2022年天津四十二中高考沖刺押題（最后一卷）物理試卷含解析

1、2021-2022學(xué)年高考物理模擬試卷注意事項(xiàng)1考生要認(rèn)真填寫考場(chǎng)號(hào)和座位序號(hào)。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、當(dāng)前，新型冠狀病毒（COVID-19）在威脅著全世界人民的生命健康，紅外測(cè)溫槍在疫情防控過程中發(fā)揮了重要作用。紅外測(cè)溫槍與傳統(tǒng)的熱傳導(dǎo)測(cè)溫儀器相比，具有響應(yīng)時(shí)間短、測(cè)溫效率高、操作；方便防交又感染（不用接觸被測(cè)物體）的特點(diǎn)。下列

2、關(guān)于紅外測(cè)溫槍的說法中正確的是（）A紅外測(cè)溫槍工作原理和水銀體溫計(jì)測(cè)量原埋一樣都是利用熱脹冷縮原理B紅外測(cè)溫槍能接收到的是身體的熱量，通過熱傳導(dǎo)到達(dá)紅外測(cè)溫槍進(jìn)而顯示出體溫C紅外測(cè)溫槍利用了一切物體都在不停的發(fā)射紅外線，而且發(fā)射紅外線強(qiáng)度與溫度有關(guān)，溫度越高發(fā)射紅外線強(qiáng)度就越大D紅外線也屬于電磁波，其波長(zhǎng)小于紫外線的波長(zhǎng)2、將輸入電壓為220V、輸出電壓為6V的變壓器改裝成輸出電壓為30V的變壓器，副線圈原來的匝數(shù)為30匝，原線圈的匝數(shù)不變，則副線圈應(yīng)增加的匝數(shù)為（）A150匝B144匝C130匝D120匝3、2019年被稱為5G元年。這一年全球很多國(guó)家開通了5G網(wǎng)絡(luò)，開啟了一個(gè)全新的通信時(shí)代

3、，即萬物互聯(lián)的物聯(lián)網(wǎng)時(shí)代，5G網(wǎng)絡(luò)使用的無線電電波通信頻率是在3.0GHz以上的超高頻段和極高頻段（如圖所示），比目前4G及通信頻率在0.3GHz3.0GHz間的特高頻段網(wǎng)絡(luò)擁有更大的帶寬和更快的的傳輸速率。下列說法正確的是（）A4G信號(hào)是縱波，5G信號(hào)足橫波B4G信號(hào)和5G信號(hào)相遇能產(chǎn)生干涉現(xiàn)象C4G信號(hào)比5G信號(hào)更容易發(fā)生衍射現(xiàn)象D5G信號(hào)比4G信號(hào)波長(zhǎng)更長(zhǎng)，相同時(shí)間傳遞的信息量更大4、天津市有多條河流，每條河流需要架設(shè)多座橋梁。假如架設(shè)橋梁的每一個(gè)橋墩有兩根支柱，每根支柱都是用相同橫截面積的鋼筋混凝土鑄造。按照下列角度設(shè)計(jì)支柱，能使支柱的承重能力更強(qiáng)的是ABCD5、一定質(zhì)量的理想氣體，其

4、狀態(tài)變化的P-T圖像如圖所示。氣體在由狀態(tài)1變化到狀態(tài)2的過程中，下列說法正確的是A分子熱運(yùn)動(dòng)的平均速率增大B分子熱運(yùn)動(dòng)的平均速率減小C單位體積內(nèi)分子數(shù)增多D單位面積、單位時(shí)間內(nèi)撞擊器壁的分子數(shù)增多6、如圖所示，在鐵芯上、下分別繞有匝數(shù)n1=800和n2=200的兩個(gè)線圈，上線圈兩端u=51sin314tV的交流電源相連，將下線圈兩端接交流電壓表，則交流電壓表的讀數(shù)可能是A2.0VB9.0VC12.7VD144.0V二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、如圖所示為一列沿

5、x軸傳播的簡(jiǎn)諧橫波，實(shí)線為t0時(shí)刻的波形圖，經(jīng)過t16s，波形圖如圖中虛線所示。已知波的周期T4s，則下列說法正確的是（ ）A該波的波長(zhǎng)為8mB該波的周期可能為8sC在t9s時(shí)，B質(zhì)點(diǎn)一定沿y軸正方向運(yùn)動(dòng)DB、C兩質(zhì)點(diǎn)的振動(dòng)情況總是相反的E.該列波的波速可能為m/s8、如圖甲所示，物體以一定的初速度從傾角=37的斜面底端沿斜面向上運(yùn)動(dòng)，上升的最大高度為3.0m選擇地面為參考平面，上升過程中，物體的機(jī)械能E隨高度h的變化如圖乙所示取g=10 m/s2，sin 37=0.60，cos 37=0.1則（） A物體的質(zhì)量m=0.67 kgB物體與斜面之間的動(dòng)摩擦因數(shù)=0.50C物體上升過程中的加速度大

6、小a=1m/s2D物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能Ek=10 J9、如圖，光滑水平面上兩虛線之間區(qū)域內(nèi)存在豎直方向的足夠大的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為B。邊長(zhǎng)為a的正方形導(dǎo)線框PQMN沿圖示速度方向進(jìn)入磁場(chǎng)，當(dāng)對(duì)角線PM剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框的速度大小為v，方向與磁場(chǎng)邊界成角，若線框的總電阻為R，則APM剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框中的感應(yīng)電流為BPM剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)線框所受安培力大小為CPM剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)兩端的電壓為DPM進(jìn)入磁場(chǎng)后線框中的感應(yīng)電流將變小10、如圖所示為內(nèi)壁光滑的半球形容器，半徑為R。質(zhì)量為m的小球在容器內(nèi)的某個(gè)水平面內(nèi)做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，小球與球心O連線方向與豎直方向夾角為。下列說法正確的是（ ）A小球所受容

7、器的作用力為B小球所受容器的作用力為C小球的角速度D小球的角速度三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了測(cè)量一電壓表V的內(nèi)阻，某同學(xué)設(shè)計(jì)了如圖1所示的電路。其中V0是標(biāo)準(zhǔn)電壓表，R0和R分別是滑動(dòng)變阻器和電阻箱，S和S1分別是單刀雙擲開關(guān)和單刀開關(guān)，E是電源。(1)用筆畫線代替導(dǎo)線，根據(jù)如圖1所示的實(shí)驗(yàn)原理圖將如圖2所示的實(shí)物圖連接完整_。(2)實(shí)驗(yàn)步驟如下：將S撥向接點(diǎn)1，接通S1，調(diào)節(jié)R0，使待測(cè)表頭指針偏轉(zhuǎn)到適當(dāng)位置，記下此時(shí)_的讀數(shù)U；然后將S撥向接點(diǎn)2，保持R0不變，調(diào)節(jié)_，使_，記下此時(shí)R的讀數(shù)；多次重復(fù)上述過程，計(jì)算

8、R讀數(shù)的平均值，即為待測(cè)電壓表內(nèi)阻的測(cè)量值。(3)實(shí)驗(yàn)測(cè)得電壓表的阻值可能與真實(shí)值之間存在誤差，除偶然誤差因素外，還有哪些可能的原因，請(qǐng)寫出其中一種可能的原因：_。12（12分）某同學(xué)在做“用雙縫干涉測(cè)量光的波長(zhǎng)”的實(shí)驗(yàn)中，實(shí)驗(yàn)裝置如圖1所示某同學(xué)經(jīng)過粗略的調(diào)試后，出現(xiàn)了干涉圖樣，但不夠清晰，以下調(diào)節(jié)做法正確的是_A旋轉(zhuǎn)測(cè)量頭上下?lián)軇?dòng)金屬撥桿C左右撥動(dòng)金屬撥桿前后撥動(dòng)金屬撥桿該同學(xué)通過測(cè)量頭的目鏡觀察單色光的干涉圖樣時(shí)，發(fā)現(xiàn)里面的亮條紋與分劃板豎線未對(duì)齊，如圖2所示，若要使兩者對(duì)齊，該同學(xué)應(yīng)如何調(diào)節(jié)_A僅左右轉(zhuǎn)動(dòng)透鏡僅旋轉(zhuǎn)單縫C僅旋轉(zhuǎn)雙縫僅旋轉(zhuǎn)測(cè)量頭如圖3所示中條紋間距表示正確是_四、計(jì)算題：

9、本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）港珠澳大橋是連接香港大嶼山、澳門半島和廣東省珠海市跨海大橋，工程路線香港國(guó)際機(jī)場(chǎng)附近的香港口岸人工島，向西接珠海、澳門口岸人工島、珠海連接線，止于珠海洪灣，總長(zhǎng)約55公里，在建設(shè)港珠澳大橋時(shí)為了更大范圍的夯實(shí)路面用到一種特殊圓環(huán)，建設(shè)者為了測(cè)試效果，做了如下的演示實(shí)驗(yàn)：如圖所示，一輕繩吊著粗細(xì)均勻的棒，棒下端離地面高H，上端套著一個(gè)細(xì)環(huán)。棒和環(huán)的質(zhì)量均為m，相互間最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力kmg(k1).斷開輕繩，棒和環(huán)自由下落。假設(shè)棒足夠長(zhǎng)，與地面發(fā)生碰撞時(shí)，觸地時(shí)間極短，無動(dòng)能損

10、失。棒在整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中始終保持豎直，空氣阻力不計(jì)，重力加速度為g求：（1）棒第一次與地面碰撞彈起上升過程中，環(huán)的加速度；（2）從斷開輕繩到棒與地面第二次碰撞的瞬間，棒運(yùn)動(dòng)的路程；（3）從斷開輕繩到棒和環(huán)都靜止，摩擦力對(duì)環(huán)及棒做的總功.14（16分）如圖所示，一足夠長(zhǎng)的水平傳送帶以速度v= 2m/s勻速運(yùn)動(dòng)，質(zhì)量為m1 = 1kg的小物塊P和質(zhì)量為m2 = 1.5kg的小物塊Q由通過定滑輪的輕繩連接，輕繩足夠長(zhǎng)且不可伸長(zhǎng)某時(shí)刻物塊P從傳送帶左端以速度v0 = 4m/s沖上傳送帶，P與定滑輪間的繩子水平已知物塊P與傳送帶間的動(dòng)摩擦因數(shù)= 0.5，重力加速度為g =10m/s2，不計(jì)滑輪的質(zhì)量與摩擦

11、，整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中物塊Q都沒有上升到定滑輪處求：(1)物塊P剛沖上傳送帶時(shí)的加速度大??；(2)物塊P剛沖上傳送帶到右方最遠(yuǎn)處的過程中，PQ系統(tǒng)機(jī)械能的改變量；(3)若傳送帶以不同的速度v（0 vv0）勻速運(yùn)動(dòng)，當(dāng)v取多大時(shí)物塊P向右沖到最遠(yuǎn)處時(shí)，P與傳送帶間產(chǎn)生的摩擦生熱最??？其最小值為多大？15（12分）如圖所示，MN和MN為兩豎直放置的平行光滑長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌，兩導(dǎo)軌間的距離為L(zhǎng)。在導(dǎo)軌的下部有垂直于導(dǎo)軌所在平面、方向向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為B。在導(dǎo)軌的MM端連接電容為C、擊穿電壓為Ub、正對(duì)面積為S、極板間可認(rèn)為是真空、極板間距為d的平行板電容器。在t0時(shí)無初速度地釋放金屬棒ef，金屬棒e

12、f的長(zhǎng)度為L(zhǎng)、質(zhì)量為m、電阻可忽略不計(jì)假設(shè)導(dǎo)軌足夠長(zhǎng)，磁場(chǎng)區(qū)域足夠大，金屬棒ef與導(dǎo)軌垂直并接觸良好，導(dǎo)軌和各接觸處的電阻不計(jì)，電路的電感、空氣的阻力可忽略，已知重力加速度為g。(1)求電容器兩端的電壓達(dá)到擊穿電壓所用的時(shí)間；(2)金屬棒ef下落的過程中，速度逐漸變大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸變大，電容器極板上的電荷量逐漸增加，兩極板間存儲(chǔ)的電場(chǎng)能也逐漸增加。單位體積內(nèi)所包含的電場(chǎng)能稱為電場(chǎng)的能量密度。已知兩極板間為真空時(shí)平行板電容器的電容大小可表示為C。試證明平行板電容器兩極板間的空間內(nèi)的電場(chǎng)能量密度與電場(chǎng)強(qiáng)度E的平方成正比，并求出比例系數(shù)(結(jié)果用0和數(shù)字的組合表示)。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6

13、小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、C【解析】ABC紅外就是紅外線，自然界所有的物體，無時(shí)無刻不在向外發(fā)出輻射能量，這些能量以電磁波的形式存在。紅外測(cè)溫槍接收到人體輻射出的紅外線，通過波長(zhǎng)、強(qiáng)度與溫度的關(guān)系，就可以得到人體的溫度，而水銀體溫計(jì)是利用熱脹冷縮原理工作的，AB錯(cuò)誤C正確；D紅外線波長(zhǎng)范圍0.8-100，紫外線的波長(zhǎng)范圍在100400，紅外線波長(zhǎng)大于紫外線波長(zhǎng)，D錯(cuò)誤。故選C。2、D【解析】副線圈匝數(shù)為n2=30匝，輸入電壓U1=220V，輸出電壓U2=6V，根據(jù)變壓比公式有原線圈匝數(shù)不變，改變副線圈匝數(shù)，輸入電壓也不變，輸出電壓變?yōu)?

14、0V，根據(jù)變壓比公式有聯(lián)立得故D正確，ABC錯(cuò)誤。故選D。3、C【解析】A電磁波均為橫波，A錯(cuò)誤；B兩種不同頻率的波不能發(fā)生干涉，B錯(cuò)誤；C因5G信號(hào)的頻率更高，則波長(zhǎng)小，故4G信號(hào)更容易發(fā)生明顯的衍射現(xiàn)象，C正確；D5G信號(hào)頻率更高，光子的能量越大，故相同時(shí)間傳遞的信息量更大，故D錯(cuò)誤。故選C。4、A【解析】依據(jù)受力分析，結(jié)合矢量的合成法則，及兩力的合力一定時(shí)，當(dāng)兩分力夾角越大，則分力越大，夾角越小時(shí)，則分力越小，從而即可求解?！驹斀狻坑深}意可知，兩根支柱支撐相同的質(zhì)量的橋梁，即兩個(gè)力的合力是一定，當(dāng)兩個(gè)力的夾角越大時(shí)，則分力也越大，當(dāng)兩個(gè)力的夾角越小時(shí)，則分力也越小，能使支柱的承重能力更強(qiáng)

15、的是，即使支柱支撐的力要小，故A正確，故BCD錯(cuò)誤；故選A?！军c(diǎn)睛】考查矢量的合成法則，掌握兩力的合成，當(dāng)合力一定時(shí)，兩分力大小與夾角的關(guān)系，同時(shí)理解能使支柱的承重能力更強(qiáng)，不是支柱支撐的力最大，而要最小的。5、A【解析】本題考查分子動(dòng)理論?！驹斀狻緼B溫度是分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能的標(biāo)志，溫度升高，分子熱運(yùn)動(dòng)平均動(dòng)能增加，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均速率增大，A正確，B錯(cuò)誤；C由理想氣體狀態(tài)方程，溫度升高，壓強(qiáng)變小，體積變大，單位體積內(nèi)分子數(shù)減少，C錯(cuò)誤；D溫度升高，分子熱運(yùn)動(dòng)的平均速率增大，壓強(qiáng)卻減小了，故單位面積，單位時(shí)間內(nèi)撞擊壁的分子數(shù)減少，D錯(cuò)誤；故選A。6、A【解析】由得，其中，得，因此題中兩線圈并

16、非處于理想狀態(tài)，會(huì)出現(xiàn)漏磁，所以交流電壓表的讀數(shù)小于9.0 V，故選項(xiàng)A正確 二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有多個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對(duì)的得5分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。7、BDE【解析】A分析波形圖，可知波長(zhǎng)4m，故A錯(cuò)誤；BE設(shè)波沿x軸正方向傳播，則，n0、1、2，其中T4s，則n0時(shí)，T24s，波速 ；n1時(shí)，Ts，波速vm/s；設(shè)波沿x軸負(fù)方向傳播，則，n0、1、2，其中T4s，則n0時(shí)，T8s，波速v0.5m/s，故BE正確；C當(dāng)波沿x軸負(fù)方向傳播時(shí)，T8s，在t9s時(shí)，B質(zhì)點(diǎn)在平衡位置下方，沿y軸負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)

17、誤；DB、C兩質(zhì)點(diǎn)平衡位置相隔半個(gè)波長(zhǎng)，振動(dòng)情況完全相反，故D正確；故選BDE.8、BD【解析】A在最高點(diǎn)，速度為零，所以動(dòng)能為零，即物體在最高點(diǎn)的機(jī)械能等于重力勢(shì)能，所以有所以物體質(zhì)量為A錯(cuò)誤；B在最低點(diǎn)時(shí)，重力勢(shì)能為零，故物體的機(jī)械能等于其動(dòng)能，物體上升運(yùn)動(dòng)過程中只受重力、摩擦力做功，故由動(dòng)能定理可得解得B正確；C物體上升過程受重力、支持力、摩擦力作用，故根據(jù)力的合成分解可得：物體受到的合外力為故物體上升過程中的加速度為C錯(cuò)誤；D物體上升過程和下落過程物體重力、支持力不變，故物體所受摩擦力大小不變，方向相反，所以，上升過程和下滑過程克服摩擦力做的功相同；由B可知：物體上升過程中克服摩擦力做

18、的功等于機(jī)械能的減少量20J，故物體回到斜面底端的整個(gè)過程克服摩擦力做的功為40J；又有物體整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中重力、支持力做功為零，所以，由動(dòng)能定理可得：物體回到斜面底端時(shí)的動(dòng)能為50J-40J=10J，D正確。故選BD。9、AD【解析】A.PM剛進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)有效的切割長(zhǎng)度等于a，產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為E=Bav，感應(yīng)電流為，故A正確；B.NM邊所受的安培力大小為F1=BIa=，方向垂直NM向下。PN邊所受的安培力大小為F2=BIa=，方向垂直PN向下，線框所受安培力大小，故B錯(cuò)誤；C.PM兩端的電壓為，故C錯(cuò)誤；D. PM剛進(jìn)入磁場(chǎng)后，有效的切割長(zhǎng)度逐漸減小，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)逐漸減小，感應(yīng)電流將減小，故D正

19、確。故選：AD。10、BD【解析】AB對(duì)小球受力分析，如圖所示：根據(jù)力的合成，可得小球所受容器的作用力為支持力：A錯(cuò)誤，B正確；CD根據(jù)力的合成，可得小球所受合外力小球做圓周運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為：根據(jù)向心力公式得：解得角速度，C錯(cuò)誤，D正確。故選BD。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、見解析 標(biāo)準(zhǔn)電壓表 R 標(biāo)準(zhǔn)電壓表仍為U 電阻箱阻值不連續(xù)，電流通過電阻發(fā)熱導(dǎo)致電阻阻值發(fā)生變化，電源連續(xù)使用較長(zhǎng)時(shí)間，電動(dòng)勢(shì)降低，內(nèi)阻增大等。 【解析】(1)1根據(jù)電路圖連接的實(shí)物圖如圖所示；(2)2將S撥向接點(diǎn)1，接通S1，調(diào)節(jié)R0，使待測(cè)表頭指針偏轉(zhuǎn)到

20、適當(dāng)位置，記下此時(shí)標(biāo)準(zhǔn)電壓表V0 的讀數(shù)U；3 4然后將S撥向接點(diǎn)2，保持R0不變，調(diào)節(jié)電阻箱R的阻值，使標(biāo)準(zhǔn)電壓表V0的示數(shù)仍為U，記下此時(shí)R的讀數(shù)；(3)5實(shí)驗(yàn)測(cè)得電壓表的阻值可能與真實(shí)值之間存在誤差，除偶然誤差因素外，還有哪些可能有：由于電阻箱的阻值不具有連續(xù)性，可能導(dǎo)致電阻箱的阻值與待測(cè)電壓表之間存在著一定的誤差；另外電流通過電阻發(fā)熱，導(dǎo)致電阻阻值發(fā)生變化；電源連續(xù)使用較長(zhǎng)時(shí)間，導(dǎo)致電動(dòng)勢(shì)降低內(nèi)阻增大等都有可能造成誤差。12、C D CE 【解析】使單縫與雙縫相互平行，干涉條紋更加清晰明亮，則要增大條紋的寬度，根據(jù)公式可知，增大雙縫到屏的距離L或減小雙縫之間的距離都可以增大條紋的間距，

21、所以需要左右移動(dòng)撥桿故C正確ABD錯(cuò)誤；發(fā)現(xiàn)里面的亮條紋與分劃板豎線未對(duì)齊，若要使兩者對(duì)齊，該同學(xué)應(yīng)調(diào)節(jié)測(cè)量頭，故ABC錯(cuò)誤，D正確；干涉條紋的寬度是指一個(gè)明條紋與一個(gè)暗條紋的寬度的和，為兩個(gè)相鄰的明條紋或暗條紋的中心之間的距離，故圖CE是正確的四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）a環(huán)=(k-1)g，方向豎直向上（2）（3）【解析】（1）設(shè)棒第一次上升過程中，環(huán)的加速度為a環(huán)環(huán)受合力F環(huán)=kmg-mg 由牛頓第二定律F環(huán)=ma環(huán) 由得a環(huán)=（k-1)g方向豎直向上.設(shè)以地面為零勢(shì)能面，向上為正方向，棒第一次落地的速度大小為v1由機(jī)械能守恒的： 解得. 設(shè)棒彈起后的加速度a棒 由牛頓第二定律a棒=（k+1)g 棒第一次彈起的最大高度解得： 棒運(yùn)動(dòng)路程（）設(shè)環(huán)相對(duì)棒滑動(dòng)距離為L(zhǎng)，根據(jù)能量守恒mgH+mg(H+L)=kmgL 摩擦力對(duì)棒及環(huán)做的總功及是摩擦生熱 由解得14、 (1)8m/s2 (2) (3) ，【解析】（1）物塊P剛沖上傳送帶時(shí)，設(shè)PQ的加速度為，輕繩的拉力為因P的初速度大于傳送帶的速度，則P相對(duì)傳送帶向右運(yùn)動(dòng)，故P受到向左的摩擦力作用對(duì)P由牛頓第二定律得對(duì)Q受力分析可知，在豎直方向受向下的重力和向上的拉力作用由牛頓第二定律得聯(lián)立解得（2）P先減