2021-2022學(xué)年遼寧省丹東市鳳城市第一中學(xué)高一（下）期中物理試題（解析版）

1、 2021-2022學(xué)年度鳳城一中下學(xué)期高一期中物理試題（考試時(shí)間：90分鐘，滿分：100分）第I卷（選擇題，共48分）一、選擇題（本大題共12小題，每小題4分，共48分。其中1-8題為單選，9-12題為多選，全部選對的得4分，選不全的得2分，有選錯(cuò)、多選或不選的得0分）1. 下列說法正確的是（ ）A. 牛頓的萬有引力定律中引力常量G是由牛頓測定的B. 若合外力對物體做正功，物體的機(jī)械能一定增加C. 正電荷和負(fù)電荷是由富蘭克林命名的；首先提出“電場線”的科學(xué)家是法拉第D. 元電荷是電荷量最小的電荷【答案】C【解析】【詳解】A牛頓的萬有引力定律中引力常量G是由卡文迪許測定的，故A錯(cuò)誤；B合外力對

2、物體做正功，物體的動(dòng)能一定增加；除重力（或彈力）之外的其他力做正功，物體的機(jī)械能一定增加。故B錯(cuò)誤；C正電荷和負(fù)電荷是由富蘭克林命名的；首先提出“電場線”的科學(xué)家是法拉第，故C正確；D元電荷不是電荷，是最小的電荷量，故D錯(cuò)誤。故選C。2. 在物理學(xué)的重大發(fā)現(xiàn)中，科學(xué)家們創(chuàng)造出了許多物理學(xué)方法，如比值法、理想實(shí)驗(yàn)法、控制變量法、極限法、類比法和科學(xué)假說法等，以下關(guān)于所用物理學(xué)研究方法的敘述正確的是（ ）A. 定義電場強(qiáng)度E時(shí)用到了極限法B. 在不需要考慮帶電物體本身的大小、形狀和電荷分布狀況時(shí)用點(diǎn)電荷來代替帶電物體的方法運(yùn)用了理想化模型法C. 在利用向心力演示儀研究向心力與角速度關(guān)系時(shí)運(yùn)用了類比

3、法D. 在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)。把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)。然后把各小段的位移相加，這里采用了科學(xué)假說法【答案】B【解析】【詳解】A電場強(qiáng)度E的定義式電場強(qiáng)度的大小與試探電荷所受的靜電力及試探電荷的帶電量無關(guān)，只與該比值有關(guān)，因此該定義采用的是比值法，A錯(cuò)誤；B在不需要考慮帶電物體本身的大小、形狀和電荷分布狀況時(shí)用點(diǎn)電荷來代替帶電物體的方法運(yùn)用了理想化模型法，B正確；C在利用向心力演示儀研究向心力與角速度、半徑、質(zhì)量的關(guān)系時(shí)，分別控制其中兩個(gè)物理量保持不變，只改變一個(gè)物理量，因此該實(shí)驗(yàn)運(yùn)用了控制變量法，C錯(cuò)誤；D在推導(dǎo)勻變速運(yùn)動(dòng)位移公式時(shí)。把整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程劃分

4、成很多小段，每一小段近似看作勻速直線運(yùn)動(dòng)。然后把各小段的位移相加，這里采用了極限法，D錯(cuò)誤。故選B。3. 如圖所示，在傾角為37的斜面上的P點(diǎn)以某一初速度水平拋出一小球，小球恰好擊中水平面上的Q點(diǎn)，已知OP=OQ，不計(jì)空氣阻力，則小球擊中Q點(diǎn)時(shí)的速度與水平面夾角的正切值為（）A. B. C. D. 1【答案】C【解析】【詳解】設(shè)小球從P點(diǎn)運(yùn)動(dòng)至Q點(diǎn)過程，位移與水平方向夾角正切值為根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律可知，小球擊中Q點(diǎn)時(shí)速度與水平面夾角的正切值為故C正確，ABD錯(cuò)誤。故選C。4. 如圖是中國空間站首次太空授課活動(dòng)。在約60分鐘的授課中，神舟十三號飛行乘組航天員翟志剛、王亞平、葉光富生動(dòng)地介紹展示了空

5、間站工作生活場景，演示了微重力環(huán)境下細(xì)胞學(xué)實(shí)驗(yàn)、人體運(yùn)動(dòng)、液體表面張力等神奇現(xiàn)象，并講解了實(shí)驗(yàn)背后的科學(xué)原理。據(jù)王亞平介紹他們在空間站中一天可以看見16次日出。已知地球半徑約6400km，重力加速度為9.8m/s2。則（）A. 空間站繞地球運(yùn)動(dòng)的周期約120分鐘B. 空間站遇見緊急情況需要降低軌道避讓太空垃圾，需要點(diǎn)火加速C. 空間站運(yùn)行的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度D. 空間站運(yùn)動(dòng)時(shí)的向心加速度大于9.8m/s2【答案】C【解析】【詳解】A在空間站中一天可以看見16次日出。間站繞地球運(yùn)動(dòng)的周期A錯(cuò)誤；B空間站遇見緊急情況需要降低軌道避讓太空垃圾，做近心運(yùn)動(dòng)，需要點(diǎn)火減速， B錯(cuò)誤；C根據(jù)可知軌

6、道半徑越大，線速度越小，因?yàn)橥叫l(wèi)星的軌道半徑大，所以空間站運(yùn)行的線速度大于同步衛(wèi)星的線速度，故C正確；D根據(jù)牛頓第二定律得近地衛(wèi)星軌道半徑近似等于地球半徑，此時(shí)向心加速度故空間站運(yùn)動(dòng)時(shí),軌道半徑大于地球半徑，空間站運(yùn)動(dòng)的向心加速度小于9.8m/s2，故D錯(cuò)誤。故選C。5. 中國北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)是中國自行研制的全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)，2020年7月31日上午，北斗三號全球衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)正式開通。同步衛(wèi)星是北斗衛(wèi)星導(dǎo)航系統(tǒng)非常重要的組成部分，如圖所示為地球某同步衛(wèi)星的轉(zhuǎn)換軌道示意圖，其中為近地軌道，為轉(zhuǎn)換軌道，為同步軌道，下列說法正確的是（）A. 赤道上靜止物體的向心加速度為a0，軌道上衛(wèi)星的加速度為a

7、1，軌道上衛(wèi)星的加速度為a3，則加速度的大小關(guān)系為a3a1a0B. 在軌道上，從P到Q的過程中機(jī)械能增加C. 在P點(diǎn)，軌道的線速度大于軌道的線速度D. 軌道的運(yùn)行周期大于軌道的運(yùn)行周期【答案】C【解析】【詳解】A赤道上靜止物體與地球同步衛(wèi)星角速度相等，由a=r2可得a3a0根據(jù)G=ma可得a=則a1a3所以a1a3a0選項(xiàng)A錯(cuò)誤；B在軌道上，從P到Q的過程中只有萬有引力做功，機(jī)械能守恒，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；C衛(wèi)星從軌道轉(zhuǎn)移到軌道要在P點(diǎn)點(diǎn)火加速做離心運(yùn)動(dòng)，所以在P點(diǎn)，軌道的線速度大于軌道的線速度，選項(xiàng)C正確；D由開普勒第三定律=k可知，由于軌道半長軸小于軌道的半徑，故軌道的運(yùn)行周期小于軌道的運(yùn)行周期，

8、選項(xiàng)D錯(cuò)誤。故選C。6. 連淮揚(yáng)鎮(zhèn)高鐵揚(yáng)州段2021年12月11日正式開通，如圖所示，“復(fù)興號”列車正沿直線駛出揚(yáng)州東站。假設(shè)列車質(zhì)量為m，牽引電機(jī)的輸出功率恒為P，所受阻力恒為f。某時(shí)刻速度為v1、加速度為a，一段時(shí)間t后速度為v2，在這段時(shí)間內(nèi)位移為x。下列關(guān)系式正確的是（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】A列車以恒定功率運(yùn)動(dòng)，速度增大，牽引力減小，加速度減小，不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，不能用 求平均速度，A錯(cuò)誤；C列車不是勻加速直線運(yùn)動(dòng)，不能用勻加速位移公式求位移，C錯(cuò)誤；B列車速度為v1時(shí) 根據(jù)牛頓第二定律得 解得B正確；D根據(jù)動(dòng)能定理得D錯(cuò)誤。故選B。7. 如圖所示，一質(zhì)

9、量為m的帶電荷量為q的小球用細(xì)線系住，線的一端固定在O點(diǎn)，若在空間加上勻強(qiáng)電場，平衡時(shí)線與豎直方向成30角，則電場強(qiáng)度的最小值為（）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【詳解】以小球?yàn)檠芯繉ο螅瑢π∏蜻M(jìn)行受力分析，故小球受到重力mg、繩的拉力F1、電場力F2三個(gè)力作用，根據(jù)平衡條件可知，拉力F1與電場力F2的合力必與重力mg等大反向。因?yàn)槔1的方向確定，F(xiàn)1與F2的合力等于mg確定，由矢量圖可知當(dāng)電場力F2垂直懸線時(shí)電場力F2=qE最小，故場強(qiáng)E也最小。則有mgsin30=qE解得故B正確，ACD錯(cuò)誤。8. 電場的電場線如圖中實(shí)線所示，M、O、N為同一根電場線上的不同位置的點(diǎn)，兩個(gè)帶

10、電粒子a、b均從P點(diǎn)以相同速度射入該電場區(qū)域，僅在電場力作用下的運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中虛線所示，下列說法正確的是（ ）A. a粒子帶負(fù)電，b粒子帶正電B. 電場力對a、b粒子均做負(fù)功C. a、b帶電粒子的動(dòng)能均減小D. 若在O點(diǎn)由靜止釋放a粒子，僅在電場力的作用下，a粒子將沿電場線運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)【答案】A【解析】【詳解】A由粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡可知a受到的電場力偏左，b受到的電場力偏右，則a粒子帶負(fù)電，b粒子帶正電，故A正確；BC電場力對a、b粒子均做正功，a、b粒子動(dòng)能均增大，故BC錯(cuò)誤；D若在O點(diǎn)由靜止釋放a粒子，僅在電場力的作用下，a粒子將向左側(cè)運(yùn)動(dòng)，但并不能沿電場線運(yùn)動(dòng)到M點(diǎn)，故D錯(cuò)誤。故A。9. 如圖

11、所示，一水平傳送帶以v0速度順時(shí)針傳送，其右端與一傾角為的光滑斜面平滑相連，一個(gè)可視為質(zhì)點(diǎn)的物塊輕放在傳送帶最左端，已知物塊的質(zhì)量為m，若物塊經(jīng)傳送帶與斜面的連接處無能量損失，則（）A. 物塊在第一次沖上斜面前，一定一直做加速運(yùn)動(dòng)B. 物塊不可能從傳送帶的左端滑落C. 物塊不可能回到出發(fā)點(diǎn)D. 物塊的機(jī)械能最大增量不可能大于【答案】BD【解析】【詳解】A設(shè)傳送帶的長度為L，物塊運(yùn)動(dòng)的過程中，物塊勻加速運(yùn)動(dòng)的位移若xL則物塊在第一次沖上斜面前，一定一直做加速運(yùn)動(dòng)；若xL，則物塊先加速后勻速，故A錯(cuò)誤；BC若物塊在傳送帶上一直做加速運(yùn)動(dòng)，則返回的過程中物塊一直做減速運(yùn)動(dòng)，由于兩個(gè)運(yùn)動(dòng)的加速度的大小

12、是相等的，可知物塊將能夠恰好返回出發(fā)點(diǎn)，但不可能從傳送帶的左端滑落，故B正確，C錯(cuò)誤；D物塊在傳送帶上運(yùn)動(dòng)的過程中，傳送帶的摩擦力對物塊做功，所以物塊的速度不可能大于v0，所以滑塊的最大機(jī)械能不可能大于，滑塊在斜面上運(yùn)動(dòng)的過程中只有重力做功，機(jī)械能不增加，故D正確。故選BD。10. 在光滑水平桌面中央固定一邊長為0.1 m的小正三棱柱abc，俯視如圖。長度為L=0.5 m的不可伸長細(xì)線，一端固定在a點(diǎn)，另一端拴住一個(gè)質(zhì)量為m=0.8 kg可視為質(zhì)點(diǎn)的小球，t=0時(shí)刻，把細(xì)線拉直在ca的延長線上，并給小球一垂直于細(xì)線方向的水平速度，大小為v0=4 m/s。由于光滑棱柱的存在，細(xì)線逐漸纏繞在棱柱上

13、（不計(jì)細(xì)線與三棱柱碰撞過程中的能量損失）。已知細(xì)線所能承受的最大張力為50 N。則細(xì)線斷裂之前（）A. 小球的速率逐漸減小B. 小球速率保持不變C. 小球運(yùn)動(dòng)的路程為0.8 mD. 小球運(yùn)動(dòng)的位移大小為0.3 m【答案】BCD【解析】【詳解】AB細(xì)線斷裂之前，繩子拉力與小球的速度垂直，對小球不做功，不改變小球的速度大小，所以小球的速率保持不變，故A錯(cuò)誤，B正確；C細(xì)線斷裂瞬間，拉力大小50 N，由得假設(shè)細(xì)線不斷，小球剛越過bc沿長線時(shí)，圓的半徑為0.3m，剛越過ca沿長線時(shí)，圓的半徑為0.2m，結(jié)合臨界半徑可知，小球剛好轉(zhuǎn)一圈細(xì)線斷裂，故小球運(yùn)動(dòng)的路程為故C正確；D小球轉(zhuǎn)一圈之后，在ca沿長線

14、上剛要斷的瞬間與a的距離為0.2m，所以，細(xì)線斷裂之前，小球運(yùn)動(dòng)的位移大小為0.5 m-0.2 m=0.3 m故D正確。故選BCD。11. 一物塊從傾角、高為的斜面頂端從靜止開始沿斜面下滑，其重力勢能和機(jī)械能隨下滑高度h的變化關(guān)系如圖中圖線I、所示，重力加速度取，以斜面底端所在平面為零勢能參考平面，則（）A. 物塊的質(zhì)量為B. 物塊下滑過程中所受阻力大小為5NC. 物塊由斜面頂端滑到底端的過程中，合外力做的功為15JD. 物塊重力勢能和動(dòng)能相等時(shí)，對應(yīng)物塊下滑的高度為1.25m【答案】AC【解析】【詳解】A重力勢能以斜面底端所在平面為零勢能面，則圖線I的斜率的絕對值等于，即解得物塊的質(zhì)量A正確

15、；B根據(jù)機(jī)械能守恒定律可知解得B錯(cuò)誤；C由圖像可知，物塊滑到斜面底端時(shí)的動(dòng)能為15J，根據(jù)動(dòng)能定理可知，物塊由斜面頂端滑到斜面底端的過程中，合外力做的功為15J，C正確；D以斜面底端所在平面為零勢能參考平面，設(shè)當(dāng)物塊重力勢能和動(dòng)能相等時(shí)物塊所處高度為，有物塊下滑的加速度為根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式有聯(lián)立解得所以物塊下滑高度為2m，D錯(cuò)誤。故選AC。12. 如圖甲所示，兩個(gè)等量同種電荷、固定于光滑絕緣水平面上，電荷量、質(zhì)量的小球在該平面上從點(diǎn)由靜止釋放，沿中垂線運(yùn)動(dòng)到電荷連線中點(diǎn)，其圖像如圖乙中圖線所示，其中點(diǎn)處為圖線切線斜率最大的位置，圖中為過點(diǎn)的切線，則下列說法正確的是（）A. 、帶異種電荷B. 帶電小

16、球運(yùn)動(dòng)到點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大C. 到過程加速度一直減小D. 點(diǎn)的場強(qiáng)【答案】BD【解析】【詳解】A帶正電的小球從a點(diǎn)由靜止釋放，向上做加速運(yùn)動(dòng)，帶正電的小球受到向上的電場力，則ao連線上的電場豎直向上，故P、Q帶等量負(fù)電荷，A錯(cuò)誤；B從a點(diǎn)到o點(diǎn)小球一直加速，帶電小球運(yùn)動(dòng)到o點(diǎn)時(shí)動(dòng)能最大，B正確；C圖像中，圖線的斜率表示加速度，所以小球從a到o過程加速度先增大后減小，C錯(cuò)誤；Db點(diǎn)的加速度則電場強(qiáng)度大小為D正確。故選BD。第II卷（非選擇題52分）二、實(shí)驗(yàn)題（本題共兩小題，第13題6分，第14題8分，每空2分，注：少選得一分，錯(cuò)選不得分。共計(jì)14分。請按題目要求作答）13. （1）為了研究平拋物體的運(yùn)

17、動(dòng)，可做下面的實(shí)驗(yàn)：如圖甲所示，用小錘打擊彈性金屬片，B球就水平飛出，同時(shí)A球被松開，做自由落體運(yùn)動(dòng)，兩球同時(shí)落到地面；如圖乙所示的實(shí)驗(yàn)：將兩個(gè)完全相同的斜滑道固定在同一豎直面內(nèi)，最下端水平。把兩個(gè)質(zhì)量相等的小鋼球從斜面的同一高度由靜止同時(shí)釋放，滑道2與光滑水平板連接，則將觀察到的現(xiàn)象是球1落到水平木板上擊中球2，這兩個(gè)實(shí)驗(yàn)說明_；A甲實(shí)驗(yàn)只能說明平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)B乙實(shí)驗(yàn)只能說明平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)C不能說明上述規(guī)律中的任何一條D甲、乙二個(gè)實(shí)驗(yàn)均能同時(shí)說明平拋運(yùn)動(dòng)在水平、豎直方向上運(yùn)動(dòng)性質(zhì)（2）大黑在做研究平拋運(yùn)動(dòng)的實(shí)驗(yàn)時(shí)，讓小球多次沿同一軌道運(yùn)動(dòng)，通過描點(diǎn)法畫出了

18、小球平拋運(yùn)動(dòng)的軌跡。為了能較準(zhǔn)確地描繪運(yùn)動(dòng)軌跡，下面列出一些操作要求，將你認(rèn)為正確選項(xiàng)的前面字母填在橫線上：_。a通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平b每次釋放小球的位置必須不同c每次必須由靜止釋放小球d記錄小球位置用的木條（或凹槽）每次必須嚴(yán)格地等距離下降e小球運(yùn)動(dòng)時(shí)不應(yīng)與木板上的白紙（或方格紙）相接觸f將球的位置記錄在紙上后，取下紙，用直尺將點(diǎn)連成折線g斜槽不必光滑若用一張印有小方格的紙記錄軌跡，小方格的邊長為L，L2.5cm，小球在平拋運(yùn)動(dòng)途中的幾個(gè)位置如圖中的a、b、c、d所示，則小球在b點(diǎn)的速率是_m/s?！敬鸢浮?. AB . aceg . 1.25【解析】【詳解】（1）1 甲實(shí)驗(yàn)中AB球

19、同時(shí)落地，說明平拋運(yùn)動(dòng)在豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)；乙實(shí)驗(yàn)中球1落到水平木板上擊中球2說明平拋運(yùn)動(dòng)在水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)。故AB正確，CD錯(cuò)誤。故選AB。（2）2a通過調(diào)節(jié)使斜槽的末端保持水平，以保證小球能夠水平拋出，故a正確；bc每次釋放小球的位置必須相同且由靜止釋放小球，以保證小球水平拋出時(shí)的速度相等，故b錯(cuò)誤，c正確；d記錄小球位置用的木條（或凹槽）不需要等距離下降，故d錯(cuò)誤；e小球運(yùn)動(dòng)時(shí)不應(yīng)與木板上的白紙（或方格紙）相接觸以減小阻力減小實(shí)驗(yàn)誤差，故e正確；f將球的位置記錄在紙上后，取下紙，用平滑的曲線將點(diǎn)連接起來，故f錯(cuò)誤；g斜槽的目的是使小球獲得水平的初速度，不必光滑，故g正確。故選a

20、ceg。3豎直方向有解得平拋運(yùn)動(dòng)水平方向的速度b點(diǎn)豎直方向的速度所以14. 某同學(xué)為“驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律”，采用了如圖甲所示的裝置，將質(zhì)量相等的兩個(gè)重物用輕繩連接，放在光滑的輕質(zhì)滑輪上，系統(tǒng)處于靜止?fàn)顟B(tài)。該同學(xué)在左側(cè)重物上附加一個(gè)小鐵塊，使系統(tǒng)從靜止開始運(yùn)動(dòng)，滑輪右側(cè)重物拖著紙帶打出一系列的點(diǎn)。某次實(shí)驗(yàn)打出的紙帶如圖乙所示，0是打下的第一個(gè)點(diǎn)，兩相鄰點(diǎn)間還有4個(gè)點(diǎn)未標(biāo)出，交流電頻率為50Hz。用刻度尺測得點(diǎn)“0”到點(diǎn)“4”的距離，點(diǎn)“4”到點(diǎn)“5”的距離，點(diǎn)“5”到點(diǎn)“6”的距離，重力加速度用g表示。依據(jù)實(shí)驗(yàn)裝置和操作過程，下列說法正確的是（ ）A.需要用天平分別測出重物的質(zhì)量M和小鐵塊的質(zhì)量

21、mB.需要用天平直接測出重物的質(zhì)量M和小鐵塊的質(zhì)量m之和C.只需要用天平測出小鐵塊質(zhì)量mD.不需要測量重物的質(zhì)量M和小鐵塊的質(zhì)量m系統(tǒng)在打點(diǎn)05的過程中，經(jīng)過點(diǎn)5位置時(shí)的速度_m/s（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字），系統(tǒng)重力勢能的減少量的表達(dá)式_ （用實(shí)驗(yàn)測量物理量的字母表示），在誤差允許的范圍內(nèi)，系統(tǒng)重力勢能的減少量略_ 系統(tǒng)動(dòng)能的增加量（填“大于”或“小于”），從而驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律?！敬鸢浮?. A . 2.4 . . 大于【解析】【詳解】1根據(jù)需要驗(yàn)證的關(guān)系可知需要用天平分別測出重物的質(zhì)量M和小鐵塊的質(zhì)量m，故A正確，BCD錯(cuò)誤；2根據(jù)題意得相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)的時(shí)間間隔根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)中間時(shí)刻瞬時(shí)速

22、度等于該過程平均速度得3系統(tǒng)重力勢能的減少量的表達(dá)式4由于空氣阻力以及摩擦阻力的存在，在誤差允許的范圍內(nèi)，系統(tǒng)重力勢能的減少量略大于系統(tǒng)動(dòng)能的增加量，從而驗(yàn)證機(jī)械能守恒定律。三、計(jì)算題（本題共4小題，共38分。解答時(shí)應(yīng)寫出必要的文字說明，方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案不能得分，有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須寫出數(shù)值和單位）15. 如圖所示，滑板靜止在水平軌道上，質(zhì)量m2 kg，板長L0.6 m，左端A點(diǎn)到軌道上B點(diǎn)距離x6 m，滑板與軌道間的動(dòng)摩擦因數(shù)0.2。現(xiàn)對滑板施加水平向右的推力F10 N，作用一段時(shí)間后撤去，滑板右端恰能到達(dá)B點(diǎn)，求：（1）推力F作用時(shí)間；（2）推力F的最大功率?！?/p>

23、答案】（1）1.2 s；（2）36 W【解析】【詳解】（1）在外力F作用下，根據(jù)牛頓第二定律可知Fmgma1解得a13 m/s2經(jīng)歷的時(shí)間為t，則va1t通過的位移為撤去外力后的加速度大小為減速通過的位移為又因x1x2xL聯(lián)立解得t1.2 sv3.6 m/s（2）推力的最大功率PFv103.6 W36 W16. 如圖所示，在勻強(qiáng)電場中，電場線與水平方向的夾角為，有一質(zhì)量為m、帶電荷量為+q的帶電小球，用長為L的細(xì)線懸掛于O點(diǎn)，當(dāng)小球靜止時(shí)，細(xì)線OA恰好呈水平狀態(tài)。（重力加速度為g）（1）求電場強(qiáng)度的大小；（2）若用外力使小球繞O點(diǎn)做半徑為L的圓周運(yùn)動(dòng)沿圓?。▓D中虛線）從A點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到O點(diǎn)正下方的B點(diǎn)，求此過程中電場力對小球做的功?！敬鸢浮浚?）；（2）【解析】【詳解】（1）對小球進(jìn)行受力分析，在豎直方向上解得電場強(qiáng)度為（2）將電場分解到水平方向和豎直方向，根據(jù)功