2023屆江西省南昌市第八中學(xué)高三物理第一學(xué)期期中復(fù)習(xí)檢測模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項：1答卷前，考生務(wù)必將自己的姓名、準(zhǔn)考證號填寫在答題卡上。2回答選擇題時，選出每小題答案后，用鉛筆把答題卡上對應(yīng)題目的答案標(biāo)號涂黑，如需改動，用橡皮擦干凈后，再選涂其它答案標(biāo)號?；卮鸱沁x擇題時，將答案寫在答題卡上，寫在本試卷上無效。3考試結(jié)束后，將本試卷和答題卡一并交回。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖甲所示，質(zhì)量不計的彈簧豎直固定在水平面上，t=0時刻，將一金屬小球從彈簧正上方某一高度處由靜止釋放，小球落到彈簧上壓縮彈簧到最低點，然后又被彈起離開彈簧，上升到一定高度

2、后再下落，如此反復(fù)，通過安裝在彈簧下端的壓力傳感器，測出這一過程彈簧彈力F隨時間t的變化圖象如圖乙所示，則（ ）At1時刻小球速度最大Bt2至t3時間內(nèi)，小球速度一直增大Ct3時刻小球處于超重狀態(tài)Dt2至t3時間內(nèi)，小球速度先增大后減小2、一小物塊放置在固定斜面上，在沿平行斜面向下的拉力F作用下沿斜面向下運動，F(xiàn)的大小在0t1、t1t2和t2t3時間內(nèi)分別為F1、F2和F3，物塊的v-t圖象如圖所示。已知小物塊與斜面間的動摩擦因數(shù)處處相等，則（）ABC時,若,此時小物塊的加速度一定不為零D僅將F的方向變成豎直向下,小物塊一定能沿斜面下滑3、兩個振幅相同的波源S1、S2在水槽中形成如圖所示的波形

3、，其中實線表示波峰，虛線表示波谷，則 A在兩波相遇的區(qū)域中會產(chǎn)生干涉Ba點此時位移最大Ca點的振動始終加強(qiáng)Da點的振動始終減弱4、電梯內(nèi)的彈簧測力計上掛著一個質(zhì)量為5kg的物體，電梯在運動時，測力計示數(shù)為35.2N，若測力計示數(shù)突然變?yōu)?8.8N，則電梯運動的可能情況是A運動速度突然增大B運動加速度突然增大C運動速度突然改變方向D運動加速度突然改變方向5、質(zhì)量為2m的物塊A和質(zhì)量為m的物塊B相互接觸放在水平面上，如圖所示。若對A施加水平推力F，則兩物塊沿水平方向作加速運動。關(guān)于A對B的作用力，下列說法正確的是（ ）A若水平面光滑，物塊A對B的作用力大小為FB若水平面光滑，物塊A對B的作用力大小

4、為C若物塊A與地面無摩擦，B與地面的動摩擦因數(shù)為，則物塊A對B的作用力大小為D若物塊A與地面無摩擦，B與地面的動摩擦因數(shù)為，則物塊A對B的作用力大小為6、如圖所示，在光滑的水平面上，有一質(zhì)量為M=3kg的足夠長薄板和一質(zhì)量為m的物塊分別以大小v=4m/s的初速度向左、向右運動，它們之間有摩擦。當(dāng)薄板的速度大小為2.4m/s且方向向左時，物塊的速度大小為v=0.8m/s，方向向左，則物塊的質(zhì)量為A1 kgB2 kgC0.8 kgD1.6k二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。

5、7、如圖，在同一平面內(nèi)固定有一長直導(dǎo)線PQ和一導(dǎo)線框R，R在PQ的右側(cè)導(dǎo)線PQ中通有正弦交流電i，i的變化如圖所示，規(guī)定從Q到P為電流正方向?qū)Ь€框R中的感應(yīng)電動勢A在時為零B在時改變方向C在時最大，且沿順時針方向D在時最大，且沿順時針方向8、入冬以來,霧霾天氣頻發(fā),發(fā)生交通事故的概率比平常高出許多,保證霧霾中行車安全顯得尤為重要;在霧天的平直公路上,甲、乙兩汽車同向勻速行駛,乙在前,甲在后.某時刻兩車司機(jī)聽到警笛提示,同時開始剎車,結(jié)果兩車剛好沒有發(fā)生碰撞.圖示為兩車剎車后勻減速運動的v-t 圖象,以下分析正確的是( ) A甲剎車的加速度的大小為0.5m/s2B兩車剎車后間距一直在減小C兩車開

6、始剎車時的距離為100mD兩車都停下來后相距12.5m9、質(zhì)量為m的小球由輕繩a和b分別系于一輕質(zhì)細(xì)桿的A點和B點，如右圖所示，繩a與水平方向成角，繩b在水平方向且長為l，當(dāng)輕桿繞軸AB以角速度勻速轉(zhuǎn)動時，小球在水平面內(nèi)做勻速圓周運動，則下列說法正確的是()Aa繩的張力不可能為零Ba繩的張力隨角速度的增大而增大C當(dāng)角速度，b繩將出現(xiàn)彈力D若b繩突然被剪斷，則a繩的彈力一定發(fā)生變化10、靜止在水平地面上的物體，在豎直向上的拉力作用下開始豎直上升，不計空氣阻力，物體機(jī)械能E與物體升高的高度h之間的關(guān)系圖象如圖所示，其中圖線在A點處的切線的斜率最大，在B點處的切線水平， 的圖線為平行于橫軸的直線，則

7、下列說法正確的是()A物體在處物體的速度最大B物體在處的加速度最大C過程中拉力的功率為零D0過程中物體所受拉力始終大于重力三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）請按下列要求作答（1）圖1是某多用電表的表盤示意圖，當(dāng)用“050V”量程測直流電壓時，指針位置如圖中所示，其示數(shù)為_V；當(dāng)用“100”歐姆擋測量某定值電阻的阻值時，其指針位置如圖中所示，其示數(shù)為：_。（2）圖2中游標(biāo)卡尺的示數(shù)為_mm。12（12分）用如圖a所示裝置做“驗證動能定理”的實驗。實驗時，通過電磁鐵控制小鐵球從P處自由下落，小鐵球依次通過兩個光電門甲、乙，測得遮光時

8、間分別為和，兩光電門中心點間的高度差為h。(1)用游標(biāo)卡尺測得小鐵球直徑如圖b所示，則小鐵球的直徑d =_mm；(2)為驗證動能定理，還需知道的物理量是_（填物理量名稱及符號），驗證動能定理的表達(dá)式為：_；(3)由于光電門甲出現(xiàn)故障，某同學(xué)實驗時只改變光電門乙的高度，進(jìn)行多次實驗獲得多組數(shù)據(jù)，分別計算出各次小鐵球通過光電門乙時的速度v，并作出并作出v2-h圖像。圖(c)中給出了a、b、c三條直線，他作出的圖像應(yīng)該是直線_；由圖像得出，小鐵球到光電門甲中心點的高度差為_cm，小鐵球通過光電門甲時的速度為_m/s。（計算結(jié)果保留三位有效數(shù)字）四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指

9、定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）一長木板置于粗糙水平地面上，木板左端放置一小物塊，在木板右方有一墻壁，木板右端與墻壁的距離為4.5m，如圖（a）所示時刻開始，小物塊與木板一起以共同速度向右運動，直至?xí)r木板與墻壁碰撞（碰撞時間極短）碰撞前后木板速度大小不變，方向相反；運動過程中小物塊始終未離開木板已知碰撞后1s時間內(nèi)小物塊的圖線如圖（b）所示木板的質(zhì)量是小物塊質(zhì)量的15倍，重力加速度大小g取10m/s1求（1）木板與地面間的動摩擦因數(shù)及小物塊與木板間的動摩擦因數(shù)；（1）木板的最小長度；（3）木板右端離墻壁的最終距離14（16分）如圖所示，兩氣缸AB粗細(xì)均勻，等

10、高且內(nèi)壁光滑，其下部由體積可忽略的細(xì)管連通；A的直徑為B的2倍，A上端封閉，B上端與大氣連通；兩氣缸除A頂部導(dǎo)熱外，其余部分均絕熱。兩氣缸中各有一厚度可忽略的絕熱輕活塞a、b，活塞下方充有氮氣，活塞a上方充有氧氣；當(dāng)大氣壓為P0，外界和氣缸內(nèi)氣體溫度均為7且平衡時，活塞a離氣缸頂?shù)木嚯x是氣缸高度的，活塞b在氣缸的正中央?，F(xiàn)通過電阻絲緩慢加熱氮氣，當(dāng)活塞b恰好升至頂部時，求氮氣的溫度；繼續(xù)緩慢加熱，使活塞a上升，當(dāng)活塞a上升的距離是氣缸高度的時，求氧氣的壓強(qiáng)。15（12分）某艦載機(jī)在航母上進(jìn)行飛行訓(xùn)練，當(dāng)航母保持靜止時，艦載機(jī)由靜止開始加速，沿甲板運動x0距離時達(dá)到起飛速度v0；當(dāng)航母以速度v1

11、勻速運動時，艦載機(jī)相對甲板由靜止沿航母運動方向開始加速，在甲板上通過距離x1時達(dá)到起飛速度v0。設(shè)甲板水平，艦載機(jī)做勻加速運動，且兩次的加速度相等。求的值。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】A、t1時刻小球剛與彈簧接觸；當(dāng)彈簧彈力與重力平衡時速度最大，故A錯誤；B、D、t2時刻小球受到的彈力最大，處于最低點，合力向上，速度為零，故先加速向上運動，當(dāng)重力與彈力平衡時，速度最大，之后做減速運動，故B錯誤，D正確；C、t3時刻彈力為零，合力向下，故小球處于失重狀態(tài)，重物C錯誤故選D【點睛】關(guān)鍵要將小球的運動分

12、為自由下落過程、向下的加速和減速過程、向上的加速和減速過程進(jìn)行分析處理，同時要能結(jié)合圖象分析2、B【解析】AB.根據(jù)圖象可知，0-t1時間內(nèi)做勻加速直線運動，根據(jù)受力情況及牛頓第二定律得：F1+mgsin-mgcos=ma1t1-t2時間內(nèi)做勻速直線運動，可知：F2+mgsin-mgcos=0t2-t3時間內(nèi)做勻減速直線運動，斜率與0-t1成相反數(shù)，可知：F3+mgsin-mgcos=-ma1綜合以上所述，解得：F1F2F3故A錯誤，B正確。C.t=0時，若F=0，此時mgsin可能等于mgcos，加速度可能為0，故C錯誤；D.當(dāng)F的方向變成豎直向下，則：（F+mg）sin-（F+mg）cos

13、=ma其中可能恰好平衡，故D錯誤。3、B【解析】A從圖中看出，兩列波的波長不同，而在同一介質(zhì)中不同的機(jī)械波的波速相等，根據(jù)v=f，所以兩列水波的頻率不同，而只有兩列波的頻率相同時才能發(fā)生干涉現(xiàn)象，所以在兩波相遇的區(qū)域中不會產(chǎn)生干涉，故A錯誤；B此時a點為波峰與波峰疊加，a點的位移為這兩列波引起位移的矢量和，則此時a點位移最大，故B正確；CD從圖上可以看成，兩列波的波長不同，波速相等，則頻率不等，則不會發(fā)生干涉現(xiàn)象，不會出現(xiàn)振動始終加強(qiáng)點和減弱點，故CD錯誤。故選B。4、D【解析】物體的重力為開始時測力計示數(shù)35.2N小于物體的重力，即處于失重狀態(tài)，若測力計示數(shù)變?yōu)?8.8N大于物體的重力，即物

14、體處于超重狀態(tài)，所以電梯運動的加速度方向發(fā)生改變，故D正確。故選D。5、D【解析】AB根據(jù)牛頓第二定律，對整體對B：物塊A對B的作用力大小為故AB項錯誤；CD對整體由牛頓第二定律有對B由牛頓第二定律得代入解得：故C項錯誤，D項正確。6、A【解析】設(shè)向左為正方向，根據(jù)動量守恒定律列式求解.【詳解】設(shè)向左為正方向，由動量守恒定律可知： ，即，解得m=1kg，故選A.二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AC【解析】本題考查交變電流圖象、法拉第電磁感應(yīng)定律、楞次定律及其相關(guān)的

15、知識點解析 由圖（b）可知，導(dǎo)線PQ中電流在t=T/4時達(dá)到最大值，變化率為零，導(dǎo)線框R中磁通量變化率為零，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，在t=T/4時導(dǎo)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢為零，選項A正確；在t=T/2時，導(dǎo)線PQ中電流圖象斜率方向不變，導(dǎo)致導(dǎo)線框R中磁通量變化率的正負(fù)不變，根據(jù)楞次定律，所以在t=T/2時，導(dǎo)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢方向不變，選項B錯誤；由于在t=T/2時，導(dǎo)線PQ中電流圖象斜率最大，電流變化率最大，導(dǎo)致導(dǎo)線框R中磁通量變化率最大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律，在t=T/2時導(dǎo)線框中產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢最大，由楞次定律可判斷出感應(yīng)電動勢的方向為順時針方向，選項C正確；由楞次定律可判斷出在t

16、=T時感應(yīng)電動勢的方向為逆時針方向，選項D錯誤8、CD【解析】甲車的加速度，加速度大小為1m/s1故A錯誤。在0-10s內(nèi)，甲的速度大于乙的速度，甲在乙的后面，兩者間距減小。10s后，甲的速度小于乙的速度，兩者距離增大，故B錯誤。乙車的加速度，兩車剛好沒有發(fā)生碰撞，此時兩車速度相等，所經(jīng)歷的時間為10s，此時甲車的位移 x甲=v甲t+a甲t1=1510-1400m=300m，乙車的位移x乙=v乙t+a乙t1=1510-0.5400m=100m，所以兩車開始剎車時的距離為 S=x甲-x乙=100m，故C正確。10s時，甲乙的速度都為v=v甲+a1t=15-10=5m/s，根據(jù)圖象與坐標(biāo)軸圍成的面

17、積表示位移可知，兩車都停下來后相距x=（30-15）5=11.5m，故D正確。故選CD。9、AC【解析】小球做勻速圓周運動，在豎直方向上的合力為零，水平方向上的合力提供向心力，所以a繩在豎直方向上的分力與重力相等，可知a繩的張力不可能為零，故A正確；根據(jù)豎直方向上平衡得，F(xiàn)asin=mg，解得，可知a繩的拉力不變，故B錯誤；當(dāng)b繩拉力為零時，有：，解得，可知當(dāng)角速度時，b繩出現(xiàn)彈力，故C正確；由于b繩可能沒有彈力，故b繩突然被剪斷，a繩的彈力可能不變，故D錯誤10、BC【解析】D、物體機(jī)械能E與物體升高的高度h之間的關(guān)系圖象的斜率表示豎直向上的拉力的大小，圖象的斜率先增大后減小，再不變且為0，

18、 過程中物體所受拉力大小先增大后減小為0，故D錯誤；A、在過程中拉力先大于重力，后小于重力，所以先加速后減速，故有物體在處物體的速度不是最大，故A錯誤；B、在h1處斜率最大，豎直向上的拉力最大，加速度最大，故B正確；C、在過程中斜率為0，則有拉力為0，功率為0，故C正確；故選BC。三、實驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、33.0 1400 7.5 【解析】（1）1當(dāng)用“050V”量程測直流電壓時，最小刻度為1V，則示數(shù)為33.0V；2當(dāng)用“100”歐姆擋測量某定值電阻的阻值時，其示數(shù)為：14100=1400；（2）3圖中游標(biāo)卡尺的示數(shù)為：7

19、mm+0.1mm5=7.5mm12、6.30 重力加速度g a 10.0 1.41(1.341.41) 【解析】(1)1小鐵球的主尺讀數(shù)為6mm，游標(biāo)讀數(shù)為，則小鐵球的直徑為6.30mm；(2)23根據(jù)動能定理則有：而則驗證的動能定理表達(dá)式為：可知還需要測量的物理量是重力加速度；(3)4改變光電門乙的高度，根據(jù)知：知正確的圖線為直線；5當(dāng)時，小鐵球到光電門甲中心點的高度差為；6小鐵球通過光電門甲時的速度：四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13、（1）（1）（3）【解析】（1）根據(jù)圖像可以判定碰撞前木塊與木板共同速度為碰撞后木板速度水平向左，大小也是木塊受到滑動摩擦力而向右做勻減速，根據(jù)牛頓第二定律有解得木板與墻壁碰撞前，勻減速運動時間，位移，末速度其逆運動則為勻加速直線運動可得帶入可得木塊和木板整體受力分析，滑動摩擦力提供合外力，即可得（1）碰撞后，木板向左勻減速，依據(jù)牛頓第二定律有可得對滑塊，則有加速度滑塊速度先減小到0，此時碰后時間為此時，木板向左的位移為末速度滑塊向右位移此后，木塊開始向左加速，加速度仍為木塊繼續(xù)減速，加速度仍為假設(shè)又經(jīng)歷二者速度相等，則有解得此過程，木板位移末速度滑塊位移此后木塊和木板一起勻減速二者的相對位移最大為滑塊始終沒有離開木板，所以木