北京市首師大附中2023學年高二物理第一學期期中質(zhì)量檢測模擬試題含解析

1、2023學年高二上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，一個半徑為L的半圓形硬導體AB以速度，在水平U型框架上勻速滑動，勻強磁場的磁感應強度

2、為B，回路中的電阻為，半圓形硬導體AB的電阻為，其余電阻不計，則半圓形導體AB切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢的大小及AB之間的電勢差分別為( )A，B，C，D，2、已知地球的半徑為6.4103km，水的摩爾質(zhì)量為1.810-2kg/mol，阿伏加德羅常數(shù)為6.021023個/mol,設想將1g水均勻地分布在地球表面，估算1m2的地球表面上分布的水分數(shù)目約為（ ）A7107個B3108個C31011個D71010個3、某磁場的磁感線分布如圖所示，有一銅線圈從圖中的上方A處落到B處，則在下落的過程中，從上向下看，線圈中的感應電流的方向是()A順時針B逆時針C先逆時針后順時針D先順時針后逆時針4、木塊以一

3、定的初速度沿粗糙斜面上滑，后又返回到出發(fā)點若規(guī)定沿斜面向下為速度的正方向，下列各圖像中能夠正確反映該木塊運動過程的速度隨時間變化的關系的是ABCD5、如圖所示，板長為L的平行板電容器與一直流電源相連接，其極板與水平面成300角；若粒子甲乙以相同的大小的初速度v0=2gL由圖中的P點射入電容器，分別沿著虛線1和2運動，然后離開電容器；虛線1為連接上下極板邊緣的水平線，虛線2為平行且靠近上極板的直線，則下列關于兩粒子的說法正確的是（ ）A兩者均做勻速直線運動B兩者電勢能均逐漸增加C兩者的比荷之比為3:4D兩者離開電容器時的速率之比為v甲：v乙=2：36、兩根長直通電導線互相平行，電流方向相同，它們

4、的截面處于等邊的和處，如圖所示。兩通電導線在處產(chǎn)生磁場的磁感應強度大小都是，則C處磁場的總磁感應強度大小是（ ）A0BCD2二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，平行板電容器與直流電源連接，上極板接地.一帶負電油滴固定于容器中的P點現(xiàn)將上極板豎直向下緩慢地移動一小段距離，則（ ）A帶電油滴受到的電場力將不變B帶電油滴的電勢能將減少CP點的電勢將升高D電容器的電容增加，極板帶電量增加8、如圖所示為兩個不同閉合電路中兩個不同電源的UI圖象，O為坐標原點，下列判斷正

5、確的是（ ）A電動勢， 內(nèi)阻B電動勢， 內(nèi)阻C電動勢，內(nèi)阻 D電動勢，發(fā)生短路時的電流9、如圖所示，在x0、y0的空間中有恒定的勻強磁場，磁感應強度的方向垂直于xOy平面向里，大小為B現(xiàn)有一個質(zhì)量為m、電荷量為q的帶正電的粒子，從在x軸上的某點P沿著與x軸成30角的方向射入磁場不計重力，則下列說法正確的是A粒子在磁場中運動所經(jīng)歷的時間可能為B粒子在磁場中運動所經(jīng)歷的時間可能為C粒子在磁場中運動所經(jīng)歷的時間可能為D粒子一定不能通過坐標原點10、如圖所示為一空腔導體周圍的電場線分布圖，電場方向如圖中箭頭所示，M、N、P、Q是以O為圓心的一個圓周上的四點，其中M、N在一條直電場線上，P、Q在一條曲電

6、場線上，下列說法正確的有()AM點的電場強度比N點的電場強度小BP點的電勢比Q點的電勢低C負電荷在P點的電勢能小于其在Q點的電勢能DM、O間的電勢差等于O、N間的電勢差三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學為了測定一只電阻的阻值，采用了如下方法：用多用電表粗測：多用電表電阻擋有4個倍率，分別為“1 k”、“100”、“10”、“1”該同學選擇“100”倍率，用正確的操作步驟測量時，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)角度太大(指針位置如圖虛線所示)為了較準確地進行測量，請你補充完整下列依次應該進行的主要操作步驟：a_.b兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，

7、使指針指在“0 ”處c重新測量并讀數(shù)，若這時刻度盤上的指針位置如圖中實線所示，測量結果是_12（12分）測定電源的電動勢和內(nèi)電阻的實驗電路和UI圖象如下，回答下列問題：（1）如圖1所示在閉合開關之前為防止電表過載而滑動變阻器的滑動頭P應放在_端處（填左、右）（2）如圖2是根據(jù)實驗數(shù)據(jù)畫出的UI圖象由此可知這個干電池的電動勢E=_V，內(nèi)電阻 r=_（保留兩位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，電源電動勢E=12V，內(nèi)阻，電容器，電阻，電鍵S原來是閉合的，求斷開電鍵S以后通過的電量。14（1

8、6分）如圖所示,電解槽A和電爐B并聯(lián)后接到電源上，電源內(nèi)阻r1，電爐電阻R19，電解槽電阻r0.5.當S1閉合、S2斷開時，電爐消耗功率為684W；S1、S2都閉合時電爐消耗功率為475 W(電爐電阻可看做不變)試求：(1)電源的電動勢；(2)S1、S2都閉合時，流過電解槽的電流大?。?3)S1、S2都閉合時，電解槽中電能轉(zhuǎn)化成化學能的功率15（12分）如圖所示，一個質(zhì)量為30g、帶電荷量1.7108 C的半徑極小的小球，用絲線懸掛在某勻強電場中，電場線與水平面平行當小球靜止時，測得懸線與豎直方向夾角為30，求勻強電場E（g取10m/s2）參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共2

9、4分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】半圓形導體AB切割磁感線的有效長度為2L，根據(jù)法拉第電磁感應定律，AB切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢的大小為E=B2Lv=2BLv；AB相當于電源，其兩端的電壓是外電壓，由歐姆定律得AB之間的電勢差U=。A. AB切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢的大小及AB之間的電勢差分別為，與分析不一致，故A錯誤；B. AB切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢的大小及AB之間的電勢差分別為，與分析不一致，故B錯誤；C. AB切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢的大小及AB之間的電勢差分別為，與分析不一致，故C錯誤；D. AB切割磁感線產(chǎn)生感應電動勢的大小及AB之間的電勢差分

10、別為，與分析相一致，故D正確。2、A【解析】1g水所含分子數(shù)為1cm2所含分子數(shù)為個/m2A. 7107個與上述計算結果個相符，故A正確； B. 3108個與上述計算結果個不相符，故B錯誤； C. 31011個與上述計算結果個不相符，故C錯誤； D. 71010個與上述計算結果個不相符，故D錯誤；3、D【解析】在下落過程中，磁感應強度先增大后減小，所以穿過線圈的磁通量先增大后減小，A處落到中間位置，穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知產(chǎn)生感應電流磁場方向向下，所以感應電流的方向為順時針；從中間位置落到B處，穿過線圈的磁通量減小，產(chǎn)生感應電流磁場方向向上，所以感應電流的方向為逆時針，故D正確，

11、ABC錯誤4、A【解析】A、根據(jù)牛頓第二定律，上滑時的加速度大小為：a2=gsin+gcos，下滑時的加速度大小為：a2=gsingcos知a2a2則上滑過程vt圖象的斜率大小大于下滑過程圖象的斜率大小根據(jù)位移公式x=，由于下滑與上滑過程位移大小相等，則知，下滑時間t2大于上滑的時間t2由于機械能有損失，返回到出發(fā)點時速度小球出發(fā)時的初速度故A正確BCD、規(guī)定沿斜面向下為速度的正方向，則上滑速度為負，下滑速度為正，故BCD錯誤故選A5、D【解析】根據(jù)題意可知，粒子做直線運動，則電場力與重力的合力與速度在同一直線上，所以電場力只能垂直極板向上，受力如圖所示；根據(jù)受力圖，粒子做直線運動，則電場力與

12、重力的合力與速度方向反向，粒子做勻減速直線運動，故A錯誤；粒子甲受到的電場力與位移方向的夾角為鈍角，所以電場力做負功，電勢能逐漸增加；粒子乙運動的方向與電場力的方向垂直，電場力不做功，所以粒子的電勢能不變。故B錯誤；根據(jù)受力圖，對甲：m甲gq甲Ecos3032q甲E，所以：q甲m甲23g3E 對乙：m乙gcos30=q乙E，所以：q乙m乙3g2E；所以：q甲m甲：q乙m乙23g3E：3g2E43 ，故C錯誤；帶電微粒甲沿水平直線運動，合力做的功：W1m甲gtan30Lcos30=23m甲gL，根據(jù)動能定理得：12m甲v甲2-12m甲v02-23m甲gL；所以：v甲23gL；帶電微粒乙沿平行于極

13、板的直線運動，合力做的功：W2m乙gsin30L12m乙gL，根據(jù)動能定理得：12m乙v乙2-12m乙v02-12m乙gL，所以：v乙gL；所以：v甲：v乙=2：3故D正確。故選D。6、C【解析】根據(jù)安培定則可知，導線A在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于AC方向向右，導線B在C處產(chǎn)生的磁場方向垂直于BC方向向右，如圖，根據(jù)平行四邊形定則得到，C處的總磁感應強度為；故C正確，ABD錯誤；故選C。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BCD【解析】將上極板豎直向下緩慢移動時，d減小

14、，電容器的電壓U不變，由E=Ud分析得知，板間場強變大，則油滴所受電場力變大故A錯誤P點到下極板的距離不變，而E變大，由U=Ed知，P點與下極板間電勢差變大，P點的電勢小于零，則P點的電勢升高，由于油滴帶負電，則帶電油滴的電勢能將減小故BC正確d減小，由C=S4kd，知電容C變大，U不變，由Q=CU分析可知電容器所帶電量增加故D正確故選BCD點睛：本題是電容器動態(tài)變化分析問題，抓住不變量：電容器與電源保持相連，電壓不變，由C=S4kd，C=QU和E=Ud結合進行分析8、AD【解析】在U-I圖象中與U軸的交點表示電源的電動勢，斜率表示內(nèi)阻，可知電動勢E1=E2，內(nèi)阻r1r2，故A正確，BC錯誤；

15、由U-I圖象與I軸的交點表示短路電流，故發(fā)生短路時的電流I1I2，故D正確所以AD正確，BC錯誤9、ACD【解析】ABC、由于P點的位置不定，所以粒子在磁場中的運動圓弧對應的圓心角也不同，最大的圓心角時圓弧與y軸相切時即300，則運動的時間為；而最小的圓心角為P點從坐標原點出發(fā)，圓心角為120，所以運動時間為，故粒子在磁場中運動所經(jīng)歷的時間為，故AC正確，B錯誤；D、粒子由P點成30角入射，則圓心在過P點與速度方向垂直的方向上，如圖所示粒子在磁場中要想到達O點，轉(zhuǎn)過的圓心角肯定大于180，而因磁場為有界，故粒子不可能通過坐標原點，故D正確；故選ACD【點睛】由于P點的位置不定，所以粒子在磁場中

16、的運動圓弧對應的圓心角也不同，最大的圓心角時圓弧與y軸相切時即300，而最小的圓心角為P點從坐標原點出發(fā)，圓心角為12010、AC【解析】A電場線的疏密程度表示電場的強弱，故N點的場強比M點的場強大，故A正確；B沿著電場線的方向電勢越來越低，所以Q點的電勢比P點的電勢低，故B錯誤；CP點電勢高于Q點，根據(jù)Ep=q可知，負電荷在P點時的電勢能小于在Q點時的電勢能，故C正確；D根據(jù)電場分布可知，MO間的平均電場強度比ON之間的平均電場強度小，故由公式U=Ed可知，MO間的電勢差小于ON間的電勢差，故D錯誤三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、

17、換用倍率“10”的擋 120 【解析】選擇100倍率，用正確的操作步驟測量時，指針偏轉(zhuǎn)角度太大說明所選擋位太大，為準確測量電阻阻值，a、應換用小擋位，換用10倍率檔；c、由圖示指針位置可知，測量結果為1210=120【點睛】本題考查了應用歐姆表測電阻的方法與主要事項，應用歐姆表測電阻時，換擋后要進行歐姆調(diào)零；要掌握常用器材的使用及讀數(shù)方法；平時要注意基礎知識的學習與掌握12、 右端 1.5 1.0【解析】(1)閉合開關之前滑動變阻器的滑動頭P應放在最大值位置處,即右端。(2)在U-I圖象中圖象與縱坐標的交點等于電源的電動勢,所以由圖可以讀出電源的電動勢為1.5V。圖象中的斜率表示電源的內(nèi)阻即：r=UI=1.5-1.10.4=1.0。四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、3104C【解析】S閉合時，、串聯(lián)，與并聯(lián)，根據(jù)閉合電路歐姆定律可得兩端的電壓為電容器的電荷量為代入數(shù)據(jù)得斷開S后，接在電源的兩端，電容器的電荷量為所以流過的電量為14、 (1)E=120V (2)IA=20 A (3)P化=1700W【解析】試題分析：（1）S1閉合，S2斷開時電爐功率為P1，電爐中電流電源電動勢（2）都閉合時電爐功率為，電爐中電流為電源路端電壓為流過