1）設(shè)加速度大小為則。與丫及L之間的關(guān)系式是?⑵已知當(dāng)?shù)刂亓铀俣萭取9.8m/s?,則木塊與木板間的動摩擦因數(shù)〃=（保留2位有效數(shù)字）;〃的測量值 （填“大于”“小于”或“等于"）真實值，其原因是（寫出一個即可）。⑶實驗中（填“需要”或“不需要”）滿足懸掛鉤碼的質(zhì)量遠小于木塊和槽中鉤碼的總質(zhì)量。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、如圖所示，水平面上靜止放置一個透明實心玻璃球，O點是球心，A是最高點，B是最低點。兩條跟水平面夾角為45。的平行光線斜照在球面上，其中一條向著球心O,其延長線交地面于D點(圖中未畫出另一條過最高點A。已知該玻璃的折射率為近，tan15°=2-6。求：(1)過A點的光線折射進入玻璃球時的折射角；(2)過A點的光線從玻璃球射出后，跟水平面的交點是在D點的左側(cè)、右側(cè)、還是在D點？試證明你的猜想。14、如圖所示，光滑水平面上靜止放著長L=2.()m,質(zhì)量M=3.0kg的木板，一個質(zhì)量m=1.0kg的小物體(可視為質(zhì)點)放在離木板右端d=0.40m處，小物體與木板之間的動摩擦因數(shù)n=0.1?，F(xiàn)對木板施加F=10.0N水平向右的拉力，使其向右運動。g取lOm/s??求：(1)木板剛開始運動時的加速度大?。?2)從開始拉動木板到小物體脫離木板，拉力做功的大??；(3)為使小物體能脫離木板，此拉力作用時間最短為多少？：(/：15、如圖所示，在豎直平面內(nèi)建立直角坐標(biāo)系，y軸沿豎直方向。在x=L到x=2L之間存在豎直向上的勻強電場和垂直坐標(biāo)平面向里的勻強磁場，一個比荷為k的帶電微粒從坐標(biāo)原點以一定初速度沿+x方向拋出，進入電場和磁場后恰好在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，離開電場和磁場后，帶電微粒恰好沿+x方向通過x軸上x=3L的位置，已知勻強磁場的磁感應(yīng)強度為B,重力加速度為g。求：(1)電場強度的大??；(2)帶電微粒的初速度；(3)帶電微粒做圓周運動的圓心的縱坐標(biāo)。

參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、CTOC\o"1-5"\h\zI [2【解析】因物體整個的過程中的路程為4x。，由功能關(guān)系可得：g4xo=±m(xù)4=」”,可知，2 2m/0=2小房嬴，故C正確；當(dāng)彈簧的壓縮量最大時，物體的路程為xo,則壓縮的過程中由能量關(guān)系可1 .I2 .. 一知：—mv^-jumgxQ=Ep,所以：Ep=/--卜?^(>(或Ep=3Nmgxo).故A錯誤；彈簧被壓縮成最短2 2m之后的過程，P向左運動的過程中水平方向上受到彈簧的彈力和滑動摩擦力，滑動摩擦力不變，而彈簧的彈力隨著壓縮量的減小而減小，可知物體先做加速度先減小的變加速運動，再做加速度增大的變減速運動，最后物體離開彈簧后做勻減速運動；故B錯誤；物體P整個運動過程，P在水平方向只受到彈力與摩擦力，根據(jù)動量定理可知，摩擦力的沖量與彈簧彈力的沖量的和等于lo,故D錯誤.故選C.點睛：本題分析物體的受力情況和運動情況是解答的關(guān)鍵，要抓住加速度與合外力成正比，即可得到加速度是變化的.運用逆向思維研究勻減速運動過程，求解時間比較簡潔.2、A【解析】【分析】【詳解】A.根據(jù)向心力公式結(jié)合牛頓第二定律有v2F=tn—r可知研究向心力與半徑的關(guān)系時，保持圓柱體線速度和質(zhì)量一定，應(yīng)畫尸-,圖像，二者呈線性關(guān)系，便r于研究，A錯誤；B.研究向心力與線速度的關(guān)系時，保持圓柱體質(zhì)量和運動半徑一定，應(yīng)畫尸-F圖像，B正確;C.研究向心力與質(zhì)量的關(guān)系時，保持圓柱體線速度和運動半徑一定，應(yīng)畫尸-機圖像，C正確；D.如能保證兩個傳感器同步記錄，圓筒可以不做勻速圓周運動，光電傳感器測量圓柱通過瞬間的線速度,力傳感器測量此時瞬間的向心力(繩子拉力)大小，同樣可以完成該實驗?zāi)康?，D正確。本題選擇不正確的，故選A。3、A【解析】【詳解】A.由于存在質(zhì)量虧損，所以核反應(yīng)前后質(zhì)量并不守恒，A正確：B.普朗克在研究黑體輻射問題時提出了能量子假說，B錯誤；C.用一束綠光照射某金屬，現(xiàn)把這束綠光的強度減為原來的一半，因為頻率不變，所以仍能發(fā)生光電效應(yīng)有光電子飛出，C錯誤；D.在光電效應(yīng)現(xiàn)象中，根據(jù)光電效應(yīng)方程可知光電子的最大初動能隨入射光頻率的增大而增大，但非成正比關(guān)系，D錯誤。故選A,4,B【解析】【詳解】A.根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力則有GMm_mv~(/?+r)2R+r可得V/?+r由于中軌道衛(wèi)星的軌道半徑小于靜止同步軌道衛(wèi)星的軌道半徑，所以中軌道衛(wèi)星運行的線速度大于靜止同步軌道衛(wèi)星運行的線速度，由于不知中軌道衛(wèi)星的質(zhì)量和靜止同步軌道衛(wèi)星的質(zhì)量，根據(jù)動能定義式紇=!機聲可知無法確定中軌道衛(wèi)星的動能與靜止同步軌道衛(wèi)星的動能大小關(guān)系，故A錯誤；227rB.靜止同步軌道衛(wèi)星繞地球運行的周期為24h,小于月球繞地球運行的運行周期，根據(jù)0=亍「可知靜止同步軌道衛(wèi)星繞地球運行的角速度比月球繞地球運行的角速度大，故B正確；C.根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力則有：GMm_m4^2(/?+r)(/?+r)2- T^~可得:卜叫R+打VGM中軌道衛(wèi)星運行周期與靜止同步軌道衛(wèi)星運行周期之比為:[_ (6.4x106+2.15x107Y_053工+弓廠也(3.60+0.64)xUJ'中軌道衛(wèi)星的運行周期為：7；=0.53^?12.72h故C錯誤；D.根據(jù)萬有引力提供圓周運動向心力則有:GMm可得：GMCl=(R+力中軌道衛(wèi)星與靜止同步軌道衛(wèi)星的向心加速度之比為：a,_(R+力_6.4x106+3.60x1()7_(424丫~a2~(R+r^-6.4xl06+2.15xl071旃)故D錯誤。故選B。5、C【解析】【分析】【詳解】AB.粒子的電性不確定，則不能確定電場的方向，也不能判斷各點的電勢關(guān)系，選項AB錯誤；CD.粒子在電場中只受電場力作用，則動能增加量等于電勢能減小量；由a點運動到c點的過程中，粒子動能增加，則電勢能減小，則Epa>Epb>Epc；因a、b段動能增量大于b、c段動能增量，可知ab段的電勢差大于be段的電勢差，根據(jù)U=Ed可知，ab段的電場線比be段的密集，但是不能比較三點場強大小關(guān)系，選項C正確，D錯誤。故選C.6、B【解析】【詳解】A.題圖甲中熾熱微粒是沿砂輪的切線方向飛出的，但是由于重力及其他微粒的碰撞而改變了方向，故A錯誤；B.題圖乙中沿y軸的平行光照射時，在x軸上的影子就是x軸方向的分運動，同理沿x軸的平行光照射時，在y軸上的影子就是y軸方向的分運動，故B正確；C.無論小錘用多大的力去打擊彈性金屬片，只會使得小球A的水平速度發(fā)生變化，而兩小球落地的時間是由兩球離地面的高度決定的，所以A、B兩球總是同時落地，故C錯誤；D.做變速圓周運動的物體所受合外力F在半徑方向的分力等于所需要的向心力，故D錯誤。故選Bo二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BDE【解析】【分析】【詳解】A.氣體吸熱后，若再對外做功，溫度可能降低，故A錯誤；B.改變氣體內(nèi)能的方式有兩種：做功和熱傳導(dǎo)，故B正確；C.理想氣體等壓膨脹過程是吸熱過程，故C錯誤；D.根據(jù)熱力學(xué)第二定律，熱量不可能自發(fā)地從低溫物體傳到高溫物體，故D正確；E.如果兩個系統(tǒng)分別與狀態(tài)確定的第三個系統(tǒng)達到熱平衡，那么這兩個系統(tǒng)彼此之間也必定達到熱平衡,否則就不會與第三個系統(tǒng)達到熱平衡，故E正確。故選BDE.【點睛】本題主要考查了熱力學(xué)定律、理想氣體的性質(zhì).此題考查了熱學(xué)中的部分知識點，都比較簡單，但是很容易出錯，解題時要記住熱力學(xué)第一定律E=W+Q、熱力學(xué)第二定律有關(guān)結(jié)論以及氣體的狀態(tài)變化方程等重要的知識點.8、BD【解析】【詳解】A.若發(fā)射線圈N中有恒定電流，則產(chǎn)生的磁場不變化，在接收線圈中不會產(chǎn)生感應(yīng)電流，也就不會獲得電壓，A錯誤；B.只要接收線圈兩端有電壓，說明穿過接收線圈的磁場變化，所以發(fā)射線圈中的電流一定不是恒定電流,B正確；C.若穿過接收線圈M的磁感應(yīng)強度均勻增加，如果線圈閉合，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知線圈中產(chǎn)生恒定的感應(yīng)電動勢，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知接收線圈M中有感應(yīng)電流且恒定，C錯誤；D.根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律有L△①CA3E=n =nS—Z加根據(jù)分壓規(guī)律得M兩端的電壓,,E?nS\BRU= K= R+r △?/?+「）D正確。故選BD.9,ABC【解析】【分析】【詳解】A.保持體積不變，增大壓強，則溫度升高，氣體內(nèi)能增大，選項A正確；B.降低溫度，減小體積，則氣體的壓強可能變大，因氣體分子數(shù)密度變大，分子平均速率減小，則氣體分子單位時間內(nèi)碰撞器壁單位面積的平均沖力減小，則碰撞次數(shù)可能增大，選項B正確；C.保持體積不變，氣體分子數(shù)密度不變，降低溫度，則氣體分子單位時間內(nèi)碰撞器壁單位面積的碰撞次數(shù)一定減小，選項C正確；D.壓強減小，降低溫度，氣體的體積不一定減小，氣體分子間的平均距離不一定減小，選項D錯誤；E.真空等溫膨脹，不一定吸熱，選項E錯誤。故選ABC,10、ACD【解析】【分析】【詳解】A.肥皂泡呈現(xiàn)彩色是光通過前面、后面反射回來的光發(fā)生干涉現(xiàn)象的結(jié)果，故A正確；B.泊松亮斑支持了光的波動說，故B錯誤；C.拍攝玻璃櫥窗內(nèi)的物品時，反射光的振動方向和玻璃櫥窗內(nèi)的物品光的振動方向不同，所以在鏡頭前加一個偏振片可以減弱玻璃表面反射光的影響，C項正確；D.光纖通信及醫(yī)用纖維式內(nèi)窺鏡都是利用了光的全反射原理，故D正確；E.波長越長越容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，而X射線比無線電波波長短，不容易發(fā)生衍射現(xiàn)象，故E錯誤。故選ACD,三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、A2.0V 150012相等【解析】【分析】【詳解】⑴多用電表測電阻時電流從黑表筆流出，紅表筆流入。當(dāng)紅表筆接A時，指針幾乎不偏轉(zhuǎn)，說明此時二極管反向截止，所以接A端。⑵根據(jù)電路圖由閉合電路歐姆定律得&+Rd整理得11,%+% - 1 IX.UEERg再由圖像可知縱截距0.5=—E解得E=2.0V[3]斜率0.5Ry+RD2xl03-E/?v/?d解得叫）=1500。14]由于電源內(nèi)阻不計，電壓表內(nèi)阻已知，結(jié)合上述公式推導(dǎo)可知二極管反向電阻的測量值與真實值相等。12、v2=2aL0.34（0.32~0.35均可） 大于滑輪與軸承 細線間有摩擦 不需要【解析】【詳解】（1）[1].根據(jù)勻變速直線運動的規(guī)律有r=2aL。[2].設(shè)木塊的質(zhì)量為M,鉤碼的總質(zhì)量為%），根據(jù)牛頓第二定律有=（"f=+mn-m）g聯(lián)立解得加速度m一〃g由題圖可知，當(dāng)機=0時，a=—〃g=—3.3m/s2,則木塊與木板間的動摩擦因數(shù)〃=0.34；.因滑輪與軸承、細線間有摩擦，所以測量值大于真實值。(3)[4].實驗中沒有采用細線拉力等于重力，所以不需要滿足懸掛鉤碼的總質(zhì)量遠小于木塊和槽中鉤碼的總質(zhì)量。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、(1)30。；(2)見解析。【解析】【分析】【詳解】(1)由題意知，在A點入射角i=45。。設(shè)折射角為r,由折射定律得sinzn=———sinr解得r=30°(2)設(shè)E點為折射光線的出射點，由幾何關(guān)系得AE=2R8s30°=>/5r過E點做水平面的垂線，垂足為F；過E點做水平線，與AB的交點為C,由幾何關(guān)系得EF=CB=2R-AEcos300=—2設(shè)光線在E點的入射角為以折射角為r”由幾何關(guān)系得sinrn=——；-sinj解得彳=45。設(shè)從玻璃球折射出的光線與水平面的交點為G,由幾何關(guān)系得BG=BF+FG=CE+FG=AEsin30°+EFtan(60°-45°)解得BG=R經(jīng)過圓心O的光線沿直線傳播，由幾何關(guān)系得可知BD=Rtan450=R可知BG=BD所以，過A點的光線從玻璃球射出后，跟水平面的交點在D點。14、(1)3m/s2,(2)24J,(3)0.8s?【解析】【詳解】(1)對木板，根據(jù)牛頓第二定律有：F—jumg=Ma解得：a=3m/s2；(2)對小物體，根據(jù)牛頓第二定律有ymg=ma物解得：aw=lm/s2設(shè)小物體從木板上滑出所用時間為2L-d=-at0木板的位移：拉力做功：W=Fx板=24J；(3)設(shè)最短作用時間為t,則撤去拉力F前的相對位移設(shè)撤去拉力F后，再經(jīng)過時間t，小物體和木板達到共同速度v共，且小物體和木板恰好將要分離，該階段木板加速度大小為a,：對木板，根據(jù)牛頓第二定律有/mg=Ma*解得：a=-m/s23

由速度關(guān)系得:%，+。物r—at-arf撤去拉力F后的相對位移:a物"'a物"'+ga物f'2△x?=citf—dt'--2由位移關(guān)系得:Ax,+%=L-d解得：t=0.8s。15、⑵2g⑵加(3)2g15、⑵2g⑵加(3)2gk2B2k-B21}8g【解析】【解析】【分析】【詳解】（1）進入電場和磁場后恰好在豎直平面內(nèi)做勻速圓周運動，則由幾何關(guān)系知由幾何關(guān)系知2/?cos6?=L由洛倫茲力提供向心力qvB=qvB=mv1cos6?cos6?豎直方向有水平方向有L=聯(lián)立解得v=2g0kB(3)豎直方向有h=—gt22圓心的縱坐標(biāo)為y=—〃+Rsin。o'聯(lián)立解得2gk2B2I?2019-2020高考物理模擬試卷一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、關(guān)于光電效應(yīng)，下列說法正確的是（）A.光電子的動能越大，光電子形成的電流強度就越大B.光電子的最大初動能與入射光的頻率成正比C.對于任何一種金屬，都存在一個“最大波長”，入射光的波長必須小于這個波長，才能產(chǎn)生光電效應(yīng)D.用不可見光照射金屬一定比用可見光照射同種金屬逸出的光電子的初動能大2、如圖所示，a、b、c為三根與紙面垂直的固定長直導(dǎo)線，其截面位于等邊三角形的三個頂點上，be連線沿水平方向，導(dǎo)線中通有恒定電流，且/〃=//,=2/『，電流方向如圖中所示。O點為三角形的中心（O點到三個頂點的距離相等），其中通電導(dǎo)線c在O點產(chǎn)生的磁場的磁感應(yīng)強度的大小為B。，已知通電長直導(dǎo)線在周圍空間某點產(chǎn)生磁場的磁感應(yīng)強度的大小b=：,其中i為通中導(dǎo)線的中流強度，I?為該點到通中導(dǎo)線的垂直距離，k為常數(shù)，則下列說法正確的是（ ）O點處的磁感應(yīng)強度的大小為3B0O點處的磁感應(yīng)強度的大小為5BoC.質(zhì)子垂直紙面向里通過O點時所受洛倫茲力的方向由O點指向cD.電子垂直紙面向里通過O點時所受洛倫茲力的方向垂直O(jiān)c連線向下3、秦山核電站是我國第一座自主研究、設(shè)計和建造的核電站，它為中國核電事業(yè)的發(fā)展奠定了基礎(chǔ).秦山核電站的能量來自于A.天然放射性元素衰變放出的能量B.人工放射性同位素衰變放出的能量C.重核裂變放出的能量D.輕核聚變放出的能量4、如圖所示，一細線的一端固定于傾角為45。的光滑楔形滑塊A上的頂端O處，細線另一端拴一質(zhì)量為m=0.2kg的小球靜止在A上.若滑塊從靜止向左勻加速運動時加速度為a.（取g=10m/s2^lJ（）3r-A.當(dāng)a=5m/s?時，線中拉力為一2B.當(dāng)a=10m/s2時，小球受的支持力為aNC.當(dāng)a=12m/s2時，經(jīng)過1秒鐘小球運動的水平位移是6mD.在穩(wěn)定后，地面對A的支持力一定小于兩個物體的重力之和5、在地球上不同的地方，重力加速度大小是不同的。若把地球看成一個質(zhì)量分布均勻的球體，已知地球半徑為R,地球自轉(zhuǎn)的周期為T,則地球兩極處的重力加速度與赤道處的重力加速度之差為3兀R o2兀R 16乃牙4/rT2 T2 T2 T26、2018年5月21日5點28分，我國在西昌衛(wèi)星發(fā)射中心用“長征四號”丙運載火箭，成功將“嫦娥四號”任務(wù)中繼星“鵲橋”發(fā)射升空，它是世界首顆運行于地月拉格朗日4點的中繼衛(wèi)星，是為2018年底實施的“嫦娥四號”月球背面軟著陸探測任務(wù)提供地月間的中繼通信。地月拉格朗日4點即為衛(wèi)星相對于地球和月球基本保持靜止的一個空間點，衛(wèi)星永遠在月球背面，距月球中心的距離設(shè)為「，距地球中心的距離約為7r,月地距離約為6r,則地球質(zhì)量與月球質(zhì)量比值最接近（ ）A.80 B.83 C.85 D.86二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖（a）為一交流發(fā)電機示意圖，線圈abed在勻強磁場中繞固定軸OO,沿順時針方向勻速轉(zhuǎn)動，圖（b）是該發(fā)電機的電動勢已隨時間t按余弦規(guī)律變化的圖像。已知線圈電阻為2.5Q,定值電阻R=10Q,電表均為理想交流電表。由此可以判定（ ）田(?) ffi(b)A.電流表讀數(shù)為0.8AB.電壓表讀數(shù)為10Vt=0.1s時刻，穿過線圈的磁通量為零0?0.05s內(nèi)，通過電阻R的電荷量為0.04C8、關(guān)于固體、液體和物態(tài)變化，下列說法正確的是( )A.當(dāng)液體與固體接觸時，如果附著層內(nèi)分子間的作用表現(xiàn)為斥力，這樣的液體與固體間就表現(xiàn)為浸潤B.當(dāng)人們感到潮濕時，空氣的絕對濕度一定較大C.晶體一定具有規(guī)則的幾何外形D.液體表面張力有使其表面積收縮到最小的趨勢E.飽和汽壓與液體的溫度有關(guān)，水的飽和汽壓隨溫度的升高而增大9,2019年10月諾貝爾物理學(xué)獎授予兩位天文學(xué)家MichelMayor和DidierQueloz,1995年他們首次探測到太陽系外行星的存在，從而開始了人類大規(guī)模的太陽系外行星搜尋。2016年8月歐洲南方天文臺曾宣布在離地球最近的恒星“比鄰星”附近發(fā)現(xiàn)宜居行星“比鄰星b”?！氨揉徯莃”的質(zhì)量約為地球質(zhì)量的1.3倍,半徑約為地球半徑的2.2倍，若不考慮星球的自轉(zhuǎn)效應(yīng)，則“比鄰星b”表面的重力加速度大于地球表面的重力加速度“比鄰星b”表面的重力加速度小于地球表面的重力加速度“比鄰星b”的第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度“比鄰星b”的第一宇宙速度小于地球的第一宇宙速度10、水平圓盤A、B以齒輪咬合傳動，B盤為主動轉(zhuǎn)盤，A盤半徑為B盤半徑的2倍。在A、B兩盤上分別放置兩個相同的物塊P、Q,它們到圓盤中心的距離相等，均為廣。物塊與圓盤的最大靜摩擦力為物塊所受重力的k倍，重力加速度大小為g。若圓盤從靜止開始繞轉(zhuǎn)軸緩慢地加速轉(zhuǎn)動，下列說法正確的是()A.圓盤A、B轉(zhuǎn)動的角速度相等B.P、Q不發(fā)生滑動時，所受的摩擦力始終不相等C.當(dāng)A盤的角速度增大至某一值時，P、Q同時開始滑動D.當(dāng)A盤的角速度。=J組時，Q所受摩擦力的大小等于切火V3r三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程