2020屆華大新高考聯(lián)盟押題信息考試(十九)物理試卷

屆華大新高考聯(lián)盟押題信息考試（十九）物理試題★祝你考試順利^注意事項(xiàng)：1、考試范圍：高考考查范圍。2、答題前，請(qǐng)先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號(hào)用0.5毫米黑色簽字筆填寫在試題卷和答題卡上的相應(yīng)位置，并將準(zhǔn)考證號(hào)條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用2B鉛筆將答題卡上試卷類型A后的方框涂黑。3、選擇題的作答：每個(gè)小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對(duì)應(yīng)題目的答案標(biāo)號(hào)涂黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選擇題答題區(qū)域的答案一律無效。4、主觀題的作答：用0.5毫米黑色簽字筆直接答在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非主觀題答題區(qū)域的答案一律無效。5、選考題的作答：先把所選題目的題號(hào)在答題卡上指定的位置用2B鉛筆涂黑。答案用0.5毫米黑色簽字筆寫在答題卡上對(duì)應(yīng)的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選修題答題區(qū)域的答案一律無效。6、保持卡面清潔，不折疊，不破損。7、本科目考試結(jié)束后，請(qǐng)將本試題卷、答題卡、草稿紙一并依序排列上交。選擇題部分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題給出的四個(gè)備選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。）了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學(xué)會(huì)像科學(xué)家那樣觀察和思考，往往比掌握知識(shí)本身更重要．以下符合史實(shí)的是伽利略發(fā)現(xiàn)了自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律；牛頓提出了把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理有機(jī)地結(jié)合起來的科學(xué)研究方法開普勒提出了萬有引力定律；第谷測定了引力常量G安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在；赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在【答案】D【解析】【詳解】A．伽利略發(fā)現(xiàn)了自由落體運(yùn)動(dòng)規(guī)律，并提出了把實(shí)驗(yàn)和邏輯推理有機(jī)地結(jié)合起來的科學(xué)研究方法，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；牛頓提出了萬有引力定律；卡文迪許測定了引力常量G,選項(xiàng)B錯(cuò)誤；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D?麥克斯韋預(yù)言了電磁波的存在；赫茲用實(shí)驗(yàn)證實(shí)了電磁波的存在，選項(xiàng)D正確。

下列關(guān)于靜電場問題的相關(guān)表述中，正確的是接地導(dǎo)體可能帶凈電荷電場強(qiáng)度大的地方，電勢一定高電場中放入一帶正電的檢驗(yàn)電荷，其電勢能一定為正處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體，其表面可能不是一個(gè)等勢面【答案】A【解析】【詳解】A.接地導(dǎo)體如果放在帶電導(dǎo)體旁邊，就能使導(dǎo)體帶上凈電荷，選項(xiàng)A正確；電場強(qiáng)度大的地方，電勢不一定高，例如離負(fù)點(diǎn)電荷越近的地方場強(qiáng)越大，電勢越低，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；電場中放入一帶正電的檢驗(yàn)電荷，若該點(diǎn)電勢小于零，則其電勢能為負(fù)，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；處于靜電平衡狀態(tài)的導(dǎo)體，其表面一定是一個(gè)等勢面，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。3?—女生在校運(yùn)動(dòng)會(huì)中參加4kg組的鉛球比賽?她在某次投擲時(shí)的成績?yōu)?m多?經(jīng)估算可知本次投擲過程中該女生對(duì)鉛球所做功為A.—500JB.—50JC.—5JD.—.5J【答案】B解析】詳解】鉛球做平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向豎直方向則由動(dòng)能定理，鉛球得到的動(dòng)能等于人做的功：W=—W=—mv2=2mgx24h式中h大約為1.6m，x=5m，m=4kg帶入可得：W=156J1500J,與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；150J，與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；15J,與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；1.5J，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤；4?如圖所示，近地衛(wèi)星的圓軌道I半徑為R設(shè)法使衛(wèi)星通過一次變軌進(jìn)入橢圓軌道II，再通過一次變軌進(jìn)入半徑為r的預(yù)定圓軌道III.已知地球的質(zhì)量為M，引力常量為G,則衛(wèi)星在近地軌道I上的繞行線速度大小為一B.衛(wèi)星在軌道B.衛(wèi)星在軌道II上通過遠(yuǎn)地點(diǎn)b時(shí)的加速度大小為r2衛(wèi)星在軌道II上通過近地點(diǎn)a時(shí)的速度等于通過遠(yuǎn)地點(diǎn)b時(shí)的速度衛(wèi)星在預(yù)定圓軌道III上的機(jī)械能小于在近地軌道I上的機(jī)械能【答案】B【解析】【詳解】A.衛(wèi)星在近地軌道I上運(yùn)行時(shí)：Mmv2解得選項(xiàng)A錯(cuò)誤;衛(wèi)星在軌道II上通過遠(yuǎn)地點(diǎn)b時(shí):MmG=ma

r2解得GMa二

r2選項(xiàng)B正確；根據(jù)開普勒第二定律，則衛(wèi)星在軌道II上通過近地點(diǎn)a時(shí)的速度大于通過遠(yuǎn)地點(diǎn)b時(shí)的速度，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；衛(wèi)星從軌道I到軌道III要經(jīng)過兩次加速變軌，則衛(wèi)星在預(yù)定圓軌道III上的機(jī)械能大于在近地軌道I上的機(jī)械能，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。人在平地上靜止站立時(shí)，受到的支撐力等于人的重力.做原地縱跳時(shí)，在快速下蹲和蹬伸的過程中，人體受到的支撐力發(fā)生變化（如圖，G為重力，F(xiàn)為支撐力）.下列曲線能正確反映該變化的是（）【解析】人騰空時(shí)支持力為零，故AC項(xiàng)錯(cuò)誤，人在快速下蹲和蹬伸的過程中，加速度先向下，再向上，即先失重，再起重，故支持力先小于重力，然后大于重力，故B錯(cuò)誤D正確.如圖所示，在水中有兩條相互垂直的光線1和2（均在紙面所在平面內(nèi)）．其中光線1直接由水射到水與空氣的交界面上，入射角為60。；光線2先射到一塊平行水面的平板玻璃（較?。┑南卤砻妫?jīng)兩次折射后從上表面射出，再射到水與空氣的交界面上?已知水的折射率為1.33,玻璃的折射率為72，則經(jīng)上述過程后能折射入空氣的是只有光線1只有光線2兩條光線都能兩條光線都不能【答案】B【解析】113【詳解】光線從水中射向空氣時(shí)的臨界角滿足：smC=—==丁，則30°vCv60。，貝恍線1不能射出n1.334水面；光線2射到玻璃上的入射角為30°，經(jīng)過玻璃磚后發(fā)生側(cè)移，出射光線仍平行于入射光，射到水與空氣表面時(shí)的入射角為30°，因C>30°，可知光線2在水與空氣的界面發(fā)生折射，從而射出水面。只有光線1,與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；只有光線2,與結(jié)論相符，選項(xiàng)B正確；兩條光線都能，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；兩條光線都不能，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)D錯(cuò)誤;下列表述中正確的是核反應(yīng)2H+3HT4He+1n中，氦核（4He）的比結(jié)合能小于氘核（2H）112021鈾238經(jīng)一次a衰變和一次卩衰變后，形成的新核相比鈾238質(zhì)量數(shù)減少了4,電荷數(shù)減少3.科技的進(jìn)步，測量工具精度的提升，將來可以同時(shí)精確測量微觀粒子的位置和動(dòng)量宏觀物體的德布羅意波的波長小，難以觀察其波動(dòng)性【答案】D【解析】【詳解】A.核反應(yīng)2H+3HT4He+5中，氦核（4He）的比結(jié)合能大于氘核（2H），選項(xiàng)A錯(cuò)誤；112021—次a衰變質(zhì)量數(shù)減小4，電荷數(shù)減小2；一次卩衰變后質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)增加1；則鈾238經(jīng)一次a衰變和一次卩衰變后，形成的新核相比鈾238質(zhì)量數(shù)減少了4,電荷數(shù)減少1,選項(xiàng)B錯(cuò)誤.根據(jù)不確定原理，不可以同時(shí)精確測量微觀粒子的位置和動(dòng)量，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；宏觀物體的德布羅意波的波長小，難以觀察其波動(dòng)性，選項(xiàng)D正確。8?如圖所示，在光電效應(yīng)實(shí)驗(yàn)中用a光照射光電管時(shí)，靈敏電流計(jì)指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，而用b光照射光電管時(shí),靈敏電流計(jì)指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則a光的強(qiáng)度一定大于b光b光的頻率一定小于a光頻率a光照射光電管時(shí)，電流計(jì)中的光電流沿d到c方向?qū)極換成逸出功較小的金屬板，仍用a光照射，其遏止電壓將減小【答案】BC【解析】【詳解】AB.因a光照射光電管時(shí)能發(fā)生光電效應(yīng)，而b光照射光電管時(shí)不能發(fā)生光電效應(yīng)，可知a光的頻率一定大于b光的頻率，選項(xiàng)A錯(cuò)誤，B正確；電流的方向與負(fù)電荷定向移動(dòng)的方向相反，用a光照射光電管陰極K時(shí)通過電流計(jì)G的電流是由d到c,故C正確。將K極換成逸出功較小的金屬板，仍用a光照射，根據(jù)UCe二Ek二hv-W逸出功，則其遏止電壓將變大,Ckm逸出功選項(xiàng)D錯(cuò)誤。9?如圖所示?一套太陽能路燈配備1個(gè)太陽能電池組件、1塊免維護(hù)電池、2只LED燈?太陽能路燈技術(shù)參數(shù)如下：太陽能電池組件（太陽能單晶硅光電轉(zhuǎn)換效率為24%，得到的電池平均功率為120W）；免維護(hù)電池（100Ah,15V，充電效率為75%，輸出效率為80%）；每只LED燈（12V,2A）.照明時(shí)間412h可根據(jù)需要任意調(diào)節(jié)，結(jié)合以上數(shù)據(jù)可知利用太陽能電池組件給免維護(hù)電池充電，充滿所需最長時(shí)間為12.5h太陽光照射2h,太陽能電池組件吸收的太陽能約為8.64x105J利用免維護(hù)電池給2只LED燈供電，最長供電時(shí)間為25h充滿電的免維護(hù)電池具有的電能為1500J【答案】C【解析】【詳解】A.利用太陽能電池給蓄電池充電，充滿需要的最長時(shí)間為:t=15x100-120-75%=16.7小時(shí)；故A錯(cuò)誤；

B.光電轉(zhuǎn)換電池功率為120WB.光電轉(zhuǎn)換電池功率為120W,2小時(shí)可吸收的太陽能為：E=120x2x360024%J=3.6x106J故b錯(cuò)誤;C.利用免維護(hù)蓄電池給2只的LED供電，最長時(shí)間約為1"2山］;￡V=25h；故C正確;2x12Vx2AD.充滿電的免維護(hù)電池具有的電能為100Ax3600sx15V=5.4x106J,選項(xiàng)D錯(cuò)誤。10?如圖所示，水平地面上有一傾角為30°的斜面體，將一質(zhì)量為m的矩形小物塊放置在斜面上，對(duì)其施加一斜向右上方的恒力F（其與平行斜面方向成30°角），物塊沿斜面上滑.一段時(shí)間后，撤去外力F,最終物塊將沿斜面下滑．整個(gè)過程中，物塊和斜面體間始終有擠壓，斜面體相對(duì)地面始終靜止，則下列關(guān)于地面對(duì)斜面體的摩擦力表述正確的是撤去F后，物塊上滑過程，摩擦力方向可能向右撤去F后，物塊下滑過程，摩擦力可能為零物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)全過程，摩擦力方向始終向左【答案】D【解析】【詳解】若物塊與斜面體之間光滑接觸，對(duì)斜面體受力分析，在撤去F前后的過程中，物塊對(duì)斜面體只有垂直斜面體斜向右下方的壓力，則地面對(duì)斜面體有向左的摩擦力；若物塊與斜面體之間有摩擦，對(duì)斜面體受力分析，在物塊上滑的過程中，物塊對(duì)斜面體有垂直斜面體斜向右下方的壓力和沿斜面向上的摩擦力，兩個(gè)力都有水平向右的分量，可知地面給斜面體的摩擦力向左；當(dāng)物塊下滑的過程中一定是加速下滑，即物塊的加速度有水平向左的分量，則對(duì)滑塊和斜面體的整體而言由牛頓第二定律可知，地面對(duì)斜面體一定有向左的摩擦力；綜上所述：物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)全過程，摩擦力方向始終向左．撤去F前，物塊上滑過程，摩擦力可能為零，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；撤去F后，物塊上滑過程，摩擦力方向可能向右，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；

撤去F后，物塊下滑過程，摩擦力可能為零，與結(jié)論不相符，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；物塊在斜面上運(yùn)動(dòng)全過程，摩擦力方向始終向左，與結(jié)論相符，選項(xiàng)D正確；二、選擇題II（本題共3小題，每小題5分，共15分。每小題給出的四個(gè)備選項(xiàng)中至少有一項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)得5分，選對(duì)但不全得2分，有選錯(cuò)的得0分）一列簡諧橫波在t=O.ls時(shí)波的圖象如圖（a）所示，此時(shí)P點(diǎn)的位移為5cm,Q點(diǎn)為平衡位置在x=2m處的質(zhì)點(diǎn)；圖（b）為質(zhì)點(diǎn)Q的振動(dòng)圖象，則圖⑷圖（圖⑷圖（町這列簡諧波的傳播速度為20m/s這列簡諧波將沿x軸正方向傳播lc.t-3s時(shí)，質(zhì)點(diǎn)p位于波峰從t=0.1s開始的一小段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P速度不斷增大【答案】AC【解析】【詳解】A.由圖知：;=4m，T=0.2s，則波速=20m/s九=20m/sv=—=T0.2故A正確。因t=0.1s時(shí)質(zhì)點(diǎn)Q向下振動(dòng)，由波形圖可知，波沿x軸負(fù)向傳播，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；11因t=0.1s時(shí)P點(diǎn)的位移為5cm，可知P點(diǎn)的位置坐標(biāo)為x=3m，當(dāng)t=3S時(shí)波向左傳播的距離為1142s=vt=20x（—-0.1）m=—m=九+m333則此時(shí)P點(diǎn)恰好到達(dá)波峰，選項(xiàng)C正確;從t=0」S開始的一小段時(shí)間內(nèi)，質(zhì)點(diǎn)P向上振動(dòng)，則速度不斷減小，選項(xiàng)D錯(cuò)誤。如圖（a）所示，在勻強(qiáng)磁場中，一閉合矩形金屬線圈可繞與磁感線垂直的中心軸OO'，勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，線圈兩次以不同的轉(zhuǎn)速轉(zhuǎn)動(dòng)產(chǎn)生的正弦式交變電動(dòng)勢圖象如圖（b）中圖線甲、乙所示，則

d2乙O243Of圖d2乙O243Of圖（b）/8t/X10~2兩次t=0時(shí)刻線圈平面均與磁場方向平行圖線甲、乙對(duì)應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為2:1將轉(zhuǎn)軸移至與線圈ab邊共線，則相同轉(zhuǎn)速下交變電動(dòng)勢的峰值不變?nèi)艟€圈電阻為0.1。，則線圈電動(dòng)勢按圖線乙規(guī)律變化時(shí)的發(fā)熱功率為5W【答案】BCD解析】【詳解】A.兩次t=0時(shí)刻感應(yīng)電動(dòng)勢均為零，可知線圈平面均與磁場方向垂直，選項(xiàng)A錯(cuò)誤；由圖可知，甲乙對(duì)應(yīng)的周期之比為12根據(jù)T=1/n可知圖線甲、乙對(duì)應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為2:1,選項(xiàng)B正確；根據(jù)E盲nBSe可知，電動(dòng)勢的峰值與轉(zhuǎn)軸位置無關(guān)，貝V將轉(zhuǎn)軸移至與線圈ab邊共線，則相同轉(zhuǎn)速下交變電動(dòng)勢的峰值不變，選項(xiàng)C正確；D?對(duì)兩個(gè)線圈而言：E=nB①S=m甲甲2E=nB①S=m甲甲甲2兀nBS2兀nBS1E=nB①S===—E=1Vm乙乙T2T2m甲乙甲若線圈電阻為0.1。，則線圈電動(dòng)勢按圖線乙規(guī)律變化時(shí)的發(fā)熱功率為（號(hào)）21P-v'2-2W-5WR0.1選項(xiàng)D正確。如圖（a）所示，小物塊甲固定在光滑水平面的左端，質(zhì)量m=0.4kg的小物塊乙可在光滑水平面上滑動(dòng).甲、乙兩物塊間因存在相互作用力而具有一定的勢能，它們的相互作用力沿二者連線且隨兩者間距的變化而變化.現(xiàn)已測出勢能隨間距x的變化規(guī)律，如圖（b）中的曲線（實(shí)線）所示.已知曲線與x軸相切的切點(diǎn)坐標(biāo)為x0=20cm；虛線①為勢能變化曲線的漸近線，其縱坐標(biāo)值為0.28J,與曲線交點(diǎn)的橫坐標(biāo)值為6cm；虛線②為經(jīng)過曲線上X]=llcm點(diǎn)的切線，斜率絕對(duì)值k=0.03J/cm,則00J甲乙線②為經(jīng)過曲線上X]=llcm點(diǎn)的切線，斜率絕對(duì)值k=0.03J/cm,則00J甲乙10■3040圖翩IRg：；3；H；L1：3ERSnsaS^H9aBE：f；!：Z；?m溜盤勰鑒谿溜棘締蔦蔦奩盂蕊小物塊乙在x0=20cm處所受的相互作用力為0將小物塊乙從x=6cm處靜止釋放，其有可能返回出發(fā)點(diǎn)將小物塊乙從x=6cm處靜止釋放，其所能達(dá)到的最大速度為lm/s小物塊乙經(jīng)過x1=11cm處時(shí)一定有向右且大小為7.5m/s2的加速度【答案】AD解析】【詳解】A.因?yàn)镋p-x圖像的斜率等于F=qE，可知小物塊乙在x°=20cm處所受的相互作用力為0,選項(xiàng)A正確；B.由圖可知，在6cmVxV20cm區(qū)間內(nèi)兩球之間的作用力為排斥力，在20cm<x<?區(qū)間內(nèi)兩球之間作用力為吸引力，無窮遠(yuǎn)處和6cm處的勢能為0.28J.若小球乙的靜止釋放點(diǎn)在6cm<x<w區(qū)間，小球乙做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，而若將小物塊乙從x=6cm處靜止釋放，則將到達(dá)無窮遠(yuǎn)處不能回到出發(fā)點(diǎn)，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；將小物塊乙從x=6cm處靜止釋放，則當(dāng)電勢能最小時(shí)動(dòng)能最大，即在x0=20cm處動(dòng)能最大，由能量關(guān)系:0.28=1mv22m解得v=p1.4m/s沁1.2m/sm選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D.小物塊乙經(jīng)過x1=11cm處時(shí)所受的電場力向右，大小等于該處切線的斜率，即F=k=0.03J/cm=3J/m=3N,則物塊的加速度為F3a==m/s2=7.5m/s2m0.4選項(xiàng)D正確。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）某同學(xué)把附有滑輪的長木板平放在實(shí)驗(yàn)桌上，將細(xì)繩一端栓在小車上，另一端繞過定滑輪，掛上適當(dāng)?shù)男”P和砝碼，使小車在細(xì)繩的牽引下運(yùn)動(dòng)，以此定量探究一些物理規(guī)律．此外還準(zhǔn)備了電磁打點(diǎn)計(jì)時(shí)器及配套的學(xué)生電源、導(dǎo)線、復(fù)寫紙、紙帶、刻度尺、各種質(zhì)量規(guī)格的砝碼和鉤碼等，組裝的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示．（1）以下探究實(shí)驗(yàn)可用此裝置模型進(jìn)行探究的有（填字母代號(hào)）探究求合力的方法探究碰撞中的不變量探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律（2）若用此裝置定量探究小車所受合外力做功與其速度變化的關(guān)系，則實(shí)驗(yàn)開始前，該同學(xué)先調(diào)整木板上定滑輪的髙度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與木板平行.他這樣做的目的是下列的哪個(gè)？（填字母代號(hào)）避免小車在運(yùn)動(dòng)過程中左右晃動(dòng)可保證小車最終能做勻速直線運(yùn)動(dòng)可使打點(diǎn)計(jì)時(shí)器在紙帶上打出的點(diǎn)跡清晰可在平衡阻力后使細(xì)繩拉力等于小車所受的合外力通過正確操作得到的一條紙帶應(yīng)為紙帶（填紙帶編號(hào)）用天平測定小車質(zhì)量后，他將小盤和砝碼所受重力做的功當(dāng)作細(xì)繩拉力做的功，經(jīng)多次實(shí)驗(yàn)發(fā)現(xiàn)拉力做的功總是要比小車動(dòng)能的增量大一些．這一情況可能是下列哪些原因造成的（填字母代號(hào)）A未平衡小車所受阻力小車釋放時(shí)離打點(diǎn)計(jì)時(shí)器太近先釋放小車，再使打點(diǎn)計(jì)時(shí)器工作小盤和砝碼做勻加速運(yùn)動(dòng)，小盤和砝碼的重力大于細(xì)繩拉力【答案】（1）.CD（2）.D（3）.①（4）.D【解析】【詳解】（1）［1］．此實(shí)驗(yàn)裝置可以探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系，也可以探究小車速度隨時(shí)間變化的規(guī)律，故選CD.（2）①［2］.調(diào)整木板上定滑輪的髙度，使?fàn)恳≤嚨募?xì)繩與木板平行，這樣做的目的是可在平衡阻力后使細(xì)繩拉力等于小車所受的合外力，故選D.［3］.在探究小車所受合外力做功與其速度變化關(guān)系的實(shí)驗(yàn)中得到的紙帶應(yīng)該是勻加速運(yùn)動(dòng)的紙帶，點(diǎn)跡間距逐漸增加，故此紙帶應(yīng)該是①.［4］.實(shí)驗(yàn)中，拉力做的功總是要比小車動(dòng)能的增量大一些，其原因是小盤和砝碼做勻加速運(yùn)動(dòng)，小盤和砝碼的重力大于細(xì)繩拉力，故選D.某同學(xué)利用電壓表（3V擋）、定值電阻R］、電阻箱R0等實(shí)驗(yàn)器材測量電池A的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，實(shí)驗(yàn)電路圖如圖甲所示.實(shí)驗(yàn)時(shí)多次改變電阻箱的阻值，記錄外電路的總電阻阻值R（遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻），用電壓11表測得路端電壓U并繪制如圖乙所示的關(guān)系圖線A,重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)方法測量電池B的電動(dòng)勢和內(nèi)UR阻，得到圖乙中的圖線B.

1()60T3Z圖丙1()60T3Z圖丙TOC\o"1-5"\h\z（1）圖丙是某次電壓表測量的表盤圖示，此時(shí)電壓表的讀數(shù)為．（2）由圖線A可知電池A的電動(dòng)勢EA=V,內(nèi)阻rA=Q；（3）若將一個(gè)阻值R2=0.5Q的定值電阻先后與電池A和電池B串聯(lián)構(gòu)成回路，則兩電池的輸出功率papb（填“大于”、“等于”或“小于”），兩電池的效率耳n（填“大于"、“等于”或“小abAB于”）．(5).小于答案】(1).1.30~1.35V(2).2V(3).0.5Q(4).小于(5).小于【詳解】（1）⑴.圖丙電壓表的讀數(shù)為1.32V；U（2）[2]⑶.根據(jù)E=U+-r得：R11r1

二+.UEER圖象A,截距斜率rk=0.25=E故電動(dòng)勢E=2.0V,內(nèi)電阻r=0.5Q；（3）[4][5].重復(fù)上述實(shí)驗(yàn)方法測量電池B的電動(dòng)勢和內(nèi)阻，從圖B可以看出：電池B的電動(dòng)勢Eb>Ea，內(nèi)阻rB<rA，則當(dāng)它也給同樣的電阻R供電時(shí)，則電源的輸出功率EP=12R=（）2RR+r所以PA<PB；電源的效率電池的效率UIR耳二=EIR+r由于rB<rA，所以nA<nB°16?如圖所示，空間有豎直向下勻強(qiáng)電場E=5.0x105N/C，長L=0.25m的不可伸長的輕繩一端固定于0點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量m=0.01kg的不帶電小球A,將小球A拉起至繩水平繃緊后，無初速度釋放.另一電荷的量q二-10-7C且質(zhì)量與小球A相等的小球B以初速度v0=2.4m/s水平拋出.小球A第一次經(jīng)過D點(diǎn)時(shí)與小球B正碰并粘在一起可視為小球C(兩球的總電量不變)，OD與豎直方向的夾角為37。?碰后小球C運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)正下方的P點(diǎn)時(shí)，電場突然增強(qiáng)到E，=3.6x106N/C，電場方向不變.不計(jì)空氣阻力，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程小球昇、b、c均可視為質(zhì)點(diǎn).貝y：碰撞前小球B的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t；碰撞后小球C的速度大小；小球C能否運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)正上方0.25m處的點(diǎn)？若能，請(qǐng)計(jì)算通過Q點(diǎn)時(shí)輕繩的拉力大??；若不能，請(qǐng)說明理由.【答案】(1)0.36s(2)0.5m/s(3)能，理由見解析【解析】【詳解】(1)由v=v-tan37°=1.8m/sBy0mg-qE=ma1解得a=5m/s2

1v=atBy1解得t二0.36s2)由于vv=——By=3m/sBsin37°mgL-cos37°=fmv2解得v=2m/sA由動(dòng)量守恒定律：mv一mv=2mvBA共解得v=0.5m/s共(3)能；小球C以輕繩為半徑，沿圓弧軌跡擺至最低點(diǎn)P(2mg一qE)-LG-cos37°)=—2mv2一—2mv22P2共解得v=lm/sPqE'一2mg=2ma2解得a=8m/s22豎直向上%=血7=^m/s>vp，小球C從卩點(diǎn)做類平拋運(yùn)動(dòng)x2+(L—y)2=L

t=0.25s,x=0.25m,y=0.25m故小球運(yùn)動(dòng)至與O點(diǎn)等高處，繩被拉直，只保留豎直方向分速度，并繼續(xù)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)向上擺，通過Q點(diǎn)v=v-2tan45。=2m/s

yP'一2mg'一2mg)?L=2mv22Q2mv22yT+2T+2mg-qE'=2m-&-L得T=0.8N17.如圖所示，絕緣斜面與水平面成30°角，其上固定兩根不平行的且粗糙程度不均勻的金屬導(dǎo)軌ab與dc，Zabe=Zdcf=60°，導(dǎo)軌底端be間接有一個(gè)阻值為R的電阻.且be邊與斜面底邊平行.磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場垂直斜面向上(覆蓋整［斜面)，一質(zhì)量為m的導(dǎo)體棒平行be邊放置在導(dǎo)軌上，給予一個(gè)垂直導(dǎo)體棒沿斜面向上的初速度v0.導(dǎo)體棒運(yùn)動(dòng)伊始，處于導(dǎo)軌間的長度為九，此后導(dǎo)體棒向上運(yùn)動(dòng)過程中，電阻R的熱功率不變.導(dǎo)軌和導(dǎo)體棒的電阻、導(dǎo)體棒與導(dǎo)軌間的接觸電阻均不計(jì)，求：回路中b、e兩點(diǎn)的電勢，哪點(diǎn)髙？導(dǎo)體棒開始運(yùn)動(dòng)后，沿導(dǎo)軌上滑x0距離所花時(shí)間t；(3在滿足(2)的條件下，導(dǎo)體棒所受摩擦阻力做的功.(L+空x)x【答案】⑴c點(diǎn)⑵t_o3oo⑶LVoomv2

o2[(L、1B2Lxv(3、o_—)2—1]+mgx+0―(L+x)32oRo3oL十.Xo3o解析】【詳解】（1）由右手定則可知，c點(diǎn)電勢高（2）P=12R，電流I大小不變BLv=IRooBLvI=^-o-R其中AS=(L+o斗Xo、Xo解得：(L+￡x)xt=」「Lv003）由題意可知BLv=B(L+x)v3由動(dòng)能定理可得：—mgx-sin3oo+W一F-x阻安11=—mv2一mv222oF=BI(L+安x)mv2W=一[(——阻2L+3)2一1]+mgx+2oB2Loxovo(L+Bx)Ro318?如圖所示為接地的金屬外殼長方體粒子發(fā)射腔，ABCD為矩形通道的入口，長BB'=L，高