2023學(xué)年云南省梁河縣第一中學(xué)高二物理第一學(xué)期期中質(zhì)量跟蹤監(jiān)視試題含解析

1、2023學(xué)年高二上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、原來都是靜止的和粒子，經(jīng)過同一電壓的加速電場后，它們的速度大小之比為A1：B1：2C：1D1：12、如圖所示，

2、勻強磁場方向垂直紙面向里，帶正電粒子運動方向水平向右，則粒子所受洛倫茲力的方向是A垂直紙面向里B垂直紙面向外C沿紙面向上D沿紙面向下3、在研究平行板電容器電容的實驗中，電容器的A、B兩極板帶有等量異種電荷，A板與靜電計連接，如圖所示，實驗中可能觀察到的現(xiàn)象是（）A減小A、B板間的距離，靜電計指針張角不變B增大A、B板間的距離，靜電計指針張角變小C把B板向上平移少許，靜電計指針張角變大D在A、B板間放入一介質(zhì)板，靜電計指針張角變大4、如圖所示，將燈泡L和電動機串聯(lián)接在電壓為10V的理想電源兩端已知燈泡規(guī)格為“6 V 12W”，電動線圈電阻為1 ，當(dāng)燈泡正常發(fā)光，下列說法錯誤的是A電動機的輸出功率

3、為16WB電動的輸入功率為8WC電動的熱功率為4WD若利用該電動帶動起重裝置勻速提升20 N的重物（忽路一切阻力），10s內(nèi)升高2 m5、如圖所示為兩根互相平行的通電直導(dǎo)線a，b的橫截面圖，a，b中的電流方向已在圖中標(biāo)出，那么導(dǎo)線a中的電流產(chǎn)生的磁場的磁感線環(huán)繞方向及導(dǎo)線b所受的磁場力的方向分別是：( ) A磁感線順時針方向，磁場力向左B磁感線順時針方向，磁場力向右C磁感線逆時針方向，磁場力向左D磁感線逆時針方向，磁場力向右6、如圖所示，紙面內(nèi)有平行于平面連線向右的勻強磁場，磁感應(yīng)強度大小為B0，三條長直導(dǎo)線P、Q和M垂直紙面放置，其截面PQM在紙面內(nèi)形成等邊三角形、當(dāng)P、Q兩導(dǎo)線中均通有向里

4、的電流I時，等邊三角形MPQ的中心O點的磁感應(yīng)強度為2B0。若M導(dǎo)線也通以向里的電流I，其它條件不變，則O點的磁感應(yīng)強度為A2 B0BB0CB0DB0二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、一個帶正電的點電荷，置于一接地的導(dǎo)體球附近，形成如圖所示的電場線分布，下列說法正確的是Aa點的電勢低于b點的電勢Bc點的電場強度大于d點的電場強度C將一正試探電荷從e點沿虛線移動到f點電場力做正功D導(dǎo)體球內(nèi)部電勢為零8、如圖所示，水平地面上固定一個絕緣光滑斜面，斜面與水平面的夾角為一根

5、輕質(zhì)絕緣細線的一端固定在斜面頂端，另一端系有一個帶電小球A，細線與斜面平行小球A的右側(cè)固定放置另一帶電小球B，兩球心的高度相同、間距為d，兩帶電小球均可視為點電荷小球A的質(zhì)量為m、帶正電量為Q，靜電力常量為k，重力加速度為g若小球A靜止在斜面上，B小球的帶電量記為QB，則( )A當(dāng)QB=mgd2kQsin時，細線上的拉力為0B當(dāng)QB=mgd2tankQ時，細線上的拉力為0C當(dāng)QB=-mgd2sinkQ時，斜面對小球A的支持力為0D當(dāng)QB=-mgd2kQtan時，斜面對小球A的支持力為09、如圖所示，傾角為的光滑絕緣斜面固定在水平面上，為了使質(zhì)量為 m，帶電量為+q 的小球靜止在斜面上，可加一平

6、行于紙面的勻強電場（未畫出），則 A電場強度的最小值為B電場強度的最大值為C若電場強度方向從沿斜面向上逐漸轉(zhuǎn)到豎直向上，則電場強度逐漸增大D若電場強度方向從沿斜面向上逐漸轉(zhuǎn)到豎直向上，則電場強度先減小后增大10、如圖為一勻強電場，某帶電粒子從A點運動到B點在這一運動過程中克服重力做的功為，電場力做的功為則下列說法正確的是A粒子帶負電B粒子在A點的電勢能比在B點少JC粒子在A點的動能比在B點多JD在粒子和地球所組成的系統(tǒng)中，粒子在A點的機械能比在B點少J三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）據(jù)統(tǒng)計人在運動過程中，腳底在接觸地面瞬間受到

7、的沖擊力是人體自身重力的數(shù)倍為探究這個問題，實驗小組同學(xué)利用落錘沖擊的方式進行了實驗，即通過一定質(zhì)量的重物從某一高度自由下落沖擊地面來模擬人體落地時的情況重物與地面的形變很小，可忽略不計g取10m/s1下表為一次實驗過程中的相關(guān)數(shù)據(jù)重物(包括傳感器)的質(zhì)量m/kg8.5重物下落高度H/cm45重物反彈高度h/cm10最大沖擊力Fm/N850重物與地面接觸時間t/s0.1（1）請你選擇所需數(shù)據(jù)，通過計算回答下列問題：a重物受到地面的最大沖擊力時的加速度大??；b在重物與地面接觸過程中，重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的多少倍（1）如果人從某一確定高度由靜止豎直跳下，為減小腳底在與地面接

8、觸過程中受到的沖擊力，可采取什么具體措施，請你提供一種可行的方法并說明理由12（12分）某同學(xué)通過實驗測定一個阻值約為5的電阻Rx的阻值。（1）現(xiàn)有電源（4V，內(nèi)阻約為0.5），開關(guān)和導(dǎo)線若干，以及下列器材：A電流表(0-3A，內(nèi)阻約 0.025)B電流表(0-0.6A，內(nèi)阻約 0.125) C電壓表(0-3V，內(nèi)阻約 3k)D電壓表(0-15V，內(nèi)阻約 15k)E.滑動變阻器（0-500，額定電流 A）F.滑動變阻器（0-10，額定電流 2A）為減小測量誤差，在實驗中，電流表應(yīng)選用_，電壓表應(yīng)選用_(選填器材前的字母)； 滑動變阻器應(yīng)選用_實驗電路應(yīng)采用圖中的_（選填“甲”或“乙”） （2）

9、圖是測量Rx的實驗器材實物圖，圖中已連接了部分導(dǎo)線.請根據(jù)在（1）問中所選的電路圖，補充完成圖中 實物間的連線.（_）（3）接通開關(guān)，改變滑動變阻器滑片P的位置，并記錄對應(yīng)的電流表示數(shù)I、電壓表示數(shù)U。某次電表讀數(shù)如圖所示，可得該電阻的測量值Rx=_(保留兩位有效數(shù)字)。 （4）若在（1）問中選用甲電路，產(chǎn)生誤差的主要原因是_;若在（1）問中選用乙電路產(chǎn)生誤差的主要原因是_。（選填選項前的字母） A、 電流表測量值小于流經(jīng)Rx的電流值B、 電流表測量值大于流經(jīng)Rx的電流值C、 電壓表測量值小于Rx兩端的電壓值D、 電壓表測量值大于Rx兩端的電壓值四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答

10、題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，光滑絕緣的水平地面上，相隔4L的A,B兩點固定有兩個電量均為+Q的正電電荷，a，O，b是AB連線上的三點，且O為中點，Oa=Ob=L。一質(zhì)量為m，電量為q的點電荷以初速度v0從a點出發(fā)沿AB連線向B運動，在運動過程中電荷受到大小恒定的阻力作用，但速度為零時，阻力也為零。當(dāng)它第一次運動到O點時，速度為2v0，繼續(xù)運動到b點時的速度剛好為0，然后返回往復(fù)運動，直至最后靜止在O點。已知靜電力常量為k，求：(1)電荷q受到的阻力大??？(2)aO兩點之間的電勢差？(3)電荷q在電場中運動的總路程？14（16分）如下左圖

11、所示，R114，R29，當(dāng)S扳到位置1時，電壓表示數(shù)為2.8V，當(dāng)開關(guān)S扳到位置2時，電壓表示數(shù)為2.7V，求電源的電動勢和內(nèi)阻？（電壓表為理想電表）15（12分）有一水平向右的勻強電場，場強E9.0103N/C，在豎直平面內(nèi)半徑為0.1 m 的圓周上取如圖所示最高點C，另在圓心O處放置電荷量為Q1.0108C的帶正電的點電荷試求C處的場強參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】試題分析：據(jù)動能定理得出粒子經(jīng)過同一電壓加速電場后加速后的速度表達式，結(jié)合比荷之比求出粒子的速度之比根據(jù)動能定理得，解得，因為兩粒子

12、的比荷之比為2：1，則速度大小之比為，C正確2、C【解析】帶正電的粒子受力向右，磁場的方向是向里的，根據(jù)左手定則可知，運動方向應(yīng)該是向上的，故C正確，ABD錯誤3、C【解析】A減小A、B板間的距離，根據(jù)電容的決定式分析得知，電容C增大，電容器的電量Q不變，則由可知板間電壓U減小，靜電計指針張角變小，故A錯誤；B增大A、B板間的距離，根據(jù)電容的決定式分析得知，電容C減小，電容器的電量Q不變，則由可知板間電壓U增大，靜電計指針張角變大，故B錯誤；CB板上移時，減小A、B板的正對面積，根據(jù)電容的決定式分析得知，電容C減小，電容器的電量Q不變，則由可知板間電壓U增大，靜電計指針張角變大，故C正確；D在

13、A、B板間放入一介質(zhì)板，根據(jù)電容的決定式分析得知，電容C增大，電容器的電量Q不變，則由得知，板間電壓U減小，靜電計指針張角變小，故D錯誤。故選C。4、A【解析】ABC.燈泡正常發(fā)光，則燈泡兩端電壓為6V，電流可知電動機兩端電壓為UM=10V-6V=4V；電動機的輸入功率為P=IUM=8W；電動機的熱功率電動機的輸出功率為則選項A錯誤，符合題意；選項BC正確，不符合題意；D若利用該電動帶動起重裝置勻速提升20 N的重物（忽路一切阻力），則解得v=0.2m/s則10s內(nèi)升高h=vt=2 m選項D正確，不符合題意。5、B【解析】根據(jù)安培定則判斷a導(dǎo)線磁感線的方向為順時針方向，在b導(dǎo)線處的磁感線豎直向

14、下，如圖所示，根據(jù)左手定則判斷b導(dǎo)線受到的安培力水平向右，故B正確，ACD錯誤。故選B6、D【解析】由題可知，當(dāng)M沒有通電流時P、Q兩導(dǎo)線在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小都為B，將兩個磁感應(yīng)強度合成，由幾何關(guān)系可知它們的合磁感應(yīng)強度也為B，方向水平向右，如圖所示：將該合磁感應(yīng)強度再與勻強磁場B0合成，由題知中心O點的磁感應(yīng)強度為2B0，所以B=B0；當(dāng)導(dǎo)線M也通以向里的電流I，則三根導(dǎo)線產(chǎn)生的合磁感應(yīng)強度如圖所示：由幾何關(guān)系可知，三根導(dǎo)線產(chǎn)生在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度大小相等，其中P與Q的合磁感應(yīng)強度與M在O點產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度，大小相等，方向相反，所以在O點只有勻強磁場產(chǎn)生的磁感應(yīng)強度，則此時O點的磁感

15、應(yīng)強度為B0，故選D。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】沿電場線的方向電勢降低；電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場強度??；根據(jù)電勢能公式Ep=q分析電勢能的變化情況，判斷電場力做功正負。整個導(dǎo)體球是一個等勢體。【詳解】A項：根據(jù)沿電場線方向電勢降低，a點的電勢低于b點的電勢，故A正確；B項：、根據(jù)電場線密的地方電場強度大，電場線疏的地方電場強度小，知c點的場強小于d點的場強，故B錯誤；C項：將一正試探電荷從e點沿虛線移動到f點，由于導(dǎo)體球處于靜

16、電平衡狀態(tài)，整個導(dǎo)體球是一個等勢體，所以ef兩點的電勢相等，則電場力做功為零，故C錯誤；D項：導(dǎo)體球處于靜電平衡狀態(tài)，整個導(dǎo)體球是一個等勢體，其內(nèi)部電勢與地相等，為零，故D正確。故應(yīng)選：AD?！军c睛】本題抓住處于靜電平衡導(dǎo)體的特點：整個導(dǎo)體球是一個等勢體，其上各點電勢相等是關(guān)鍵。若要比較場強大小和電勢高低常常畫電場線，形象直觀地判斷。8、BD【解析】根據(jù)庫侖定律可得小球A與B之間庫侖力的大小為：F=kQBQd2，當(dāng)細線上的拉力為零時，小球A受重力、支持力及庫侖斥力而平衡，在沿斜面方向上根據(jù)共點力平衡條件可得：mgsin=Fcos，聯(lián)立解得：QB=mgd2tankQ，故A錯誤，B正確；當(dāng)斜面對A

17、球支持力剛好為零時，根據(jù)共點力平衡條件可得：mg=Ftan，聯(lián)立可得：QB=mgd2kQtan，故D正確，C錯誤所以BD正確，AC錯誤9、AC【解析】電量為+q的小球靜止在斜面上，受重力、支持力和電場力，三力的合力為零，則三個力的首尾相連構(gòu)成矢量三角形，如圖所示：A由上圖可知，當(dāng)電場力與支持力垂直時即電場力沿斜面向上時，電場力最小，則電場強度最小，由平衡得：qEmin=mgsin解得：故A正確；B由圖可知，當(dāng)場強方向斜向下時，電場力無最大值，即場強無最大值，選項B錯誤；CD由上圖可知，若電場強度方向從沿斜面向上逐漸轉(zhuǎn)到豎直向上，則電場力與豎直方向夾角逐漸減小，電場力逐漸增大，則電場強度逐漸增大

18、，故C正確，D錯誤10、CD【解析】在由A運動B的過程中，有兩個力做功，一是重力做負功，一是電場力做正功，從運動軌跡上判斷，粒子帶正電，從A到B的過程中，電場力做正功為1.5J，所以電勢能是減少的，A點的電勢能要大于B點電勢能，從A到B的過程中，克服重力做功2.0J，電場力做功1.5J，由動能定理可求出動能的變化情況，從A到B的過程中，做功的力有重力和電場力，應(yīng)用能量的轉(zhuǎn)化與守恒以及功能關(guān)系可比較AB兩點的機械能；【詳解】A、由運動軌跡上來看，垂直電場方向射入的帶電粒子向電場的方向偏轉(zhuǎn)，說明帶電粒子受到的電場力與電場方向相同，所以帶電粒子應(yīng)帶正電，故A錯誤；B、從A到B的過程中，電場力做正功，

19、電勢能在減少，所以在A點是的電勢能要大于在B點時的電勢能，故B錯誤；C、從A到B的過程中，克服重力做功2.0J，電場力做功1.5J，由動能定理可知，粒子在A點的動能比在B點多0.5J，故C正確；D、從A到B的過程中，除了重力做功以外，還有電場力做功，電場力做正功，電勢能轉(zhuǎn)化為機械能，帶電粒子的機械能增加，由能的轉(zhuǎn)化與守恒可知，機械能的增加量等于電場力做功的多少，所以機械能增加了1.5J，即粒子在A點的機械能比在B點少1.5 J，故D正確【點睛】本題考查功能關(guān)系，要熟練掌握各種功和能的關(guān)系，在學(xué)習(xí)中注意掌握三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。1

20、1、（1）a；b6倍；（1）見解析【解析】（1）a重物受到最大沖擊力時加速度的大小為a由牛頓第二定律解得b重物在空中運動過程中，由動能定理重物與地面接觸前瞬時的速度大小重物離開地面瞬時的速度大小重物與地面接觸過程，重物受到的平均作用力大小為F，設(shè)豎直向上為正方向由動量定理解得 F=510N 故因此重物受到的地面施加的平均作用力是重物所受重力的6倍。（1）可以通過增加重物與地面接觸時間來減小沖擊力，由動量定理Ft=mv可知，接觸時間增加了，沖擊力F會減小。12、B C F 甲 5.2 B D 【解析】(1)12因電源的電壓為4V，因此電壓表選擇3V量程，即電壓表C；由于阻值約為5的電阻Rx的，根

21、據(jù)歐姆定律可知，電流的最大值為0.8A，從精確角來說，所以電流表選擇0.6A的量程即電流表B；3為了調(diào)節(jié)方便且測量精確，滑動變阻器應(yīng)用總阻值較小的即滑動變阻器F；4根據(jù)待測電阻的阻值與電壓表及電流表的阻值，可知，待測電阻的阻值偏小，因此選擇電流表外接法，故選擇甲圖；(2)5根據(jù)電路圖來連接實物圖原則，注意電表的正負極，并分幾個回路來連接，如圖所示(3)6由圖可知，電壓表的讀數(shù)為U=2.60V；電流表的讀數(shù)為I=0.50A；電阻阻值(4)7甲圖采用的是電流表外接法，實際上電壓表并不是理想電表，所以電壓表也有電流流過，電流表測量的電流是Rx和電壓表的電流之和，所以產(chǎn)生誤差的主要原因是電流表測量值大于Rx的電流值，導(dǎo)致測量的電阻Rx比實際偏小，故選B；8乙圖采用的是電流表內(nèi)接法，實際上電流表并不是理想電表，所以電流表