安徽黃山高三物理上學期第一次質(zhì)量檢測試題含解析新人教版

1、安徽省黃山市2015屆高上學期第一次質(zhì)量檢測、選擇題（本題包括10小題。物理每小題4分，每小題給出的四個選項中，只有一項符合題意）1.如圖所示，甲乙兩運動物體在t1、t2、t3時刻的速度矢量分別為111V1、V2、V3和V1,v2,v3,卜列說法中正確的是（）A.甲做的可能是直線運動B.乙做的可能是直線運動甲VI/小,打乙C.甲不可能做勻變速運動D.甲受到的合力可能是恒力，乙受到的合力不可能是恒力【命題立意】本題旨在考查運動的合成和分解?！窘馕觥緼、甲、乙的速度方向在變化，所以甲乙不可能做直線運動，故A錯誤;BCD甲的速度變化量的方向不變，知加速度的方向不變，則甲的加速度可能不變，甲不可能都做

2、圓周運動；根據(jù)牛頓第二定律，知甲的合力可能是恒力。乙的速度變化量方向在改變,知加速度的方向變化，所以乙的合力不可能是恒力，故BC錯誤，D正確2 .如圖，小物塊置于傾角為0的斜面上，與斜面一起以大小為a=gtan0的加速度向左做勻加速直線運動，兩者保持相對靜止，則運動過程中，小物塊受力的示意圖為TGma-*G【命題立意】本題旨在考查牛頓第二定律、物體的彈性和彈力。【解析】假設物體受到摩擦力沿斜面向上，對物體受力分析，沿斜面方向和垂直于斜面方向建立平面直角坐標系，由牛頓第二定律可得:Fnsin二-Ffcos二-maFncos-Ffsin口-G=0聯(lián)立解得：Ff=0,故物體只受支持力和重力，故A正確

3、，BCD昔誤。故選：A空.秋千勻速轉(zhuǎn)動時，繩與豎直方向成某一角度0其簡化模型如圖所示.若要使夾角變大，可將（）A.增大轉(zhuǎn)動周期B鋼絲繩變短C.增大座椅質(zhì)量D增大角速度七心G3 .公園里的“飛天秋千”游戲開始前，座椅由鋼絲繩豎直懸吊在半【答案】D【命題立意】本題旨在考查向心力、牛頓第二定律?！窘馕觥孔沃亓屠Φ暮狭μ峁┫蛐牧?，有：2,42八.、mgtan1-m-2-(lsin二r)=m，(lsin二r)解得：l:gT,-r.4二cossin1則要使夾角0變大，可減小周期T,或使鋼絲繩的長度變長，或增大角速度，與座椅的質(zhì)量無關，故D正確，ABC錯誤。故選：D4 .物體以速度v勻速通過直線上的A

4、、B兩點，所用時間為t現(xiàn)在物體從A點由靜止出發(fā)，先做勻加速直線運動（加速度為a）到某一最大速度Vm,然后立即做勻減速直線運動（加速度大小為a2）至B點速度恰好減為0,所用時間仍為to則物體的（）A.Vm可為詐多值，與a、a2的大小有關B.Vm可為許多值，與al、a2的大小無關C.al、a2必須滿足31a2=2vD.al、a2必須是一定的a1a2t【答案】C【命題立意】本題旨在考查勻變速直線運動的位移與時間的關系、勻變速直線運動的速度與時間的關系?！窘馕觥緼、當物體勻速通過A、B兩點時，x=vt.當物體先勻加速后勻減速通過A、B兩點時,根據(jù)平均速度公式，總位移xn/ti+t2=：匕解得：vm=2

5、v,與的a1,a2大小無關,故A、RD錯誤；C、勻加速運動的時間和勻減速運動的時間之和vv-t=+，而Vm=2v,代入得：aia2a1a2aia2,2v2v-t=一十一,整理得:aia2故選：C5.如圖所示，一個小物體在足夠長的斜面上以一定初速度釋放，斜面各處粗糙程度相同初速度方向沿斜面向上，則物體在斜面上運動的過程中（）A.動能先減小后增大B.機械能先減小后增大C.如果某段時間內(nèi)摩擦力做功與物體動能的改變量相同，則此后物體動能將不斷增大D.物體在斜面上運動的過程中連續(xù)相同兩段時間內(nèi)摩擦力做功不可能相等【答案】C【命題立意】本題旨在考查動能定理的應用、機械能守恒定律?！窘馕觥緼、物體先向上勻減

6、速運動，后向下勻加速運動，動能先減小后增大；物體也可能向上勻減速運動，停在最高點，動能一直減小，故A錯誤；B、物體在運動過程中，摩擦力始終做負功，機械能減小轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，所以機械能不會增加.故B錯誤；C物體運動過程中，重力和摩擦力做功，引起動能變化，由動能定理可知，摩擦力做功與物體動能的改變量相同，則重力做功零，說明物體先上滑后下滑相同高度，此后物體斷續(xù)下滑,動能增加.故物體動能將不斷增大，故C正確；D、如果物體能夠從斜面下滑，在最高點附近的過程，可以取兩段時間相等且路程相等的過程，則克服摩擦力做功相等，故D錯誤。故選：C.6.質(zhì)量為2kg的物體，放在動摩擦因數(shù)為=0.1的水平面上，在水平拉力F

7、的作用下，由靜止開始運動，拉力做的功W和物體發(fā)生的位移x之間的關系如圖所示，g=10m/s2。下列說法中正確的是（）A.此物體在OA段做勻加速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為15WB.此物體在AB段做勻速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為6WC.此物體在AB段做勻加速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為15WD.此物體在OA段做勻速直線運動，且整個過程中拉力的最大功率為15W【答案】A【命題立意】本題旨在考查勻變速直線運動的圖像、功率、平均功率和瞬時功率?！窘馕觥繉ξ矬w受力分析，物體受到的摩擦力為：Ff=NFn=Nmg=0.1M2M10N=2N由圖象可知，斜率表示的是物體受到的力的

8、大小，OA段的拉力為5N,AB段的拉力為1.5N,所以物體在OA段做勻加速運動，在AB段做勻減速直線運動在OA段的拉力為5N,物體做加速運動，當速度最大時，拉力的功率最大，4112F-Ff由v=at,x=at得：a=2m代入數(shù)值解得：v=3m/s,此時的最大功率為：P=Fv=53W=15W在AB段，物體勻減速運動，最大速度的大小為3Ws,拉力的大小為1.5N所以此時的最大功率為：P=Fv=1.53W=4.5W所以在整個過程中拉力的最大功率為15W,所以BCD昔誤，A正確。故選：A【舉一反三】本題考查了對功的公式W=FL的理解，根據(jù)圖象的分析，要能夠從圖象中得出有用的信息-斜率表示物體受到的拉力

9、的大小，本題很好的考查了學生讀圖和應用圖象的能力。A. 小行星繞恒星運動，恒星（中心天體）均勻地向四周輻射能量，質(zhì)量緩慢減小，可認為小行星在繞恒星運動一周的過程中近似做圓周運動.則經(jīng)過足夠長的時間后，小行星運動的（）A.半徑變小B,速率變大C.加速度變小D.角速度變火【答案】C【命題立意】本題旨在考查萬有引力定律及其應用、人造衛(wèi)星的加速度、周期和軌道的關系。【解析】A、恒星均勻地向四周輻射能量，質(zhì)量緩慢減小，二者之間萬有引力減小，小行星做離心運動，即半徑增大，故A錯誤；B、小行星繞恒星運動做圓周運動，萬有引力提供向心力，設小行星的質(zhì)量為m恒星的質(zhì)量2Mmv廣為M,則G2-=m,即v=rrr增大

10、，故v減小，故B錯誤;Mm,口C、由G-2=ma,得:rGM2r,M減小，r增大，所以a減小，故C正確;D、由v=r,v減小，r增大，故co減小，故D錯誤。故選：C8.如圖所示，兩個等量正的點電荷QP,連線中點為0,在垂線上有兩點A、B,OA<OBA、B兩點的電場強度及電勢分別為助、Ea、8、中人、中B,則：（）A.日一定大于Eb,呼A一定大于中BB. Ea不一定大于甲A一定大于邛BABC. Ea一定大于Eb,呼a不一定大于中BD. Ea不一定大于包外不一定大于9B【答案】B【命題立意】本題旨在考查電場線、電勢。【解析】兩個等量同種電荷連線中點O的電場強度為零，無窮遠處電場強度也為零，故

11、從O點沿著中垂線向上到無窮遠處電場強度先增大后減小，場強最大的點可能在A、B連線之間，也可能在A、B連線上，還可能在A、B連線下，由于A、B兩點的間距也不確定，故EA可能大于Eb,也可能小于Eb,還可能等于Eb,即Ea不一定大于Eb。根據(jù)平行四邊形定則可知中垂線上電場強度方向一直向上,故電勢越來越低，中A一定大于外；故ACD昔誤，B正確。故選：B9.一理想變壓器原、副線圈匝數(shù)比ni：n2=11:5。原線圈與正弦交變電連接，輸入電壓U如圖所示。副線圈僅接入一個10a的電阻。則（）A.流過電阻的電流是20AB.與電阻并聯(lián)的電壓表的示數(shù)是100,2VC.變壓器的輸入功率是lX103WD.經(jīng)過1分鐘電

12、阻發(fā)出的熱量是6X103J【答案】C【命題立意】本題旨在考查變壓器的構造和原理?！窘馕觥坑蓤D可知原線圈輸入交變電壓u=220，2sin100nt（V）,有效值為220V,根據(jù)理想變壓器的規(guī)律可知副線圈兩端的電壓為：U2=21=X220V=100V0|11A流過電阻的電流是I=LL2=a=10A,故A錯誤；R10日與電阻并聯(lián)的電壓表的示數(shù)是有效值，所以是100V,則B錯誤；.22C輸入功率等于輸出功率，2=-=w=1M103W.故C正確；R10D經(jīng)過1分鐘電阻發(fā)出的熱量是Q=Pt=6M104J,則D錯誤。故選：C10 .如圖所示，固定放置在同一水平面內(nèi)的兩根平行長直金屬導軌的間距為d,其右端接有

13、阻值為R的電阻，整個裝置處在豎直向上的磁感應強度大小為B的勻強磁場中，一質(zhì)量為m（質(zhì)量分布均勻）的導體桿ab垂直于導軌放置，且與兩導軌保持良好接觸，桿與導軌之間的動摩擦因數(shù)為科.當桿在水平向左、垂直于桿的恒力F作用下從靜止開始沿導軌運動距離，時，速度恰好達到最大（運動過程中桿始終與導軌保持垂直）.設桿接入電路的電阻為r,導軌電阻不計，重力加速度大小為g.則此過程（）A.輕桿在做勻加速直線運動B.流過曲棒的電流從a-bC.恒力F做的功與摩擦力做的功之和等于桿動能的變化量D.恒力F做的功、安培力做的功與摩擦力做的功三者之和等于桿動能的變化量【答案】D【命題立意】本題旨在考查導體切割磁感線時的感應電

14、動勢、閉合電路的歐姆定律?！窘馕觥緼、輕桿在恒力作用下作加速運動，速度增大，產(chǎn)生感應電動勢和感應電流增大，安培力增大，合外力減小，加速度減小，當合外力為零作勻速運動，所以輕桿做加速度減小的變加速直線運動，故A錯誤；日由右手定則判斷知流過棒的電流從bTa,故B錯誤；CD根據(jù)動能定理得：恒力F做的功、摩擦力做的功、安培力做的功之和等于桿動能的變化量，而摩擦力做負功，安培力也做負功，則知恒力F做的功與摩擦力做的功之和大于桿動能的變化量，故C錯誤，D正確。故選：D二、實驗題（本題共2小題，共18分）11 .（8分）一打點計時器固定在斜面上某處，一小車拖著穿過打點計時器的紙帶從斜面上滑下，如圖（a）所示

15、。用刻度尺測量斜面的高度與長度之比為1:4,小車質(zhì)量為400g,圖（b）是打出紙帶的一段，相鄰計數(shù)點間還有四個點未畫出，已知打點計時器使用的交流電頻率為50Hz。由圖（b）可知，打紙帶上B點時小車的瞬時速度VB=m/s,打紙帶上E點時小車的瞬時速度VE=_m/s,打紙帶上B點到E點過程中小車重力勢能的減少量為J,此過程中小車克服阻力所做的功為Jog取10m/s2,保留兩位有效數(shù)字）圖5)【答案】0.15;7.2父10；5.5父10”【命題立意】本題旨在考查探究功與速度變化的關系?！窘馕觥浚焊鶕?jù)中點時刻的速度等于平均速度得：VbXac0.081-0.0512T0.2m.s=0.15m.sVe二X

16、DF2T0.171-0.1050.2m.s=0.33m.s小車重力勢能的減少量：EP=mgh=0.410(0.1350-0.0630)J=0.071J根據(jù)加速度的定義式得：aj=3s=0.6m/st3T0.3根據(jù)牛頓第二定律得：mgsin-f=ma解得：f=一mg-ma=0.76N所以克服阻力所做的功：W=Wf=0.76（0.135-0.063）J=0.055J22故答案為：0.15;7.2x10;5.5x1012.（10分）有一電壓表V,其量程為3V,內(nèi)阻約為3000Q,要準確測量該電壓表的內(nèi)阻提供的實驗器材有：電E:電動勢約15V,內(nèi)阻不計；電壓表V2:量程2V,內(nèi)阻2=20000;定值電

17、阻R:阻值20a;定值電阻R:阻值3a滑動變阻器Ro：最大阻值10a,額定電流1A;電鍵一個，導線若干。設計的一個測量電壓表V的內(nèi)阻的實驗電路圖如圖所示實驗中定值電阻R應選用（R或R）說明實驗所要測量的物理量：和；二寫出電壓表V內(nèi)阻的計算的表達式R尸。f-1-,Ui。t*iAr一【答案】R;電壓表V的讀數(shù)U1、電壓表V2的讀數(shù)U2;-12*5【命題立意】本題旨在考查伏安法測電阻?！窘馕觥浚河捎诨瑒幼冏杵髟试S通過的最大電流為Imax=1A,所以變阻器最小電阻應為:E15_Rmin=C=15C,所以定值電阻應選R；兩電壓表串聯(lián)，電流相等，故有：ULuU2,解得：RV=U返所以實驗應測量的物理RV1

18、21U2量是電壓表V的讀數(shù)U1和電壓表V2的讀數(shù)U2;根據(jù)上題分析可知，電壓表V的內(nèi)阻為：RV=U退1 U2UJc故答案為：R；電壓表V1的讀數(shù)U1、電壓表V2的讀數(shù)U2；一U【易錯警示】選擇器材時，應首先畫出電路圖，再根據(jù)歐姆定律進行估算，注意通過電表的1電流不能小于量程的1。3三、計算題（本題共4小題，總分42分。解答應寫出必要的文字說明和推理步驟，只寫出答案的不給分）13. （8分）固定光滑細桿與地面成一定傾角，在桿上套有一個光滑小環(huán)，小環(huán)在沿桿方向的推力F作用下向上運動，推力F與小環(huán)速度v隨時間變化規(guī)律如圖所示，取重力加速度g=l0m/s2。求：（1）小環(huán)的質(zhì)量成（2）細桿與地面間的傾

19、角a?！敬鸢浮浚?）1kg；（2）300【命題立意】本題旨在考查牛頓第二定律、勻變速直線運動的速度與時間的關系?！窘馕觥浚海?）由圖得：a=v=0.5m/s2,前2s,物體受到重力、支持力和拉力，根據(jù)牛頓第二定律，有：F1-mgsina=ma2s后物體做勻速運動，根據(jù)共點力平衡條件，有：F2=mgsina由兩式，代入數(shù)據(jù)可解得：m=1kg,口=30°故小環(huán)的質(zhì)量m為1kg。（2）由第一問解答得到，細桿與地面間的傾角a為30°14. （10分）如圖所示，兩足夠長平行光滑的金屬導軌MNPQ相距為L導軌平面與水平面夾角為a導軌電阻不計。磁感應強度為B的勻強磁場垂直導軌平面斜向上，

20、長為L的金屬棒ab垂直于MNPQ放置在導軌上，且始終與導軌接觸良好，金屬棒的質(zhì)量為m電阻為R。兩金屬導軌的上端連接右側(cè)電路，電路中R為一電阻箱，已知燈泡的電阻R=4R,定值電阻R=2R,調(diào)節(jié)電阻箱使R=12R,重力加速度為g,閉合開關S,現(xiàn)將金屬棒由靜止釋放，求：（1）金屬棒下滑的最大速度Vm的大?。唬?）當金屬棒下滑距離為so時速度恰好達到最大，則金屬棒由靜止開始下滑2so的過程中，整個電路產(chǎn)生的電熱；【答案】（1）喑警；2mg、sin0f18m3g2R2sin2:電磁感【命題立意】本題旨在考查導體切割磁感線時的感應電動勢、閉合電路的歐姆定律、應中的能量轉(zhuǎn)化?！窘馕觥浚海?）當金屬棒勻速下滑

21、時速度最大，達到最大時有:mgsina=F安l=BILBLvm區(qū)R心、其中：R.=6R心、聯(lián)立以上各式得金屬棒下滑的最大速度：vm=6mgRs2n.BL1c(2)由動能定理，有：WG儀=-mvm2由于WG=2mgsosinot,W=Q12斛得：Q=2mgsosinmvm2將代入上式可得：Q=2mgs0sin-：s18m3g2R2sin2：b4l4(1)金屬棒下滑的最大速度vm的大小是6mgRsin;B2L2金屬棒由靜止開始下滑2so的過程中，整個電路產(chǎn)生的電熱是2mgs0sin;18m3g2R2sin"b4l415.(12分)如圖所示，半徑分別為內(nèi).兩軌道之間由一光滑水平軌道R和r(

22、R>r)的甲乙兩光滑圓軌道安置在同一豎直平面CD相連，在水平軌道CD上有一輕彈簧被a、b兩個小球夾住，但不拴接.同時釋放兩小球，(1)已知小球a的質(zhì)量為m若a、b球恰好能通過各自的圓軌道的最高點，求小球b的質(zhì)量；(2)若m=m=m,且要求a、b都還能夠通過各自的最高點，則彈簧在釋放前至少具有多犬的彈性勢能？【答案】(1)m患；5mgR【命題立意】本題旨在考查動能定理的應用、功能關系?！窘馕觥?1)根據(jù)牛頓第二定律得a、b球恰好能通過各自的圓軌道的最高點的速度分別為:v；=JgRvb=Jgr由動量守恒定律：mVa=GVb根據(jù)機械能守恒定律得：1 mv2=lmvj+mg|_2R2 21 212-mbVb=-mbVb+mbg12r2 2聯(lián)立得：m7日口R即：mb=m-mb.R.r(2)若ma=mb=m,由動量守恒定律得：v2=vb=v當b球恰好能通過圓軌道的最高點時，E彈最小12根據(jù)機械能守恒得：EP=-m(.,gR)-mg|_2R2=5mgR答：(1)小球b的質(zhì)量為mJR;(2)若ma=mb=m,且要求a、b都還能夠通過各自的最高點，則彈簧在釋放前至少具有5mgR的彈性勢能16.(12分)如圖所示，平行帶電導體板A、B