2022年湖南省邵東振華實(shí)驗(yàn)學(xué)校高考適應(yīng)性考試物理試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷請(qǐng)考生注意：1請(qǐng)用2B鉛筆將選擇題答案涂填在答題紙相應(yīng)位置上，請(qǐng)用05毫米及以上黑色字跡的鋼筆或簽字筆將主觀題的答案寫(xiě)在答題紙相應(yīng)的答題區(qū)內(nèi)。寫(xiě)在試題卷、草稿紙上均無(wú)效。2答題前，認(rèn)真閱讀答題紙上的注意事項(xiàng)，按規(guī)定答題。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、汽車(chē)在平直公路上以108km/h的速度勻速行駛，司機(jī)看到前面有突發(fā)情況，緊急利車(chē)，從看到突發(fā)情況到剎車(chē)的反應(yīng)時(shí)間內(nèi)汽車(chē)做勻速運(yùn)動(dòng)，剎車(chē)后汽車(chē)做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，從看到突發(fā)情況到汽車(chē)停下，汽車(chē)行駛的距離為90m，所花時(shí)間為5.5s，則汽車(chē)

2、勻減速過(guò)程中所受阻力約為汽車(chē)所受重力的（）A0.3倍B0.5倍C0.6倍D0.8倍2、某靜電場(chǎng)在x軸正半軸上的電勢(shì)隨x變化的關(guān)系如圖所示，則（）Ax1處跟x2處的電場(chǎng)強(qiáng)度方向相同Bx1處跟x2處的電場(chǎng)強(qiáng)度大小相等C若把帶正電的粒子從x1處移到x2處，電場(chǎng)力先做正功再做負(fù)功D同一個(gè)帶正電的粒子在R處具有的電勢(shì)能小于x2在處的電勢(shì)能3、氫原子部分能級(jí)的示意圖如圖所示，不同金屬的逸出功如下表所示：銫鈣鎂鈹鈦金逸出功W/eV1.92.73.73.94.14.8大量處于n=4能級(jí)的氫原子向低能級(jí)躍遷時(shí)輻射的所有光子中，能夠使金屬銫發(fā)生光電效應(yīng)的光子有幾種A2B3C4D54、如圖所示，“娃娃機(jī)”是指將商品

3、陳列在一個(gè)透明的箱內(nèi)，其上有一個(gè)可控制的抓取玩具的機(jī)器手臂的機(jī)器，使用者要憑自己的技術(shù)操控手臂，以取到自己想要的玩具。不計(jì)空氣阻力，關(guān)于“娃娃機(jī)”，下列說(shuō)法正確的是（）A玩具從機(jī)械爪處自由下落時(shí)，玩具的機(jī)械能守恒B機(jī)械爪抓到玩具勻速水平移動(dòng)時(shí)，玩具的動(dòng)能增加C機(jī)械爪抓到玩具勻速上升時(shí)，玩具的機(jī)械能守恒D機(jī)械爪抓到玩具加速上升時(shí)，機(jī)械爪做的功等于玩具重力勢(shì)能的變化量5、如圖甲所示，一線圈匝數(shù)為100匝，橫截面積為0.01m2，磁場(chǎng)與線圈軸線成30角向右穿過(guò)線圈。若在2s時(shí)間內(nèi)磁感應(yīng)強(qiáng)度隨時(shí)間的變化關(guān)系如圖乙所示，則該段時(shí)間內(nèi)線圈兩端a和b之間的電勢(shì)差Uab為（ ）AVB2VCVD從0均勻變化到2

4、V6、一帶負(fù)電的粒子只在電場(chǎng)力作用下沿x軸正方向運(yùn)動(dòng)，其電勢(shì)能Ep隨位移x變化的關(guān)系如圖所示，其中0 x2段是關(guān)于直線x=x1對(duì)稱(chēng)的曲線，x2x3段是直線，則下列說(shuō)法正確的是Ax1處電場(chǎng)強(qiáng)度最小，但不為零B粒子在0 x2段做勻變速運(yùn)動(dòng)，x2x3段做勻速直線運(yùn)動(dòng)C若x1、x3處電勢(shì)為1、3，則13,故C錯(cuò)誤；D、x2x3段斜率不變，所以這段電場(chǎng)強(qiáng)度大小方向均不變，故D正確；故選D點(diǎn)睛：EP-x圖像的斜率表示粒子所受電場(chǎng)力F，根據(jù)F=qE判斷各點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)的方向和大小，以及加速度的變化情況。至于電勢(shì)的高低，可以利用結(jié)論“負(fù)電荷逆著電場(chǎng)線方向移動(dòng)電勢(shì)能降低，沿著電場(chǎng)線方向移動(dòng)電勢(shì)能升高”來(lái)判斷。二、多項(xiàng)選

5、擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、CD【解析】A項(xiàng)：如果電場(chǎng)平行于x軸，由于粒子在垂直于x軸方向分速度不為0，因此粒子速度不可能平行于x軸，故A錯(cuò)誤；B項(xiàng)：若粒子運(yùn)動(dòng)過(guò)程中在b點(diǎn)速度最小，則在軌跡上b點(diǎn)粒子的電勢(shì)能最大，由于粒子帶正電，因此b點(diǎn)的電勢(shì)最高，故B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：若粒子在b點(diǎn)速度大小也為v0，則粒子在a、b兩點(diǎn)的動(dòng)能相等，電勢(shì)能相等，則a、b兩點(diǎn)電勢(shì)相等，故C正確；D項(xiàng)：若粒子在b點(diǎn)的速度為0，則粒子一定做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，由于粒子帶正電，因此電場(chǎng)方向一定與v0方向相反

6、，故D正確故選CD8、AD【解析】A當(dāng)汽車(chē)向右勻速直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，電介質(zhì)位置不變，根據(jù)電容的決定式可知電容器的電容不變，因兩板電壓不變，根據(jù)電容的定義式可知電容器的電荷量不變，因此電路中沒(méi)有電流，A正確；B當(dāng)汽車(chē)以恒定加速度運(yùn)動(dòng)時(shí)，根據(jù)牛頓第二定律可知，彈力大小不變，根據(jù)電容器的決定式可知電容器的電容不變，因兩極的電壓不變，根據(jù)電容器的定義式可知電容器的電荷量不變，因此電路中沒(méi)有電流，B錯(cuò)誤；C電容器兩端與電源連接，電壓等于電源電壓不變，兩板間距不變，電容器兩板之間形成的勻強(qiáng)電場(chǎng)不變，根據(jù)勻強(qiáng)電場(chǎng)中電勢(shì)差與場(chǎng)強(qiáng)的關(guān)系可以推斷電介質(zhì)所處位置電勢(shì)不變， C錯(cuò)誤；D當(dāng)電路中有順時(shí)針?lè)较虻碾娏鲿r(shí)，說(shuō)明電容

7、器處于充電狀態(tài)，因電容器兩端電壓等于電源電壓不變，根據(jù)可知電容器的電容增大導(dǎo)致電容器所帶電荷量增加，根據(jù)電容器的決定式可知插入極板間電介質(zhì)加深，彈簧越拉越長(zhǎng)，合力向右增大，汽車(chē)向右做加速度增大的加速運(yùn)動(dòng)符合上述結(jié)果，D正確。故選AD。9、AD【解析】A物塊從A到Q全過(guò)程由動(dòng)能定理得代入，解得選項(xiàng)A正確；B全過(guò)程摩擦力一直做負(fù)功，物塊的機(jī)械能不斷減少，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C物塊從A下滑到AB中點(diǎn)時(shí)，由能量守恒定律可得顯然此處重力勢(shì)能大于動(dòng)能，繼續(xù)下滑時(shí)重力勢(shì)能將減小，動(dòng)能增加，故動(dòng)能與重力勢(shì)能相等的位置在AB中點(diǎn)下方，則選項(xiàng)C錯(cuò)誤；D因?yàn)?，所以物塊最終靜止在擋板處，根據(jù)能量守恒得代入數(shù)據(jù)解得s=15m選

8、項(xiàng)D正確。故選AD。10、AC【解析】A、B項(xiàng)：根據(jù)光電效應(yīng)方程，則有：，故A正確，B錯(cuò)誤；C項(xiàng)：根據(jù)愛(ài)因斯坦光電效應(yīng)方程得：，得金屬的逸出功為： 聯(lián)立解得：，故C正確；D項(xiàng)：陰極K金屬的極限頻率，故D錯(cuò)誤三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，不要求寫(xiě)出演算過(guò)程。11、0.1 2.5 【解析】考查實(shí)驗(yàn)“用打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)量做勻速直線運(yùn)動(dòng)的物體的加速度”。【詳解】（1）1電源的頻率為50Hz，知每隔0.02s打一個(gè)點(diǎn)，每隔4個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，可知相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)，每隔4個(gè)點(diǎn)取1個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，可知相鄰兩計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔為0.1s；（2）2C點(diǎn)的瞬時(shí)速度等于BD段的平均速度，則；（

9、3）3勻加速運(yùn)動(dòng)的位移特征是相鄰的相等時(shí)間間隔內(nèi)的位移以均勻增大，有：。12、B 1.0 偏小 3.0 0.5 【解析】(1)1用歐姆擋不能直接測(cè)量帶電源電路的電阻，故填B。(2)2 根據(jù)電源的U-I圖像縱軸的截距表示電源的電動(dòng)勢(shì)，斜率的絕對(duì)值表示電源的內(nèi)阻，可得等效電源的電動(dòng)勢(shì)為內(nèi)阻 3 該實(shí)驗(yàn)的系統(tǒng)誤差主要是由電壓表的分流，導(dǎo)致電流表測(cè)量的電流小于通過(guò)電源的真實(shí)電流；利用等效電源分析，即可將電壓表與黑箱看成新的等效電源，則實(shí)驗(yàn)中測(cè)出的內(nèi)阻應(yīng)為原等效電源內(nèi)阻和電壓表內(nèi)阻并聯(lián)的等效電阻，所以測(cè)得的內(nèi)阻與真實(shí)值相比偏小。(3)4 5 等效電源的電動(dòng)勢(shì)為丙圖中ab兩端的電壓，故等效電源的內(nèi)阻為丙圖

10、中虛線框內(nèi)的總電阻，故解得四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫(xiě)在答題卡中指定的答題處，要求寫(xiě)出必要的文字說(shuō)明、方程式和演算步驟。13、（1）；（2）；（3）【解析】（1）板間勻強(qiáng)電場(chǎng)的場(chǎng)強(qiáng)粒子在板間的加速度根據(jù)位移公式有解得（2）粒子一直加速到達(dá)孔速度最大，設(shè)經(jīng)歷時(shí)間，則解得由動(dòng)能定理有解得（3）當(dāng)磁感強(qiáng)度分別為、時(shí)，設(shè)粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)半徑分別為、，周期分別為、，根據(jù)洛倫茲力提供向心力有解得且有同理可得，故粒子以半徑逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)四分之一圓周，粒子以半徑逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)二分之一圓周，粒子以半徑逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)四分之一圓周，粒子以半徑逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)二分之一圓周，粒子以半徑逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)四分之一圓周，粒子以半

11、徑逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)二分之一圓周，粒子以半徑逆時(shí)針轉(zhuǎn)過(guò)四分之一圓周后從左邊界飛出磁場(chǎng)，如圖所示由幾何關(guān)系有解得14、；【解析】作出完整的光路如圖，根據(jù)幾何關(guān)系可知，所以，根據(jù)折射定律有因?yàn)?，所以，故在根?jù)折射定律光在棱鏡中的傳播速度【名師點(diǎn)睛】根據(jù)幾何關(guān)系求出光在AC面上的入射角，再根據(jù)折射定律求出棱鏡的折射率，結(jié)合求出光在棱鏡中的速度15、（2）7m/s（2）3.6m，2m（3）Q= 或 Q=4m2【解析】(2)根據(jù)牛頓第三定律可知小塊P2滑到C處受到的支持力F=N，由牛頓第二定律得：代入數(shù)據(jù)解得：(2)設(shè)P2在B處的速度為vB，從B到C的過(guò)程中，由動(dòng)能定理得：其中：代入數(shù)據(jù)解得：因?yàn)樾』瑝K恰好能夠沿切線無(wú)碰撞的從B點(diǎn)進(jìn)入圓弧軌道，可知平拋的初速度為：在B點(diǎn)時(shí)豎直方向的速度為：則從A到B的時(shí)間為：所以AC之間的水平距離為：AC之間的豎直距離為：(3)P2與木板發(fā)生彈性碰撞，假設(shè)碰后小滑塊P2的速度為v2、木板速度為v2，由動(dòng)量守恒定律和機(jī)械能守恒可知：代入數(shù)據(jù)聯(lián)立解得：，木板獲得速度之后，和上面的小滑塊P2之間相對(duì)滑動(dòng)，假設(shè)最終和木板之間相對(duì)靜止，兩者的共同速度為v共，小滑塊P2在