2022-2023學(xué)年內(nèi)蒙古翁牛特旗烏丹一中物理高三第一學(xué)期期中調(diào)研模擬試題（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模擬試卷注意事項(xiàng)1考生要認(rèn)真填寫考場號和座位序號。2試題所有答案必須填涂或書寫在答題卡上，在試卷上作答無效。第一部分必須用2B 鉛筆作答；第二部分必須用黑色字跡的簽字筆作答。3考試結(jié)束后，考生須將試卷和答題卡放在桌面上，待監(jiān)考員收回。一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、如圖，位于斜面上的物塊M在沿斜面向上的力F作用下，處于靜止?fàn)顟B(tài)，則斜面作用于物塊的靜摩擦力不可能的是（ ）A方向一定沿斜面向下B方向可能沿斜面向下C大小可能等于零D大小可能等于F2、如圖所示，水平方向的傳送帶以4 m/s的恒定

2、速度順時針轉(zhuǎn)動，其兩端A、B間的距離為7 m。一物塊從B端以5 m/s的速度滑上傳送帶，物塊與傳送帶間的動摩擦因數(shù)0.2，g10 m/s2。在物塊從滑上傳送帶至離開傳送帶的過程中，物塊的速度隨時間變化的圖象是圖中的（）ABCD3、如圖，圓形和正方形區(qū)域內(nèi)有垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場，圓的直徑和正方形的邊長相等，電子以某速度飛入磁場區(qū)域，速度方向與磁場垂直，且對準(zhǔn)圓心（或者說垂直正方形邊長從中點(diǎn)進(jìn)入），則下面正確的是 ( ) A電子在兩區(qū)域內(nèi)運(yùn)動的時間一定不同B電子在兩區(qū)域內(nèi)運(yùn)動的時間可能相同C電子可能從正方形的入射點(diǎn)的對邊邊長中心射出D電子在圓形區(qū)域內(nèi)運(yùn)動的時間可以為周期的一半4、如圖所示，光滑的

3、鐵絲做成的圓環(huán)固定在豎直平面內(nèi)，一中心有孔的小球穿在鐵絲上，由于受到輕微擾動，小球從最高點(diǎn)向下滑動，則在小球從最高點(diǎn)A滑到最低點(diǎn)B的過程中（）A鐵絲對小球的作用力一直增大B鐵絲對小球的作用力做功為零C鐵絲對小球的作用力的沖量為零D重力對小球做功的功率一直增大5、如圖所示，質(zhì)量為4kg的物體A靜止在豎直的輕彈簧上面質(zhì)量為1kg的物體B用細(xì)線懸掛起來，A、B緊挨在一起但A、B之間無壓力某時刻將細(xì)線剪斷，則細(xì)線剪斷瞬間，B對A的壓力大小為（g取l0m/s2）的（ ）A0B50NC10ND8N6、如圖所示，放射性元素鐳衰變過程中釋放出、三種射線，分別進(jìn)入勻強(qiáng)電場和勻強(qiáng)磁場中，下列說法正確的是（）A表示

4、射線，其穿透能力較強(qiáng)B表示射線，其穿透能力最強(qiáng)C表示射線，其電離能力最強(qiáng)D表示射線，是原子發(fā)生躍遷時產(chǎn)生二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、如圖所示，一根不可伸長的輕繩兩端各系一個小球球和，跨在兩根固定在同一高度的光滑水平細(xì)桿和上，質(zhì)量為的球置于地面上，質(zhì)量為的球從水平位置靜止釋放當(dāng)球擺過的角度為時， 球?qū)Φ孛鎵毫偤脼榱悖铝薪Y(jié)論正確的是（ ）ABC若只將細(xì)桿水平向左移動少許，則當(dāng)球擺過的角度為小于的某值時， 球?qū)Φ孛娴膲毫偤脼榱鉊若只將細(xì)桿水平向左移動少許，則當(dāng)

5、球擺過的角度仍為時， 球?qū)Φ孛娴膲毫偤脼榱?、如圖所示，斜面體的上表面除AB段粗糙外，其余部分光滑 一可視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊從斜面的頂端滑下，經(jīng)過A、C兩點(diǎn)時的速度相等，已知AB=BC，物體與AB段的動摩擦因數(shù)處處相等，斜面體始終靜止在地面上，則 ( ) A物體在AB段和BC段運(yùn)動的時間不相等B物體在AB段和BC段運(yùn)動的加速度大小相等C物體在AB段和BC段運(yùn)動時，斜面體受到地面靜摩擦力的大小相等D物體在AB段和BC段運(yùn)動時，斜面體受到地面支持力的大小相等9、質(zhì)量分別為2kg和3kg的物塊A、B放在光滑水平面上并用輕質(zhì)彈簧相連，如圖所示，今對物塊A、B分別施以方向相反的水平力F1、F2，且F120N

6、、 F210N，則下列說法正確的是 ( )A彈簧的彈力大小為16NB若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對物體的拉力大小為10 NC如果只有F1作用，則彈簧的彈力大小變?yōu)?2ND若F110N、 F220N，則彈簧的彈力大小不變10、如圖所示，用小錘打擊彈性金屬片后，A球沿水平方向拋出，同時B球被松開，自由下落。改變小球距地面的高度和打擊的力度，重復(fù)這個實(shí)驗(yàn)，發(fā)現(xiàn)A、B兩球總是同時落地。若A、B兩球質(zhì)量相等，且將平拋運(yùn)動沿水平和豎直兩個方向分解。下列說法正確的是A本實(shí)驗(yàn)可驗(yàn)證平拋運(yùn)動在水平方向上是勻速直線運(yùn)動B本實(shí)驗(yàn)可驗(yàn)證平拋運(yùn)動在豎直方向上是自由落體運(yùn)動C在同一次實(shí)驗(yàn)中，兩球落地前瞬間重力的功率相等D在同

7、一次實(shí)驗(yàn)中，兩球落地前瞬間動量的大小相等三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11（6分）未來在一個未知星球上用如圖甲所示裝置研究平拋運(yùn)動的規(guī)律。懸點(diǎn)O正下方P點(diǎn)處有水平放置的熾熱電熱絲，當(dāng)懸線擺至電熱絲處時能輕易被燒斷，小球由于慣性向前飛出做平拋運(yùn)動?，F(xiàn)對小球采用頻閃數(shù)碼照相機(jī)連續(xù)拍攝。在有坐標(biāo)紙的背景屏前，拍下了小球在做平拋運(yùn)動過程中的多張照片，經(jīng)合成后，照片如圖乙所示。a、b、c、d為連續(xù)四次拍下的小球位置，已知照相機(jī)連續(xù)拍照的時間間隔是0.10s，照片大小如圖中坐標(biāo)所示，又知該照片的長度與實(shí)際背景屏的長度之比為1：4，則：(1)由以上信

8、息，可知a點(diǎn)_（填“是”或“不是”）小球的拋出點(diǎn)。(2)由以上及圖信息，可以推算出該星球表面的重力加速度為_m/s2。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）(3)由以上及圖信息可以算出小球平拋的初速度是_m/s。（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）12（12分）借助于位移傳感器可以方便地測量木塊和木板之間的動摩擦因數(shù)，實(shí)驗(yàn)裝置如圖甲所示，木塊從木板上面某一點(diǎn)靜止釋放，位移傳感器記錄下木塊到傳感器的距離。計(jì)算機(jī)描繪的距離隨時間變化的圖象如圖乙所示。圖甲 圖乙（1）根據(jù)上述s- t圖象，計(jì)算木塊加速度a =_m/s2， 0.3s時木塊的速度v=_m/s， 。（以上結(jié)果均保留2位有效數(shù)字）（2）根據(jù)圖中提供的已知數(shù)據(jù)，可計(jì)算

9、出木塊與木板間的動摩擦因數(shù)=_。（取重力加速度g=10m/s2，結(jié)果保留2位有效數(shù)字）（3）為了提高木塊與木板間動摩擦因數(shù)的測量精度，下列措施可行的是_。A點(diǎn)與傳感器距離適當(dāng)大些 B木板的傾角越大越好C選擇體積較小的實(shí)心木塊D傳感器開始計(jì)時的時刻必須是木塊從A點(diǎn)釋放的時刻四、計(jì)算題：本題共2小題，共26分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，要求寫出必要的文字說明、方程式和演算步驟。13（10分）如圖所示，一氣缸豎直放在水平地面上，缸體質(zhì)量M=10kg，活塞質(zhì)量m=4kg，活塞橫截面積S=210-3m2，活塞上面封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，活塞下面與勁度系數(shù)k=2103N/m的豎直輕彈簧相連，氣缸底

10、部有氣孔O與外界相通，大氣壓強(qiáng)p0=1.0105Pa當(dāng)氣缸內(nèi)氣體溫度為127時，彈簧為自然長度，此時活塞距離氣缸頂部的高度為L1=20cmg取10m/s2，缸體始終豎直，活塞不漏氣且與缸壁無摩擦當(dāng)活塞距離氣缸頂部的高度為L2=24cm時，缸內(nèi)氣體溫度為多少？缸內(nèi)氣體溫度上升到T0以上，氣體將做等壓膨脹，則T0為多少？14（16分）如圖,水平細(xì)桿上套有一質(zhì)量為0.54 kg的小環(huán)A,用輕繩將質(zhì)量為0.5 kg的小球B與A相連.B受到始終與水平方向成53角的風(fēng)力作用,與A一起向右勻速運(yùn)動,此時輕繩與水平方向夾角為37,運(yùn)動過程中B球始終在水平細(xì)桿的下方,則(取g=10 m/s2,sin 37=0.

11、6,cos 37=0.8).(1)B對繩子的拉力大小;(2)A與桿間的動摩擦因數(shù).15（12分）一列簡諧橫波在x軸上傳播，如圖所示，實(shí)線是這列波在t10.1 s時刻的波形，虛線是這列波在t20.2 s時刻的波形，求： ()如果此波沿x軸正方向傳播，波速的最小值；()如果此波沿x軸負(fù)方向傳播，波速的可能值。參考答案一、單項(xiàng)選擇題：本題共6小題，每小題4分，共24分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，只有一項(xiàng)是符合題目要求的。1、A【解析】A. 當(dāng)F大于Mgsin，由于沿斜面方向平衡，則靜摩擦力方向沿斜面向下當(dāng)F小于Mgsin，由于沿斜面方向平衡，則靜摩擦力方向沿斜面向上，故A錯誤，B正確；C. 當(dāng)F與重

12、力向下的分力相等時，摩擦力大小可以為零，故C正確；D. 若F為重力沿斜面向下分力的一半，則摩擦力可以等于F，故D正確本題選擇錯誤答案，故選：A.【點(diǎn)睛】根據(jù)推力F的大小與重力分力的大小確定摩擦力的方向，注意分析推力與重力沿斜面向下分力的大小關(guān)系2、B【解析】物塊剛滑上傳送帶時，由于物塊與傳送帶間的摩擦力的作用，物塊做勻減速運(yùn)動，其加速度：ag2 m/s2當(dāng)物塊的速度減小0時，物塊前進(jìn)的距離：其值小于AB的距離，故物塊減速到0后會隨傳送帶向右運(yùn)動，其加速度的大小與減速時是相等的，其速度與傳送帶的速度相等時，物塊向右滑行的距離：其值小于物塊向左前進(jìn)的距離，說明物塊仍在傳送帶上，此后物塊相對于傳送帶

13、靜止，其速度大小等于傳送帶的速度大小。ACD.由上分析可知，ACD錯誤；B.由上分析可知，B正確。3、B【解析】A、B、粒子在磁場中的可能運(yùn)動情況如圖所示，電子從O點(diǎn)水平進(jìn)入由于它們以某速度進(jìn)入磁場區(qū)域，電子的運(yùn)動軌跡可能有三種，如圖所示，由圖可以看出進(jìn)入磁場區(qū)域的電子的軌跡1，先出圓形磁場，再出矩形磁場；進(jìn)入磁場區(qū)域的電子的軌跡2，同時從圓形與矩形邊界處磁場；進(jìn)入磁場區(qū)域的電子的軌跡3，先出圓形磁場，再出矩形磁場；所以電子在兩區(qū)域的運(yùn)動時間可能相同，也可能不同，A錯誤；B正確；C、電子在磁場中做圓周運(yùn)動，一定發(fā)生了偏轉(zhuǎn)，不會從正方形對邊中心射出，C錯誤；D、當(dāng)電子從左邊邊長射出時，運(yùn)動時間剛

14、好為周期的一半，而經(jīng)過圓形區(qū)域內(nèi)的時間總是小于周期的一半，D錯誤；故選B4、B【解析】A對小球進(jìn)行受力分析，小球受到重力和鐵絲的支持力，重力豎直向下，支持力垂直于切面向上，小球做圓周運(yùn)動，重力與支持力的合力提供向心力，在運(yùn)動過程中，有一瞬間重力的分量恰好提供全部的向心力，則此時鐵絲對小球的支持力為零，故A錯誤.BC鐵絲對小球的作用力方向與小球運(yùn)動方向總是垂直，所以對小球的功為零，但沖量Ft不為零，故B正確，C錯誤。D小球下滑過程中速率增大，速度在豎直方向的分量先增大后減小，所以重力對小球做功的功率也是先增大后減小，故D錯誤.5、D【解析】剪斷細(xì)線前，A、B間無壓力，則彈簧的彈力F=mAg=40

15、N，剪斷細(xì)線的瞬間，對整體分析，整體加速度：，隔離對B分析，mBg-N=mBa，解得：N=mBg-mBa=10-12N=8N故D正確，ABC錯誤故選D6、B【解析】試題分析：射線實(shí)質(zhì)為氦核，帶正電，射線為電子流，帶負(fù)電，射線為高頻電磁波，根據(jù)電荷所受電場力特點(diǎn)可知：為射線，為射線，為射線，射線是高速He流，一個粒子帶兩個正電荷根據(jù)左手定則，射線受到的洛倫茲力向左，故是射線射線是高速電子流，帶負(fù)電荷根據(jù)左手定則，射線受到的洛倫茲力向右，故是射線射線是光子，是中性的，故在磁場中不受磁場的作用力，軌跡不會發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故是射線，故B正確，ACD錯誤考點(diǎn)：X射線、射線、射線、射線及其特性；帶電粒子在勻強(qiáng)磁

16、場中的運(yùn)動【名師點(diǎn)睛】本題綜合性較強(qiáng)，主要考查兩個方面的問題：三種射線的成分主要是所帶電性洛倫茲力的方向的判定只有基礎(chǔ)扎實(shí)，此類題目才能順利解決，故要重視基礎(chǔ)知識的學(xué)習(xí)二、多項(xiàng)選擇題：本題共4小題，每小題5分，共20分。在每小題給出的四個選項(xiàng)中，有多個選項(xiàng)是符合題目要求的。全部選對的得5分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分。7、AD【解析】由于球擺動過程中機(jī)械能守恒，則有， 球通過最低點(diǎn)時，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式得解得故A正確，B錯誤；由上述求解過程可以看出，有，所以球到懸點(diǎn)的距離跟最終結(jié)果無關(guān)只要球擺到最低點(diǎn)細(xì)繩的拉力都是 球?qū)Φ孛娴膲毫偤脼榱愎蔆錯誤，D正確；故選AD點(diǎn)睛：本題關(guān)

17、鍵對小球b運(yùn)用機(jī)械能守恒定律和向心力公式聯(lián)合列式求解；解題時要抓住臨界態(tài)進(jìn)行分析8、BC【解析】A、經(jīng)過A點(diǎn)時的速度與經(jīng)過C點(diǎn)時的速度相等,根據(jù)公式，知AB段和BC段的平均速度相等，兩段位移相等，所以運(yùn)動時間相等故A錯誤；B、根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式分析，對于AB段：對于BC段：由題vA=vC,則由上兩式比較可得：a1=a2，即BC段與AB段的加速度大小相等，故B正確；C、在AB段，物體的加速度沿斜面向上，以斜面和物體整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可知，整體有水平向右的合外力，則地面對斜面的靜摩擦力水平向右；在BC段，物體的加速度沿斜面向下，以斜面和物體整體為研究對象，根據(jù)牛頓第二定律可知，整體有水平

18、向左的合外力，則地面對斜面的靜摩擦力水平向左又合力相等，故水平分力相等，斜面體受到地面靜摩擦力的大小相等，故C正確.；D、在AB段，物體的加速度沿斜面向上，故超重，對地面的壓力大于重力，在BC段，物體的加速度沿斜面向下，故失重，對地面的壓力小于重力，由牛頓第三定律得，斜面體受到地面支持力的大小不相等，故D錯誤故選BC點(diǎn)睛：根據(jù)牛頓第二定律比較AB段和BC段加速度的大?。桓鶕?jù)平均速度公式比較在AB段和BC段運(yùn)動的時間相同；分析斜面的受力，根據(jù)平衡確定摩擦力的大小，根據(jù)超重、失重判斷整體的受力，由牛頓第三定律求支持力9、AC【解析】A. 彈簧不在伸長后，AB具有相同的加速度。對于整體AB，根據(jù)牛頓

19、第二定律：F2-F1=（mA+mB）a代入數(shù)據(jù)解得：a=2m/s2對A，由牛頓第二定律：F1-F彈=mAa代入數(shù)據(jù)解得：F彈=16N故A正確；B. 若把彈簧換成輕質(zhì)繩，則繩對物體的拉力大小仍然為16N，故B錯誤；C. 只有F1作用時，對整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F1=（mA+mB）a解得：a=4m/s2對A，由牛頓第二定律：F1-F彈=mAa解得：F彈=12N故C正確；D. 若F1=10N、F2=20N，對整體AB，根據(jù)牛頓第二定律：F2-F1=（mA+mB）a解得：a=2m/s2對A，由牛頓第二定律：F彈-F1=mAa解得：F彈=14N故D錯誤。10、BC【解析】A球沿水平方向拋出做平拋運(yùn)

20、動，同時B球被松開，自由下落做自由落體運(yùn)動，發(fā)現(xiàn)每次兩球都同時落地，只能說明平拋豎直方向的分運(yùn)動是自由落體運(yùn)動?！驹斀狻勘緦?shí)驗(yàn)將A的做平拋運(yùn)動與豎直方向下落的B的運(yùn)動對比，只能說明A豎直方向運(yùn)動情況，不能反映A水平方向的運(yùn)動情況。本實(shí)驗(yàn)中A做平拋運(yùn)動，B做自由落體運(yùn)動，每次兩球都同時落地，說明A豎直方向的分運(yùn)動是自由落體運(yùn)動。故A錯誤，B正確；兩小球落地時的豎直分速度相同，故由P=mgv可知，兩球落地時的功率相等，故C正確；由于兩球落地時的瞬時速度不同，平拋運(yùn)動的合速度大于自由落地的速度，故落地時的動量不相等，故D錯誤。故選BC?！军c(diǎn)睛】本題考查研究平拋運(yùn)動規(guī)律的實(shí)驗(yàn)，主要是對分析推理的能力的

21、考查，注意本實(shí)驗(yàn)采用對比的方法來研究平拋運(yùn)動水平方向的分運(yùn)動情況。三、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共18分。把答案寫在答題卡中指定的答題處，不要求寫出演算過程。11、是 【解析】(1)1因?yàn)樨Q直方向上相等時間內(nèi)的位移之比為，符合初速度為零的勻變速直線運(yùn)動特點(diǎn)，因此可知點(diǎn)的豎直分速度為零，點(diǎn)是小球的拋出點(diǎn)；(2)2由照片的長度與實(shí)際背景屏的長度之比為可得乙圖中正方形的邊長為豎直方向上有解得(3)3水平方向小球做勻速直線運(yùn)動，因此小球平拋運(yùn)動的初速度為12、2.0 0.40 0.50 AC 【解析】由于滑塊在斜面上做勻加速直線運(yùn)動，所以某段時間內(nèi)的平均速度等于這段時間內(nèi)中點(diǎn)時刻的瞬時速度；根據(jù)加速度的定

22、義式即可求出加速度；根據(jù)牛頓第二定律求出測定動摩擦力因數(shù)；為了提高木塊與木板間摩擦力因數(shù)的測量精度，可行的措施是A點(diǎn)與傳感器位移適當(dāng)大些或減小斜面的傾角；【詳解】解：(1)由圖象知，在第1個0.1s，木塊的位移為0；在第二個0.1s，木塊的位移x2=25-24cm=1cm；經(jīng)第3個0.1s，木塊的位移x3=24-21cm=3cm，經(jīng)第4個0.1s，木塊的位移x4=21-16cm=5cm，0.3s時木塊的速度v=x3+x42t=0.40m/s，由x=aT2解得a=xT2=2.0m/s2 (2)由圖可知sin=1525=0.6，根據(jù)牛頓第二定律，有mgsin-mgcos=ma，解得=gsin-agcos=100.6-2.0100.8=0.50(3)A、A點(diǎn)與傳感器距離適當(dāng)大些，可提高長度的測量精度，提高加速度的測量精度，從而提高動摩擦因數(shù)的測量精度，故A正確；B、而木板的傾角過大，則運(yùn)動時間過短，故B錯誤；C、體積較小的實(shí)心木塊受到的空氣阻力較小，測