第三次全國大聯(lián)考物理試卷新課標(biāo)ⅲ卷解析版

1、文檔編碼 : CO7O3S2J3M1 HH1Z10N5F8A5 ZG5T8C1V7I42022 年第三次全國大聯(lián)考物理試卷（新課標(biāo) 卷） 一,挑選題：此題共 8 個小題,每道題 6 分在每道題給出的四個選 項中,第 1 4 題只有一項符合題目要求, 第 58 題有多項符合題目 要求全部選對的得 6 分,選對但不全的得 3 分,有選錯的得 0 分 1在爭論物理學(xué)的過程中,往往要接觸到爭論物理的方法,以下說 法正確選項（ ） A伽利略在證明自由落體運動是勻變速直線運動時,接受了等效替 代法 B“假如電場線與等勢面不垂直, 那么電場強度沿著等勢面方向就有 一個重量,在等勢面上移動電荷時靜電力就要做功

2、 ”,這里使用的是 歸納法 C在不需要考慮物體本身的大小和外形時,用質(zhì)點來代替物體的方 法是微元法 D在探究加速度與力,質(zhì)量的關(guān)系試驗中使用了把握變量的思想方 法 2如圖 1 所示為一足夠長的光滑斜面,確定質(zhì)量的滑塊從斜面的底 端由靜止開頭在一沿斜面對上的外力作用下運動, 經(jīng) 10s 的時間撤走 外力,利用速度傳感器在運算機上描畫了滑塊在 030s 內(nèi)的速度 時間圖象,如圖 2 所示就以下說法正確選項（ ） 第 1 頁（共 38 頁） 第 1 頁,共 38 頁A滑塊在 0 10 s 內(nèi)的平均速度等 于 B滑塊在 0 30 s 內(nèi)的位移最 大 10 20 s 內(nèi)的平均速 度 C滑塊在 10 20

3、 s 內(nèi)的加速度與 2030 s 內(nèi)的加速度等大反向 D滑塊在 10 20 s 內(nèi)的位移與 20 30 s 內(nèi)的位移等大反向 3已知火星的質(zhì)量比地球的小,火星的公轉(zhuǎn)半徑比地球的大假如 將火星和地球互換位置,就（ ） A火星的公轉(zhuǎn)周期將小于 365 天 B在地球表面發(fā)射衛(wèi)星的第一宇宙速度將大于 km/s C火星公轉(zhuǎn)的半徑的三次方與公轉(zhuǎn)周期平方的比值與地球公轉(zhuǎn)的半 徑的三次方與公轉(zhuǎn)周期平方的比值仍舊相等 D火星和地球受太陽的萬有引力不變 4如以下圖,一質(zhì)量為 m 的物塊靜止在傾角為 的斜面上現(xiàn)物 塊 受到與斜面成 角的力 F 作用,且仍處于靜止?fàn)顟B(tài)如增大 力 F,物 塊和斜面始終保持靜止?fàn)顟B(tài)就（

4、） A物塊受到斜面的摩擦力變小 B物塊對斜面的壓力變小 C斜面受地面的摩擦力大小不變 D斜面對地面的壓力大小不變 第 2 頁（共 38 頁） 第 2 頁,共 38 頁5如以下圖電場,實線表示電場線一個初速度為 v 的帶電粒子僅 在電場力的作用下從 a 點運動到 b 點,虛線表示其運動的軌跡就 （ ） A粒子帶正電 B粒子受到的電場力不斷減小 C a 點電勢高于 b 點電勢 D電場力始終做正功,動能增加 6如以下圖,勻強磁場垂直于紙面對里,勻強電場豎直向上質(zhì)量 為 m,電荷量為 q 的小球以速率 v 在復(fù)合場區(qū)域做勻速圓周運動 已 知勻強磁場的磁感應(yīng)強度為 B,重力加速度為 g就（ ） A小球帶

5、負電 B電場強度大小為 C小球做圓周運動的半徑為 D小球做圓周運動的周期為 7一個抱負變壓器,開頭時開關(guān) S 接 1,此時原,副線圈的匝數(shù)比 為 9： 1一個抱負二極管和一個滑動變阻器串聯(lián)接在副線圈上,此 時滑動變阻器接入電路的阻值為 10,如圖 1 所示 原線圈接入如圖 2 所示的正弦式溝通電就以下判定正確選項（ ） 第 3 頁（共 38 頁） 第 3 頁,共 38 頁A電壓表的示數(shù)為 4 V B滑動變阻器消耗的功率為 0.8 W C如將開關(guān) S 由 1 撥到 2,同時滑動變阻器滑片向下滑動,電流表 示數(shù)將變大 D如將二極管用導(dǎo)線短接,電流表示數(shù)加倍 8如以下圖,用粗細勻稱的銅導(dǎo)線制成半徑為

6、 r 的圓環(huán), PQ 為圓環(huán) 的直徑, 其左右兩側(cè)存在垂直圓環(huán)所在平面的勻強磁場, 磁感應(yīng)強度 大小均為 B,但方向相反,圓環(huán)的電阻為 2R一根長度為 2r,電阻 為 R 的金屬棒 MN 圍著圓環(huán)的圓心 O 點緊貼著圓環(huán)以角速度 沿 順 時針方向勻速轉(zhuǎn)動, 轉(zhuǎn)動過程中金屬棒 MN 與圓環(huán)始終接觸良好, 就 以下說法正確選項（ ） A金屬棒 MN 兩端的電壓大小為 Br 2B圓環(huán)消耗的電功率是變化的 C圓環(huán)中電流的大小為 D金屬棒 MN 旋轉(zhuǎn)一周的過程中,電路中產(chǎn)生的熱量為 第 4 頁（共 38 頁） 第 4 頁,共 38 頁二,非挑選題：包括必考題和選考題兩部分第 9 題第 12 題為必 考題

7、,每個試題考生都必需作答 第 13 題第 18 題為選考題, 考生 依據(jù)要求作答（一）必考題 9某活動小組利用如以下圖的裝置測定物塊 擦力,步驟如下： A 與桌面間的最大靜摩 a如以下圖組裝好器材,使連接物塊 A 的細線與水平桌面平行 b緩慢向礦泉水瓶內(nèi)加水,直至物塊 A 恰好開頭運動 c用天平測出礦泉水瓶及水的總質(zhì)量 md用天平測出物塊 A 的質(zhì)量 M（ 1）該小組依據(jù)以上過程測得的物塊 A 與桌面間的最大靜摩擦力 為 ,本小組接受注水法的好處是 （當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹?g） （ 2）如認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,就物塊 A 與桌面間的動 摩擦因數(shù)為 1 23 4 510新能源汽車是今后汽車

8、進展的主流方向,如 圖 1 所示為車載動力電池,其技術(shù)參數(shù)是額定容 量約 120A.h,額定電壓約 V,內(nèi)阻約 現(xiàn) 有一個用了很長時間已經(jīng)老化的這種電池,某研 究小組想測量這個電池的電動勢和內(nèi)阻,但試驗 器材僅有一個電流表（量程 100mA,內(nèi)阻 90）, 個定值電阻 R0=10,一個電阻箱 R,一個開關(guān) 第 5 頁（共 38 頁） 第 5 頁,共 38 頁S 和導(dǎo)線如干該同學(xué)按如圖 2所示電路進行實 驗 , 測 得 的 數(shù) 據(jù) 如 下 表 所 示 次數(shù) R（） 9 47 11 14 26 1 1I0（ mA） 10 53 25 20 0 03（ 1）試驗中將電流表與定值電阻并聯(lián)實質(zhì)上是把電流

9、表改裝成了大 量程的電流表,就改裝后的電流表的測量值 關(guān)系為 I 與原電流表的讀數(shù) I0 的 （ 2）如利用圖象確定電池的電動勢和內(nèi)阻,就應(yīng)作 （填 “R I ” 或“R ”）圖象 （ 3）利用測得的數(shù)據(jù)在圖 3 坐標(biāo)紙上作出適當(dāng)?shù)膱D象 （ 4）由圖象可知,該電池的電動勢 E= V,內(nèi)阻 r= 11隨著時代的不斷進展, 快遞業(yè)進展迅猛, 大量的快件需要分揀 為 了快件的安全,某網(wǎng)友制造了一個緩沖裝置, 其抱負模型如以下圖 勁 度系數(shù)足夠大的輕質(zhì)彈簧與輕桿相連, 輕桿可在固定的槽內(nèi)移動, 與 槽間有恒定的滑動摩擦力作用, 輕桿向下移動確定距離后才停下, 保 第 6 頁（共 38 頁） 第 6 頁

10、,共 38 頁證了快件的安全 一質(zhì)量為 m 的快件從彈簧上端 l 處由靜止釋放, 沿 斜面下滑后與輕桿相撞,輕桿與槽間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力, 大小為 f=mg,不計快件與斜面間的摩擦 （ 1）求快件與彈簧相撞時的速度大小 （ 2）如彈簧的勁度系數(shù)為 k= ,求輕桿開頭移動時,彈簧的壓縮 量 x1 （ 3）已知彈簧的彈性勢能表達式為 Ep= ,其中 k 為勁度系數(shù), x 為彈簧的形變量試求（ 2）情形下,輕桿向下運動時快件的加速度 a,以及輕桿向下移動的最大距離 x2 12如以下圖, A,B 是一對平行的金屬板,在兩板間加上一周期為 T 的交變電壓 B 板的電勢 B=0,A 板的電勢 A

11、隨時間的變化規(guī)律為： 在 0 時間內(nèi) A=U（正的常量）；在 T 時間內(nèi) A= U現(xiàn)有一 電荷量為 q,質(zhì)量為 m 的帶負電粒子從 B 板上的小孔 S 處進入兩板間 的電場區(qū)內(nèi),設(shè)粒子的初速度和重力均可忽視 （ 1）如粒子是在 t=0 時刻進入的,且經(jīng)過 2T 時間恰好到 A 板,就 達 A, B 兩板間距 d1 為多大？ （ 2）如粒子是在 t= 時刻進入的,且經(jīng)過 A, B 兩板間距 d2 為多大？ 時間恰好到達 A 板,就 （ 3）如粒子是在 t= 時刻進入的,且 A, B 兩板間距足夠大,就粒 子經(jīng)過多長時間離開電場？ 第 7 頁（共 38 頁） 第 7 頁,共 38 頁 二）選考題,

12、請考生任選一模塊作答 物理 -選修 3-3 13以下說法中正確選項（ ） A分子間的距離增大時,分子勢能確定增大 B晶體有確定的熔點,非晶體沒有確定的熔點 C依據(jù)熱力學(xué)其次定律可知,熱量不行能從低溫物體傳到高溫物體 D物體吸熱時,它的內(nèi)能可能不增加 E確定質(zhì)量的抱負氣體,假如壓強不變,體積增大,那么它確定從 外界吸熱 14如圖,在圓柱形氣缸中用一光滑導(dǎo)熱活塞封閉確定質(zhì)量的抱負氣 體,在氣缸底部開有一小孔, 與 U 形導(dǎo)管相連, 穩(wěn)固后導(dǎo)管兩側(cè)水銀 面的高度差為 ,此時活塞離容器底部的高度為 L=50cm已知 氣缸橫截面積 m 2,室溫 t 0=27 ,外界大氣壓強為 p0=75cm, 10 5

13、 Pa （ i）求活塞的質(zhì)量； （ ii）使容器內(nèi)溫度降至 63 ,求此時 U 形管兩側(cè)水銀面的高度差 和活塞離容器底部的高度 L 第 8 頁（共 38 頁） 第 8 頁,共 38 頁 物理 -選修 3-4 15一列簡諧橫波沿 x 軸傳播,已知 x 軸上 x1=0 和 x2=1m 處兩質(zhì)點 a, b 的振動圖象如圖 1, 2 所示,該波的波長 1m就以下說法中正 確的是（ ） A該波的頻率為 Hz B該波的周期為 s C該波的波長確定為 4 m D該波的傳播速度可能為 100 m/s E兩質(zhì)點 a, b 不行能同時在波峰或波谷位置 16某探究小組的同學(xué)利用直角三棱鏡做光學(xué)試驗, 棱鏡的橫截面如

14、 圖所示, =30,BC 邊長度為 aP 為垂直于直線 寬度等于 AB 邊長度的平行單色光束垂直射向 BC 的光屏現(xiàn)有 一 AB 面,棱鏡的折射率 為 ,已知 sin75, cos75,求： （ i）光線從 AC 面射出時的折射 角； （ ii）在光屏 P 上被折射光線照亮的光帶的寬度 第 9 頁（共 38 頁） 第 9 頁,共 38 頁 物理 -選修 3-5 17以下說法正確選項（ ） A黑體輻射電磁波的強度只與黑體的溫度有關(guān) B光子與電子是同一種粒子 C發(fā)覺中子的核反應(yīng)方程是 D比結(jié)合能越小,表示原子核中核子結(jié)合得越堅固,原子核越穩(wěn)固 E玻爾的原子理論第一次將量子觀念引入原子領(lǐng)域,勝利地說

15、明白 氫原子光譜的試驗規(guī)律 18如以下圖,甲, 乙兩小孩各乘一輛冰車在山坡前的水平冰道上做 玩耍甲和他的冰車的總質(zhì)量 M=40kg,從山坡上自由下滑到水平冰 道上的速度 v1=3m/s；乙和他的冰車的總質(zhì)量 m=60kg,以大小為 v2=0.5m/s 的速度迎著甲滑來,與甲相碰不計一切摩擦,山坡與水 平冰道間光滑連接求： （ i）相碰后兩人在一起共同運動的速度 v； （ ii）相碰后乙獲得速度 v2 =2m,/s 就以后在原直線上運動甲,乙兩 人是否仍會相碰 第 10 頁（共 38 頁） 第 10 頁,共 38 頁第 11 頁（共 38 頁） 第 11 頁,共 38 頁參考答案與試題解析 一,

16、挑選題：此題共 8 個小題,每道題 6 分在每道題給出的四個選 項中,第 1 4 題只有一項符合題目要求, 第 58 題有多項符合題目 要求全部選對的得 6 分,選對但不全的得 3 分,有選錯的得 0 分 1在爭論物理學(xué)的過程中,往往要接觸到爭論物理的方法,以下說 法正確選項（ ） A伽利略在證明自由落體運動是勻變速直線運動時,接受了等效替 代法 B“假如電場線與等勢面不垂直, 那么電場強度沿著等勢面方向就有 一個重量,在等勢面上移動電荷時靜電力就要做功 ”,這里使用的是 歸納法 C在不需要考慮物體本身的大小和外形時,用質(zhì)點來代替物體的方 法是微元法 D在探究加速度與力,質(zhì)量的關(guān)系試驗中使用了

17、把握變量的思想方 法 【考點】 物理學(xué)史 【分析】伽利略在爭論自由落體運動時接受了抱負試驗和規(guī)律推理的 方法,在不需要考慮物體本身的大小和外形時, 用質(zhì)點來代替物體的 方法抱負模型法, 在探究加速度與力, 質(zhì)量的關(guān)系試驗中使用了把握 變量的思想方法 第 12 頁（共 38 頁） 第 12 頁,共 38 頁【解答】 解： A,伽利略在爭論自由落體運動時接受了抱負試驗和邏 輯推理的方法故 A 錯誤 B,“假如電場線與等勢面不垂直, 那么電場強度沿著等勢面方向就有 一個重量,在等勢面上移動電荷時靜電力就要做功 ”用的是反證 法故 B 錯誤 C,在不需要考慮物體本身的大小和外形時,用質(zhì)點來代替物體的方

18、 法抱負模型法故 C 錯 誤 D,在探究加速度與力,質(zhì)量的關(guān)系試驗中使用了把握變量的思想方 法故 D 正確 應(yīng)選： D 2如圖 1 所示為一足夠長的光滑斜面,確定質(zhì)量的滑塊從斜面的底 端由靜止開頭在一沿斜面對上的外力作用下運動, 經(jīng) 10s 的時間撤走 外力,利用速度傳感器在運算機上描畫了滑塊在 030s 內(nèi)的速度 時間圖象,如圖 2 所示就以下說法正確選項（ ） A滑塊在 0 10 s 內(nèi)的平均速度等 于 B滑塊在 0 30 s 內(nèi)的位移最 大 10 20 s 內(nèi)的平均速 度 C滑塊在 10 20 s 內(nèi)的加速度與 2030 s 內(nèi)的加速度等大反向 D滑塊在 10 20 s 內(nèi)的位移與 20

19、 30 s 內(nèi)的位移等大反向 【考點】 勻變速直線運動的圖像 第 13 頁（共 38 頁） 第 13 頁,共 38 頁【分析】 依據(jù)速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小, 分析 滑塊的平均速度 依據(jù)圖象的斜率等于加速度, 分析加速度的大小和 方向 【解答】 解： A,依據(jù)速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移, 可知,滑塊在 010 s 內(nèi)的位移大于 10 20 s 內(nèi)的位移,就滑塊在 0 10 s 內(nèi)的平均速度大10 20 s 內(nèi)的平均速A 錯誤 于 度故 B,依據(jù)速度時間圖象與時間軸包圍的面積表示位移,圖象在時間軸 上方表示的位移為正, 圖象在時間軸下方表示的位移為負, 就知滑塊 在

20、 020 s 內(nèi)的位移最大故 B 錯誤 C,圖象的斜率表示加速度, 而直線的斜率是確定值, 所以滑塊在 10 20 s 內(nèi)的加速度20 30 s 內(nèi)的加速度等大同向,C 錯誤 與 故 D,依據(jù)面積表示位移,可知滑塊在 1020 s 內(nèi)的位移與 2030 s 內(nèi) 的位移等大反向,故 D 正確 應(yīng)選： D 3已知火星的質(zhì)量比地球的小,火星的公轉(zhuǎn)半徑比地球的大假如 將火星和地球互換位置,就（ ） A火星的公轉(zhuǎn)周期將小于 365 天 B在地球表面發(fā)射衛(wèi)星的第一宇宙速度將大于 km/s C火星公轉(zhuǎn)的半徑的三次方與公轉(zhuǎn)周期平方的比值與地球公轉(zhuǎn)的半 徑的三次方與公轉(zhuǎn)周期平方的比值仍舊相等 D火星和地球受太陽

21、的萬有引力不變 第 14 頁（共 38 頁） 第 14 頁,共 38 頁【考點】 萬有引力定律及其應(yīng)用；向心力 【分析】 依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力得出行星繞太陽的周期公式 ,與行星質(zhì)量無關(guān),當(dāng)把火星和地球互換位置,火星周期 等于原先地球的公轉(zhuǎn)周期 365 天,第一宇宙速度公式知地球表面發(fā)射 衛(wèi)星的第一宇宙速度僅與地球質(zhì)量和地球半徑有關(guān), 結(jié)合開普勒第三 定律和萬有引力定律可分析得出結(jié)論 【解答】 解： A,依據(jù)萬有引力供應(yīng)向心力,有 ,解得 ,火星和地球的位置互換, 火星的公轉(zhuǎn)周期將等于 365 天, 故 A 錯誤 B,依據(jù) ,解得第一宇宙速度公式 ,地球質(zhì)量和半徑不 變,所以在地球表面發(fā)射衛(wèi)星

22、的第一宇宙速度將仍等于 ,故 B 錯誤 C,依據(jù)開普勒第三定律,對同一個中心天體 確 的比值相等,故 C 正 D,依據(jù)萬有引力定律 ,火星和地球與太陽之間的距離轉(zhuǎn)變, 所以萬有引力轉(zhuǎn)變,故 D 錯誤 應(yīng)選： C 4如以下圖,一質(zhì)量為 m 的物塊靜止在傾角為 的斜面上現(xiàn)物塊 第 15 頁（共 38 頁） 第 15 頁,共 38 頁受到與斜面成 角的力 F 作用,且仍處于靜止?fàn)顟B(tài)如增大 力 F,物 塊和斜面始終保持靜止?fàn)顟B(tài)就（ ） A物塊受到斜面的摩擦力變小 B物塊對斜面的壓力變小 C斜面受地面的摩擦力大小不變 D斜面對地面的壓力大小不變 【考點】 共點力平穩(wěn)的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運用

23、【分析】 物塊和斜面始終保持靜止?fàn)顟B(tài),受力平穩(wěn),分別對物塊以及 物塊和斜面組成的整體受力分析, 依據(jù)平穩(wěn)條件列式分析即可, 留意 物塊受到斜面的摩擦力的方向要進行爭論求解 【解答】 解： A,對物塊受力分析,受到重力,斜面的支持力 N,拉 力 F 以及斜面對物塊的摩擦力 f, 依據(jù)平穩(wěn)條件可知, 如 mgsin Fcos,就 f=mgsin Fcos,F 增大, f 減小,如 mgsin Fcos ,就 f=Fcos mgsin,F 增大, f 增大, N=mgcosFsin ,F 增大, N減小,依據(jù)牛頓第三定律可知,物塊對 斜面的壓力變小,故 A 錯誤, B 正確； C,把物塊和斜面看成一

24、個整體,設(shè)斜面質(zhì)量為 衡條件得： M,對整體,依據(jù)平 地面對斜面的支持力 N（=M+m） gFsin（+）, F 增大, N減小, 依據(jù)牛頓第三定律可知,斜面對地面的壓力大小減小, 斜面受地面的摩擦力 f =Fc（os+）, F 增大, f 增大,故 CD 錯誤 第 16 頁（共 38 頁） 第 16 頁,共 38 頁應(yīng)選： B 5如以下圖電場,實線表示電場線一個初速度為 v 的帶電粒子僅 在電場力的作用下從 a點運動到 b點,虛線表示其運動的軌跡就 （ ） A粒子帶正電 B粒子受到的電場力不斷減小 C a 點電勢高于 b 點電勢 D電場力始終做正功,動能增加 【考點】 電場線；電勢能 【分析

25、】 電場線的疏密代表電場的強弱, 正電荷所受電場力的方向就 是電場線的方向,而負電荷所受的電場力的方向與電場線的方向相 反,沿著電場線方向電勢降低 【解答】 解： A,由軌跡彎曲方向可判定出電場力方向,受力方向指 向弧內(nèi),就粒子帶負電荷,故 A 錯誤 B,電場線的疏密代表電場的強弱,從 a 到 b,電場強度先增大后減 小,就粒子受到的電場力先增大后減小,故 B 錯誤； C,沿著電場線方向電勢降低, 就 a 點電勢高于 b 點電勢, 故 C 正確； D,電場力方向與速度方向夾角大于 D 錯誤 90,始終做負功, 動能減小 故 第 17 頁（共 38 頁） 第 17 頁,共 38 頁應(yīng)選： C 6

26、如以下圖,勻強磁場垂直于紙面對里,勻強電場豎直向上質(zhì)量 為 m,電荷量為 q 的小球以速率 v 在復(fù)合場區(qū)域做勻速圓周運動 已 知勻強磁場的磁感應(yīng)強度為 B,重力加速度為 g就（ ） A小球帶負電 B電場強度大小為 C小球做圓周運動的半徑為 D小球做圓周運動的周期為 【考點】 帶電粒子在勻強磁場中的運動 【分析】 帶電小球受重力, 電場力和洛倫茲力供應(yīng)向心力,由于重力 和電場力是恒力, 不行能在整個過程中供應(yīng)向心力, 使小球做勻速圓 周運動知小球受重力和電場力平穩(wěn),靠洛倫茲力供應(yīng)向心力依據(jù) 重力和電場力平穩(wěn)確定小球的電性, 依據(jù)洛倫茲力的方向確定小球旋 轉(zhuǎn)的方向 【解答】 解： A,小球做勻速

27、圓周運動,靠洛倫茲力供應(yīng)向心力,就 mg=qE,電場力方向豎直向上,那么小球帶正電,故 A 錯誤 B,由 mg=qE,得電場強度大小為 E= ,故 B 錯誤 C,洛倫茲力供應(yīng)向心力 qvB=m 正確 ,得圓周運動的半徑 R= ,故 C第 18 頁（共 38 頁） 第 18 頁,共 38 頁D,小球做圓周運動的周期 T= = ,故 D 正確 應(yīng)選： CD 7一個抱負變壓器,開頭時開關(guān) S 接 1,此時原,副線圈的匝數(shù)比 為 9： 1一個抱負二極管和一個滑動變阻器串聯(lián)接在副線圈上,此 時滑動變阻器接入電路的阻值為 10,如圖 1 所示 原線圈接入如圖 2 所示的正弦式溝通電就以下判定正確選項（ ）

28、 A電壓表的示數(shù)為 4 V B滑動變阻器消耗的功率為 0.8 W C如將開關(guān) S 由 1 撥到 2,同時滑動變阻器滑片向下滑動,電流表 示數(shù)將變大 D如將二極管用導(dǎo)線短接,電流表示數(shù)加倍 【考點】 變壓器的構(gòu)造和原理 【分析】 依據(jù)電壓與匝數(shù)成正比求得輸出電壓的有效值, 依據(jù)輸入功 率等于輸出功率求出原副線圈的電流之比, 二極管的作用是只答應(yīng)正 向的電流通過,依據(jù)有效值的定義求出 R上電壓的有效值,由 求出 R 兩端電壓的有效值再依據(jù)功率公式即可求得滑 動變阻器消耗的功率 第 19 頁（共 38 頁） 第 19 頁,共 38 頁【解答】 解： A,原線圈溝通電壓的有效值為： ,依據(jù) 電壓與匝數(shù)

29、成正比, ,得： ,二極管具有 單 向 導(dǎo) 電 性 , 根 據(jù) 電 流 的 熱 效 應(yīng) 有 ： , 解 得 ： ,即電壓表讀數(shù)為 B,滑動變阻器消耗的功率為： ,故 A 錯誤； ,故 B 正確； C,將開關(guān) S 由 1 撥到 2,同時滑動變阻器滑片向下滑動,依據(jù)電壓 與匝數(shù)成正比,副線圈電壓變小,滑動變阻器電阻變大,輸出功率變 小,輸入功率變小,依據(jù) ,電流表示數(shù)將變小,故 C 錯誤； D,用將二極管用導(dǎo)線短接,輸出功率加倍,輸入功率加倍,電流表 示數(shù)加倍,故 D 正確； 應(yīng)選： BD 8如以下圖,用粗細勻稱的銅導(dǎo)線制成半徑為 r 的圓環(huán), PQ 為圓環(huán) 的直徑, 其左右兩側(cè)存在垂直圓環(huán)所在平

30、面的勻強磁場, 磁感應(yīng)強度 大小均為 B,但方向相反,圓環(huán)的電阻為 2R一根長度為 2r,電阻 為 R 的金屬棒 MN 圍著圓環(huán)的圓心 O 點緊貼著圓環(huán)以角速度 沿 順 時針方向勻速轉(zhuǎn)動, 轉(zhuǎn)動過程中金屬棒 MN 與圓環(huán)始終接觸良好, 就 以下說法正確選項（ ） 第 20 頁（共 38 頁） 第 20 頁,共 38 頁A金屬棒 MN 兩端的電壓大小為 Br 2B圓環(huán)消耗的電功率是變化的 C圓環(huán)中電流的大小為 D金屬棒 MN 旋轉(zhuǎn)一周的過程中,電路中產(chǎn)生的熱量為 【考點】 導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢；閉合電路的歐姆定律 【分析】 依據(jù)右手定就來確定感應(yīng)電流的方向； 由法拉第電磁感應(yīng) 定律來確定

31、感應(yīng)電動勢,即為兩種感應(yīng)電動勢之和； 并由閉合電路 歐姆定律來運算感應(yīng)電流大?。?做功的多少 最終依據(jù)焦耳定律來確定一周外力 【解答】 解：A,C,由右手定就, MN 中電流方向由 N 到 M,依據(jù)法 拉 第 電 磁 感 應(yīng) 定 律 可 得 , 產(chǎn) 生 的 感 應(yīng) 電 動 勢 為 兩 者 之 和 , 即 E=2B =Br 2,保持不變 環(huán)的電阻由兩個電阻為 R 的半圓電阻并聯(lián)組成,所以環(huán)的總電阻為 ,所以通過導(dǎo)體 MN 的電流： I= = = MN 兩端的電壓： 所以流過環(huán)的電流： 故 A 正確, C 正 確； B,由 A 的分析可知,流過環(huán)的電流不變,就環(huán)消耗的電功率不變, 故 B 錯誤；

32、第 21 頁（共 38 頁） 第 21 頁,共 38 頁D,MN 旋轉(zhuǎn)一周外力做功為 = ,故 D 正確； 應(yīng)選： ACD 二,非挑選題：包括必考題和選考題兩部分第 9 題第 12 題為必 考題,每個試題考生都必需作答 第 13 題第 18 題為選考題, 考生 依據(jù)要求作答（一）必考題 9某活動小組利用如以下圖的裝置測定物塊 擦力,步驟如下： A 與桌面間的最大靜摩 a如以下圖組裝好器材,使連接物塊 A 的細線與水平桌面平行 b緩慢向礦泉水瓶內(nèi)加水,直至物塊 A 恰好開頭運動 c用天平測出礦泉水瓶及水的總質(zhì)量 md用天平測出物塊 A 的質(zhì)量 M （ 1）該小組依據(jù)以上過程測得的物塊 A 與桌面

33、間的最大靜摩擦力為 mg ,本小組接受注水法的好處是 可以連續(xù)的轉(zhuǎn)變拉力 （當(dāng)?shù)?重力加速度為 g） （ 2）如認為最大靜摩擦力等于滑動摩擦力,就物塊 A 與桌面間的動 摩擦因數(shù)為 【考點】 探究影響摩擦力的大小的因素 【分析】（ 1）依據(jù)共點力平穩(wěn)求得最大靜摩擦力,水可以連續(xù)不斷的 第 22 頁（共 38 頁） 第 22 頁,共 38 頁注入,即可連續(xù)不斷地轉(zhuǎn)變拉力 （ 2）依據(jù)共點力平穩(wěn)求得摩擦因數(shù) 【解答】 解：（ 1）依據(jù)共點力平穩(wěn)可知,最大靜摩擦力 f=mg,可以 連續(xù)不斷地注入水,即連續(xù)不斷的轉(zhuǎn)變拉力 （ 2）依據(jù)共點力平穩(wěn)可知, Mg=mag 解得 故答案為：（ 1）mg,可以連

34、續(xù)的轉(zhuǎn)變拉力； （ 2） 10新能源汽車是今后汽車進展的主流方向,如 12345圖 1所示為車載動力電池,其技術(shù)參數(shù)是額定容 量約 120A.h,額定電壓約 V,內(nèi)阻約 現(xiàn) 有一個用了很長時間已經(jīng)老化的這種電池,某研 究小組想測量這個電池的電動勢和內(nèi)阻,但試驗 器材僅有一個電流表（量程 100mA,內(nèi)阻 90）, 個定值電阻 R0=10,一個電阻箱 R,一個開關(guān) S 和導(dǎo)線如干該同學(xué)按如圖 2 所示電路進行實 驗 , 測 得 的 數(shù) 據(jù) 如 下 表 所 示 次數(shù) 第 23 頁（共 38 頁） 第 23 頁,共 38 頁R（） 9 47 11 14 26 1 1I0（ mA） 10 53 25

35、20 0 03（ 1）試驗中將電流表與定值電阻并聯(lián)實質(zhì)上是把電流表改裝成了大 量程的電流表,就改裝后的電流表的測量值 關(guān)系為 I=10I0 I 與原電流表的讀數(shù) I0 的 （ 2）如利用圖象確定電池的電動勢和內(nèi)阻,就應(yīng)作 R （填 “R I ”或“R ”）圖象 （ 3）利用測得的數(shù)據(jù)在圖 3 坐標(biāo)紙上作出適當(dāng)?shù)膱D象 （ 4）由圖象可知,該電池的電動勢 E= 3.2 V,內(nèi)阻 r= 2 【考點】 測定電源的電動勢和內(nèi)阻 【分析】（ 1）依據(jù)并聯(lián)電路規(guī)律可求得總電流與電流表示數(shù)之間的關(guān) 系； （ 2）依據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析,得出圖象最簡時所對應(yīng)的表 達式； （ 3）依據(jù)題意求出對應(yīng)的電流倒數(shù)

36、, 再利用描點法可求出對應(yīng)圖象； （ 4）依據(jù)閉合電路歐姆定律進行分析,就可求得電源的電動勢和內(nèi) 電阻 【解答】 解：（ 1）由圖可知,電流表與定值電阻并聯(lián),就依據(jù)并聯(lián)電 路規(guī)律可知, I=I0+ =10I0； （ 2）本試驗接受電阻箱和電流表串聯(lián)來測量電動勢和內(nèi)電阻,就根 第 24 頁（共 38 頁） 第 24 頁,共 38 頁據(jù)閉合電路歐姆定律可知： I= ,要想得出直線, 同應(yīng)變形為： R=E r ；故應(yīng)作出 R 圖象； （ 3）依據(jù)（ 1）可知,電流是電流表示數(shù)的 10 倍,求出表中各對應(yīng) 的電流的倒數(shù),在圖中作出 R 圖象如以下圖； E,就 E= ； （ 4）依據(jù)（2）中表達式可知,

37、圖中斜率表示電動勢 圖象與縱坐標(biāo)的交點表示內(nèi)阻,就 r=2； 故答案為：（ 1）I=10I0；（ 2）R ；（ 3）如以下圖；（ 4） 3.2；2 11隨著時代的不斷進展, 快遞業(yè)進展迅猛, 大量的快件需要分揀 為 了快件的安全,某網(wǎng)友制造了一個緩沖裝置, 其抱負模型如以下圖 勁 度系數(shù)足夠大的輕質(zhì)彈簧與輕桿相連, 輕桿可在固定的槽內(nèi)移動, 與 槽間有恒定的滑動摩擦力作用, 輕桿向下移動確定距離后才停下, 保 證了快件的安全 一質(zhì)量為 m 的快件從彈簧上端 l 處由靜止釋放, 沿 斜面下滑后與輕桿相撞,輕桿與槽間最大靜摩擦力等于滑動摩擦力, 大小為 f=mg,不計快件與斜面間的摩擦 （ 1）求

38、快件與彈簧相撞時的速度大小 （ 2）如彈簧的勁度系數(shù)為 k= ,求輕桿開頭移動時,彈簧的壓縮 量 x1 （ 3）已知彈簧的彈性勢能表達式為 Ep= ,其中 k 為勁度系數(shù), x 第 25 頁（共 38 頁） 第 25 頁,共 38 頁為彈簧的形變量試求（ 2）情形下,輕桿向下運動時快件的加速度 a,以及輕桿向下移動的最大距離 x2 【考點】 功能關(guān)系 【分析】（ 1）快件向下運動的過程中機械能守恒,由此即可求出快件 與彈簧相撞時的速度大??； （ 2）輕桿開頭移動時,依據(jù)胡克定律求出彈簧的壓縮量； （ 3）依據(jù)牛頓其次定律求出快件的加速度；就快件開頭運動到桿剛 剛開頭運動的過程中, 重力和彈簧的

39、彈力做功, 對快件由動能定理快 件的速度；快件從撞擊到停止的過程中由運動學(xué)列出等式求解 【解答】 解：（ 1）由于不計快件與斜面間的摩擦,所以快件向下運動 的過程中機械能守恒,得： 所以： v1= = （ 2）輕桿開頭移動時,彈簧的彈力 F=kx1 且 F=f=mg 解得 x1= = （ 3）輕桿開頭移動時,彈簧的彈力 F=kx= 沿斜面的方向,選取向下為正方向,由牛頓其次定律得： ma=mgsin F 第 26 頁（共 38 頁） 第 26 頁,共 38 頁聯(lián)立得： a= 負號表示方向向上 設(shè)桿移動前快件對彈簧所做的功為 W,就快件開頭運動到桿剛剛開頭 運動的過程中,對快件由動能定理得： 由

40、于快件對彈簧所做的功為 W=Ep= 聯(lián)立得： W 轉(zhuǎn)化為彈簧的彈性勢能,即： 快件向下做減速運動,有運動學(xué)的公式得： 所以： 答：（1）求快件與彈簧相撞時的速度大小是 （ 2）如彈簧的勁度系數(shù)為 k= ,輕桿開頭移動時,彈簧的壓縮量 是 （ 3）已知彈簧的彈性勢能表達式為 Ep= ,其中 k 為勁度系數(shù), x 為彈簧的形變量在（ 2）情形下,輕桿向下運動時快件的加速度大 小是 ,方向向上,輕桿向下移動的最大距離 x2 是 l 12如以下圖, A,B 是一對平行的金屬板,在兩板間加上一周期為 T 的交變電壓 B 板的電勢 B=0,A 板的電勢 A 隨時間的變化規(guī)律為： 在 0 時間內(nèi) A=U（正

41、的常量）；在 T 時間內(nèi) A= U現(xiàn)有一 電荷量為 q,質(zhì)量為 m 的帶負電粒子從 B 板上的小孔 S 處進入兩板間 的電場區(qū)內(nèi),設(shè)粒子的初速度和重力均可忽視 第 27 頁（共 38 頁） 第 27 頁,共 38 頁（ 1）如粒子是在 t=0 時刻進入的,且經(jīng)過 2T 時間恰好到 達 A 板,就 A, B 兩板間距 d1 為多大？ （ 2）如粒子是在 t= 時刻進入的,且經(jīng)過 A, B 兩板間距 d2 為多大？ 時間恰好到達 A 板,就 （ 3）如粒子是在 t= 時刻進入的,且 A, B 兩板間距足夠大,就粒 子經(jīng)過多長時間離開電場？ 【考點】 帶電粒子在勻強電場中的運動 【分析】（1）電子在

42、 t=0 時刻進入時,在一個周期內(nèi),前半個周期受 到的電場力向上,向上做加速運動,后半個周期受到的電場力向下, 連續(xù)向上做減速運動, T 時刻速度為零,接著周而復(fù)始,所以電子一 直向 B 板運動,做出 vt 圖象進行分析,依據(jù)牛頓其次定律和運動 學(xué)公式列式求解； （ 2）如粒子是在 t= 時刻進入的,在上一副圖上連續(xù)做出 v t 圖象 分析,留意 v t 圖象與時間軸包圍的面積表示位移大??； （ 3）如粒子是在 t= 時刻進入的,同樣做出 v t 圖象進行分析即可 【解答】解：（1）0 內(nèi),向上做勻加速直線運動, 加速度為：a= ； 位移為： y1= ； 結(jié)合分析中內(nèi)容 “在一個周期內(nèi),前半個

43、周期受到的電場力向上,向 上做加速運動,后半個周期受到的電場力向下, 連續(xù)向上做減速運動, 第 28 頁（共 38 頁） 第 28 頁,共 38 頁T 時刻速度為零,接著周而復(fù)始 “,做出 vt 圖象,如以下圖： 故前 2T 內(nèi)的位移： y=4y1=d1； 聯(lián)立解得： d1= ； （ 2）如粒子是在 t= 時刻進入的,且經(jīng)過 時間恰好到達 A 板,畫 出 vt 圖象,如上圖中紅色的坐標(biāo)軸所示： v t 圖象與時間軸包圍的面積表示位移大小,故： d2= ； = = , 解得： d2= （ 3）如粒子是在 t= 時刻進入的,做出 v t 圖象,如以下圖： 第 29 頁（共 38 頁） 第 29 頁

44、,共 38 頁明顯在 向上勻加速運動, 向上勻減速, 開頭向下勻加速, 直到離開電場,依據(jù)位移公式,有： 0= 2 解得： t= ； 答：（ 1）如粒子是在 t=0 時刻進入的,且經(jīng)過 2T 時間恰好到達 A 板, 就 A, B 兩板間距 d1 為 ； （ 2）如粒子是在 t= 時刻進入的,且經(jīng)過 A, B 兩板間距 d2 為 ； 時間恰好到達 A 板,就 （ 3）如粒子是在 t= 時刻進入的,且 A, B 兩板間距足夠大,就粒 子經(jīng)過 時間離開電場 二）選考題,請考生任選一模塊作答 物理 -選修 3-3 13以下說法中正確選項（ ） A分子間的距離增大時,分子勢能確定增大 B晶體有確定的熔點

45、,非晶體沒有確定的熔點 C依據(jù)熱力學(xué)其次定律可知,熱量不行能從低溫物體傳到高溫物體 D物體吸熱時,它的內(nèi)能可能不增加 E確定質(zhì)量的抱負氣體,假如壓強不變,體積增大,那么它確定從 外界吸熱 【考點】 熱力學(xué)其次定律；分子勢能 【分析】 分子勢能與分子間距離有關(guān),可依據(jù)功能關(guān)系分析晶體有 第 30 頁（共 38 頁） 第 30 頁,共 38 頁確定的熔點, 非晶體沒有確定的熔點 熱量可以從低溫物體傳到高溫 物體做功和熱傳遞都能轉(zhuǎn)變物體的內(nèi)能 可依據(jù)熱力學(xué)第確定律分 析內(nèi)能的變化 【解答】 解： A,如分子間的距離小于平穩(wěn)距離 r0 時,分子力表現(xiàn)為 斥力,分子間的距離增大時,分子力做正功,分子勢能

46、減小,故 A 錯誤 B,晶體有確定的熔點,非晶體沒有確定的熔點,故 B 正功 C,依據(jù)熱力學(xué)其次定律可知,熱量不行能自發(fā)地從低溫物體傳到高 溫物體,但在引起其它變化的情形下, 可以從低溫物體傳到高溫物體, 故 C 錯 誤 D,物體吸熱時,如物體對外做功,由熱力學(xué)第確定律知它的內(nèi)能可 能不增加故 D 正確 E,對于確定量的氣體,假如壓強不變,體積增大,由 =c 知氣體的 溫度上升,內(nèi)能增大,那么由熱力學(xué)第確定律知它確定從外界吸熱, 故 E 正 確 應(yīng)選： BDE 14如圖,在圓柱形氣缸中用一光滑導(dǎo)熱活塞封閉確定質(zhì)量的抱負氣 體,在氣缸底部開有一小孔, 與 U 形導(dǎo)管相連, 穩(wěn)固后導(dǎo)管兩側(cè)水銀 面

47、的高度差為 ,此時活塞離容器底部的高度為 L=50cm已知 氣缸橫截面積 m2,室溫 t =27 ,外界大氣壓強為 p =75cm, 10 5 Pa 第 31 頁（共 38 頁） 第 31 頁,共 38 頁（ i）求活塞的質(zhì)量； （ ii）使容器內(nèi)溫度降至 63 ,求此時 U 形管兩側(cè)水銀面的高度差 和活塞離容器底部的高度 L 【考點】 抱負氣體的狀態(tài)方程 【分析】（ 1）從水銀氣壓計求解氣缸內(nèi)的氣壓, 然后對活塞受力分析, 受重力和內(nèi)外氣體的壓力,依據(jù)平穩(wěn)條件列式求解活塞的質(zhì)量； （ 2）封閉氣體經(jīng)受等壓變化,依據(jù)蓋呂薩克定律列式求解氣體的 體積,得到活塞離容器底部的高度 【 解 答 】 解

48、 ：（ 1 ） 封 閉 氣 體 壓 強 為 ： P=P0+g. ； 活塞受力平穩(wěn),故： mg=（ P P0） S 解得： m= = =2kg （ 2）活塞照舊平穩(wěn),說明封閉氣體的壓強不變,仍舊為 , 故此時 U 形管兩側(cè)水銀面的高度差照舊為 ； 封閉氣體經(jīng)受等壓變化,各個狀態(tài)參量為： T0=t0+273=300K,T1= 63+273=210K,V0=LS,V1=L1S,由蓋呂薩克定律得到： 第 32 頁（共 38 頁） 第 32 頁,共 38 頁= 解得： L1= L= 50cm=35cm 答：（1）活塞的質(zhì)量為 2kg； （ 2）使容器內(nèi)溫度降至 63,此時 U 形管兩側(cè)水銀面的高度差為

49、,活塞離容器底部的高度 L1 為 35cm 物理 -選修 3-4 15一列簡諧橫波沿 x 軸傳播,已知 x 軸上 x1=0 和 x2=1m 處兩質(zhì)點 a, b 的振動圖象如圖 1, 2 所示,該波的波長 1m就以下說法中正 確的是（ ） A該波的頻率為 Hz B該波的周期為 s C該波的波長確定為 4 m D該波的傳播速度可能為 100 m/s E兩質(zhì)點 a, b 不行能同時在波峰或波谷位置 【考點】 波長,頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象 【分析】 由圖讀出周期,可求得頻率依據(jù)兩個質(zhì)點在同一時刻的狀 第 33 頁（共 38 頁） 第 33 頁,共 38 頁態(tài),確定出波長與兩質(zhì)點間距離的關(guān)系, 結(jié)

50、合波長 3m,求出波長, 再求解波速 【解答】 解： AB,由題圖知,該波的周期為 ,就頻率為 f= = =25Hz,故 A 錯誤, B 正確 C, a, b 相距 x=x2 x1=1m,如波沿 x 正方向傳播,由圖知： t=0 時 刻質(zhì)點 a 位于波峰,質(zhì)點 b 經(jīng)過平穩(wěn)位置向下,結(jié)合波形可知： x2 x1=（n+ ） ,（ n=0,1, 2, ）,得： = m 由于 1m,就 n取 0,得： =m 如波沿 x 負方向傳播,就有： x2 x1=（n+ ）,（n=0,1, 2, ）, 得： = m 由于 1m,就 n取 0,得： =4m,故 C錯誤 D,當(dāng) =4m時,波速為： v= =100m/s,故 D正確 E,由于質(zhì)點 a,b 相距（ n+ ） 或（ n+ 不行能同時在波峰或波谷位置,故 E 正） ,結(jié)合波形可知, a, b 確 應(yīng)選： BDE 16某探究小組的同學(xué)利用直角三棱鏡做光學(xué)試驗, 棱鏡的橫截面如 圖所示, =30,BC 邊長度為 aP 為垂直于直線 寬度等于 AB 邊長度的平行單色光束垂直射向 BC 的光屏現(xiàn)有 一 AB 面,棱鏡的折射率 為 ,已知 sin75, cos75,求： （ i）光線從 AC 面射出時的折射 角； （ ii）在光屏 P 上被折射光線照亮的光