2020屆華大新高考聯(lián)盟押題信息考試(十九)物理試卷

屆華大新高考聯(lián)盟押題信息考試（十九）物理試題★祝你考試順利^注意事項：1、考試范圍：高考考查范圍。2、答題前，請先將自己的姓名、準考證號用0.5毫米黑色簽字筆填寫在試題卷和答題卡上的相應位置，并將準考證號條形碼粘貼在答題卡上的指定位置。用2B鉛筆將答題卡上試卷類型A后的方框涂黑。3、選擇題的作答：每個小題選出答案后，用2B鉛筆把答題卡上對應題目的答案標號涂黑。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選擇題答題區(qū)域的答案一律無效。4、主觀題的作答：用0.5毫米黑色簽字筆直接答在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)。寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非主觀題答題區(qū)域的答案一律無效。5、選考題的作答：先把所選題目的題號在答題卡上指定的位置用2B鉛筆涂黑。答案用0.5毫米黑色簽字筆寫在答題卡上對應的答題區(qū)域內(nèi)，寫在試題卷、草稿紙和答題卡上的非選修題答題區(qū)域的答案一律無效。6、保持卡面清潔，不折疊，不破損。7、本科目考試結(jié)束后，請將本試題卷、答題卡、草稿紙一并依序排列上交。選擇題部分一、選擇題I（本題共10小題，每小題3分，共30分。每小題給出的四個備選項中，只有一項是符合題目要求的。）了解物理規(guī)律的發(fā)現(xiàn)過程，學會像科學家那樣觀察和思考，往往比掌握知識本身更重要．以下符合史實的是伽利略發(fā)現(xiàn)了自由落體運動規(guī)律；牛頓提出了把實驗和邏輯推理有機地結(jié)合起來的科學研究方法開普勒提出了萬有引力定律；第谷測定了引力常量G安培發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象麥克斯韋預言了電磁波的存在；赫茲用實驗證實了電磁波的存在【答案】D【解析】【詳解】A．伽利略發(fā)現(xiàn)了自由落體運動規(guī)律，并提出了把實驗和邏輯推理有機地結(jié)合起來的科學研究方法，選項A錯誤；牛頓提出了萬有引力定律；卡文迪許測定了引力常量G,選項B錯誤；奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應；法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應現(xiàn)象，選項C錯誤；D?麥克斯韋預言了電磁波的存在；赫茲用實驗證實了電磁波的存在，選項D正確。

下列關(guān)于靜電場問題的相關(guān)表述中，正確的是接地導體可能帶凈電荷電場強度大的地方，電勢一定高電場中放入一帶正電的檢驗電荷，其電勢能一定為正處于靜電平衡狀態(tài)的導體，其表面可能不是一個等勢面【答案】A【解析】【詳解】A.接地導體如果放在帶電導體旁邊，就能使導體帶上凈電荷，選項A正確；電場強度大的地方，電勢不一定高，例如離負點電荷越近的地方場強越大，電勢越低，選項B錯誤；電場中放入一帶正電的檢驗電荷，若該點電勢小于零，則其電勢能為負，選項C錯誤；處于靜電平衡狀態(tài)的導體，其表面一定是一個等勢面，選項D錯誤。3?—女生在校運動會中參加4kg組的鉛球比賽?她在某次投擲時的成績?yōu)?m多?經(jīng)估算可知本次投擲過程中該女生對鉛球所做功為A.—500JB.—50JC.—5JD.—.5J【答案】B解析】詳解】鉛球做平拋運動，水平方向豎直方向則由動能定理，鉛球得到的動能等于人做的功：W=—W=—mv2=2mgx24h式中h大約為1.6m，x=5m，m=4kg帶入可得：W=156J1500J,與結(jié)論不相符，選項A錯誤；150J，與結(jié)論相符，選項B正確；15J,與結(jié)論不相符，選項C錯誤；1.5J，與結(jié)論不相符，選項D錯誤；4?如圖所示，近地衛(wèi)星的圓軌道I半徑為R設法使衛(wèi)星通過一次變軌進入橢圓軌道II，再通過一次變軌進入半徑為r的預定圓軌道III.已知地球的質(zhì)量為M，引力常量為G,則衛(wèi)星在近地軌道I上的繞行線速度大小為一B.衛(wèi)星在軌道B.衛(wèi)星在軌道II上通過遠地點b時的加速度大小為r2衛(wèi)星在軌道II上通過近地點a時的速度等于通過遠地點b時的速度衛(wèi)星在預定圓軌道III上的機械能小于在近地軌道I上的機械能【答案】B【解析】【詳解】A.衛(wèi)星在近地軌道I上運行時：Mmv2解得選項A錯誤;衛(wèi)星在軌道II上通過遠地點b時:MmG=ma

r2解得GMa二

r2選項B正確；根據(jù)開普勒第二定律，則衛(wèi)星在軌道II上通過近地點a時的速度大于通過遠地點b時的速度，選項C錯誤；衛(wèi)星從軌道I到軌道III要經(jīng)過兩次加速變軌，則衛(wèi)星在預定圓軌道III上的機械能大于在近地軌道I上的機械能，選項D錯誤。人在平地上靜止站立時，受到的支撐力等于人的重力.做原地縱跳時，在快速下蹲和蹬伸的過程中，人體受到的支撐力發(fā)生變化（如圖，G為重力，F(xiàn)為支撐力）.下列曲線能正確反映該變化的是（）【解析】人騰空時支持力為零，故AC項錯誤，人在快速下蹲和蹬伸的過程中，加速度先向下，再向上，即先失重，再起重，故支持力先小于重力，然后大于重力，故B錯誤D正確.如圖所示，在水中有兩條相互垂直的光線1和2（均在紙面所在平面內(nèi)）．其中光線1直接由水射到水與空氣的交界面上，入射角為60。；光線2先射到一塊平行水面的平板玻璃（較?。┑南卤砻?，經(jīng)兩次折射后從上表面射出，再射到水與空氣的交界面上?已知水的折射率為1.33,玻璃的折射率為72，則經(jīng)上述過程后能折射入空氣的是只有光線1只有光線2兩條光線都能兩條光線都不能【答案】B【解析】113【詳解】光線從水中射向空氣時的臨界角滿足：smC=—==丁，則30°vCv60。，貝恍線1不能射出n1.334水面；光線2射到玻璃上的入射角為30°，經(jīng)過玻璃磚后發(fā)生側(cè)移，出射光線仍平行于入射光，射到水與空氣表面時的入射角為30°，因C>30°，可知光線2在水與空氣的界面發(fā)生折射，從而射出水面。只有光線1,與結(jié)論不相符，選項A錯誤；只有光線2,與結(jié)論相符，選項B正確；兩條光線都能，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；兩條光線都不能，與結(jié)論不相符，選項D錯誤;下列表述中正確的是核反應2H+3HT4He+1n中，氦核（4He）的比結(jié)合能小于氘核（2H）112021鈾238經(jīng)一次a衰變和一次卩衰變后，形成的新核相比鈾238質(zhì)量數(shù)減少了4,電荷數(shù)減少3.科技的進步，測量工具精度的提升，將來可以同時精確測量微觀粒子的位置和動量宏觀物體的德布羅意波的波長小，難以觀察其波動性【答案】D【解析】【詳解】A.核反應2H+3HT4He+5中，氦核（4He）的比結(jié)合能大于氘核（2H），選項A錯誤；112021—次a衰變質(zhì)量數(shù)減小4，電荷數(shù)減小2；一次卩衰變后質(zhì)量數(shù)不變，電荷數(shù)增加1；則鈾238經(jīng)一次a衰變和一次卩衰變后，形成的新核相比鈾238質(zhì)量數(shù)減少了4,電荷數(shù)減少1,選項B錯誤.根據(jù)不確定原理，不可以同時精確測量微觀粒子的位置和動量，選項C錯誤；宏觀物體的德布羅意波的波長小，難以觀察其波動性，選項D正確。8?如圖所示，在光電效應實驗中用a光照射光電管時，靈敏電流計指針發(fā)生偏轉(zhuǎn)，而用b光照射光電管時,靈敏電流計指針不發(fā)生偏轉(zhuǎn)，則a光的強度一定大于b光b光的頻率一定小于a光頻率a光照射光電管時，電流計中的光電流沿d到c方向?qū)極換成逸出功較小的金屬板，仍用a光照射，其遏止電壓將減小【答案】BC【解析】【詳解】AB.因a光照射光電管時能發(fā)生光電效應，而b光照射光電管時不能發(fā)生光電效應，可知a光的頻率一定大于b光的頻率，選項A錯誤，B正確；電流的方向與負電荷定向移動的方向相反，用a光照射光電管陰極K時通過電流計G的電流是由d到c,故C正確。將K極換成逸出功較小的金屬板，仍用a光照射，根據(jù)UCe二Ek二hv-W逸出功，則其遏止電壓將變大,Ckm逸出功選項D錯誤。9?如圖所示?一套太陽能路燈配備1個太陽能電池組件、1塊免維護電池、2只LED燈?太陽能路燈技術(shù)參數(shù)如下：太陽能電池組件（太陽能單晶硅光電轉(zhuǎn)換效率為24%，得到的電池平均功率為120W）；免維護電池（100Ah,15V，充電效率為75%，輸出效率為80%）；每只LED燈（12V,2A）.照明時間412h可根據(jù)需要任意調(diào)節(jié)，結(jié)合以上數(shù)據(jù)可知利用太陽能電池組件給免維護電池充電，充滿所需最長時間為12.5h太陽光照射2h,太陽能電池組件吸收的太陽能約為8.64x105J利用免維護電池給2只LED燈供電，最長供電時間為25h充滿電的免維護電池具有的電能為1500J【答案】C【解析】【詳解】A.利用太陽能電池給蓄電池充電，充滿需要的最長時間為:t=15x100-120-75%=16.7小時；故A錯誤；

B.光電轉(zhuǎn)換電池功率為120WB.光電轉(zhuǎn)換電池功率為120W,2小時可吸收的太陽能為：E=120x2x360024%J=3.6x106J故b錯誤;C.利用免維護蓄電池給2只的LED供電，最長時間約為1"2山］;￡V=25h；故C正確;2x12Vx2AD.充滿電的免維護電池具有的電能為100Ax3600sx15V=5.4x106J,選項D錯誤。10?如圖所示，水平地面上有一傾角為30°的斜面體，將一質(zhì)量為m的矩形小物塊放置在斜面上，對其施加一斜向右上方的恒力F（其與平行斜面方向成30°角），物塊沿斜面上滑.一段時間后，撤去外力F,最終物塊將沿斜面下滑．整個過程中，物塊和斜面體間始終有擠壓，斜面體相對地面始終靜止，則下列關(guān)于地面對斜面體的摩擦力表述正確的是撤去F后，物塊上滑過程，摩擦力方向可能向右撤去F后，物塊下滑過程，摩擦力可能為零物塊在斜面上運動全過程，摩擦力方向始終向左【答案】D【解析】【詳解】若物塊與斜面體之間光滑接觸，對斜面體受力分析，在撤去F前后的過程中，物塊對斜面體只有垂直斜面體斜向右下方的壓力，則地面對斜面體有向左的摩擦力；若物塊與斜面體之間有摩擦，對斜面體受力分析，在物塊上滑的過程中，物塊對斜面體有垂直斜面體斜向右下方的壓力和沿斜面向上的摩擦力，兩個力都有水平向右的分量，可知地面給斜面體的摩擦力向左；當物塊下滑的過程中一定是加速下滑，即物塊的加速度有水平向左的分量，則對滑塊和斜面體的整體而言由牛頓第二定律可知，地面對斜面體一定有向左的摩擦力；綜上所述：物塊在斜面上運動全過程，摩擦力方向始終向左．撤去F前，物塊上滑過程，摩擦力可能為零，與結(jié)論不相符，選項A錯誤；撤去F后，物塊上滑過程，摩擦力方向可能向右，與結(jié)論不相符，選項B錯誤；

撤去F后，物塊下滑過程，摩擦力可能為零，與結(jié)論不相符，選項C錯誤；物塊在斜面上運動全過程，摩擦力方向始終向左，與結(jié)論相符，選項D正確；二、選擇題II（本題共3小題，每小題5分，共15分。每小題給出的四個備選項中至少有一項是符合題目要求的。全部選對得5分，選對但不全得2分，有選錯的得0分）一列簡諧橫波在t=O.ls時波的圖象如圖（a）所示，此時P點的位移為5cm,Q點為平衡位置在x=2m處的質(zhì)點；圖（b）為質(zhì)點Q的振動圖象，則圖⑷圖（圖⑷圖（町這列簡諧波的傳播速度為20m/s這列簡諧波將沿x軸正方向傳播lc.t-3s時，質(zhì)點p位于波峰從t=0.1s開始的一小段時間內(nèi)，質(zhì)點P速度不斷增大【答案】AC【解析】【詳解】A.由圖知：;=4m，T=0.2s，則波速=20m/s九=20m/sv=—=T0.2故A正確。因t=0.1s時質(zhì)點Q向下振動，由波形圖可知，波沿x軸負向傳播，選項B錯誤；11因t=0.1s時P點的位移為5cm，可知P點的位置坐標為x=3m，當t=3S時波向左傳播的距離為1142s=vt=20x（—-0.1）m=—m=九+m333則此時P點恰好到達波峰，選項C正確;從t=0」S開始的一小段時間內(nèi)，質(zhì)點P向上振動，則速度不斷減小，選項D錯誤。如圖（a）所示，在勻強磁場中，一閉合矩形金屬線圈可繞與磁感線垂直的中心軸OO'，勻速轉(zhuǎn)動，線圈兩次以不同的轉(zhuǎn)速轉(zhuǎn)動產(chǎn)生的正弦式交變電動勢圖象如圖（b）中圖線甲、乙所示，則

d2乙O243Of圖d2乙O243Of圖（b）/8t/X10~2兩次t=0時刻線圈平面均與磁場方向平行圖線甲、乙對應的線圈轉(zhuǎn)速之比為2:1將轉(zhuǎn)軸移至與線圈ab邊共線，則相同轉(zhuǎn)速下交變電動勢的峰值不變?nèi)艟€圈電阻為0.1。，則線圈電動勢按圖線乙規(guī)律變化時的發(fā)熱功率為5W【答案】BCD解析】【詳解】A.兩次t=0時刻感應電動勢均為零，可知線圈平面均與磁場方向垂直，選項A錯誤；由圖可知，甲乙對應的周期之比為12根據(jù)T=1/n可知圖線甲、乙對應的線圈轉(zhuǎn)速之比為2:1,選項B正確；根據(jù)E盲nBSe可知，電動勢的峰值與轉(zhuǎn)軸位置無關(guān)，貝V將轉(zhuǎn)軸移至與線圈ab邊共線，則相同轉(zhuǎn)速下交變電動勢的峰值不變，選項C正確；D?對兩個線圈而言：E=nB①S=m甲甲2E=nB①S=m甲甲甲2兀nBS2兀nBS1E=nB①S===—E=1Vm乙乙T2T2m甲乙甲若線圈電阻為0.1。，則線圈電動勢按圖線乙規(guī)律變化時的發(fā)熱功率為（號）21P-v'2-2W-5WR0.1選項D正確。如圖（a）所示，小物塊甲固定在光滑水平面的左端，質(zhì)量m=0.4kg的小物塊乙可在光滑水平面上滑動.甲、乙兩物塊間因存在相互作用力而具有一定的勢能，它們的相互作用力沿二者連線且隨兩者間距的變化而變化.現(xiàn)已測出勢能隨間距x的變化規(guī)律，如圖（b）中的曲線（實線）所示.已知曲線與x軸相切的切點坐標為x0=20cm；虛線①為勢能變化曲線的漸近線，其縱坐標值為0.28J,與曲線交點的橫坐標值為6cm；虛線②為經(jīng)過曲線上X]=llcm點的切線，斜率絕對值k=0.03J/cm,則00J甲乙線②為經(jīng)過曲線上X]=llcm點的切線，斜率絕對值k=0.03J/cm,則00J甲乙10■3040圖翩IRg：；3；H；L1：3ERSnsaS^H9aBE：f；!：Z；?m溜盤勰鑒谿溜棘締蔦蔦奩盂蕊小物塊乙在x0=20cm處所受的相互作用力為0將小物塊乙從x=6cm處靜止釋放，其有可能返回出發(fā)點將小物塊乙從x=6cm處靜止釋放，其所能達到的最大速度為lm/s小物塊乙經(jīng)過x1=11cm處時一定有向右且大小為7.5m/s2的加速度【答案】AD解析】【詳解】A.因為Ep-x圖像的斜率等于F=qE，可知小物塊乙在x°=20cm處所受的相互作用力為0,選項A正確；B.由圖可知，在6cmVxV20cm區(qū)間內(nèi)兩球之間的作用力為排斥力，在20cm<x<?區(qū)間內(nèi)兩球之間作用力為吸引力，無窮遠處和6cm處的勢能為0.28J.若小球乙的靜止釋放點在6cm<x<w區(qū)間，小球乙做往復運動，而若將小物塊乙從x=6cm處靜止釋放，則將到達無窮遠處不能回到出發(fā)點，選項B錯誤；將小物塊乙從x=6cm處靜止釋放，則當電勢能最小時動能最大，即在x0=20cm處動能最大，由能量關(guān)系:0.28=1mv22m解得v=p1.4m/s沁1.2m/sm選項C錯誤；D.小物塊乙經(jīng)過x1=11cm處時所受的電場力向右，大小等于該處切線的斜率，即F=k=0.03J/cm=3J/m=3N,則物塊的加速度為F3a==m/s2=7.5m/s2m0.4選項D正確。非選擇題部分三、非選擇題（本題共5小題，共55分）某同學把附有滑輪的長木板平放在實驗桌上，將細繩一端栓在小車上，另一端繞過定滑輪，掛上適當?shù)男”P和砝碼，使小車在細繩的牽引下運動，以此定量探究一些物理規(guī)律．此外還準備了電磁打點計時器及配套的學生電源、導線、復寫紙、紙帶、刻度尺、各種質(zhì)量規(guī)格的砝碼和鉤碼等，組裝的實驗裝置如圖所示．（1）以下探究實驗可用此裝置模型進行探究的有（填字母代號）探究求合力的方法探究碰撞中的不變量探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系探究小車速度隨時間變化的規(guī)律（2）若用此裝置定量探究小車所受合外力做功與其速度變化的關(guān)系，則實驗開始前，該同學先調(diào)整木板上定滑輪的髙度，使牽引小車的細繩與木板平行.他這樣做的目的是下列的哪個？（填字母代號）避免小車在運動過程中左右晃動可保證小車最終能做勻速直線運動可使打點計時器在紙帶上打出的點跡清晰可在平衡阻力后使細繩拉力等于小車所受的合外力通過正確操作得到的一條紙帶應為紙帶（填紙帶編號）用天平測定小車質(zhì)量后，他將小盤和砝碼所受重力做的功當作細繩拉力做的功，經(jīng)多次實驗發(fā)現(xiàn)拉力做的功總是要比小車動能的增量大一些．這一情況可能是下列哪些原因造成的（填字母代號）A未平衡小車所受阻力小車釋放時離打點計時器太近先釋放小車，再使打點計時器工作小盤和砝碼做勻加速運動，小盤和砝碼的重力大于細繩拉力【答案】（1）.CD（2）.D（3）.①（4）.D【解析】【詳解】（1）［1］．此實驗裝置可以探究加速度與力、質(zhì)量的關(guān)系，也可以探究小車速度隨時間變化的規(guī)律，故選CD.（2）①［2］.調(diào)整木板上定滑輪的髙度，使牽引小車的細繩與木板平行，這樣做的目的是可在平衡阻力后使細繩拉力等于小車所受的合外力，故選D.［3］.在探究小車所受合外力做功與其速度變化關(guān)系的實驗中得到的紙帶應該是勻加速運動的紙帶，點跡間距逐漸增加，故此紙帶應該是①.［4］.實驗中，拉力做的功總是要比小車動能的增量大一些，其原因是小盤和砝碼做勻加速運動，小盤和砝碼的重力大于細繩拉力，故選D.某同學利用電壓表（3V擋）、定值電阻R］、電阻箱R0等實驗器材測量電池A的電動勢和內(nèi)阻，實驗電路圖如圖甲所示.實驗時多次改變電阻箱的阻值，記錄外電路的總電阻阻值R（遠小于電壓表內(nèi)阻），用電壓11表測得路端電壓U并繪制如圖乙所示的關(guān)系圖線A,重復上述實驗方法測量電池B的電動勢和內(nèi)UR阻，得到圖乙中的圖線B.

1()60T3Z圖丙1()60T3Z圖丙TOC\o"1-5"\h\z（1）圖丙是某次電壓表測量的表盤圖示，此時電壓表的讀數(shù)為．（2）由圖線A可知電池A的電動勢EA=V,內(nèi)阻rA=Q；（3）若將一個阻值R2=0.5Q的定值電阻先后與電池A和電池B串聯(lián)構(gòu)成回路，則兩電池的輸出功率papb（填“大于”、“等于”或“小于”），兩電池的效率耳n（填“大于"、“等于”或“小abAB于”）．(5).小于答案】(1).1.30~1.35V(2).2V(3).0.5Q(4).小于(5).小于【詳解】（1）⑴.圖丙電壓表的讀數(shù)為1.32V；U（2）[2]⑶.根據(jù)E=U+-r得：R11r1

二+.UEER圖象A,截距斜率rk=0.25=E故電動勢E=2.0V,內(nèi)電阻r=0.5Q；（3）[4][5].重復上述實驗方法測量電池B的電動勢和內(nèi)阻，從圖B可以看出：電池B的電動勢Eb>Ea，內(nèi)阻rB<rA，則當它也給同樣的電阻R供電時，則電源的輸出功率EP=12R=（）2RR+r所以PA<PB；電源的效率電池的效率UIR耳二=EIR+r由于rB<rA，所以nA<nB°16?如圖所示，空間有豎直向下勻強電場E=5.0x105N/C，長L=0.25m的不可伸長的輕繩一端固定于0點，另一端系一質(zhì)量m=0.01kg的不帶電小球A,將小球A拉起至繩水平繃緊后，無初速度釋放.另一電荷的量q二-10-7C且質(zhì)量與小球A相等的小球B以初速度v0=2.4m/s水平拋出.小球A第一次經(jīng)過D點時與小球B正碰并粘在一起可視為小球C(兩球的總電量不變)，OD與豎直方向的夾角為37。?碰后小球C運動到O點正下方的P點時，電場突然增強到E，=3.6x106N/C，電場方向不變.不計空氣阻力，整個運動過程小球昇、b、c均可視為質(zhì)點.貝y：碰撞前小球B的運動時間t；碰撞后小球C的速度大小；小球C能否運動到O點正上方0.25m處的點？若能，請計算通過Q點時輕繩的拉力大小；若不能，請說明理由.【答案】(1)0.36s(2)0.5m/s(3)能，理由見解析【解析】【詳解】(1)由v=v-tan37°=1.8m/sBy0mg-qE=ma1解得a=5m/s2

1v=atBy1解得t二0.36s2)由于vv=——By=3m/sBsin37°mgL-cos37°=fmv2解得v=2m/sA由動量守恒定律：mv一mv=2mvBA共解得v=0.5m/s共(3)能；小球C以輕繩為半徑，沿圓弧軌跡擺至最低點P(2mg一qE)-LG-cos37°)=—2mv2一—2mv22P2共解得v=lm/sPqE'一2mg=2ma2解得a=8m/s22豎直向上%=血7=^m/s>vp，小球C從卩點做類平拋運動x2+(L—y)2=L

t=0.25s,x=0.25m,y=0.25m故小球運動至與O點等高處，繩被拉直，只保留豎直方向分速度，并繼續(xù)繞O點做圓周運動向上擺，通過Q點v=v-2tan45。=2m/s

yP'一2mg'一2mg)?L=2mv22Q2mv22yT+2T+2mg-qE'=2m-&-L得T=0.8N17.如圖所示，絕緣斜面與水平面成30°角，其上固定兩根不平行的且粗糙程度不均勻的金屬導軌ab與dc，Zabe=Zdcf=60°，導軌底端be間接有一個阻值為R的電阻.且be邊與斜面底邊平行.磁感應強度為B的勻強磁場垂直斜面向上(覆蓋整［斜面)，一質(zhì)量為m的導體棒平行be邊放置在導軌上，給予一個垂直導體棒沿斜面向上的初速度v0.導體棒運動伊始，處于導軌間的長度為九，此后導體棒向上運動過程中，電阻R的熱功率不變.導軌和導體棒的電阻、導體棒與導軌間的接觸電阻均不計，求：回路中b、e兩點的電勢，哪點髙？導體棒開始運動后，沿導軌上滑x0距離所花時間t；(3在滿足(2)的條件下，導體棒所受摩擦阻力做的功.(L+空x)x【答案】⑴c點⑵t_o3oo⑶LVoomv2

o2[(L、1B2Lxv(3、o_—)2—1]+mgx+0―(L+x)32oRo3oL十.Xo3o解析】【詳解】（1）由右手定則可知，c點電勢高（2）P=12R，電流I大小不變BLv=IRooBLvI=^-o-R其中AS=(L+o斗Xo、Xo解得：(L+￡x)xt=」「Lv003）由題意可知BLv=B(L+x)v3由動能定理可得：—mgx-sin3oo+W一F-x阻安11=—mv2一mv222oF=BI(L+安x)mv2W=一[(——阻2L+3)2一1]+mgx+2oB2Loxovo(L+Bx)Ro318?如圖所示為接地的金屬外殼長方體粒子發(fā)射腔，ABCD為矩形通道的入口，長BB'=L，高