2019高考物理人教版一輪選練編題3及答案

1、2019高考物理（人教版）一輪選練編題（3）及答案一、選擇題1、(2019·遼寧大連模擬)一只船在靜水中的速度為4 m/s,它要渡過一條寬度為200 m的河,河水的流速為3 m/s.下列說法正確的是(B)A.船不可能渡過河B.船有可能垂直到達(dá)對(duì)岸C.船不能垂直到達(dá)對(duì)岸D.船到達(dá)對(duì)岸所需時(shí)間都是50 s解析:當(dāng)船頭指向始終垂直于河岸時(shí),渡河時(shí)間最短,最短時(shí)間為tmin= s=50 s;當(dāng)船頭指向與河岸不垂直時(shí),船垂直于河岸方向的分速度變小,渡河時(shí)間變長(zhǎng),選項(xiàng)A,D錯(cuò)誤;由于船相對(duì)于水的速度大于水流速度,根據(jù)平行四邊形定則可知,它的合速度,即船實(shí)際的速度可以與河岸垂直,船可以垂直于河岸行

2、駛,最終到達(dá)對(duì)岸,最小位移等于200 m,選項(xiàng)B正確,C錯(cuò)誤.2、(2019·四川省遂寧市高三二診)如圖所示，質(zhì)量相同的三顆衛(wèi)星a、b、c繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，其中b、c在地球的同步軌道上，a距離地球表面的高度為R，此時(shí)a、b恰好相距最近已知地球質(zhì)量為M、半徑為R、地球自轉(zhuǎn)的角速度為.萬有引力常量為G，則()A發(fā)射衛(wèi)星b時(shí)速度要大于11.2 km/sB衛(wèi)星a的機(jī)械能大于衛(wèi)星b的機(jī)械能C衛(wèi)星a和b下一次相距最近還需經(jīng)過tD若要衛(wèi)星c沿同步軌道與b實(shí)現(xiàn)對(duì)接，可讓衛(wèi)星c加速解析：選C.衛(wèi)星b繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，7.9 km/s是指在地球上發(fā)射的物體繞地球飛行作圓周運(yùn)動(dòng)所需的最小初始速度，

3、11.2 km/s是物體掙脫地球引力束縛的最小發(fā)射速度所以發(fā)射衛(wèi)星b時(shí)速度大于7.9 km/s，而小于11.2 km/s，故A錯(cuò)誤；衛(wèi)星從低軌道到高軌道需要克服引力做較多的功，衛(wèi)星a、b質(zhì)量相同，所以衛(wèi)星b的機(jī)械能大于衛(wèi)星a的機(jī)械能，故B錯(cuò)誤；b、c在地球的同步軌道上，所以衛(wèi)星b、c和地球具有相同的周期和角速度由萬有引力提供向心力，即m2r，解得，a距離地球表面的高度為R，所以衛(wèi)星a的角速度a，此時(shí)a、b恰好相距最近，到衛(wèi)星a和b下一次相距最近時(shí)滿足(a)t2，解得t，故C正確；讓衛(wèi)星c加速，所需的向心力增大，由于萬有引力小于所需的向心力，衛(wèi)星c會(huì)做離心運(yùn)動(dòng)，離開原軌道，所以不能與b實(shí)現(xiàn)對(duì)接，

4、故D錯(cuò)誤3、（2019山東省臨沂市高三上學(xué)期期中）某質(zhì)點(diǎn)做勻變速直線運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，位移為x，該質(zhì)點(diǎn)的圖象如圖所示，下列說法錯(cuò)誤的是( )A. 質(zhì)點(diǎn)的加速度大小為B. t=0時(shí)，質(zhì)點(diǎn)的初速度大小為aC. t=0到t=b這段時(shí)間質(zhì)點(diǎn)的平均速度為0D. t=0到t=b這段時(shí)間質(zhì)點(diǎn)的路程為【答案】D4、(2019·天津六校聯(lián)考)如圖所示，光滑絕緣的水平面上M、N兩點(diǎn)有完全相同的金屬小球A和B，帶有不等量的同種電荷，且qAqB.現(xiàn)使A、B以大小相等的初動(dòng)量相向運(yùn)動(dòng)，并發(fā)生彈性碰撞，碰后返回M、N兩點(diǎn)，則下列說法正確的是()A碰撞發(fā)生在M、N的中點(diǎn)右側(cè)B兩球不會(huì)同時(shí)返回M、N兩點(diǎn)C兩球回

5、到原位置時(shí)各自的動(dòng)量比原來大些DA與B碰撞過程A對(duì)B的沖量等于B對(duì)A的沖量解析：選C.兩球所受的合力是相互間的靜電力，根據(jù)牛頓第二定律可知，加速度相等，通過運(yùn)動(dòng)學(xué)公式判斷兩者發(fā)生碰撞的位置，以及返回到M、N點(diǎn)的時(shí)間關(guān)系通過碰撞后電荷重新分布，電場(chǎng)力發(fā)生變化，根據(jù)電場(chǎng)力做功比較返回到原位置動(dòng)能的變化，從而分析動(dòng)量關(guān)系結(jié)合牛頓第三定律分析碰撞過程中沖量關(guān)系由于兩球在任何時(shí)刻所受的庫侖力大小相等，質(zhì)量也相等，則兩球的加速度大小相等，速度大小相等，可知碰撞發(fā)生在M、N的中點(diǎn)，故A錯(cuò)誤由于兩球完全相同，碰撞前總動(dòng)量為零，由碰撞過程中動(dòng)量守恒可知，碰撞后總動(dòng)量也為零，所以碰后兩球速度大小相等，庫侖力大小相

6、等，則加速度大小相等，所以兩球同時(shí)返回M、N兩點(diǎn)，故B錯(cuò)誤兩球碰撞后，電量重新分配，兩球在同樣的位置間的作用力比之前增大，可知整個(gè)過程中電場(chǎng)力做正功，知返回到出發(fā)點(diǎn)的速度比較之前大，則兩球回到原位置時(shí)動(dòng)量比原來大些故C正確A與B碰撞過程中，由牛頓第三定律知，相互間的作用力大小相等，方向相反，作用時(shí)間也相等，所以A對(duì)B的沖量與B對(duì)A的沖量大小相等，方向相反，所以沖量不等，D錯(cuò)誤5、(2019·山東濰坊一模)(1)(5分)下列說法正確的是(填正確答案標(biāo)號(hào).選對(duì)1個(gè)得2分,選對(duì)2個(gè)得4分,選對(duì)3個(gè)得5分.每選錯(cuò)1個(gè)扣3分,最低得分為0分). A.空氣的絕對(duì)濕度大,相對(duì)濕度一定大B

7、.同一溫度下,氮?dú)夥肿拥钠骄鶆?dòng)能一定大于氧氣分子的平均動(dòng)能C.荷葉上的小水滴呈球形,這是表面張力使液面收縮的結(jié)果D.有一分子a從無窮遠(yuǎn)處靠近固定不動(dòng)的分子b,當(dāng)a,b間分子力為零時(shí),它們具有的分子勢(shì)能一定最小E.一定質(zhì)量的理想氣體等溫膨脹,一定吸收熱量(2)(10分)如圖所示,玻璃管粗細(xì)均勻,兩封閉端裝有理想氣體,上端氣柱長(zhǎng)30 cm、下端氣柱長(zhǎng)27 cm,中間水銀柱長(zhǎng)10 cm.在豎直管中間接一水平玻璃管,右端開口與大氣相通,管的直徑與豎直部分相同,用光滑活塞封閉5 cm長(zhǎng)水銀柱.現(xiàn)用外力緩慢推活塞恰好將水平管中水銀全部推入豎直管中,此時(shí)上端氣柱較原來縮短2 cm,求外界大氣壓強(qiáng)為多少.解析

8、:(1)對(duì)于不同的壓強(qiáng)和溫度,水的飽和汽壓不同,故絕對(duì)濕度大時(shí)相對(duì)濕度不一定大,故A錯(cuò)誤;溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志,同一溫度下,氮?dú)夥肿拥钠骄鶆?dòng)能一定等于氧氣分子的平均動(dòng)能,故B錯(cuò)誤;荷葉上的小水滴呈球形,這是表面張力使液面收縮的結(jié)果,故C正確;分子a從無窮遠(yuǎn)處靠近固定不動(dòng)的分子b,分子間距大于r0時(shí)分子力表現(xiàn)為引力,沒有達(dá)到平衡位置過程中,分子力做正功,則分子勢(shì)能減小;分子間距小于r0時(shí),分子力表現(xiàn)為斥力,距離再減小的過程中分子力做負(fù)功,分子勢(shì)能增大.所以當(dāng)a,b間等于r0時(shí),分子力為零,它們具有的分子勢(shì)能最小,故D正確;一定質(zhì)量的理想氣體等溫膨脹,氣體對(duì)外做功,而內(nèi)能不變,根據(jù)熱力學(xué)第一定

9、律,氣體一定從外界吸熱,故E正確.(2)上端封閉氣體的壓強(qiáng)p1=p0-ph=(p0-5)cmHg,下端封閉氣體的壓強(qiáng)p2=p0+ph=(p0+5)cmHg,氣體發(fā)生等溫變化,由玻意耳定律得上部分氣體:p1L1S=p1L1S,下部分氣體:p2L2S=p2L2S,其中:p2=p1+3×5 cmHg,L1=L1-2 cm,L2=L2-3 cm,解得p0=75 cmHg.答案:(1)CDE(2)75 cmHg6、(2019·廣州市二模)(多選)用某單色光照射金屬鈦表面，發(fā)生光電效應(yīng)從鈦表面放出光電子的最大初動(dòng)能與入射光頻率的關(guān)系圖線如圖所示則下列說法正確的是()A鈦的逸出功為6.6

10、3×1019 JB鈦的極限頻率為1.0×1015 HzC光電子的最大初動(dòng)能為1.0×1018 JD光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成正比解析：選AB.當(dāng)最大初動(dòng)能為零時(shí)，入射光的頻率等于金屬的極限頻率，則c1.0×1015 Hz，可知逸出功W0hc6.63×1019 J，故A、B正確入射光的頻率越大，光電子的最大初動(dòng)能越大，根據(jù)該圖無法得出光電子的最大初動(dòng)能，故C錯(cuò)誤由圖可知，光電子的最大初動(dòng)能與入射光的頻率成一次函數(shù)關(guān)系，不是正比關(guān)系，故D錯(cuò)誤7、（2019北京市第二中學(xué)期中）如圖所示，在水平光滑地面上有A、B兩個(gè)木塊，之間用一輕彈簧連接A靠

11、在墻壁上，用力F向左推B使兩木塊之間彈簧壓縮并處于靜止?fàn)顟B(tài)。若突然撤去力F，則下列說法中正確的是（ ）A. 木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒B. 木塊A離開墻壁前，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，機(jī)械能也不守恒C. 木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒，機(jī)械能也守恒D. 木塊A離開墻壁后，A、B和彈簧組成的系統(tǒng)動(dòng)量不守恒，但機(jī)械能守恒【答案】C8、（多選）甲、乙兩物體從同一位置沿同一直線運(yùn)動(dòng)，它們的x-t圖像如圖所示（乙的圖線為拋物線），下列說法正確的是A. t1時(shí)刻，兩者相距最遠(yuǎn)B. 0t2時(shí)間內(nèi)，乙的速度先減小后增大C. t2時(shí)刻，乙物體追上甲D

12、. 乙物體先向負(fù)方向運(yùn)動(dòng)，t1時(shí)刻以后反向向正方向運(yùn)動(dòng)【來源】浙江省余姚中學(xué)2019屆高三選考科目模擬卷（一）物理試題【答案】 ABCD二、非選擇題(2019·江南十校二模)如圖(甲),斜面AO的傾角=30°,其表面動(dòng)摩擦因數(shù)為1,水平地面OB動(dòng)摩擦因數(shù)2=0.30,過斜面底端O點(diǎn)的豎直線(虛線)右側(cè),存在平行于OB的勻強(qiáng)電場(chǎng)(圖中未畫出),視為質(zhì)點(diǎn)的滑塊其質(zhì)量m=1.00 kg、帶電荷量q=+2.00×10-6 C,由靜止從斜面上的P點(diǎn)下滑至地面上的Q點(diǎn),該過程滑塊的速率圖像如圖(乙).(滑塊電荷量恒定不變,不考慮經(jīng)過O點(diǎn)時(shí)滑塊的能量損失).(1)求P點(diǎn)高度h及

13、動(dòng)摩擦因數(shù)1;(2)求勻強(qiáng)電場(chǎng)的大小E和方向及滑塊的最大電勢(shì)能Ep(設(shè)O點(diǎn)電勢(shì) 為零);(3)在圖(乙)中,將1.25秒后滑塊速率圖像加以補(bǔ)充,并根據(jù)變化規(guī)律得出滑塊第n次從O點(diǎn)向右運(yùn)動(dòng)的最大距離sn.解析:(1)根據(jù)圖像,PO=1.00 m,所以P點(diǎn)高度為h=PO·sin =0.50 m.滑塊在斜面上向下滑行加速度a1=2.00 m/s2有mgsin 30°-1mgcos 30°=ma1,得1=.(2)根據(jù)圖像,在地面上向右滑行加速度a2=8.00 m/s2,滑行位移xOQ=0.25 m,滑塊第一次到達(dá)O點(diǎn)的速度為v1,電場(chǎng)力做功為W1,故有W1-2mg·xOQ=0-m,因v1=2 m/s,得W1=-1.25 J因OQ為在地面上向右滑行的最大距離,所以最大電勢(shì)能Ep=1.25 J.-W1=Eq·xOQ,得E=2.50×106 V/m,方向向左.(3)從PO,加速度a1=2.00 m/s2,方向沿斜面向下.從OQ,加速度a2=8.00 m/s2,方向向左.從QO,加速度a3=2.00 m/s2,方向向左.從OP(第一次返回斜面向上運(yùn)動(dòng)),加速度a4=8.00 m/s2,方向沿斜面