2023屆遼寧省本溪高中、沈陽二中、營口高中等物理高三上期中監(jiān)測試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項:1答題前，考生先將自己的姓名、準(zhǔn)考證號碼填寫清楚，將條形碼準(zhǔn)確粘貼在條形碼區(qū)域內(nèi)。2答題時請按要求用筆。3請按照題號順序在答題卡各題目的答題區(qū)域內(nèi)作答，超出答題區(qū)域書寫的答案無效；在草稿紙、試卷上答題無效。4作圖可先使用鉛筆畫出，確定后必須用黑色字跡的簽字筆描黑。5保持卡面清潔，不要折暴、不要弄破、弄皺，不準(zhǔn)使用涂改液、修正帶、刮紙刀。一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、如圖，表面光滑的固定斜面頂端安裝一定滑輪，小物塊A、B用輕繩連接并跨過滑輪（不計滑輪的質(zhì)量和摩擦）初始時

2、刻，A、B處于同一高度并恰好靜止?fàn)顟B(tài)剪斷輕繩后A下落、B沿斜面下滑，則從剪斷輕繩到物塊著地，兩物塊( )A速率的變化量不同B機(jī)械能的變化量不同C重力勢能的變化量相同D重力做功的平均功率相同2、我國航天事業(yè)取得了突飛猛進(jìn)地發(fā)展，航天技術(shù)位于世界前列，在航天控制中心對其正上方某衛(wèi)星測控時，測得從發(fā)送“操作指令”到接收到衛(wèi)星“已操作”的信息需要的時間為2t(設(shè)衛(wèi)星接收到“操作指令”后立即操作，并立即發(fā)送“已操作”的信息到控制中心)，測得該衛(wèi)星運(yùn)行周期為T，地球半徑為R，電磁波的傳播速度為c，由此可以求出地球的質(zhì)量為()A2(8R+ct)32GT2 B42(R+ct)3GT2 C2(2R+ct)32G

3、T2 D2(4R+ct)3GT23、如圖所示，人站在電動扶梯的水平臺階上，假定人與扶梯一起沿斜面加速上升，在這個過程中，以下說法正確的是( )A臺階對人的摩擦力對人做負(fù)功B臺階對人的總作用力方向沿豎直向上C在此過程中人處于失重狀態(tài)D人對臺階的壓力大小等于臺階對人的支持力的大小4、不計空氣阻力，以一定的初速度豎直上拋一物體，物體從被拋出至回到拋出點(diǎn)的運(yùn)動時間為t.現(xiàn)在物體上升的最大高度的一半處設(shè)置一塊擋板，物體撞擊擋板前后的速度大小相等、方向相反，撞擊所需時間不計，則這種情況下物體上升和下降的總時間約為()A0.5tB0.4tC0.3tD0.2t5、下列說法中正確的是（ ）A開普勒發(fā)現(xiàn)太陽與行星

4、間的引力規(guī)律也適用于地球和月球之間B庫侖認(rèn)為處在電場中的其他電荷受到的作用力是這個電場給予的C彈力和摩擦力在本質(zhì)上都是由電磁力引起的D伽利略通過實(shí)驗說明了力是維持物體運(yùn)動的原因6、如圖所示，滑輪A可沿傾角為的足夠長光滑軌道下滑，滑輪下用輕繩掛著一個重為G的物體B，下滑時，物體B相對于A靜止，則下滑過程中 （ ）AB的加速度為gsinB繩的拉力為C繩的方向保持豎直D繩的拉力為G二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、圖中，輕質(zhì)彈簧的一端固定在地面上，另一端放有一小物塊(可視

5、為質(zhì)點(diǎn))，物塊與彈簀不連接.通過物塊向下壓縮彈簧，當(dāng)物塊與地面相距0.1m時由靜止釋放物塊，通過傳感器測得物塊的動能Ek與其離地高度h的變化關(guān)系如圖所示，其中0.2m -0.35m范圍內(nèi)圖象為直線，其余部分為曲線以地面為重力勢能參考平面，取g=10m/s2，可知( )A物塊的質(zhì)量為0.2kgB彈簧的最大彈性勢能為0.5JC物塊開始運(yùn)動時，彈簧、物塊、地球組成的系統(tǒng)具有的機(jī)械能為0.7JD物塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小為0.4J8、兩水平平行金屬板連接在如圖所示的電路中，板長為 L 間距 d,在距板右端 2L 處有一豎直光屏，D 為理想二極管（具有單向?qū)щ娦裕Ｗ屢粠щ娏繛?q、質(zhì)量為

6、m 的粒子從兩板左端連線的中點(diǎn)O以水平速度v0射入板間，粒子飛出電場后垂直打在屏上。則 A電場強(qiáng)度大小為 3mg/qB質(zhì)點(diǎn)在板間運(yùn)動的過程中與它從板右端運(yùn)動到屏的過 程中速度變化相同C若僅將滑片 P 下移，再讓該粒子從O 點(diǎn)以v0水平射入，粒子打 在屏上位置在中心線下方D若僅將板間距增大，再讓該粒子從 O 點(diǎn)以v0水平射入，粒子仍垂直打在屏上9、如圖所示，水平轉(zhuǎn)臺上有一個質(zhì)量為m的小物塊，用長為L的輕細(xì)繩將物塊連接在通過轉(zhuǎn)臺中心的轉(zhuǎn)軸上，細(xì)繩與豎直轉(zhuǎn)軸的夾角為，系統(tǒng)靜止時細(xì)繩繃直但張力為零物塊與轉(zhuǎn)臺間動摩擦因數(shù)為（tan），設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力當(dāng)物塊隨轉(zhuǎn)臺由靜止開始緩慢加速轉(zhuǎn)動且未離開

7、轉(zhuǎn)臺的過程中A物塊受轉(zhuǎn)臺的靜摩擦力方向始終指向轉(zhuǎn)軸B至繩中出現(xiàn)拉力時，轉(zhuǎn)臺對物塊做的功為C物塊能在轉(zhuǎn)臺上隨轉(zhuǎn)臺一起轉(zhuǎn)動的最大角速度為D細(xì)繩對物塊拉力的瞬時功率始終為零10、如圖所示，一半徑為R、粗糙程度處處相同的半圓形軌道豎直固定放置，直徑POQ水平軌道上的A點(diǎn)離PQ的距離為，一質(zhì)量為m的質(zhì)點(diǎn)自P點(diǎn)正上方距離P點(diǎn)高h(yuǎn)=2R由靜止釋放，進(jìn)入軌道后剛好能到達(dá)Q點(diǎn)并能再次返回經(jīng)過N點(diǎn)已知質(zhì)點(diǎn)第一次滑到軌道最低點(diǎn)N時速率為v1，第一次到達(dá)A點(diǎn)時速率為v2，選定N點(diǎn)所在的水平面為重力勢能的零勢能面，重力加速度為g，則 ABC從N到Q的過程中，動能與勢能相等的點(diǎn)在A點(diǎn)上方，從Q到N的過程中，動能與勢能相等

8、的點(diǎn)在A點(diǎn)下方D從N到Q的過程中，動能與勢能相等的點(diǎn)在A點(diǎn)下方，從Q到N的過程中，動能與勢能相等的點(diǎn)在A點(diǎn)上方三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）在做“驗證動量守恒定律”實(shí)驗中，裝置如圖1.(1)需要的測量儀器或工具有_.A秒表 B天平 C刻度尺 D重錘線 E.打點(diǎn)計時器 F.圓規(guī)(2)必須要求的條件是_. A兩小球碰撞時，球心必須在同一高度上B斜槽軌道末端的切線必須水平C入射球和被碰球的質(zhì)量必須相等，且大小相同D入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下(3)某次實(shí)驗中得出的落點(diǎn)情況如下圖2所示，假設(shè)碰撞過程中動量守恒，則入射小球

9、質(zhì)量m1和被碰小球質(zhì)量m2之比為_.(4)在做“驗證動量守恒定律”實(shí)驗中，對產(chǎn)生誤差的主要原因表述正確的是_.A碰撞前入射小球的速度方向，碰撞后兩小球的速度方向不是在同一直線上B傾斜部分軌道對入射小球的摩擦力作用C沒有測量高度，算出具體的平拋時間D測量長度的誤差12（12分）在探究“加速度與力和質(zhì)量的關(guān)系”實(shí)驗時，某老師對傳統(tǒng)實(shí)驗進(jìn)行了改進(jìn)，其實(shí)驗操作如下：如圖1所示，先將沙和沙桶通過滑輪懸掛于小車一端，調(diào)節(jié)平板的傾角，使小車沿斜面向下做勻速直線運(yùn)動，測出沙和沙桶的總質(zhì)量m；保持平板傾角不變，去掉沙和沙桶，小車即在平板上沿斜面向下做勻加速直線運(yùn)動，通過紙帶測量其加速度a；保持小車質(zhì)量M不變，多

10、次改變沙和沙桶的總質(zhì)量m，每次重復(fù)兩步操作，得到小車加速度與合力的關(guān)系；多次改變小車的質(zhì)量，進(jìn)行適當(dāng)?shù)牟僮?，得到小車加速度和質(zhì)量的關(guān)系(1)在上述實(shí)驗操作過程中，以下說法正確的是_A可以用電池盒給打點(diǎn)計時器供電B應(yīng)在小車開始運(yùn)動后再接通打點(diǎn)計時器的電源C要保持細(xì)繩與平板平行D應(yīng)讓小車從靠近定滑輪處開始運(yùn)動(2)在操作中若打了一條如圖2所示的紙帶，已知紙帶左端為連接小車處，則應(yīng)將平板的傾角適當(dāng)_(選填“增大”或“減小”)些；(3)在操作中，小車所受的合力大小等于_（用題中所給定的字母以及重力加速度g表示）；(4)在本實(shí)驗中_(選填“需要”或“不需要”)滿足沙和沙桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量；在操作

11、中，每次改變小車質(zhì)量后，_（選填“需要”或“不需要”）重新調(diào)節(jié)平板的傾角四、計算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖1所示，質(zhì)量為M的長木板，靜止放置在粗糙水平地面上，有一個質(zhì)量為m、可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊，以某一水平初速度v0從左端沖上木板。從物塊沖上木板到物塊和木板達(dá)到共同速度的過程中，物塊和木板的v-t圖象分別如圖2中的折線acd和bcd所示，a、b、c、d的坐標(biāo)為a（0，10）、b（0，0）、c（4，4）、d（12，0），根據(jù)v-t圖象，求：（1）物塊相對長木板滑行的距離s；（2）物塊質(zhì)量m與長木板質(zhì)量M之比

12、。14（16分）2022年將在我國舉辦第二十四屆冬奧會，跳臺滑雪是其中最具觀賞性的項目之一。某滑道示意圖如下，長直助滑道AB與彎曲滑道BC平滑銜接，助滑道AB高H = 50 m，滑道BC高h(yuǎn) = 10 m，C是半徑R = 20 m圓弧的最低點(diǎn)。質(zhì)量m = 60 kg的運(yùn)動員從A處由靜止開始勻加速下滑，加速度a = 4.5 m/s2，到達(dá)B點(diǎn)時速度v = 30 m/s，運(yùn)動員在BC段運(yùn)動時阻力做功W = 1000 J。求：（1）運(yùn)動員在AB段運(yùn)動過程中受到的阻力f的大?。唬?）運(yùn)動員在AB段運(yùn)動過程中重力的沖量I的大?。唬?）運(yùn)動員經(jīng)過C點(diǎn)時受到的軌道的支持力F的大小。15（12分）在長期的科學(xué)

13、實(shí)踐中，人類已經(jīng)建立起各種形式的能量概念及其量度的方法，其中一種能量是勢能。勢能是由于各物體間存在相互作用而具有的、由各物體間相對位置決定的能。如重力勢能、彈性勢能、分子勢能、電勢能等。（1）如圖1所示，內(nèi)壁光滑、半徑為R的半圓形碗固定在水平面上，將一個質(zhì)量為m的小球（可視為質(zhì)點(diǎn)）放在碗底的中心位置C處?，F(xiàn)給小球一個水平初速度v0（v0），使小球在碗中一定范圍內(nèi)來回運(yùn)動。已知重力加速度為g。a. 若以AB為零勢能參考平面，寫出小球在最低位置C處的機(jī)械能E的表達(dá)式；b. 求小球能到達(dá)的最大高度h；說明小球在碗中的運(yùn)動范圍，并在圖1中標(biāo)出。（2）如圖2所示，a、b為某種物質(zhì)的兩個分子，以a為原點(diǎn)，

14、沿兩分子連線建立x軸。如果選取兩個分子相距無窮遠(yuǎn)時的勢能為零，則作出的兩個分子之間的勢能EP與它們之間距離x的EP-x關(guān)系圖線如圖3所示。假設(shè)分子a固定不動，分子b只在ab間分子力的作用下運(yùn)動（在x軸上）。當(dāng)兩分子間距離為r0時，b分子的動能為EK0（EK0EP0）。求a、b分子間的最大勢能EPm；并利用圖3，結(jié)合畫圖說明分子b在x軸上的運(yùn)動范圍。參考答案一、單項選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的。1、D【解析】由平衡知識可知則兩者質(zhì)量不等 所以重力勢能變化量不等答案BC錯，由機(jī)械能守恒可知兩物塊落地時速度大小相等，所以A錯，再由功率

15、可知重力的瞬時功率相等；答案D正確，選D2、B【解析】由x=vt可得：衛(wèi)星與地球的距離為x=12c(2t)=ct，衛(wèi)星的半徑為：r=R+x=R+ct；由萬有引力公式可得：GmMr2=mr42T2，解得：M=42(R+Ct)3GT2，故B正確，ACD錯誤。3、D【解析】設(shè)斜面坡角為，人的加速度斜向上，將加速度分解到水平和豎直方向得：，方向水平向右；，方向豎直向上；A水平方向受靜摩擦力作用，水平向右，運(yùn)動的位移為x，為銳角，則，則臺階的摩擦力對人做正功，A錯誤；B合力方向沿斜面向上，重力豎直向下，則臺階對人的作用力方向斜向右上方，B錯誤；C人有一個豎直向上的加速度，所以人處于超重狀態(tài)，C錯誤；D人

16、對臺階的壓力大小與臺階對人的支持力互為作用力和反作用力，則大小相等，D正確；4、C【解析】物體做豎直上拋運(yùn)動，從拋出至回到原點(diǎn)的時間為t，根據(jù)對稱性可得，物體下降時間為0.5t，故高度為物體自由落體運(yùn)動0.5h過程，有聯(lián)立解得故第二次物體上升和下降的總時間故選C。5、C【解析】A：牛頓發(fā)現(xiàn)太陽與行星間的引力規(guī)律也適用于地球和月球之間，故A錯誤B：法拉第認(rèn)為處在電場中的其他電荷受到的作用力是這個電場給予的，故B錯誤C：彈力和摩擦力在本質(zhì)上都是由電磁力引起的，故C正確D：伽利略通過實(shí)驗說明了力不是維持物體運(yùn)動的原因，故D錯誤6、A【解析】分析滑輪A和B的整體，受到重力和斜面的支持力，由牛頓第二定律

17、可得，解得，由于下滑時，物體B相對于A靜止，因此物體B的加速度也為g sin，對物體B受力分析得：受到繩子的拉力和重力，因此繩子拉力方向與斜面垂直，因此由拉力為 Gcos因此A正確BCD錯誤二、多項選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項中，有多個選項是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、ABC【解析】在從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)，Ek=EP=mgh，圖線的斜率絕對值為：，則 m=0.2kg，選項A正確；在Ek-h圖象中，圖線的斜率表示滑塊所受的合外力，由于高度從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)圖象為直線，其余部分為曲線，說明

18、滑塊從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)所受作用力為恒力，所以從h=0.2m，滑塊與彈簧分離，彈簧的原長的0.2m，根據(jù)圖象可知，此時物塊動能為0.30J，重力勢能為EP=mgh=20.2=0.4J，總機(jī)械能為0.3J+0.4J=0.7J；物塊在最低點(diǎn)時，彈性勢能最大，此時的重力勢能EP0=mgh0=20.1J=0.2J，則彈性勢能為：0.3J+0.4J-0.2J=0.5J，故BC正確；物塊的重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小時，動能最大，由圖可知，動能的最大值大于0.3J，則重力勢能與彈簧的彈性勢能總和最小值小于0.4J，選項D錯誤；故選ABC.【點(diǎn)睛】本題考查了能量守恒定律和圖象的理解與應(yīng)用問題

19、，根據(jù)該圖象的形狀得出滑塊從0.2m上升到0.35m范圍內(nèi)所受作用力為恒力，說明物體不再受到彈簧的彈力的作用是解題的關(guān)鍵8、AD【解析】質(zhì)點(diǎn)先在電場和重力場的復(fù)合場中做類平拋運(yùn)動，要垂直打在M屏上，離開出場后，質(zhì)點(diǎn)一定打在光屏的上方，做斜上拋運(yùn)動，質(zhì)點(diǎn)從離開電場后到垂直打在M屏上過程是平拋運(yùn)動的逆運(yùn)動，采用運(yùn)動的分解方法可知，分析質(zhì)點(diǎn)類平拋運(yùn)動與斜上拋的關(guān)系，確定加速度關(guān)系，求出板間場強(qiáng)；【詳解】A、粒子先在水平放置的兩平行金屬板間做類平拋運(yùn)動，要垂直打在M屏上，離開電場后，粒子一定打在屏的上方，做斜上拋運(yùn)動。否則，粒子離開電場后軌跡向下彎曲，粒子不可能垂直打在M板上。粒子在板間的類平拋運(yùn)動和

20、離開電場后的斜上拋運(yùn)動，水平方向都不受外力，都做勻速直線運(yùn)動，速度都等于v0，而且v0方向水平，粒子垂直打在M板上時速度也水平，根據(jù)粒子的軌跡彎曲方向可知兩個過程粒子的合力方向相反，加速度方向相反，則速度變化量方向相反,粒子的軌跡如圖所示：設(shè)粒子在板間運(yùn)動的過程中加速度大小為a，則有粒子離開電場時豎直分速度大小vy=at1=qE-mgmlv0，粒子離開電場后運(yùn)動過程其逆過程是平拋運(yùn)動，則vy=gt2=g2lv0，聯(lián)立解得E=3mgq，故A正確，B錯誤；C、若僅將滑片P向下滑動一段后，R的電壓減小，電容器的電壓要減小，電量要減小，由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器不能放電，電量不變，板間電壓不

21、變，所以質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動情況不變，再讓該質(zhì)點(diǎn)從O點(diǎn)以水平速度v0射入板間，質(zhì)點(diǎn)依然會垂直打在光屏上，故C錯誤；D、若僅將兩平行板的間距變大一些，電容器電容減小，由C=QU知U不變，電量要減小，但由于二極管具有單向?qū)щ娦?，所以電容器不能放電，電量不變，根?jù)推論可知板間電場強(qiáng)度不變，所以質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動情況不變，再讓該質(zhì)點(diǎn)從O點(diǎn)以水平速度v0射入板間，質(zhì)點(diǎn)依然會垂直打在光屏上，故D正確?！军c(diǎn)睛】本題關(guān)鍵抓住兩個運(yùn)動軌跡的特點(diǎn)，巧用逆向思維分析電場外質(zhì)點(diǎn)的運(yùn)動情況，要知道運(yùn)動的合成與分解是研究曲線運(yùn)動的常用方法，要靈活運(yùn)用。9、CD【解析】A物體做加速圓周運(yùn)動，所以開始時物體受到的摩擦力必定有一部分的分力沿軌跡

22、的切線方向，起到加速的作用，故A錯誤；B對物體受力分析知物塊離開圓盤前，由摩擦力和拉力的合力提供向心力在豎直方向上N+Tcos=mg根據(jù)動能定理知當(dāng)彈力T=0，半徑為r=Lsin聯(lián)立以上解得至繩中出現(xiàn)拉力時，轉(zhuǎn)臺對物塊做的功為，故B錯誤；C當(dāng)N=0，f=0時加速度最大，根據(jù)牛頓第二定律Tcos=mg半徑為r=Lsin聯(lián)立可得所以當(dāng)物塊的角速度增大到時，物塊與轉(zhuǎn)臺間恰好無相互作用，故C正確；D根據(jù)幾何關(guān)系可知，物體在做圓周運(yùn)動的過程中受到的繩子的拉力方向與物體運(yùn)動的方向始終垂直，所以細(xì)繩對物塊拉力的瞬時功率始終為零，故D正確故選CD。10、BC【解析】設(shè)質(zhì)點(diǎn)到達(dá)P點(diǎn)時的速度為v，根據(jù)動能定理有m

23、g2RmvP20；解得；由題意由靜止釋放剛好能達(dá)到Q點(diǎn)，由動能定理有mg2RWf00得Wf2mgR；因為從P到N每個點(diǎn)速度均大于N到Q每個點(diǎn)的速度，P到N的正壓力大于N到Q，P到N的摩擦力大于N到Q的摩擦力，所以P到N克服摩擦力做功大于mgR，由P到N由動能定理得mgR Wf0，所以，即第一次滑到軌道最低點(diǎn)時的速率，故B正確如果軌道光滑，物體在運(yùn)動過程中不受摩擦力，上升過程中動能與重力勢能相等的位置在位移的中點(diǎn)A，現(xiàn)在由于要克服摩擦力做功，機(jī)械能減小，所以上升過程中動能與重力勢能相等的位置在A點(diǎn)上方，從Q到N的過程中，動能與勢能相等的點(diǎn)在A點(diǎn)下方故C正確；故選BC【點(diǎn)睛】本題考查了能量守恒定律

24、和牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，關(guān)鍵是抓住已知條件質(zhì)點(diǎn)滑到Q點(diǎn)時，速度恰好為零，求出此時質(zhì)點(diǎn)克服摩擦力做的功，再結(jié)合圓周運(yùn)動知識進(jìn)行分析三、實(shí)驗題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、（1）BCDF （2）ABD （3）19：5 （4）AD 【解析】1.實(shí)驗原理在一維碰撞中，測出物體的質(zhì)量m和碰撞前后物體的速度v、v，找出碰撞前的動量p=m1v1+m2v2及碰撞后的動量p=m1v1+m2v2，看碰撞前后動量是否守恒2. 實(shí)驗器材斜槽、小球（兩個）、天平、復(fù)寫紙、白紙等3.實(shí)驗步驟(1)用天平測出兩小球的質(zhì)量，并選定質(zhì)量大的小球為入射小球(2)按照實(shí)驗原理

25、圖甲安裝實(shí)驗裝置調(diào)整、固定斜槽使斜槽底端水平(3)白紙在下，復(fù)寫紙在上且在適當(dāng)位置鋪放好記下重垂線所指的位置O(4)不放被撞小球，讓入射小球從斜槽上某固定高度處自由滾下，重復(fù)10次用圓規(guī)畫盡量小的圓把小球所有的落點(diǎn)都圈在里面圓心P就是小球落點(diǎn)的平均位置(5)把被撞小球放在斜槽末端，讓入射小球從斜槽同一高度自由滾下，使它們發(fā)生碰撞，重復(fù)實(shí)驗10次用步驟(4)的方法，標(biāo)出碰后入射小球落點(diǎn)的平均位置M和被撞小球落點(diǎn)的平均位置N如實(shí)驗原理圖甲所示(6)連接ON，測量線段OP、OM、ON的長度將測量數(shù)據(jù)填入表中最后代入，看在誤差允許的范圍內(nèi)是否成立(7)整理好實(shí)驗器材放回原處(8)實(shí)驗結(jié)論：在實(shí)驗誤差允

26、許范圍內(nèi)，碰撞系統(tǒng)的動量守恒【詳解】(1)本實(shí)驗需要天平稱量物體的質(zhì)量，需要刻度尺測量長度，需要中垂線調(diào)節(jié)軌道末端水平，需要圓規(guī)找物體的平均落點(diǎn)，故選BCDF(2)A、要保證碰撞是一維的，即保證兩物體在碰撞之前沿同一直線運(yùn)動，故A正確；B、要保證碰撞后兩個球做平拋運(yùn)動，故斜槽軌道末端的切線必須水平，故B正確；C、入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即m1m2，防止碰后m1被反彈，故C錯誤；D、為保證碰撞的初速度相同，入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下，故D正確；故選ABD(3)根據(jù)動量守恒定律，有：,代入數(shù)據(jù)有： m10.2550=m10.1550+m20.3800,解得:m1：m2=19：5(

27、4)A、要保證兩物體在碰撞之前沿同一直線運(yùn)動，碰撞之后還沿這條直線運(yùn)動；若碰撞前入射小球的速度方向，碰撞后兩小球的速度方向不是在同一直線上會產(chǎn)生較大的誤差，故A正確；B、傾斜部分軌道對入射小球的摩擦力作用，但只要入射球每次必須從軌道的同一位置由靜止?jié)L下，即可保證碰撞的初速度相同，故B錯誤；C、小球做平拋運(yùn)動的時間由高度差決定，由于高度差一定，故平拋的時間都相同，故水平射程與平拋的初速度成正比，故不需要測量高度差，只要滿足：，就一定有m1v1+m2v2=m1v1+m2v2，故C錯誤；D、測量長度的誤差對最終動量是否守恒的驗證會有影響，故D正確；故選AD.【點(diǎn)睛】實(shí)驗注意事項：(1)前提條件：保證

28、碰撞是一維的，即保證兩物體在碰撞之前沿同一直線運(yùn)動，碰撞之后還沿這條直線運(yùn)動(2)利用斜槽進(jìn)行實(shí)驗，入射球質(zhì)量要大于被碰球質(zhì)量，即m1m2，防止碰后m1被反彈.12、CD 減小 mg 不需要 需要 【解析】（1）打點(diǎn)計時器必須要用交流電源供電，故不可以用電池盒給打點(diǎn)計時器供電。選項A錯誤； 應(yīng)在接通打點(diǎn)計時器的電源后再讓小車開始運(yùn)動，選項B錯誤；要保持細(xì)繩與平板平行，選項C正確；應(yīng)讓小車從靠近定滑輪處開始運(yùn)動，選項D正確；故選CD.（2）由紙帶可看出，小車做加速運(yùn)動，說明木板傾角過大，故應(yīng)該減小木板傾角；（3）在操作中，因開始時小車拖著砂和砂桶運(yùn)動運(yùn)動，故去掉砂桶后，小車所受的合力大小等于砂和砂桶的重力mg；（4）在本實(shí)驗中，因小車加速下滑時不帶砂和砂桶，故不需要滿足沙和沙桶的質(zhì)量遠(yuǎn)小于小車的總質(zhì)量；因平衡摩擦力時要調(diào)節(jié)砂和砂桶的重力，故在操作中，每次