2022-2023學(xué)年山西省朔州市懷仁市高三物理第一學(xué)期期中統(tǒng)考模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1 答題前，考生先將自己的姓名、準考證號填寫清楚，將條形碼準確粘貼在考生信息條形碼粘貼區(qū)。2選擇題必須使用2B鉛筆填涂；非選擇題必須使用05毫米黑色字跡的簽字筆書寫，字體工整、筆跡清楚。3請按照題號順序在各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試題卷上答題無效。4保持卡面清潔，不要折疊，不要弄破、弄皺，不準使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、一質(zhì)量為m的物體放在光滑的水平面上，今以恒力F沿水平方向推該物體，在相同的時間間隔內(nèi)

2、，下列說法正確的是A物體的位移相等B物體動能的變化量相等CF對物體做的功相等D物體動量的變化量相等2、下列說法中正確的是（ ）A只要物體受力的同時又有位移發(fā)生，則一定有力對物體做功；B力很大，位移很大，這個力所做的功一定很多；C機械做功越多，其功率越大；D汽車上坡的時候，司機必須換擋，其目的是減小速度，得到較大的牽引力；3、如圖所示，吊車下方吊著一個質(zhì)量為500kg的重物，二者一起保持恒定的速度沿水平方向做勻速直線運動某時刻開始，吊車以10kW的功率將重物向上吊起，經(jīng)重物達到最大速度忽略空氣阻力，取則在這段時間內(nèi)（ ）A重物的最大速度B重物克服重力做功的平均功率為9.8kWC重物做勻變速曲線運

3、動D重物處于失重狀態(tài)4、如圖所示，長為L的均勻鏈條放在光滑水平桌面上，且使長度的垂在桌邊，松手后鏈條從靜止開始沿桌邊下滑，則鏈條滑至剛剛離開桌邊時的速度大小為( )ABCD5、如圖為“中國好歌聲”娛樂節(jié)目所設(shè)計的“導(dǎo)師戰(zhàn)車”，戰(zhàn)車可以在傾斜直軌道上運動。當坐在戰(zhàn)車中的導(dǎo)師按下按鈕，戰(zhàn)車就由靜止開始沿長10米的斜面沖到學(xué)員面前，最終剛好停在斜面的末端，此過程約歷時4s。則戰(zhàn)車的運動過程中，下列說法正確的是A戰(zhàn)車在運動過程中導(dǎo)師所受合力為零B戰(zhàn)車在運動過程中所受外力始終不變C戰(zhàn)車在傾斜導(dǎo)軌上做勻加速直線運動D根據(jù)題中信息可估算導(dǎo)師運動的平均速度大小6、2016年國際滑聯(lián)世界青年速度滑錦標賽中，中國

4、選手楊濤奪得500米季軍，如圖為楊濤在冰面上的運動軌跡，圖中關(guān)于他的速度方向、合力方向正確的是ABCD二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、質(zhì)量為m的小球由輕繩a和b系于一輕質(zhì)木架上的A點和C點，且Lam2(2)圖中O點是小球拋出點在地面上的垂直投影實驗時，先讓入射球m1多次從斜軌 上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程，然后，把被碰小球m1靜置于軌道的末端，再將入射球m1從斜軌S位置靜止釋放，與小球m2相撞，并多次重復(fù)接下來要完成的必要步驟是_(填選

5、項的符號)A用天平測量兩個小球的質(zhì)量m1、m2B測量小球m1開始釋放高度hC測量拋出點距地面的高度HD分別找到m1、m2相碰后平均落地點的位置M、NE測量平拋射程(3)若兩球相碰前后的動量守恒，則其表達式可表示為_(用(2)中測量的量表示)；(4)若ml=45.0 g、m2=9.0 g，=46.20cm則可能的最大值為_cm四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如右圖所示，重為G的均勻鏈條掛在等高的兩鉤上，鏈條懸掛處與水平方向成角，試求：(1)鏈條兩端的張力大小；(2)鏈條最低處的張力大小14（16分）如圖所

6、示，傾角為30的光滑斜面與粗糙的水平面平滑連接現(xiàn)將一滑塊（可視為質(zhì)點）從斜面上A點由靜止釋放，最終停在水平面上的C點已知A點距水平面的高度h=0.8m，B點距C點的距離L=2.0m（滑塊經(jīng)過B點時沒有能量損失，g=10m/s2），求：（1）滑塊在運動過程中的最大速度；（2）滑塊與水平面間的動摩擦因數(shù)；15（12分）已知某星球半徑R，宇航員在該星球表面研究了帶電粒子在電場中的運動情況，如圖所示，x軸沿水平方向，y軸豎直向上第一象限中有沿x軸的正方向的勻強電場，第二象限中有沿y軸負方向的勻強電場，兩電場的電場強度大小均為E一個質(zhì)量為m，電荷量為q的帶電質(zhì)點以初速度v0從x軸上P(L，0)點射入第二

7、象限，已知帶電質(zhì)點在第二象限中做直線運動，并且能夠連續(xù)兩次通過y軸上的同一個點Q(未畫出),萬有引力常量為G.求：（1）該星球的質(zhì)量M；（2）初速度v0與x軸正方向的夾角；（3）P、Q兩點間的電勢差UPQ；（4）帶電質(zhì)點在第一象限中運動所用的時間 參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A物體在水平恒力作用下做勻加速直線運動，在相同的時間間隔內(nèi)物體的位移逐漸增大故A錯誤BC由功的公式W=FL知道，在相同的時間間隔內(nèi)，L變大，則F做功增大根據(jù)動能定理得知，物體動能的變化量逐漸增大，故BC錯誤D根據(jù)動量定理得：F

8、t=P，F(xiàn)、t相等，則P相等，即物體動量的變化量相等故D正確2、D【解析】（1）當物體受到的力方向與位移方向垂直時，力不做功，故A錯誤；（2）由A可知，力很大，位移很大，但兩者方向垂直，做功為零，故B錯誤；（3）由P=Wt可知，功率與Wt比值有關(guān)，與W無關(guān)，故C錯誤；（4）汽車上坡的時候，司機必須換擋是為了增大牽引力，由P=FV可知，速度將減小，故D正確；故本題選D。3、B【解析】物體水平方向勻速運動，豎直方向做變加速運動，在豎直方向，當牽引力等于阻力時，豎直方向獲得最大速度，則，故速度故A錯誤；在豎直方向，根據(jù)動能定理可知，解得，重物克服重力做功的平均功率為，故B正確；物體向上做變加速運動，

9、水平方向勻速運動，根據(jù)運動的合成，可知，重物做變速曲線運動，故C錯誤；物體向上做變加速運動，故處于超重狀態(tài)，故D錯誤；故選B.【點睛】重物在水平方向勻速運動，豎直方向做變加速運動，等拉力等于重力時，速度達到最大，根據(jù)速度的合成即可判斷和速度合運動.4、C【解析】鏈條在重力作用而向下滑動，只有重力做功，其機械能守恒；可設(shè)桌面為零勢能面，列出機械能守恒方程可得出鏈條的速度【詳解】設(shè)桌面為零勢能面，鏈條的總質(zhì)量為m開始時鏈條的機械能為：E1= 當鏈條剛脫離桌面時的機械能：E2= 由機械能守恒可得：E1=E2即： 解得： 故應(yīng)選：C【點睛】零勢能面的選取是任意的，本題也可以選鏈條滑至剛剛離開桌邊時鏈條

10、的中心為零勢能面，結(jié)果是一樣的，要注意重力勢能的正負；抓住機械能守恒時，鏈條動能的變化取決于重力勢能的變化量5、D【解析】ABC由題可知，“導(dǎo)師戰(zhàn)車”沿斜面的方向先加速后減速，結(jié)合牛頓第二定律可知，車受到的合外力先沿斜面向下，后沿斜面向上，故A錯誤，B錯誤，C錯誤；D車的位移是10m，時間是4s，所以可以求出平均速度：故D正確。6、D【解析】根據(jù)曲線運動的軌跡夾在合力與速度方向之間，合力大致指向軌跡凹的一向。速度與軌跡相切AA圖與分析不符，故A錯誤；BB圖與分析不符，故B錯誤；CC圖與分析不符，故C錯誤；DD圖與分析相符，故D正確。二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給

11、出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、BD【解析】試題分析：小球原來在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，繩b被燒斷后，小球在垂直于平面ABC的豎直平面內(nèi)擺動或圓周運動，故A錯誤；繩b被燒斷前，小球在豎直方向沒有位移，加速度為零，a繩中張力等于重力，在繩b被燒斷瞬間，a繩中張力與重力的合力提供小球的向心力，而向心力豎直向上，繩a的張力將大于重力，即張力突然增大，故B正確；在繩被燒斷前，小球所受的合外力F1=mv2Lb，在繩被燒斷，小球所受的合外力F2=mv2La，由于繩被燒斷前后速度大小不變，而LaLb，則得F1F2，所以小球所受的合外力突然

12、增大，故C錯誤若角速度較大，小球原來的速度v=Lb小球能在豎直平面內(nèi)做圓周運動在最低點最小速度為5gLa，由于LaLb，可能有v5gLa，所以小球可能在垂直于平面ABC的豎直平面內(nèi)做圓周運動，故D正確考點：考查了圓周運動規(guī)律的應(yīng)用【名師點睛】本題中要注意物體做圓周運動時，外界必須提供向心力C、D兩項還可根據(jù)機械能守恒與向心力知識求解小球在垂直于平面ABC的豎直平面內(nèi)擺動或圓周運動角速度的范圍8、BCD【解析】由于汽車受到的牽引力不變，加速度不變，所以汽車在開始的階段做勻加速運動，當實際功率達到額定功率時，功率不能增加了，要想增加速度，就必須減小牽引力，當牽引力減小到等于阻力時，加速度等于零，速

13、度達到最大值，所以BCD正確，【點睛】對于汽車的兩種啟動方式，恒定加速度啟動和恒定功率啟動本題屬于恒定加速度啟動方式，由于牽引力不變，根據(jù)p=Fv可知隨著汽車速度的增加，汽車的實際功率在增加，此過程汽車做 勻加速運動，當實際功率達到額定功率時，功率不能增加了，要想增加速度，就必須減小牽引力，當牽引力減小到等于阻力時，加速度等于零，速度達到最大值9、AD【解析】A. 飛鏢水平拋出做平拋運動，在水平方向做勻速直線運動，因此，故A正確B. 飛鏢擊中P點時，P恰好在最下方，則，解得圓盤的半徑，故B錯誤C. 飛鏢擊中P點，則P點轉(zhuǎn)過的角度滿足所以圓盤轉(zhuǎn)動角速度的最小值為，故C錯誤D. P點隨圓盤轉(zhuǎn)動的線

14、速度為當k=3時，故D正確。故選AD。10、ABE【解析】液體表面層分子間距離大于液體內(nèi)部分子間距離，所以液體表面存在表面張力，選項A正確； 由阿伏加德羅常數(shù)、氣體的摩爾質(zhì)量和氣體的密度，由，可以估算出理想氣體分子間的平均距離，選項B正確；分子平均動能大的物體的溫度比分子平均動能小的物體的溫度高，選項C錯誤；機械能能全部轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，但是根據(jù)熱力學(xué)第二定律可知，內(nèi)能無法全部用來做功以轉(zhuǎn)化成機械能，選項D錯誤；分子間的引力和斥力同時存在，都隨分子間距離的增大而減小，選項E正確；故選ABE.三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、BD 0.53

15、0.81 0.3 【解析】(1)1.A.打點計時器通過打點即可知道時間，故不需要秒表，故A錯誤B.實驗需要測量兩點之間的距離，故需要毫米刻度尺和，故B正確C.本實驗中可以不測滑塊的質(zhì)量，而且砝碼的質(zhì)量已知，故天平可以不選，故C錯誤D.電磁打點計時器要用到低壓交流電源，故D正確(2)2.每隔4個點取一計數(shù)點，相鄰計數(shù)點之間的時間間隔為0.1s，故用平均速度等于中間時刻的瞬時速度可得：3.由x=at2可得：(3).對ABC系統(tǒng)應(yīng)用牛頓第二定律可得：所以a-t圖象中，縱軸的截距為-g，故-g=-3，解得：=0.3012、BCD ADE 77.00或77 【解析】（1）因為要驗證碰撞前后動量是否守恒，

16、斜槽軌道不必是光滑的，故A錯誤；本實驗中用平拋運動的性質(zhì)來驗證動量守恒，故必須保證小球做平拋運動；故斜槽末端必須水平，故B正確；平時為了準確測量落點應(yīng)取落點的平均位置；并且要求小球每次應(yīng)從同一點釋放，故C正確；只有讓重球去撞擊輕球時，實驗才能得出正確結(jié)果，故D正確所以滿足的條件BCD（2）實驗時，先讓入射球ml多次從斜軌上S位置靜止釋放，找到其平均落地點的位置P，測量平拋射程OP然后，把被碰小球m2靜置于軌道的水平部分，再將入射球ml從斜軌上S位置靜止釋放，與小球m2相碰，并多次重復(fù)測量平均落點的位置，找到平拋運動的水平位移，如果碰撞過程動量守恒，m1v0=m1v1+m2v2，因兩小球從同一高

17、度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t得：m1v0t=m1v1t+m2v2t，得，因此實驗需要測量兩球的質(zhì)量因此步驟中A、B、E是必須的（3）如果碰撞過程動量守恒，m1v0=m1v1+m2v2，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t得：m1v0t=m1v1t+m2v2t，得（4）將ml=45.0 g、m2=9.0 g， =46.20cm代入，當碰撞時沒有能量損失時有最大值，即，因兩小球從同一高度飛出，則下落時間一定相同，則兩邊同時乘以時間t2得：，聯(lián)立以上解得：=77.00cm【點睛】本題考查了實驗需要測量的量、實驗原理以及動量守恒表達式，解題時需要知道實驗

18、原理，根據(jù)動量守恒定律與平拋運動規(guī)律求出實驗要驗證的表達式是正確答題的前提與關(guān)鍵；當碰撞時沒有能量損失時有最大值四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、 (1) (2) 【解析】（1）以整個鏈條為研究對象，受力分析，受重力和兩個拉力，如下圖所示：根據(jù)平衡條件，有：T=（2）對左半邊鏈條受力分析，受重力、拉力和右半邊鏈條的拉力，如圖所示：由平衡條件可得：F=cot14、（1）1m/s （2）0.1【解析】（1）滑塊先在斜面上做勻加速運動，然后在水平面上做勻減速運動，故滑塊運動到B點時速度最大為vm，設(shè)滑塊在斜面上運動的加速度大小為a1，得滑塊的加速度：根據(jù)勻加速運動的速度位移關(guān)系有：，（2）滑塊在水平面上運動時的加速度大小為a2