2021-2022學(xué)年黑龍江省佳木斯市第一中學(xué)高一下學(xué)期期末物理試題（解析版）

1、 佳一中第二學(xué)期期末考試（理科）高一物理試題考試時(shí)間：90分鐘：滿分：100分I卷（選擇題共48分）一、單項(xiàng)選擇題（本題共8小題，每小題只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，每小題3分，共24分）1. 如圖所示，一帶電量為q的小球A固定于左側(cè)絕緣支架上，右側(cè)有一傾角為的絕緣光滑斜面，質(zhì)量為m的帶電小球B靜止于斜面上，恰與A球處于同一高度。已知AB間距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g，（，），則（）A. A、B帶異種電荷B. B受到的庫侖力方向沿斜面向上C. B所帶電荷量大小為D. B受到斜面的支持力大小為【答案】C【解析】【詳解】AB帶電小球B靜止于斜面上，恰與A球處于同一高度，說明兩小球帶同種電荷

2、，B受到的庫侖力方向水平向右。AB錯(cuò)誤；CD對B小球受力分析，庫侖力為解得B受到斜面的支持力大小為故選C。2. 如圖所示，虛線表示某電場的等勢面，實(shí)線表示帶電粒子僅在電場力作用下運(yùn)動(dòng)的徑跡，粒子在A點(diǎn)的加速度為aA、動(dòng)能為EkA、電勢能為EpA；在B點(diǎn)的加速度為aB、動(dòng)能為EkB、電勢能為EpB，則下列結(jié)論正確的是（）A. aAaB，EpAEpBB. aA EpB C. aAaB，EkAEkBD. aAaB，EkAEkB【答案】A【解析】【詳解】B點(diǎn)附近的電場線比A點(diǎn)附近的電場線密集，所以粒子在B點(diǎn)所受電場力比在A點(diǎn)所受電場力大，根據(jù)牛頓第二定律可知aAaB。根據(jù)粒子運(yùn)動(dòng)軌跡與等勢面高低分布可

3、知粒子帶負(fù)電，即q0，又根據(jù)可知EpAEpB根據(jù)能量守恒定律可知EkAEkB故選A。3. 如圖，四個(gè)電荷量絕對值相等的點(diǎn)電荷分別固定在正方形的四個(gè)頂點(diǎn)處，其中兩個(gè)為正電荷，兩個(gè)為負(fù)電荷。、為正方形四條邊的中點(diǎn)，為正方形的中心，規(guī)定無窮遠(yuǎn)處電勢為零，下列說法正確的是（）A. 點(diǎn)電場強(qiáng)度為零B. 點(diǎn)電勢不為零C. 、兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度不相同D. 將一帶正電的檢驗(yàn)電荷從點(diǎn)沿直線移動(dòng)到點(diǎn)，在此過程中該電荷的電勢能減小【答案】D【解析】【詳解】AB把四個(gè)點(diǎn)電荷看成上下兩對等量異種點(diǎn)電荷，根據(jù)等量異種點(diǎn)電荷電場分布特點(diǎn)可知，等量異種點(diǎn)電荷連線的中垂線為等勢線，中垂線上點(diǎn)的場強(qiáng)方向與中垂線垂直，由正點(diǎn)電荷指向負(fù)

4、點(diǎn)電荷。故兩對等量異種點(diǎn)電荷產(chǎn)生的電場疊加后，、連線為等勢線，點(diǎn)電場強(qiáng)度不為零，方向由指向，且有故AB錯(cuò)誤；C兩個(gè)正點(diǎn)電荷在點(diǎn)的合場強(qiáng)為零，故點(diǎn)的場強(qiáng)等于兩個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷在點(diǎn)產(chǎn)生的合場強(qiáng)，方向由指向；兩個(gè)負(fù)點(diǎn)電荷在點(diǎn)的合場強(qiáng)為零，故點(diǎn)的場強(qiáng)等于兩個(gè)正點(diǎn)電荷在點(diǎn)產(chǎn)生的合場強(qiáng)，方向由指向；由對稱性可知，、兩點(diǎn)的電場強(qiáng)度大小相等，方向相同，故C錯(cuò)誤；D由以上分析可知，連線的電場強(qiáng)度方向由指向，將一帶正電的檢驗(yàn)電荷從點(diǎn)沿直線移動(dòng)到點(diǎn)，電場力做正功，該電荷的電勢能減小，故D正確。故選D。4. 反射式速調(diào)管是常用的微波器件之一，某速調(diào)管內(nèi)電場方向平行于x軸，其電勢隨x的分布如圖所示，。一電子僅在電場力作用下，

5、從P點(diǎn)由靜止開始運(yùn)動(dòng)，則電子（）A. 將在P、M之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)B. 從P到O的運(yùn)動(dòng)過程中，加速度不斷增大C. 從P到M的運(yùn)動(dòng)過程中，電勢能先增大后減小D. 從P點(diǎn)沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)過程中加速時(shí)間是減速時(shí)間的一半【答案】D【解析】【分析】【詳解】A由圖可知，所以電子由靜止開始后，將在P、N之間做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤；B由圖可知在P、O之間，是常量，由可知P、O之間為勻強(qiáng)電場，所以電子的加速度不變，故B錯(cuò)誤；C從P到M的運(yùn)動(dòng)過程中，電勢先升高再降低，由可知電子的電勢能先減小后增大，故C錯(cuò)誤；D從P點(diǎn)到O點(diǎn)電子做加速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為，用時(shí)為，位移大小為；從O點(diǎn)到N點(diǎn)電子做減速運(yùn)動(dòng)，設(shè)加速度大小為，用

6、時(shí)為，位移大小為；則由圖可知又解得故D正確。故選D。5. 如圖所示，水平放置的平行板電容器上極板帶正電，所帶電荷量為Q，板間距離為d，上極板與靜電計(jì)相連，靜電計(jì)金屬外殼和電容器下極板都接地，在兩極板正中間P點(diǎn)有一個(gè)靜止的帶電油滴，現(xiàn)將電容器的上極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，下列說法正確的是（）A. 油滴帶正電B. P點(diǎn)的電勢不變C. 油滴向上運(yùn)動(dòng)D. 靜電計(jì)指針張角不變【答案】B【解析】【詳解】A根據(jù)受力平衡可知，油滴的電場力方向向上，極板間電場向下，電場力與電場方向相反，故油滴帶負(fù)電，故A錯(cuò)誤；BCD根據(jù)電容的決定式聯(lián)立得出可知電場強(qiáng)調(diào)要與極板間的距離無關(guān)，所以場強(qiáng)不變，所以油滴的電場力不變，

7、不會(huì)運(yùn)動(dòng)，P點(diǎn)與下極板間的距離不變，由知P點(diǎn)的電勢不變，由知故若將電容器的上極板豎直向下移動(dòng)一小段距離，則電勢差變小，靜電力張角變小，故B正確，CD錯(cuò)誤。故選B。6. 如圖所示，在勻強(qiáng)電場中有直角三角形BOC。，BOC=90，電場方向與三角形所在平面平行，若三角形三頂點(diǎn)處的電勢分別為O=9V，B=0V、中c=18V，且邊長OB=cm，BC=cm，將一電荷量為的負(fù)點(diǎn)電荷由O點(diǎn)開始沿路線OBC運(yùn)動(dòng)，則下列說法中正確的是（）A. 該點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的電勢能為B. 該點(diǎn)電荷在O點(diǎn)由靜止釋放后會(huì)沿直線OB運(yùn)動(dòng)C. 該電場電場強(qiáng)度的大小為200V/mD. 該點(diǎn)電荷從O點(diǎn)移到C點(diǎn)過程中，電場力做功為【答案】C【

8、解析】【分析】【詳解】A點(diǎn)電荷在O點(diǎn)的電勢能為故A錯(cuò)誤；BCD因?yàn)槭莿驈?qiáng)電場，且B=0V、C=18V，故沿著線段BC，電勢從0V均勻增加到18V，所以BC的中點(diǎn)D的電勢為9V，又因?yàn)镺=9V，連接OD，故OD為一等勢線，又因?yàn)檠仉妶鼍€方向電勢逐漸降低，則電場強(qiáng)度的方向斜向上垂直于OD，DB兩點(diǎn)間的電勢差DB兩點(diǎn)沿電場線方向上的距離根據(jù)電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系可得電場強(qiáng)度的大小該點(diǎn)電荷在O點(diǎn)由靜止釋放后將沿電場的反方向做沿直線運(yùn)動(dòng)，不會(huì)是沿OB運(yùn)動(dòng)，點(diǎn)電荷從O點(diǎn)移到C點(diǎn)過程中，電場力做功為 故BD錯(cuò)誤，C正確。7. 已知雨滴在空中運(yùn)動(dòng)時(shí)所受空氣阻力，其中k為比例系數(shù)，r為雨滴半徑，v為運(yùn)動(dòng)速率，一

9、雨滴從高空由靜止開始沿豎直方向下落，以地面為重力勢能零勢能面，用、E、h表示雨滴重力勢能、動(dòng)能、機(jī)械能和下落高度，則下列四幅圖像可能正確的是（）A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】【詳解】A隨著下落的速度逐漸增加，空氣阻力逐漸增大，合外力逐漸減小，根據(jù)動(dòng)能定理，下落相同的高度，動(dòng)能的增量逐漸減小，因此斜率逐漸減小，最后趨近于水平，A 錯(cuò)誤；B由于空氣阻力做負(fù)功，機(jī)械能逐漸減小，最終勻速下降，只有勢能減小，動(dòng)能不再增加，因此圖像不是直線，B錯(cuò)誤；C下落的過程中，由于空氣阻力逐漸增大，下落相同的高度，空氣阻力做功逐漸增大，機(jī)械能減少得越來越快，因此斜率逐漸增大，C正確；D設(shè)初始狀態(tài)時(shí)

10、的勢能，下落的過程中，由于可得圖像是不過坐標(biāo)原點(diǎn)，傾斜向下的直線，D錯(cuò)誤。故選C。8. 如圖所示，兩帶有等量異種電荷的平行金屬板M、N水平放置，a、b為同一條電場線上的兩點(diǎn)，若將一質(zhì)量為m、電荷量為-q的帶電粒子分別置于a、b兩點(diǎn)，則粒子在a點(diǎn)時(shí)的電勢能大于其在b點(diǎn)時(shí)的電勢能；若將該粒子從b點(diǎn)以初速度v0豎直向上拋出，則粒子到達(dá)a點(diǎn)時(shí)的速度恰好為零。已知a、b兩點(diǎn)間的距離為d，金屬板M、N所帶電荷量始終不變，不計(jì)帶電粒子的重力，則下列判斷中正確的是（）A. a點(diǎn)電勢一定高于b點(diǎn)電勢B. 兩平行金屬板間形成的勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為C. a、b兩點(diǎn)間的電勢差為D. 若將M、N兩板間的距離稍微增大一些

11、，則a、b兩點(diǎn)間的電勢差變小【答案】B【解析】【分析】【詳解】A由于粒子在a點(diǎn)時(shí)的電勢能大于其在b點(diǎn)時(shí)的電勢能，則粒子從b運(yùn)動(dòng)到a過程電場力做負(fù)功，所以電場力方向由a指向b，則場強(qiáng)方向由b指向a，根據(jù)沿著電場線方向電勢逐漸降低可知，a點(diǎn)電勢一定低于b點(diǎn)電勢，所以A錯(cuò)誤；B粒子從b運(yùn)動(dòng)到a過程，由動(dòng)能定理可得解得所以B正確；C a、b兩點(diǎn)間的電勢差為所以C錯(cuò)誤；D根據(jù)平行板電容器的定義式及決定式有 ， ，聯(lián)立解得若將M、N兩板間的距離稍微增大一些，兩板間的電場強(qiáng)度保持不變，根據(jù)則a、b兩點(diǎn)間的電勢差也保持不變，所以D錯(cuò)誤；故選B。二、多項(xiàng)選擇題（本題共6小題，每小題有多個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選

12、對的得4分，選對但不全的得2分，有選錯(cuò)的得0分，共24分）9. 2020年11月28日，嫦娥五號探測器經(jīng)過112小時(shí)奔月飛行，成功實(shí)施第一次近月制動(dòng)，嫦娥五號探測器順利進(jìn)入環(huán)月橢圓軌道；一天后，嫦娥五號探測器又成功實(shí)施第二次近月制動(dòng)，如圖所示，嫦娥五號在P點(diǎn)處第二次制動(dòng)由橢圓軌道II變軌到圓形軌道I，以便著陸月球。已知嫦娥五號在圓形軌道I的運(yùn)行周期為T1，軌道半徑為R；橢圓軌道II的半長軸為a，經(jīng)過P點(diǎn)的速率為v，運(yùn)行周期為T2，已知月球的質(zhì)量為M，密度為，引力常量為G，則（）A. B. C. D. 【答案】AC【解析】【分析】【詳解】A由開普勒第三定律可得則故A正確；B圓形軌道I上有得從軌道

13、I要加速才能進(jìn)入軌道II，則故B錯(cuò)誤；CD圓形軌道I上有解得由于不知道月球的半徑，則無法求出月球的密度，故C正確，D錯(cuò)誤。故選AC。10. 如圖 A、B 板平行放置，A 板中間有一小孔，B 板接地，A 板的電勢變化如圖所示，最大值為0，板間距離為d，設(shè)帶正電的粒子從A 板的中央小孔無處速度的進(jìn)入電場粒子重力不計(jì)，則下列說法正確的是 A. 若粒子從 t=0 時(shí)刻進(jìn)入，無論 d 多大，一定能達(dá)到B 板上B. 若粒子從 t=T/8 時(shí)刻進(jìn)入，無論 d 多大，一定能打到 B 板上C. 若粒子從 t=T/4 時(shí)刻進(jìn)入，如論 d 多大，一定能打到 B 板上D. 若粒子從 t=3T/8 時(shí)刻進(jìn)入，無論 d

14、多大，一定能打到 B 板上【答案】AB【解析】【詳解】A粒子在t=0時(shí)刻進(jìn)入時(shí)，在一個(gè)周期內(nèi)，前半個(gè)周期受到的電場力向右，向右做加速運(yùn)動(dòng)，后半個(gè)周期受到的電場力向左，繼續(xù)向左做減速運(yùn)動(dòng)，T時(shí)刻速度為零，接著周而復(fù)始，所以粒子一直向B板運(yùn)動(dòng)，一定會(huì)打在B板上故A正確；B若粒子是在時(shí)刻進(jìn)入時(shí)，在一個(gè)周期內(nèi)：在，粒子受到的電場力向右，向B板做加速運(yùn)動(dòng)，在內(nèi)，受到的電場力向左，繼續(xù)向B板做減速運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻速度為零，接著向A板加速運(yùn)動(dòng)，時(shí)間內(nèi)繼續(xù)向A板減速運(yùn)動(dòng)，時(shí)刻速度為零，完成一個(gè)周期的運(yùn)動(dòng)，接著周而復(fù)始，所以粒子時(shí)而向B板運(yùn)動(dòng)，時(shí)而向A板運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可知，在一個(gè)周期內(nèi)粒子向B板運(yùn)動(dòng)的位移大于向

15、A板運(yùn)動(dòng)的位移，所以粒子最后一定會(huì)打在B板上故B正確；C若粒子是在 時(shí)刻進(jìn)入，在階段是向B板加速；在向B板減速，末速度為零；在反向A板加速，反向A板減速，末速度為零，完成一個(gè)周期的運(yùn)動(dòng)，接著周而復(fù)始，所以粒子時(shí)而向B板運(yùn)動(dòng)，時(shí)而向A板運(yùn)動(dòng)，以某一點(diǎn)為中心做往復(fù)運(yùn)動(dòng)，不一定能打到 B 板上，故C錯(cuò)誤；D若粒子是在 時(shí)刻進(jìn)入的，在，向B板加速；，向右減速到零；，向A板加速；向A板減速，速度減小為零，完成一個(gè)周期的運(yùn)動(dòng)，接著周而復(fù)始，所以粒子時(shí)而向B板運(yùn)動(dòng)，時(shí)而向A板運(yùn)動(dòng)，根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)規(guī)律可知，在一個(gè)周期內(nèi)粒子向B板運(yùn)動(dòng)的位移小于向A板運(yùn)動(dòng)的位移，所以粒子最后一定不會(huì)打在B板上，而是從A板返回；故D錯(cuò)

16、誤；11. 如圖所示，一質(zhì)量為可視為質(zhì)點(diǎn)的小物塊從傳送帶A點(diǎn)以初速度v0=4m/s滑上傳送帶，傳送帶以的恒定速率順時(shí)針運(yùn)行，傳送帶A、B間距離為，小物塊與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.2。取，下列說法正確的是（）A. 小物塊在傳帶上A、B之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為B. 傳送帶對小物塊做功為18JC. 小物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)時(shí)，因摩擦產(chǎn)生的熱量為D. 整個(gè)過程中電動(dòng)機(jī)多消耗的電能為【答案】AC【解析】【詳解】A設(shè)物塊經(jīng)過t與傳送帶共速，小物塊位移為，傳送帶位移為，因?yàn)樾∥飰K相對傳送帶速度較小，小物塊受到摩擦力向右，根據(jù)牛頓第二定律有 代入數(shù)值得 根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)，代入數(shù)值有 解得， 所以小物塊運(yùn)動(dòng)位移小于A、

17、B之間距離，則小物塊與傳送帶共速后一起勻速運(yùn)動(dòng)，設(shè)勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)間為，有得小物塊在傳送帶上A、B之間的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為A正確；B由動(dòng)能定理得傳送帶對小物塊做的功為小物塊動(dòng)能的變化量，有 代入數(shù)值得B錯(cuò)誤；C共速前過程中傳送帶的位移為所以物塊與皮帶相對位移為所以因摩擦產(chǎn)生的熱量為 代入數(shù)值得C正確；D由能量守恒可知，整個(gè)過程電動(dòng)機(jī)多消耗電能為小物塊增加的動(dòng)能和因摩擦產(chǎn)生的熱量，所以多消耗的電能為D錯(cuò)誤故選AC。12. 質(zhì)量相同的兩個(gè)帶電粒子P、Q以相同的初速度沿垂直于電場方向射入兩平行板間的勻強(qiáng)電場中，P從兩極板正中央射入，Q從下極板邊緣處射入。它們最后打在同一點(diǎn)（不計(jì)重力及粒子間相互作用力），則從開始射

18、入到打到上極板的過程中（）A. 它們運(yùn)動(dòng)的時(shí)間tP=tQB. 它們所帶的電荷量之比qPqQ=12C. 它們的電勢能減少量之比EPEQ=12D. 它們的動(dòng)能增量之比為EkPEkQ=21【答案】AB【解析】【分析】【詳解】A水平方向做勻速運(yùn)動(dòng)水平位移相同，初速度相同，則運(yùn)動(dòng)時(shí)間相同，A正確；B豎直方向上解得所以qPqQ=12B正確；C電勢能減少量為所以EPEQ=14C錯(cuò)誤；D由動(dòng)能定理，動(dòng)能的增加量為所以EkPEkQ=14D錯(cuò)誤。故選AB。13. 如圖所示，一傾角為的固定粗糙斜面，下端固定一輕質(zhì)彈簧，彈簧上端位于B點(diǎn)。一質(zhì)量為m的小物塊從A點(diǎn)以某一速度勻速滑下，當(dāng)物塊到達(dá)B點(diǎn)后將彈簧壓縮到C點(diǎn)，然

19、后向上返回恰好能回到A點(diǎn)。已知AC長度為x，重力加速度為g，則（）A. 物塊與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)為=tanB. 物塊勻速下滑的速度大小為C. 從B點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中，物塊和彈簧組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒D. 彈簧的最大彈性勢能為【答案】AD【解析】【分析】【詳解】A物體勻速下滑，則有解得=tanA正確；B全程分析，根據(jù)能量守恒得解得B錯(cuò)誤；C從B點(diǎn)到C點(diǎn)的過程中，物塊克服摩擦力做功，所以系統(tǒng)機(jī)械能不守恒。C錯(cuò)誤；D從A點(diǎn)到C點(diǎn)，根據(jù)能量守恒得解得D正確。故選AD。14. 如圖所示，質(zhì)量為2m和m的兩個(gè)彈性環(huán)A、B用不可伸長的、長為L的輕繩連接，分別套在水平細(xì)桿OP和豎直細(xì)桿OQ上，OP與OQ在O點(diǎn)用

20、一小段圓弧桿平滑相連，且OQ足夠長，初始時(shí)刻，將輕繩拉至水平位置伸直，然后釋放兩個(gè)小環(huán)，A環(huán)通過小段圓弧桿時(shí)速度大小保持不變，重力加速度為g，不計(jì)一切摩擦，以下說法正確的是（）A. 運(yùn)動(dòng)過程中A、B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B. 當(dāng)B環(huán)下落L時(shí)A的速度為C. 當(dāng)B環(huán)下落L時(shí)A的速度為零D. A環(huán)到達(dá)O點(diǎn)后再經(jīng)過的時(shí)間能夠追上B環(huán)【答案】ABD【解析】【詳解】A運(yùn)動(dòng)過程中A、B組成的系統(tǒng)只有重力做功，則機(jī)械能守恒，選項(xiàng)A正確；B由幾何關(guān)系可知，當(dāng)B環(huán)下落L時(shí)繩子與水平方向之間的夾角滿足為30，由速度的合成與分解可知v繩=vAcos30=vBsin30則有vB=vAB下降的過程中A與B組成的系統(tǒng)機(jī)械能守

21、恒，有 所以A環(huán)的速度為選項(xiàng)B正確；C當(dāng)B環(huán)下落L時(shí)，A到達(dá)O點(diǎn)，此時(shí)B的速度等于0，A的速度不為零，選項(xiàng)C錯(cuò)誤；DA到達(dá)O點(diǎn)，由機(jī)械能守恒有解得環(huán)A過O點(diǎn)后做初速度為vA、加速度為g的勻加速直線運(yùn)動(dòng)，B做自由落體運(yùn)動(dòng)；當(dāng)A追上B時(shí)，有解得選項(xiàng)D正確。故選ABD。II卷（非選擇題共52分）三、實(shí)驗(yàn)題（共10分，每空2分）15. “驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”的實(shí)驗(yàn)采用重錘自由下落的方法（1）用公式mv2=mgh時(shí)，從所打下的5條紙帶選取其中一條紙帶，以下說法正確的是_A選取的紙帶應(yīng)滿足第一、二兩點(diǎn)間距應(yīng)接近1mmB選取的紙帶應(yīng)滿足第一、二兩點(diǎn)間距應(yīng)接近1cmC選取的紙帶應(yīng)滿足第一、二兩點(diǎn)間距應(yīng)接近2m

22、mD選取的紙帶應(yīng)滿足第一、二兩點(diǎn)間距應(yīng)接近2cm（2）在本實(shí)驗(yàn)中，已知打點(diǎn)計(jì)時(shí)器所用電源的頻率為50Hz，查得當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭=9.80m/s2，測得所用的重物的質(zhì)量為1.00kg。實(shí)驗(yàn)中得到一條點(diǎn)跡清晰的紙帶如圖所示，把第一個(gè)點(diǎn)記作O，另選連續(xù)的4個(gè)點(diǎn)A、B、C、D作為測量的點(diǎn)。圖中所示數(shù)據(jù)均為各點(diǎn)到O點(diǎn)的距離，則記錄C點(diǎn)時(shí)，重錘的動(dòng)能EkC=_J，從開始下落起至C點(diǎn)，重錘的重力勢能變化量Ep=_J。（計(jì)算結(jié)果均保留3位有效數(shù)字）（3）根據(jù)紙帶算出的相關(guān)各點(diǎn)的速度v，量出下落的距離h，則以v2為縱軸，以h為橫軸，根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的v2h圖線應(yīng)是下圖中的_。A BC D（4）在本實(shí)驗(yàn)中發(fā)現(xiàn)，

23、重錘減小的重力勢能總是大于重錘增加的動(dòng)能，主要是因?yàn)樵谥劐N下落過程中存在著阻力的作用，阻力的大小可依據(jù)v2h圖象和重物質(zhì)量算出，依據(jù)你在3問中所選擇的圖像，若重物質(zhì)量用m表示，圖像斜率為k，當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣萭，則可測量出阻力大小為_。（用k、m、g表示）【答案】 . C . 7.57 . 7.62 . C . f=mg-mk【解析】【分析】【詳解】(1)1重錘自由下落，若打第一個(gè)點(diǎn)的速度為零，可知在第一個(gè)0.02s內(nèi)物體下落的距離為選取的紙帶應(yīng)滿足第一、二兩點(diǎn)間距應(yīng)接近。故選C。(2)2記錄C點(diǎn)時(shí)，其瞬時(shí)速度等于B點(diǎn)到D點(diǎn)的平均速度，即重錘的動(dòng)能為3從開始下落起至C點(diǎn)，重錘的重力勢能變化量為(

24、3)4根據(jù)機(jī)械能守恒，有解得根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)繪出的v2h圖線應(yīng)是過原點(diǎn)的直線。故選C。(4)5圖像斜率表示重錘的加速度，根據(jù)牛頓第二定律有帶入數(shù)據(jù)，可得f=mg-mk四、計(jì)算題（共42分，解答應(yīng)寫出必要的文字說明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不給分。有數(shù)字計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位。）16. 如圖所示,長為L=0.5m、傾角為=37的光滑絕緣斜面處于水平向右的勻強(qiáng)電場中,一帶電荷量為+q,質(zhì)量為m的小球(可視為質(zhì)點(diǎn)),以初速度v0=2m/s恰能沿斜面勻速上滑,g取10m/s2,sin37=0.6,cos37=0.8,求：(1)水平勻強(qiáng)電場的電場強(qiáng)度的大小？(2)若水平勻強(qiáng)電場

25、電場強(qiáng)度減半,小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)速度為多少？【答案】（1）（2）1m/s【解析】【詳解】（1）帶電小球從A點(diǎn)到B點(diǎn)，動(dòng)能不變，由動(dòng)能定理知重力做功與電場力做功之和為零，即得 qELcos-mgLsin=0，得 （2）電場強(qiáng)度未減半時(shí)，滿足mgsin=qEcos；若電場強(qiáng)度減半，小球在斜面方向的合力為：F=mgsin-qEcos=mgsin=ma所以小球的加速度為：a=gsin=3m/s2；方向向下.根據(jù)速度位移公式，有：v2-v02 =2aL，代入數(shù)據(jù)解得v=1m/s【點(diǎn)睛】本題是帶電體在電場中運(yùn)動(dòng)問題，要轉(zhuǎn)換思維，就把電場力當(dāng)作一般的力，將這類問題當(dāng)作力學(xué)問題去處理，可增強(qiáng)信心.17. 如圖所

26、示，讓擺球從圖中的C位置由靜止開始擺下，擺到最低點(diǎn)D處，擺線剛好被拉斷，此后，小球在粗糙的水平面上由D點(diǎn)向右做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，到達(dá)A孔進(jìn)入半徑R=0.3m的豎直放置的光滑圓弧軌道，當(dāng)擺球進(jìn)入圓軌道立即關(guān)閉A孔。已知擺線長L=2m，=53，小球質(zhì)量為m=0.5kg，D點(diǎn)與A孔的水平距離s=2m，g取10m/s2。（sin53=0.8，cos53=0.6）（1）求擺線能承受的最大拉力為多大；（2）若小球恰好到達(dá)圓弧軌道的最高點(diǎn)，求擺球與粗糙水平面間的動(dòng)摩擦因數(shù)?！敬鸢浮浚?）9N；（2）0.025【解析】【詳解】（1）當(dāng)擺球由C到D運(yùn)動(dòng)，根據(jù)動(dòng)能定理有在D點(diǎn)，由牛頓第二定律可得可得Fmax=9N由牛頓第三定律可知，擺線能承受的最大拉力為9N。（2）當(dāng)小球恰好到達(dá)最高點(diǎn)時(shí)，在圓周的最高點(diǎn)，由牛頓第二定律可得由動(dòng)能定理可得解得=0.02518. 如圖所示為某顯像設(shè)備內(nèi)電場的簡化模型。在y軸左側(cè)存在水平向左的勻強(qiáng)電場，右側(cè)存在豎直向上的勻強(qiáng)電場，場強(qiáng)大小均為E。