2019年湖北省麻城市高三上學(xué)期10月聯(lián)考物理試題及答案解析

物理試卷第物理試卷第頁(yè)，共12頁(yè)2019年湖北省麻城市高三上學(xué)期 10月聯(lián)考物理試題參考答案1.C【解析】A.物體做平拋運(yùn)動(dòng)，加速度為重力加速度，小球在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中加速度不變，故 A錯(cuò)誤；B.設(shè)物體從拋出到某一位置的經(jīng)過(guò)時(shí)間為 t,豎直速度為：Vy=gt,水平速度為V0,則速度為：Vt=(gt)2V2所以，速度大小與時(shí)間不成正比，故B錯(cuò)誤；C.平拋運(yùn)動(dòng)的加速度不變，則速度的增量為：Z\v=gt所以，速度的增量大小與時(shí)間成正比，故C正確；，一八?， 1 2 .D.豎直位移為： y二—gt水平位移為：x=V0t,所以位移為：2sf/y2x2〈(gt2)2(vot)2所以，位移大小與時(shí)間的二次方不成正比，故D錯(cuò)誤。D【解析】A.圖線的斜率表示速度，斜率均為負(fù)的，所以在 t2時(shí)刻，兩車運(yùn)動(dòng)方向相同，故A錯(cuò)誤;B.在ti時(shí)刻，甲的斜率大于乙的斜率，即甲車的速度大于乙車的速度，故B錯(cuò)誤；C,在ti-t2時(shí)間內(nèi)，乙車行駛的路程等于甲車行駛的路程，故C錯(cuò)誤；D,在ti到t2這段時(shí)間內(nèi)，兩車的位移相同，時(shí)間也相同，根據(jù)平均速度定義式可知兩車的平均速度相同，故D正確。B【解析】依據(jù)運(yùn)動(dòng)的合成與分解，則。點(diǎn)的分運(yùn)動(dòng)即為沿著繩子方向運(yùn)動(dòng)，與垂直繩子的運(yùn)動(dòng)，如圖所示，根據(jù)平行四邊形定則，及三角知識(shí)，則有：

VoVocos二故B正確。D【解析】小球B經(jīng)過(guò)最高點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律得：vBvB二m一RmgFb小球A經(jīng)過(guò)圓管的最低點(diǎn)時(shí)，由牛頓第二定律得：2v二m一RF2v二m一RFb-Fa-mg-0牛頓第三定律得：F'b=Fb,FA=Fa聯(lián)立解得：vB=.v23gR故D正確。B【解析】設(shè)加速度為a,OA段的時(shí)間為ti,AB=BC=x,已知AB段時(shí)間為t2=3s,t3=2s有速度時(shí)間關(guān)系知：vA=ativB=atit2由位移關(guān)系知：1 2x=vAt2+at221 2x=VBt3+at32四式聯(lián)立解得:t1=3.5s,故B正確，ACD錯(cuò)誤。A【解析】AD.對(duì)掛鉤受力分析，如圖所示：設(shè)掛鉤為O,從b移到b'時(shí)，有：aO?n二+ObJini=aO§n二+Ob_sin;e=a,即懸點(diǎn)從b移到b',細(xì)線與桿的夾角不變；根據(jù)平衡條件，有：2Tcos二-mg解得：T_mg

2cos日'變化前后相等，故A正確D錯(cuò)誤；BC.由于繩中的拉力沒(méi)有變化，細(xì)繩與桿的夾角不變，所以P或Q上的繩套受力情況不變,則繩套受到的靜摩擦力不變，故 BC錯(cuò)誤。BCD

【解析】A錯(cuò)誤;A.A錯(cuò)誤;B.人的質(zhì)量不變，則到達(dá)月球后的慣性也不變，故B.人的質(zhì)量不變，則到達(dá)月球后的慣性也不變，故B正確;C.月球表面的重力加速度為地球表面的重力加速度的1 C.月球表面的重力加速度為地球表面的重力加速度的-,則人在月球上受重力減小為在地61一 人球表面時(shí)所受重力的」,故C正確;6D.月球表面的重力加速度為地球表面的重力加速度的D.月球表面的重力加速度為地球表面的重力加速度的1 —v一,根據(jù)h=_0-可知以同樣的初6 2g速度豎直向上跳起，在月球表面跳起重心上升的最大高度是在地球表面跳起重心上升最大高度的6倍，故D正確。BDA.剪斷輕繩前，對(duì)P進(jìn)行受力分析如圖所示:則根據(jù)平衡條件可知，斜面對(duì) P的支持力為:故A錯(cuò)誤;B.剪斷輕繩前，對(duì)Q進(jìn)行受力分析如圖所示:根據(jù)平衡條件可知，彈簧的彈力為:8F=2mgsin53=—mg,

5

8輕繩剪斷瞬間，彈簧的彈力不發(fā)生突變，即為—mg,故B正確;輕繩剪斷瞬間，彈簧的彈力不發(fā)生突變，即為5C.剪斷輕繩瞬間PQ一起向下加速，對(duì)PQ整體進(jìn)行受力分析如圖所示:根據(jù)牛頓第二定律可得其加速度為:3mgsin53-Fa二 3mgsin53-Fa二 3m故C錯(cuò)誤;D.剪斷繩子后對(duì)P物體有:mgsin53'-NPQ=ma解得PQ之間的彈力大小為:8Npq=—mg,15故D正確;ACA.衛(wèi)星在星球表面運(yùn)行，萬(wàn)有引力提供向心力，有:2-MmvG-2-=m-RR解得第一宇宙速度為:水星和地球的質(zhì)量之比為GMp、半徑之比為水星和地球的質(zhì)量之比為GMp、半徑之比為q,則水星和地球的第一宇宙速度之比為。，故A正確;B.物體在星球表面，萬(wàn)有引力等于重力，有:-MmG-r^=mg解得表面重力加速度為:GM

g=~R2則水星和地球表面附近的重力加速度之比為2^-2則水星和地球表面附近的重力加速度之比為2^-2 ,故B錯(cuò)誤;qc.水星和地球繞太陽(yáng)運(yùn)行，根據(jù)線速度公式可知:水星軌道半徑小，公轉(zhuǎn)速度大，故C正確;水星軌道半徑小，公轉(zhuǎn)速度大，故C正確;3故D錯(cuò)誤。，一 r 一 一，，故D錯(cuò)誤。D.根據(jù)開(kāi)普勒第三定律可知，產(chǎn)=k水星軌道半徑小，運(yùn)行周期小于1年,AD【解析】AB.A球做直線運(yùn)動(dòng)，對(duì)其受力分析，如圖:由牛頓第二定律，得到:3mgsin^-3ma細(xì)線拉力為:T=3mgcosi再對(duì)P環(huán)受力分析，如圖所示:根據(jù)牛頓定律，有：mgsin【-f=ma由以上各式解得：f=0,a=gsinQ=0.5g,故A正確，B錯(cuò)誤；CD.對(duì)B球受力分析，受重力和拉力，由于做直線運(yùn)動(dòng)，合力與速度在一條直線上，故合力為零，物體做勻速運(yùn)動(dòng)，細(xì)線拉力：T=3mg；再對(duì)Q環(huán)受力分析，如圖，受重力、拉力、支持力，由于做勻速運(yùn)動(dòng)，合力為零，故必有向后的摩擦力；Q受到桿的作用力為支持力和摩擦力的合力， 根據(jù)平衡條件知支持力和摩擦力的合力與重力和繩的拉力的合力等大反向，G+T=mg+3mg=4mg,小于G+T=mg+3mg=4mg,小于4即支持力和摩擦力的合力等于:故C錯(cuò)誤，D正確；2(S3 -S-S2)f24

[1][2]由題意可知，計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的時(shí)間間隔為:計(jì)數(shù)點(diǎn)2的瞬時(shí)速度等于1與3點(diǎn)間的平均速度，則:S|s2 s1s2v= = f2T4同理：計(jì)數(shù)點(diǎn)5的瞬時(shí)速度為:v=U=Uf

2T42(S32(S3-S4-S1-S2)fv-vg= 3T24[3]若實(shí)驗(yàn)時(shí)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所接交變電流的實(shí)際頻率略高于 f,由重力加速度的表達(dá)式可知，重力加速度的測(cè)量值小于真實(shí)值。12.細(xì)線與氣墊導(dǎo)軌平行(或細(xì)線水平) 遠(yuǎn)大于37.5正 平衡摩擦力過(guò)度(或木板傾角過(guò)大) 沒(méi)有滿足小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于祛碼盤和祛碼的總質(zhì)量 (或沒(méi)有滿足祛碼盤和祛碼的總質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量)【解析】[1]在安裝實(shí)驗(yàn)裝置時(shí)，應(yīng)調(diào)整滑輪的高度，使細(xì)線與長(zhǎng)木板平行；[2]若將祛碼盤和祛碼受到的重力作為小車受到的拉力，則為減小系統(tǒng)誤差，應(yīng)使小車的質(zhì)量遠(yuǎn)大于祛碼盤和祛碼的總質(zhì)量；[3][4]根據(jù)表格的數(shù)據(jù)特點(diǎn)，拉力與位移成正比，即符合加速度與合力成正比。所以兩空分別填：37.5、正；[5]根據(jù)所得數(shù)據(jù)作出小車加速度 a與祛碼盤和祛碼所受重力的圖象如圖丙所示。圖線不通過(guò)坐標(biāo)原點(diǎn)。的原因是木板傾角過(guò)大，即平衡摩擦力過(guò)度；[6]圖形上端彎曲的原因是祛碼盤和祛碼的質(zhì)量太大，不滿足它的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的質(zhì)量。13.(1)小轎車做加速運(yùn)動(dòng)的位移大小為 150m (2)12.5m/s【解析】(1)小轎車運(yùn)動(dòng)中的最大速度為：Vm=a1t1=30m/s小轎車做加速運(yùn)動(dòng)的位移大小為:(2)(2)小轎車做減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為:11-2x1=—a1tl=150m2由于,所以小轎車運(yùn)動(dòng)了:vmt由于,所以小轎車運(yùn)動(dòng)了:vmt=——=15sa2t[+t=25s<t2,tit=25s后停止，小轎車做減速運(yùn)動(dòng)的位移大小為:后停止，小轎車做減速運(yùn)動(dòng)的位移大小為:少浮=少浮=225m小轎車啟動(dòng)后在時(shí)間t小轎車啟動(dòng)后在時(shí)間t2=30s內(nèi)的平均速度大小為:_ x_ x1x2v=--=12.5m/st214.(1)F14.(1)Fi=20N3N=14N3⑵20N(1)對(duì)小球受力分析,(1)對(duì)小球受力分析,由牛頓第二定律得:豎直方向:F1豎直方向:F1cos[N—mg=0聯(lián)立解得:F1F1=20N,N

314N3(2)設(shè)水平面對(duì)小球的支持力 N=0(2)設(shè)水平面對(duì)小球的支持力 N=0時(shí)小球的速度為v,結(jié)合(1)解得:v?0.82m/s<V2=1.5m/s即小球已離開(kāi)水平面，設(shè)繩與豎直方向的夾角為“，由牛頓第二定律得:即小球已離開(kāi)水平面，設(shè)繩與豎直方向的夾角為“，由牛頓第二定律得:2V2F2sin：2V2F2sin：=m Lsin;豎直方向:聯(lián)立解得:F2cos-mg=0F2=20No(1)1.2N【解析】1.2m—rad/s3(1)小物塊在水平面AB段受重力、支持力、摩擦力和拉力，做勻速直線運(yùn)動(dòng)，設(shè)拉力與水平方向夾角為“，根據(jù)平衡得:Fcosc=(mg-Fsind)解得:」mgcos」mgcos:'sin二」mg+.二2sin(『1C)當(dāng)sin(妙丫)=1時(shí)，F(xiàn)最小，最小值為:FminFmin」mg1.」2C點(diǎn)速度分解如圖所示:由幾何關(guān)系得:可一埠?C點(diǎn)速度分解如圖所示:由幾何關(guān)系得:可一埠?Vo 3vv= =—m/s=4m/sytan3 34Vov二 二5m/ssin37由B到C小物體做平拋運(yùn)動(dòng)，則：Vy=gt聯(lián)立解得:X聯(lián)立解得:XBC=v0txBc=1.2mE點(diǎn)飛出后恰(3)由E到C做斜上拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)運(yùn)動(dòng)時(shí)間為 t；圓軌道的半徑為r,E點(diǎn)飛出后恰好能回到C點(diǎn)，則：rcos37=v0ttvy=g2v=r聯(lián)立解得：10二一m16.(1)2m/s (2)1s(3)2.7m/s(1)F1作用在A上，那么B最大加速度為：c_」mg_ .2am- -2m/sm設(shè)M與m相對(duì)靜止，則共同的加速度為：F1 8一,2 2a= = m/s=1.6m/s::amMm41說(shuō)明m與M相對(duì)靜止，所以t1=1.25s時(shí)，A、B的速度大小都為：V1=at1=1.61.25m/s=2m/s(2)當(dāng)F2(2)當(dāng)F2作用在B上，AB相對(duì)滑動(dòng)，所以對(duì)A受力分析知:ai="0.5m/s2對(duì)B受力分析知:_F2_F2-」mga2一m3.5-21,2 2m/s=1.5m/s根據(jù)位移關(guān)系知:V1t2 二a1t22代入數(shù)據(jù)解得:t2=1s(3)撤掉F2時(shí)，A的速度為:答案與解析