2022-2023學年重慶市實驗外國語學校物理高三第一學期期中調(diào)研試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項1考生要認真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖所示，一輛轎車正在水平路而上作勻速圓周運動，下列說法正確的是A水平路而對轎車彈力的方向斜向上B靜摩擦力提供向心力C重力、支持力的合力提供向心力D轎車受到的重力、支持力和摩擦力的合力為零2、2019年春節(jié)期間，中國科幻電影里

2、程碑的作品流浪地球熱播。影片中為了讓地球逃離太陽系，人們在地球上建造特大功率發(fā)動機，使地球完成一系列變軌操作，其逃離過程如圖所示，地球在橢圓軌道I上運行到遠日點B變軌，進入圓形軌道。在圓形軌道上運行到B點時再次加速變軌，從而最終擺脫太陽束縛。對于該過程，下列說法正確的是A沿軌道I運動至B點時，需向前噴氣減速才能進入軌道B沿軌道I運行時，在A點的加速度小于在B點的加速度C沿軌道I運行的周期小于沿軌道運行的周期D在軌道I上由A點運行到B點的過程，速度逐漸增大3、如圖所示的曲線為運動員拋出的鉛球運動下落軌跡(鉛球視為質(zhì)點)，A、B、C為曲線上的三點，關于鉛球在B點的速度方向，下列說法正確的是( )A

3、沿AB的方向B沿BD的方向C沿BC的方向D沿BE的方向4、如圖，木塊放在光滑的水平面上、一顆子彈水平射入木塊中，子彈受到的平均作用力大小為f，射入木塊的深度為d，此過程中木塊移動了s,則（ ）A子彈損失的動能為fsB木塊增加的動能為f(s+d)C子彈、木塊系統(tǒng)總機械能的損失為fdD子彈動能的減少量等于木塊動能的增加量5、一粒石子和一泡沫塑料球以相同初速度同時豎直向上拋出，泡沫塑料球受到的空氣阻力大小與其速度大小成正比忽略石子受到的空氣阻力，石子和塑料球運動的速度v隨時間t變化的圖象如圖所示，其中可能正確的是( )ABCD6、如圖所示，A、B兩個楔形物體疊放在一起，B靠在豎直墻壁上在水平力F的作

4、用下，A、B靜止不動，則下列說法正確的是A若A受三個力，B可能受三個力B若A受三個力，B一定受四個力C若A受四個力，B可能受四個DA、B之間一定存在摩擦力二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一輕質(zhì)彈簧，上端懸掛于天花板，下端系一質(zhì)量為的平板，靜止在點，一質(zhì)量為的均勻環(huán)套在彈簧外，與平板的距離為，如圖所示，讓環(huán)自由下落，撞擊平板已知碰后環(huán)與板以相同的速度向下運動，使彈簧伸長，則下列說法正確的是（ ）A若碰撞時間極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總機械能守恒B若碰撞時間

5、極短，則碰撞過程中環(huán)與板的總動量守恒C環(huán)撞擊板后，板的新的平衡位置在點正下方D碰撞后新平衡位置與下落高度無關8、如圖所示,在傾角為30的斜面上,質(zhì)量為1kg小滑塊從點由靜止下滑,到點時接觸輕彈簧滑塊滑至最低點后,又被彈回到點,已知重力加速度取,下列說法中正確的是A滑塊滑到點時動能最大B彈簧的最大彈性勢能為2JC從到彈簧的彈力對滑塊做了5J的功D整個過程中滑塊和彈簧組成的系統(tǒng)機械能守恒9、如圖甲所示，平行于光滑斜面的輕彈簧勁度系數(shù)為k，一端固定在傾角為的斜面底端，另一端與物塊A相連兩物塊A、B質(zhì)量均為m，初始時均靜止現(xiàn)用平行于斜面向上的力F拉動物塊B，使B做加速度為a的勻加速運動，A、B兩物塊在

6、開始一段時間內(nèi)的關系分別對應圖乙中的A、B圖線（時刻A、B的圖線相切，時刻對應A圖線的最高點），重力加速度為g，則（ ）A時刻，彈簧形變量為0B時刻，彈簧形變量為C從開始到時刻，拉力F逐漸增大D從開始到時刻，拉力F做的功比彈簧彈力做的功少10、設同步衛(wèi)星離地心的距離為r，運行速率為v1，加速度為a1；地球赤道上的物體隨地球自轉(zhuǎn)的向心加速度為a2，第一宇宙速度為v2，地球的半徑為R，則下列正確的是（）ABCD三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）某同學研究小燈泡的伏安特性所使用的器材有：小燈泡（額定電壓，額定電流）；電壓表V（量程，內(nèi)

7、阻）；電流表A（量程，內(nèi)阻）；固定電阻（阻值）；滑動變阻器（阻值）；電源（電動勢，內(nèi)阻不計）；開關；導線若干（1）實驗中，電壓表的量程偏小，需要將電壓表與固定電阻串聯(lián)，改裝后的電壓表的量程為_（2）實驗要求能夠?qū)崿F(xiàn)在的范圍內(nèi)對小燈泡的電壓進行測量，畫出實驗電路原理圖_ （3）實驗測得該小燈泡伏安特性曲線如圖（a）所示由實驗曲線可知，當小燈泡兩端的電壓為時，小燈泡的電阻為_ （保留兩位有效數(shù)字），隨著小燈泡兩端電壓的增加小燈泡的電阻_（填“增大”“不變”或“減小”），燈絲的電阻率_（填“增大”“不變”或“減小”）（4）用另一電源（電動勢，內(nèi)阻）和題給器材連接成圖（b）所示的電路，調(diào)節(jié)滑動變阻器的

8、阻值，可以改變小燈泡的實際功率閉合開關，在的變化范圍內(nèi)，小燈泡的最小功率為_ （結(jié)果均保留位小數(shù)）12（12分）如圖所示,用半徑相同的A、B兩球的碰撞可以驗證“動量守恒定律”實驗時先讓質(zhì)量為m1的A球從斜槽上某一固定位置C由靜止開始滾下,進入水平軌道后,從軌道末端水平拋出,落到位于水平地面的復寫紙上,在下面的白紙上留下痕跡重復上述操作10次,得到10個落點痕跡再把質(zhì)量為m2的B球放在水平軌道末端,讓A球仍從位置C由靜止?jié)L下,A球和B球碰撞后,分別在白紙上留下各自的落點痕跡,重復操作10次M、P、N為三個落點的平均位置,未放B球時,A球的落點是P點,0點是水平軌道末端在記錄紙上的豎直投影點,如圖

9、所示(1)在這個實驗中,為了盡量減小實驗誤差,兩個小球的質(zhì)量應滿足m1_m2(填“”或“； BC； C； ； ； OP； OM和ON； ； 【解析】明確實驗原理，從而確定需要測量哪些物理量； 在該實驗中，小球做平拋運動，H相等，時間t就相等，水平位移x=vt，與v成正比，因此可以用位移x來代替速度v，根據(jù)水平方向上的分運動即可驗證動量守恒；根據(jù)動量守恒定律以及平拋運動規(guī)律可確定對應的表達式；【詳解】解：(1)為了防止入射球碰后反彈，應讓入射球的質(zhì)量大于被碰球的質(zhì)量；小球離開軌道后做平拋運動，小球在空中的運動時間相同，小球的水平位移與其初速度成正比，可以用小球的水平位移代替小球的初速度，實驗需要

10、驗證：，因小球均做平拋運動，下落時間相同，則可知水平位移x=vt，因此可以直接用水平位移代替速度進行驗證，故有，實驗需要測量小球的質(zhì)量、小球落地點的位置，測量質(zhì)量需要天平，測量小球落地點的位置需要毫米刻度尺，因此需要的實驗器材有：BC；(2)AB、由于各種偶然因素，如所受阻力不同等，小球的落點不可能完全重合，落點應當比較集中，但不是出現(xiàn)了錯誤，故A、B錯誤；C、由于落點比較密集，又較多，每次測量距離很難，故確定落點平均位置的方法是最小圓法，即用盡可能最小的圓把各個落點圈住，這個圓的圓心位置代表落點的平均位置，故C正確；D、僅調(diào)節(jié)斜槽上固定位置C，它的位置越低，由于水平速度越小，則線段OP的長度

11、越小，故D錯誤故選C；(3)若兩球相碰前后的動量守恒，則，又，代入得：，若碰撞是彈性碰撞，滿足動能守恒，則：，代入得; ；(4)根據(jù)實驗原理可知，OP是放一個小球時的水平射程，小球的速度與質(zhì)量無關，故OP與質(zhì)量無關；而碰后兩球的速度與兩球的質(zhì)量有關，所以碰后水平射程與質(zhì)量有關，故OM和ON與質(zhì)量有關；(5)如圖所示,連接OP、OM、ON,作出M、N在OP方向上的投影點M、N，如圖所示；分別測量出OP、OM、ON的長度若在實驗誤差允許范圍內(nèi),滿足關系式，則可以認為兩小球碰撞前后在OP方向上動量守恒四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和

12、演算步驟。13、（1）a1； a1 （1）1v0 ；1v0（3）t =（n=1,3,4,5,）；E=14（n1）mv01（n=1,3,4,5,）【解析】（1）設工件與斜面間的動摩擦因數(shù)為，木塊加速度為a1，工件加速度為a1對木塊，由牛頓第二定律可得：mgsinma1對工件，由牛頓第二定律可得：（3m+m）gcos3 mgsin3ma1 工件勻速運動時，由平衡條件可得：3mgcos3 mgsin由式解得：a1 a1 （1）設碰擋板前木塊的速度為v，由動量守恒定律可得：3mv0+mv0=mv 由式解得：v=4v0 木塊以v與擋板發(fā)生彈性碰撞，設碰后木塊速度為v1，工件速度為v1，由動量守恒定律可得

13、： mv= mv1+ 3mv1 由能量守恒得： 由式聯(lián)立解得：v11v0 v11v0 （3）第1次碰撞后，木塊以1 v0沿工件向上勻減速運動，工件以1 v0沿斜面向下勻減速運動，工件速度再次減為零的時間：t=木塊的速度v1=1v0+a1t=4v0 此時，木塊的位移：x1=1v0t+a1t1工件的位移：x1=1v0ta1t1即木塊、工件第1次相碰前瞬間的速度與第1次相碰前瞬間的速度相同，以后木塊、工件重復前面的運動過程，則第1次與第n次碰撞的時間間隔：t=（n1）t=（n=1,3,4,5,）木塊、工件每次碰撞時，木塊和工件的總動能都相等，t時間內(nèi)木塊、工件減少的機械能等于木塊、工件減少的重力勢能

14、：E=4mg（n1）x1sin30解得：E=14（n1）mv01（n=1,3,4,5,）14、（1）（1）（3）小華與小明下滑的時間相同【解析】（1）兒童能下滑，重力的下滑分力至少等于摩擦力，設滑梯與水平面的夾角為，則根據(jù)幾何關系：聯(lián)立解得：（1）設斜面長為L，由動能定理得：聯(lián)立解得：（3）這種說法不正確，小華下滑的時間與小明相等。根據(jù)位移時間關系：根據(jù)牛頓第二定律，下滑的加速度相等：聯(lián)立解得：可見，t與m無關，小華與小明下滑的時間相同。15、（1）5m/s；（2）60N，方向豎直向下；（3）【解析】（1）最高點重力充當向心力。（2）物塊在A點由牛頓第二定律可得軌道對A的支持力，由牛頓第三定律可得物塊在A點時對軌道的壓力F。(3