2023學年四川省自貢市富順縣二中物理高二第一學期期中學業(yè)質量監(jiān)測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷考生須知：1全卷分選擇題和非選擇題兩部分，全部在答題紙上作答。選擇題必須用2B鉛筆填涂；非選擇題的答案必須用黑色字跡的鋼筆或答字筆寫在“答題紙”相應位置上。2請用黑色字跡的鋼筆或答字筆在“答題紙”上先填寫姓名和準考證號。3保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，在草稿紙、試題卷上答題無效。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖為兒童蹦床的照片，兒童綁上安全帶，在兩根彈性繩的牽引下上下運動在兒童從接觸蹦床到最低點的過程中A蹦床對人的彈力做正功，蹦床的彈性勢能變大B蹦床對人的彈力做正功，蹦床

2、的彈性勢能變小C蹦床對人的彈力做負功，蹦床的彈性勢能變大D蹦床對人的彈力做負功，蹦床的彈性勢能變小2、一定質量的理想氣體由狀態(tài)A經過圖中所示過程變到狀態(tài)B，在此過程中氣體的密度（ ）A一直變小B一直變大C先變小后變大D先變大后變小3、一個阻值為2的電阻，通過它的電流強度為2A，則下列說法正確的是（）A1s內通過該電阻的電荷量為1CB該電阻1s內的發(fā)熱量為4JC該電阻1s內的發(fā)熱量為8JD該電阻發(fā)熱功率是4W4、宇航員在探測某星球時，發(fā)現(xiàn)該星球均勻帶電，其帶電量為Q，表面無大氣，在有一次實驗中宇航員將一帶電（其電荷量q遠遠小于Q）粉塵放到離星球表面的一定高度處。設此帶電星球對粉塵的靜電力為F1，

3、粉塵對星球的靜電力為F2，則AF1=F2BF1F2CF1F2D無法確定5、兩帶電量分別為q和q的點電荷放在x軸上，相距為L，能正確反映兩電荷連線上場強大小E與x關系的是圖AABBCCDD6、閉合電路中產生的感應電動勢的大小，跟穿過這一閉合回路的下列哪個物理量成正比的是：A磁通量B磁感應強度C磁通量的變化量D磁通量的變化率二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，有三個質量相等，分別帶正電、負電和不帶電的小球，從平行板電場中的P點以相同的初速度垂直于電場線方向進入電

4、場，它們分別落到A、B、C三點()A落到A點的小球帶正電，落到B點的小球不帶電B三小球在電場中運動的時間相等C三小球到達正極板時動能關系是EkAEkBEkCD三小球在電場中運動的加速度關系是aAaBaC8、如圖所示，導線框abcd與固定直導線AB在同一平面內，直導線AB中通有恒定電流I，當線框由圖示位置向右勻速運動的過程中（ ）A線圈中的感應電流方向是 abcdaB線圈中的感應電流方向是 dcbadC線圈中的感應電流大小逐漸減小D線圈中的感應電流大小不變9、如圖所示，兩平行光滑金屬導軌CD、PQ間距為L，與電動勢為E、內阻為r的電源相連，質量為m、電阻為R的金屬棒ab垂直于導軌放置構成閉合回路

5、，回路平面與水平面成角，回路其余電阻不計在空間施加勻強磁場可以使ab棒靜止，則磁場的磁感應強度的值及其方向可能為( )A，豎直向上B，垂直于回路平面向下C，豎直向下D，垂直于回路平面向上10、如圖所示，豎直放置的兩個平行金屬板間有勻強電場，在兩板之間等高處有兩個質量相同的帶電小球（不計兩帶電小球之間的電場影響），小球從緊靠左極板處由靜止開始釋放，小球從兩極板正中央由靜止開始釋放，兩小球沿直線運動都打在右極板上的同一點，則從開始釋放到打到右極板的過程中（ ）A它們的運動時間的關系為B它們的電荷量之比為C它們的動能增量之比為D它們的電勢能減少量之比為三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答

6、題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）為了精密測量一金屬絲的電阻率：(1)如圖甲所示，先用多用電表“1 ”擋粗測其電阻為_，然后用螺旋測微器測其直徑為_mm (2)為了減小實驗誤差，需進一步測其電阻，除待測金屬絲外，實驗室還備有的實驗器材如下：A電壓表 V(量程 3 V，內阻約 15 k；量程 15 V，內阻約 75 k) B電流表 A(量程 0.6 A，內阻約 1 ；量程 3 A，內阻約 0.2 )C滑動變阻器R1(05 ，1A) D滑動變阻器R2(02000 ，0.1 A)E1.5 V 的干電池兩節(jié)，內阻不計F電阻箱G開關 S，導線若干為了測多組實驗數(shù)據，則上述器材中的滑動變

7、阻器應選用 _(選填“R1 ”或“R2”)請在虛線框內設計最合理的電路圖并完成實物圖的連線_12（12分）（1）下圖中，游標卡尺讀數(shù)_mm，螺旋測微器讀數(shù)_mm(2)多用電表粗測電阻，已經調零且選擇開關指向歐姆擋“10”擋位，發(fā)現(xiàn)指針的偏轉角度太大，這時他應將選擇開關換成歐姆擋的“_”擋位(選填“100”或“1”)；調零后測量，其表盤及指針所指位置如圖，則待測電阻為_ .四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一帶電量q=6.410-19C、質量m=1.610-25的初速度為零的粒子，經電壓U=200V的加速電

8、場加速后，沿垂直于電場線方向進入E=1.0103V/m均勻偏轉電場已知粒子在穿越偏轉電場過程中沿場強方向的位移為5，不計粒子所受重力，求：（1）偏轉電場平行板的板長；（2）粒子穿越偏轉電場過程中偏角的正切14（16分）如圖的電路中，電池組的電動勢=30V，電阻，兩個水平放置的帶電金屬板間的距離d=1.5cm。在金屬板間的勻強電場中，有一質量為g帶電量C的油滴，當把可變電阻器的阻值調到35接入電路時，帶電油滴恰好靜止懸浮在電場中，此時安培表示數(shù)I=1.5A，試求： (1)兩金屬板間的電場強度；(2)B點的電勢；(3)電阻通電10s鐘產生的熱量；(4)要使電池組的輸出功率為62.5W，應把的阻值調

9、到多大?15（12分）一個勻強電場的場強為1.0104V/m，在平行于電場的平面上畫半徑為10cm的圓，圓周上取三點A、B、C試問：(1)A、B間的電勢差為多大？(2)B點電勢取作零時，C點的電勢為多大？(3)將一個電子從B點沿圓弧移到C點時電場力做功？參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、C【解析】由題中“兩根彈性繩的牽引下上下運動”可知，本題考查彈力做功和彈性勢能的變化，根據對物體運動過程的分析可解答本題。【詳解】AB、從從接觸蹦床到最低點的過程中，彈力和兒童的運動方向相反，多以蹦床對人的彈力做負功，AB錯誤；C

10、D、由于彈力做負功，因此蹦床的彈性勢能變大，故C正確D錯誤。2、A【解析】由理想氣體狀態(tài)方程：（常數(shù)）,解得：，所以圖象中從A到B任意一點與坐標原點的連線表示體積的倒數(shù)，所以從A到B過程中體積逐漸增大，由密度 得到，密度一直減小故選A.【點睛】注意此類題目解決的思路總是從理想氣體狀態(tài)方程出發(fā)，整理出題目所要求的具體表達式3、C【解析】1s內通過電阻的電荷量為 q=It=21C=2C，故A錯誤；1s內的發(fā)熱量為 Q=I2Rt=2221J=8J，故B錯誤，C正確；電阻的發(fā)熱功率為 P=I2R=222W=8W，故D錯誤故選C4、A【解析】帶電星球對粉塵的靜電力和粉塵對星球的靜電力是作用力與反作用力，

11、大小相等。A. F1=F2。與結論相符，故A正確；B. F1F2。與結論不符，故B錯誤；C. F1F2。與結論不符，故C錯誤；D. 無法確定。與結論不符，故D錯誤。5、A【解析】考查了等量異種電荷電場分布特點【詳解】等量異種電荷的連線上的中點處電場強度最小，由中點向兩邊逐漸增大，所以A正確6、D【解析】由法拉第電磁感應定律可知，閉合電路中產生的感應電動勢的大小與磁通量的變化率成正比，與磁通量及磁通量的變化量無關?！驹斀狻坑煞ɡ陔姶鸥袘煽芍篍=nt，所以E與磁通量的變化率成正比，即電動勢取決于磁通量的變化快慢，故D正確，ABC錯誤?！军c睛】明確電動勢只取決于磁通量的變化率，與磁通量及磁能

12、量的變化量無關。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】在平行金屬板間不帶電小球、帶正電小球和帶負電小球的受力如圖所示：由此可知不帶電小球做平拋運動帶正電小球做類平拋運動帶負電小球做類平拋運動根據題意，三小球在豎直方向都做初速度為0的勻加速直線運動，球到達下極板時，在豎直方向產生的位移h相等，據得三小球運動時間，正電荷最長，不帶電小球次之，帶負電小球時間最短A三小球在水平方向都不受力，做勻速直線運動，則落在板上時水平方向的距離與下落時間成正比，故水平位移最大的

13、A是帶正電荷的小球，B是不帶電的小球，C帶負電的小球，故A正確；B由于三小球在豎直方向位移相等，初速度均為0，由于電場力的作用，三小球的加速度不相等，故它們的運動時間不相等，故B錯誤；C根據動能定理，三小球到達下板時的動能等于這一過程中合外力對小球做的功。由受力圖可知，帶負電小球合力最大為G+F，做功最多，動能最大，帶正電小球合力最小為G-F，做功最少，動能最小，即有故C錯誤；D因為A帶正電，B不帶電，C帶負電，所以 由受力分析可知，故D正確。8、BC【解析】AB由安培定則可知，載有恒定電流的直導線產生的磁場在線框處的方向為垂直紙面向里，并且離導線越遠磁感應強度越小，故當沿圖示方向移動線框時，

14、穿過線框平面的磁通量減小，根據楞次定律可知電流為順時針dcbad，故A錯誤，B正確；CD離通電導線越遠，磁場越弱，由于線框勻速運動，故磁通量變化率變化率越來越小，線框中產生的感應電動勢越小，感應電流就變小，故C正確，D錯誤。故選BC。9、BC【解析】對導體棒受力分析，受重力、支持力和安培力，如圖所示：A、根據左手定則可知，當磁場的方向豎直向上時，安培力的方向向左，棒不可能達到平衡，故A錯誤；B、當磁場方向垂直于回路平面向下時，安培力的方向沿斜面向上，根據受力分析圖可知此時安培力最小；故安培力的最小值為：，故磁感應強度的最小值為：;根據閉合電路歐姆定律，有：，故有：故B正確；C、當磁場方向豎直向

15、下時，安培力的方向水平向右，此時：，故磁感應強度：故C正確；D、根據左手定則，磁場方向垂直于回路平面向上時，安培力的方向沿斜面向下，棒不可能達到平衡；故D錯誤故選BC10、BD【解析】兩小球在豎直方向都做自由落體運動，由題分析可知，小球下落高度相同，由公式，可知它們運動時間相同，故A錯誤小球在水平方向都做初速度為零的勻加速直線運動，水平位移，由，得加速度之比根據牛頓第二定律得，兩球的加速度分別為，則，故B正確由場力做功分別為，由于，得，故電勢能的減小量為，而重力做功相同，則合力做功之比則動能增加量之比，故C錯誤，D正確故選BD.【點睛】兩小球在勻強電場中受到電場力和重力作用，都做勻加速直線運動

16、，運用運動的分解可知：兩小球在豎直方向都做自由落體運動，由題分析可知，小球下落高度相同，運動時間相同兩小球水平方向都做初速度為零的勻加速直線運動，水平位移，根據牛頓第二定律和運動學公式研究電荷量之比根據電場力做功之比，研究電勢能減小量之比根據數(shù)學知識分析合力對兩球做功的關系，由動能定理分析動能增加量之比三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、 (1)8.0 2.096 (2)R1 (3)如圖甲、乙所示 【解析】歐姆表指針示數(shù)與倍率的乘積是歐姆表示數(shù)；螺旋測微器固定刻度與可動刻度示數(shù)之和是螺旋測微器的示數(shù)；在保證安全的前提下，為方便實驗操作，

17、應選最大阻值較小的滑動變阻器；為準確測量電阻阻值，應測多組實驗數(shù)據，滑動變阻器可以采用分壓接法，根據待測電阻與電表內阻間的關系確定電流表的接法，作出實驗電路圖，然后根據電路圖連接實物電路圖；【詳解】解：(1)由圖示多用電表可知，待測電阻阻值是81=8；由圖示螺旋測微器可知，的固定刻度讀數(shù)為2mm，可動刻度讀數(shù)為0.019.6mm=0.096mm，其讀數(shù)為：2mm+9.60.01mm=2.096mm； (2)滑動變阻器 R2(02000 ，0.1 A)的阻值比待測金屬絲阻值8大得太多，為保證電路安全，方便實驗操作，滑動變阻器應選R1，最大阻值5；為測多組實驗數(shù)據，滑動變阻器應采用分壓接法，由于被

18、測電阻阻值較小，則電流表應采用外接法，實驗電路圖如圖所示根據實驗電路圖連接實物電路圖，如圖所示12、102.35 4.594 1 12 【解析】（1）游標卡尺讀數(shù)為螺旋測微器的讀數(shù)為(2)多用電表指針的偏轉角度太大，指示值太小，要使指針指在中央附近，指示值變大，根據歐姆擋讀數(shù)=指示值倍率可知，應換用倍率小的擋位，用1擋從表盤中可以看出待測電阻為12【點睛】游標卡尺讀數(shù)的方法是主尺讀數(shù)加上游標讀數(shù)，不需估讀螺旋測微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動刻度讀數(shù)，在讀可動刻度讀數(shù)時需估讀對于多用電表歐姆擋測電阻換擋方法要熟記：“大換小，小換大”，即偏轉角度大時，換用倍率小的擋位；偏轉角度小時，換用倍率大的擋位四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、0.2m【解析】帶電粒子在加速電場中做勻加速直線運動，根據動能定理求出加速度后的速度，進入偏轉電場后做類平拋運動，垂直于場強方向做勻速運動，沿電場方向做勻加速直線運動，根據運動學基本公式即可求解；【詳解】解：帶電粒子在加速電場中做勻加速直線運動，根據動能定理得