初三物理電功率試題(有答案和解析)及解析

1、初三物理電功率試題（有答案和解析）及解析一、電功率選擇題1 .如圖甲所示，電源電壓保持不變，Ri為定值電阻，滑動(dòng)變阻器R2的最大阻值為 30 Q,電壓表的量程為 。15V.電壓表的示數(shù)與滑動(dòng)變阻器R2的關(guān)系如圖乙所示。則下列結(jié)果正確的是（）A.電源電壓為20VB. R的阻值為5 aC.為了保證電壓表不被燒壞，滑動(dòng)變阻器的阻值變化范圍為430 aD.開(kāi)關(guān)S閉合后電路消耗的最小功率為14.4W【答案】D【解析】【解答】解：由電路圖可知，R與R2串聯(lián)，電壓表測(cè) Ri兩端的電壓。（1）由圖乙可知，當(dāng) 時(shí)= 10 時(shí) U1 = 12V,當(dāng) F2= 20 時(shí) U1'= 8V,為1劌 口：因串聯(lián)電路

2、中各處的電流相等，所以，電路中的電流分別為：|=此=的 , I二的=8此因串聯(lián)電路中總電壓等于各分電壓之和，且電源電壓保持不變，所以，電源的電壓：U=| （ R1+及）=I '（R+R2'）,即 Ri （R1 + 10Q =的 （R1+20Q）,解得：R1 = 10Q, B不符合題意；M電源的電壓 U=I （R1+R2）=/0 X（10Q +10 = 24V, A不符合題意；（2）當(dāng)電壓表的示數(shù)5= 15V時(shí)，電路中的電流最大，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，也加此時(shí)電路中的電流：I大= 那=J"S=1.5A,此時(shí)滑動(dòng)變阻器兩端的電壓：6小=U - UI"=

3、24V- 15V = 9V,lh小gv則滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值：R2小=八=上=6Q當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，電壓表的示數(shù)最小，所以，滑動(dòng)變阻器接入電路中的阻值范圍為6Q-30Q, C不符合題意；（3）當(dāng)滑動(dòng)變阻器JI 戌接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，電路消耗的功率最小，則P小=A7十政大=靠，3014 = 14.4W, D符合題意。故答案為：Do【分析】由圖乙可知，當(dāng)R2的阻值為10 和20 時(shí)電壓表的示數(shù)，根據(jù)串聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和歐姆定律表示出電路中的電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律表示出電源的 電壓，利用電源的電壓不變得出等式即可求出

4、R的阻值，進(jìn)一步求出電源的電壓.當(dāng)電壓表的示數(shù)最大時(shí)，電路中的電流最大，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，根據(jù)串 聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和歐姆定律求出電路中的最大電流，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)求出此時(shí) 滑動(dòng)變阻器兩端的電壓，利用歐姆定律求出滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值；當(dāng)滑動(dòng)變 阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，電壓表的示數(shù)最小，據(jù)此得出滑動(dòng)變 阻器接入電路中的阻值范圍.當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，電路消耗的功率最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)和P=UI=M求出電路的最小功率.2.如圖所示，電源電壓恒定不變。閉合開(kāi)關(guān)后，滑動(dòng)變阻器的滑片P由b端移到某點(diǎn)c的過(guò)程中，電壓表的示數(shù)

5、由4V變?yōu)?V,電流表的示數(shù)由 0.2A變?yōu)?.3A,由此可知（）A.電源電壓為7VB. R的阻值為20 aC.電路消耗的最小功率為 1.2WD.滑片P在b端時(shí)，10秒內(nèi)R產(chǎn)生的熱量為12J【答案】C【解析】【解答】解：由電路圖可知，R與R2串聯(lián)，電壓表測(cè) R2兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。（1）由 閉合開(kāi)關(guān)后，滑動(dòng)變阻器的滑片P由B端移到某點(diǎn)C的過(guò)程中，電壓表的示數(shù)由4V變?yōu)?V,電流表的示數(shù)由 0.2A變?yōu)?.3A, ”可知，R2兩端電壓為4V,ac兩端電壓Uac=3V, 當(dāng)滑動(dòng)變阻器的滑片P在b端時(shí)，電流I=0.2A,當(dāng)滑片 P由b端移到某點(diǎn)c時(shí)，電流I=0.3A,設(shè)電源電壓為U,則

6、/ '柏 %"S'久推 ，解得R1=10Q,U=6V, AB不符合題意；（2）滑動(dòng)變阻器滑片 P在b端時(shí)，R1與R2串聯(lián)，由P=UI可得， 電路消耗的最小功率 P=UI=6V< 0.2A=1.2皿C符合題意；（3）滑片P在b端時(shí)，根據(jù)串聯(lián) 電路的電壓特點(diǎn)可得，R1兩端電壓U1=U-U2=6V-4V=2V, 10秒內(nèi) R產(chǎn)生的熱量Q=W=UiIt=2V X 0.2A X 10S=4杯符合題意。故答案為：Co【分析】結(jié)合電路圖，理清元件的連接方式及電表的測(cè)量對(duì)象，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)，應(yīng)用歐姆定律求出Ri的阻值和電源電壓；滑動(dòng)變阻器滑片P在b端時(shí)，此時(shí)電路中的電阻

7、值最大，利用 P=UI可求得最小功率，此時(shí)，根據(jù)串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)可求得Ri兩端電壓，再利用 Q=W=UIt可求得Ri產(chǎn)生的熱量.3.如圖所示的電路，電源電壓為3V且保持不變，定值電阻Ri=1 Q,滑動(dòng)變阻器 R2阻值范圍為04Q閉合開(kāi)關(guān)S,在滑片從左向右移動(dòng)的過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的是（）A.滑動(dòng)變阻器的最大功率為 1.44WB.滑動(dòng)變阻器的最大功率為 2WC.滑動(dòng)變阻器的最大功率為 2.25WD.電壓表示數(shù)從0V增大到2.4V【答案】C【解析】【解答】由電路圖可知，Ri與R2串聯(lián)，電壓表測(cè) Ri兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流。（i）因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所以，電路中的電流：1

8、 =用，'角，滑動(dòng)變阻器消耗的電功率：P2 = I2R2 =（附'昭）2R2 = a（Ri + 助 7 琛 |翹 他，-儂？-Z-十蜀b r一、一日心 ,所以，當(dāng) R2=Ri = iQ時(shí)，滑動(dòng)變阻器消耗的電功率最if .沙大，則P2大=m / * /Q=2.25W, AB不符合題意、C符合題意；（2）當(dāng)滑動(dòng)變阻器 接入電路中的電阻為零時(shí)，電路為Ri的簡(jiǎn)單電路，電壓表測(cè)電源兩端的電壓，示數(shù)為3V,當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，R兩端的電壓最小，此U 3F時(shí)電路中的電流：1上取*t】。+ 4R =0.6A,電壓表的最小示數(shù)：Ui =Li r=0.6A X i

9、狗0.6V,所以，在滑片從左向右移動(dòng)的過(guò)程中，電壓表示數(shù)從3V減小到0.6V, D不符合題意。故答案為：Co【分析】R與R2串聯(lián)，電壓表測(cè) Ri兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律表示出電路中的電流，根據(jù)P=2R表示出滑動(dòng)變阻器消耗的電功率，然后分析表達(dá)式得出滑動(dòng)變阻器消耗最大功率時(shí)接入電路中的電阻，并求出其大小；當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻為零時(shí)，電路為Ri的簡(jiǎn)單電路，電壓表測(cè)電源兩端的電壓；當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，Ri兩端的電壓最小，根據(jù)電阻的串聯(lián)Ri兩端的電壓，然后得出電壓表示數(shù)和歐姆定律求出電路中的電流，再根據(jù)歐姆定律求出 的變化.4

10、.有兩只燈泡Li、L2 ,分別標(biāo)有“220V100W和“220V（40W的字樣。若不考慮溫度對(duì)燈絲電阻的影響，下列說(shuō)法中正確的是（）A.兩燈正常發(fā)光時(shí)，Li的電阻較大B.兩燈并聯(lián)接入 220V的電路，Li、L2消耗功率之比是 2:5C.兩燈串聯(lián)接入220V的電路，Li消耗的功率小于 25WD.兩燈串聯(lián)接入 220V的電路，兩燈泡消耗總功率大于40W小于I00W【答案】C【解析】【解答】解：（I）由P=UI二#可得，兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻分別為:if （220V）2專(zhuān)（220V）2Ri l 。,心 =- 1210汽 toon丙 low220V的電路，它們兩端則Ri<R2,即Li的電阻較小，

11、A不符合題意；（2）兩燈并聯(lián)接入 的電壓等于 220V,均能正常發(fā)光，則 Li、L2消耗功率之比 Pi: P2=i00W: 40W=5: 2, B不符合題意；（3）兩燈串聯(lián)接入220V的電路時(shí)，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，V220V10I - - 所以，電路中的電流 "的面/口 七"。G父,=工油二磔X小a &洲 < 閡,C符合題意;兩燈泡消耗總功率 故答案為：CoW- UI - 220Y X 28. 6W < 40,D不符合題意?！痉治觥扛鶕?jù) P=UI=£求出兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電阻，然后比較兩燈泡的電阻關(guān)系；兩燈并聯(lián)接入220V的電路

12、時(shí)，實(shí)際功率和額定功率相等，據(jù)此得出Li、L2消耗功率之比；兩燈串聯(lián)接入220V的電路時(shí)，根據(jù)電阻的串聯(lián)和歐姆定律求出電路中的電流，根據(jù)P=UI=Fr求出Li消耗的功率，根據(jù) P=UI求出兩燈泡消耗總功率5 .如圖，電源電壓恒為4.5V,電流表的量程為 “00.6A,”電壓表的量程為 “03V”燈泡上標(biāo)有“2.5Vi.25W （不考慮燈絲電阻變化），滑動(dòng)變阻器R的規(guī)格為“20QiA”閉合開(kāi)關(guān)，在保證電路安全的情況下，移動(dòng)滑片P的過(guò)程中（）A.電流表的示數(shù)最大為0.6Amb.燈泡消耗的最小功率為0.i2WC.電路消耗的最大電功率為2.7WD.滑動(dòng)變阻器接入電路的最小電阻為4 d【答案】D【解析】

13、【解答】由電路圖知道，燈泡與滑動(dòng)變阻器R串聯(lián)，電壓表測(cè)燈泡兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流；由于燈泡上標(biāo)有“2.5V1.25W；所以由P=UI知道，燈泡的額定電流是：Il =Pl/Ul=1.25W2.5V=0.5A,即電路的最大電流是 0.5A , A不符合題意；因?yàn)榇?lián)電 路中各處的電流相等，當(dāng)電路中的最大電流I大=0.5A,此時(shí)滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最小，電路消耗的總功率最大，且電路消耗的最大總功率是：P大=UI大=4.5VX0.5A=2.25WC不符合題意；由I=U/R知道，燈泡的電阻和滑動(dòng)變阻器接入電路中的最小阻值分別是：RL=Ul/Il=2.5V/0.5A=5 Q R 總=(U-

14、Ul) /I 大=(4.5V-2.5V) /0.5A=4 Q D 符合題意；當(dāng)滑動(dòng)變阻 器接入電路中的電阻最大時(shí)，電路中的電流最小，燈泡消耗的電功率最小，因串聯(lián)電路中 總電阻等于各分電阻之和，所以，電路的最小電流：I j =U/ (R_+R大)=4.5V/ (50+20d=0.18A,則燈泡消耗的最小功率：Pl小=1小2 RL =(0.18A) 2 X 5 Q =0.162WB不符合題意，故答案為：Do【分析】結(jié)合電路圖判斷電路的連接方式及電表的測(cè)量對(duì)象，與電流表的量程和滑動(dòng)變阻 器允許通過(guò)的最大電流相比較確定電路中的最大電流與最小電流，利用串聯(lián)電路的特點(diǎn)和 歐姆定律、電功率公式求解即可 .6

15、 .兩個(gè)定值電阻 Ri、R2并聯(lián)在電路中，如圖甲所示，它們的電流與其兩端的電壓關(guān)系如 圖乙所示，閉合開(kāi)關(guān) S,則Ri ,2產(chǎn)生的熱量之比為()C. 4: 1A. 2: 1舊.1 : 2【答案】A【解析】【解答】由并聯(lián)電路的特點(diǎn)知道,D. 1:4Ri、R2的電壓是相同的，由圖乙知道，在電壓相同時(shí)，通過(guò)R1、R2的電流之比是2: 1;由I=U/R知道，R1、R2的電阻之比為1 :2;由圖甲知道，閉合開(kāi)關(guān) S,則通電時(shí)間相同，由Q=W=U2R t知道，產(chǎn)生的熱量與電阻成反比，故R1、R2產(chǎn)生的熱量之比是 2: 1,故答案為：Aoif'【分析】利用歐姆定律判定R、R2的阻值關(guān)系；根據(jù)焦耳定律公

16、式Q=W=斤t判定產(chǎn)生熱量的比值.7 .小王在一次家庭探究活動(dòng)中，在作業(yè)本上做了如下5條記錄：電飯煲銘牌上標(biāo)有“220V 800W, 50Hz”等字樣；使用試電筆時(shí)，手必須接觸筆尾的金屬體；電視機(jī)上安裝的動(dòng)圈式揚(yáng)聲器，其運(yùn)作原理是電磁感應(yīng)； 床頭燈的開(kāi)關(guān)是串聯(lián)在電路上的；體溫計(jì)的刻度范圍通常是3542C,分度值為 1 C .你認(rèn)為小王的記錄完全正確的是（）A.B.C.D.【答案】C【解析】【解答】解： 電飯煲銘牌上標(biāo)的 220V是電飯煲的額定電壓、800W是電飯煲的額定功率、50Hz是所接交流電的頻率，故 正確；使用試電筆時(shí)，筆尖接觸電線(xiàn)， 手接觸筆尾的金屬體，故 正確； 動(dòng)圈式揚(yáng)聲器的工作原

17、理：通電線(xiàn)圈在磁場(chǎng)中受力 運(yùn)動(dòng)，故錯(cuò)；開(kāi)關(guān)和所控制的用電器是串聯(lián)的，故 正確；體溫計(jì)的刻度范圍通 常是3542C ,分度值為0.1 C ,故錯(cuò).故選C.【分析】利用下列知識(shí)分析判斷：（1）用電器銘牌上標(biāo)有：額定電壓、額定功率、交流電的頻率；（2）使用試電筆時(shí)，筆尖接觸電線(xiàn)，手接觸筆尾的金屬體，若試電筆的窟管發(fā) 光，則筆尖接觸的是火線(xiàn)；（3）動(dòng)圈式揚(yáng)聲器的工作原理：通電線(xiàn)圈在磁場(chǎng)中受力運(yùn)動(dòng)； 動(dòng)圈式話(huà)筒的工作原理：電磁感應(yīng)；（4）開(kāi)關(guān)和所控制的用電器是串聯(lián)的，家用電器之間是并聯(lián)的；（5）體溫計(jì)的刻度范圍通常是3542C,分度值為0.1 C.8 .如圖所示的電路中，a、b、c是三只電表（電壓表或電

18、流表），閉合開(kāi)關(guān)S,標(biāo)有“3V1.5W的燈泡L1正常發(fā)光，標(biāo)有 “6V3W的燈泡L2發(fā)光較暗。若不考慮溫度對(duì)燈絲電阻的影響，下列說(shuō)法正確的是（）A.電表a為電流表，且示數(shù)為 1AB.電表b為電壓表，且示數(shù)為 3VC.電表c為電流表，且示數(shù)為0.25AD.閉合開(kāi)關(guān) S,電路消耗的總功率為2.25W【答案】DPiL 神I 【解析】 【解答】由 P= UI可得，兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流分別為：I15 撲網(wǎng)3W4傷 6V0.5A, I2的6丫0.5A,由i /可得，燈泡L2的電阻：R2心°，居12 Q;因燈泡L1正常發(fā)光，燈泡 L2發(fā)光但較暗，所以，通過(guò) L1、L2的電流不相等，L1與L2應(yīng)并

19、 聯(lián)，則a一定是電流表，b是相當(dāng)于導(dǎo)線(xiàn)的電流表， c是相當(dāng)于開(kāi)路的電壓表， B不符合題 意；此時(shí)電流表a測(cè)干路電流，電流表 b測(cè)L2支路的電流，電壓表 c測(cè)電源的電壓，因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，且燈泡Li正常發(fā)光，所以，電源的電壓U=Ui = 3V,即U 3V電壓表c的示數(shù)為3V, C不符合題意；此時(shí)通過(guò) R2的電流：12, 施 12 口 0.25A,因 并聯(lián)電路中干路電流等于各支路電流之和，以，干路電流表a的示數(shù)：I=Ii+l2' =0.5A+0.25A=0.75A, A不符合題意；電路消耗的總功率：P=UI=3VX 0.75A= 2.25W, D符合題意。故答案為：D【分析

20、】根據(jù) P=UI求出兩燈泡正常發(fā)光時(shí)的電流，再根據(jù)歐姆定律I3求出燈泡L2的電阻，根據(jù) 燈?L,正常發(fā)光，燈泡 L2發(fā)光較暗”判斷兩燈泡的連接方式，進(jìn)一步判斷三電表的類(lèi)型，根據(jù)串并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)和額定電壓下燈泡正常發(fā)光得出電源的電壓，根據(jù)歐姆定律求出通過(guò) R2的電流，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出電路總電流，再根據(jù)P=UI求出電路消耗的總功率.9 .常用于測(cè)量家用電器在一段時(shí)間內(nèi)消耗多少電能的儀器是（A.電流表B.電壓表“C.電能表D.驗(yàn)電器【解析】【解答】解：A、電流表是測(cè)電流大小的儀表，不符合題意;B、電壓表測(cè)量電壓大小，不符合題意;C、電能表是用來(lái)測(cè)量家用電器在一段時(shí)間內(nèi)消耗多少電能（即電

21、流做功）的儀表，符合題D、驗(yàn)電器是用來(lái)檢驗(yàn)物體是否帶電的儀器，不符合題意.故選C.【分析】明確各儀表或儀器的基本作用回答.10 .如圖所示，燈泡 Li和L2 （燈泡中只要有電流就能發(fā)光）相同，電源電壓小于燈泡的額A. Li變亮，電壓表示數(shù)變小B. Li變暗，電流表示數(shù)變大C.匕亮起來(lái)，電壓表示數(shù)變大D. L2亮起來(lái)，電流表示數(shù)變小【答案】D【解析】【解答】解：開(kāi)關(guān) S閉合時(shí)，電路為燈泡 Li的簡(jiǎn)單電路，電壓表測(cè)電源的電壓， 電流表測(cè)電路中的電流；當(dāng)開(kāi)關(guān)S斷開(kāi)時(shí)，燈泡Li和匕串聯(lián)，燈泡L2亮起來(lái)，電壓表測(cè)燈泡L1兩端的電壓，電流表測(cè)電路中的電流；因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之和，所U以，電路中

22、的總電阻變大，由i=n可知，電路中的電流變小，即電流表的示數(shù)變小，d符合題意；由U=IR可知，燈泡Li兩端的電壓變小，即電壓表的示數(shù)變小，C不符合題意；因P=UI,且燈泡的亮暗取決于實(shí)際功率的大小，所以，燈泡Li的實(shí)際功率變小，燈泡 Li變暗，A、B不符合題意。故答案為：Do【分析】結(jié)合電路圖，理清開(kāi)關(guān)處于不同狀態(tài)時(shí)元件的連接方式及電表的測(cè)量對(duì)象，首先判斷出電路中電阻的變化，根據(jù)歐姆定律1=5判斷出電路中的電流的變化和燈泡Li兩端的電壓的變化，即電壓表的示數(shù)的變化，根據(jù)P=UI可知燈泡實(shí)際功率的變化，進(jìn)一步根據(jù)燈泡的亮暗取決于實(shí)際功率的大小可知亮暗的變化11 .某直流電動(dòng)機(jī)標(biāo)有“36Vi8W字

23、樣，經(jīng)測(cè)量其線(xiàn)圈電阻為2 ，使電動(dòng)機(jī)正常工作i0min.則電動(dòng)機(jī)在這段時(shí)間內(nèi)產(chǎn)生的熱量是（）A. i.08 才J0B. 300JC. 3.888 hJ01 D. i.05 4d0【答案】B【解析】【解答】解：直流電動(dòng)機(jī)的電流1 =工=比計(jì)=0.5A,所以電動(dòng)機(jī)線(xiàn)圈產(chǎn)生的熱量：Q=I2Rt= （0.5A） 2X 2Q X i0互60O0Jo故答案為：Bo/【分析】先根據(jù)公式1= 7計(jì)算出直流電動(dòng)機(jī)的電流，再根據(jù)公式Q= I2Rt可求這臺(tái)電動(dòng)機(jī)i0min內(nèi)產(chǎn)生的熱量。5是檢測(cè)植物葉片含12 .用石墨烯制成的濕敏電阻，其阻值會(huì)隨含水量的升高而增大。圖水量的電路，電源電壓不變。將濕敏電阻R附著在葉片上

24、，當(dāng)葉片含水量升高時(shí)（A.電流表示數(shù)增大率增大【答案】BB.電壓表示數(shù)減小mC.電路總電阻減小D.電路總功【解析】【解答】由圖5知，電路是由濕敏電阻 R和定值電阻R0串聯(lián)構(gòu)成的，電壓表測(cè) R0兩端的電壓，當(dāng)葉片含水量升高時(shí)，濕敏電阻的阻值增大，根據(jù)R總二4+R得電路總電阻增4大，又由 7且U不變，得電路中電流減小，即電流表的示數(shù)減??；由U=IR得R0兩端的電壓減小，即電壓表的示數(shù)減??；而由小富知電路總功率減小。故答案為：B。【分析】結(jié)合題意，理清元件的連接方式及電表的測(cè)量對(duì)象，將濕敏電阻R附著在葉片上，根據(jù) 濕敏電阻的阻值會(huì)隨含水量的升高而增大”可知濕敏電阻的阻值變化，根據(jù)電阻的串聯(lián)可知電路中

25、總電阻的變化，根據(jù)歐姆定律可知電路中電流的變化和Ro兩端的電壓變化，利用P=UI判斷電路總功率的變化情況.13 .如圖甲，電源電壓恒定，R0為定值電阻，電阻 R的阻值隨環(huán)境溫度變化而改變.改變環(huán)境溫度，定值電阻 Ro兩端的電壓 U0隨溫度t變化的關(guān)系如圖乙所示.則下列描述R兩端的電壓U、電路消耗的總功率 P隨溫度t變化的關(guān)系圖線(xiàn)中，可能正確的是（）【答案】B【解析】【解答】由圖甲知道，Ro與R串聯(lián)，電壓表測(cè)量的是 R0的電壓；由圖乙知道，隨 著溫度的升高，Ro兩端的電壓降低，說(shuō)明隨著溫度的升高電阻R兩端的電壓增加，由串聯(lián)分壓知道，隨著溫度的升高R的阻值的阻值增加，R兩端的電壓增大，A不符合題意

26、，B符合題意；隨著 R的阻值的阻值增加，電路的總電阻增加，由歐姆定律知道，電路的總電流 減小，由P=UI知道，電源電源不變，總電流減小，所以電路的總功率減小，D不符合題意，由圖乙知道，電路的電流與溫度呈線(xiàn)性變化，所以總功率與溫度也呈線(xiàn)性變化，C不符合題意， 故答案為：B?！痉治觥拷Y(jié)合電路圖理清電路的連接方式及電表的測(cè)量對(duì)象，由于電阻R的阻值隨環(huán)境溫度的變化而變化，由圖乙可知，當(dāng)溫度升高時(shí)電阻Ro兩端的電壓線(xiàn)性變小，定值電阻的電流線(xiàn)性變??；根據(jù)串聯(lián)電路電壓的特點(diǎn)，判斷出電阻 R兩端的電壓的變化；因?yàn)殡娫措妷?保持不變，根據(jù) P=UI判斷出電路消耗的總功率的變化 .14.如圖是一個(gè)油量表的示意圖，

27、滑動(dòng)變阻器規(guī)格為“20Q1A”.閉合開(kāi)關(guān)，當(dāng)浮球最低時(shí)滑片P滑到a端，電流表示數(shù)為 0.3A,當(dāng)浮球最高時(shí)，滑片 P滑到b端，電流表示數(shù)為0.5A.下列說(shuō)法錯(cuò)誤的是()B.電源電壓為15VA.電阻Ri的阻值為30 aC.在加滿(mǎn)油后，imin內(nèi)電阻Ri產(chǎn)生的熱量為450JD.電阻R最小功率為7.5W【解析】【解答】解：由電路圖可知，Ri與R2串聯(lián)，電流表測(cè)電路中的電流.( D當(dāng)滑片位于a端時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大，因串聯(lián)電路中總電阻等于各分電阻之所以，由1=工可得,電源的電壓：U=Ia (R1+R2) =0.3AX(R+20Q ,當(dāng)滑片位于b端時(shí)，電路為Ri的簡(jiǎn)單電路，則電源的電壓：U

28、=IbRi=0.5A XiR , 因電源的電壓不變， 所以，0.3AX (R+20Q) =0.5A XiR , 解得：Ri=30Q,故A正確；電源的電壓 U=IbRi=0.5A X30Q=i,5敞B正確；(2)在加滿(mǎn)油后，滑片位于b端，則imin內(nèi)電阻Ri產(chǎn)生的熱量：Qi=Ib2Rit= (0.5A) 2X30ax 60s=450J C正確;當(dāng)滑片位于a端時(shí)，電阻Ri的功率最小，則Pi=Ia2Ri= (0.3A) 2X 30 Q =2.7W D 錯(cuò)誤.故選D.【分析】由電路圖可知，Ri與 電串聯(lián)，電流表測(cè)電路中的電流.( i)當(dāng)滑片位于 a端時(shí)，滑動(dòng)變阻器接入電路中的電阻最大，根據(jù)電阻的串聯(lián)和

29、歐姆定律表示出電源的電壓； 當(dāng)滑片位于b端時(shí)，電路為 R的簡(jiǎn)單電路，根據(jù)歐姆定律表示出電源的電壓，利用電源的 電壓不變得出等式即可求出Ri的阻值，進(jìn)一步求出電源的電壓；(2)在加滿(mǎn)油后，滑片i5.如圖所示, 數(shù)變化范圍是R。為定值電阻，閉合開(kāi)關(guān)后，當(dāng)滑片0.5i.5A,電壓表的示數(shù)變化范圍是P在某兩點(diǎn)之間滑動(dòng)時(shí)，電流表的示36V.小明通過(guò)推算，得出四個(gè)結(jié)位于b端，根據(jù) Q=I2Rt求出imin內(nèi)電阻Ri產(chǎn)生的熱量；當(dāng)滑片位于 a端時(shí)，電阻Ri的功 率最小，根據(jù)P=I2R求出其大小.論，其中錯(cuò)誤的是(A.定值電阻R0的阻值為3aB.變阻器連入電路的電阻變化范圍為212 aC.實(shí)驗(yàn)中R0兩端的電壓

30、變化范圍為1.5V4.5V D.電路消耗的總功率的變化范圍為3.75W 10.25W【答案】D【解析】【解答】由電路圖可知，滑動(dòng)變阻器與定值電阻Ro串聯(lián)，電流表測(cè)電路中的電流，電壓表測(cè)滑動(dòng)變阻器兩端電壓；當(dāng)滑動(dòng)變阻器接入電路阻值增大時(shí)，電路中電流減小，即電流表示數(shù)減??；變阻器接入阻值增大時(shí)，其分得電壓增大，即電壓表示數(shù)增大；所以，電流表與電壓表的示數(shù)變化情況是相反的。 A、由串聯(lián)電路的電壓特點(diǎn)和歐姆定律可得，電源電壓 U=Uv+IRo ,電流表示數(shù)變化范圍是 0.5A1.5A,電壓表的示數(shù)變化范圍3V6V,結(jié)合前面分析可知，當(dāng) I=0.5A時(shí)，Uv=6V,所以有 U=6V+0.5A Xod-當(dāng)

31、 I=1.5A 時(shí)，Uv=3V,所以有 U=3V+1.5AX比 聯(lián)立 解得：Ro=3 Q, U=7.5V, A不符合題意；B、由題可知，電流表示數(shù)變化范圍是 0.5A1.5A,電壓表的示數(shù)變化范圍3V6V,滑動(dòng)L 3V4 6V變阻器接入電路的阻值分別為：R I>= =上=2Q, R滑'=。宓=12Q,即變阻器連入電路的阻值變化范圍為 212Q, B不符合題意；C、R0兩端的電壓分別為：Uo=I 最小 Ro=O.5A X 3Q =1.5VJo'景k Ro=1.5A X 3Q =4.5V則Ro兩端的電壓變化范圍是1.5V4.5V, C不符合題意；D、電路消耗的最小電功率：P最

32、小=UI最小=7.5V X O.5A=3.75W/電路消耗的最大電功率：P最大=UI 最大=7.5V X 1.5A=11.25WV則電路消耗的總功率的變化范圍為3.75W11.25W, D符合題意。故答案為：Do【分析】根據(jù)電流的范圍和電壓的范圍，結(jié)合歐姆定律計(jì)算公式和電功率計(jì)算公式，求電 路中的電阻、分壓情況和電功率.16.如圖所示是甲、乙兩個(gè)電阻的電流與電壓關(guān)系的圖象，將它們連接在電路中，下列說(shuō) 法正確的是（）A.串聯(lián)在電路中，當(dāng)電流為 O.4A時(shí)，甲、乙兩端電壓之比為2: 1B.串聯(lián)在電路中，當(dāng)電流為0.2A時(shí)，甲、乙的電功率之比為2: 1C.并聯(lián)在電源電壓為 2V的電路中，干路中的總電

33、流為 0.8AD.并聯(lián)在電源電壓為 2V的電路中，通電10s電路消耗的電能為 12J【答案】D【解析】【解答】（1）因串聯(lián)電路中各處的電流相等，所以，兩元件串聯(lián)，當(dāng)電流為0.4A時(shí)，通過(guò)甲乙的電流均為0.4A,由圖象可知它們兩端的電壓分別為U甲= 2V,U乙=2.5V,則甲、乙兩端電壓之比U甲:U乙= 2V:2.5V= 4:5, A不符合題意；當(dāng)電路中的電流為 0.2A時(shí)，通過(guò)甲乙的電流均為0.2A,由圖象可知它們兩端的電壓分別為U'甲=1V,U2= 2V,則甲、乙的電功率之比 P甲:P乙=U'甲I:U乙'I= U'甲:U ! = 1V:2V= 1:2, B不符

34、 合題意；（2）因并聯(lián)電路中各支路兩端的電壓相等，所以，并聯(lián)在電路電壓為 2V的電源上時(shí)，它 們兩端的電壓均為 2V,由圖象可知，通過(guò)兩元件的電流I甲= 0.4A,I乙= 0.2A,因并聯(lián)電路中 干路電流等于各支路電流之和，所以，干路中的總電流：1二1甲+1 I乙= 0.4A0.2A =0.6A, C不符合題意；通電10s電路消耗的電能： W=UI'=2Vx 0.6A X，色=12J, D符合題意。故答案為：D.【分析】?jī)稍?lián)時(shí)通過(guò)它們的電流相等，根據(jù)圖象讀出兩元件兩端的電壓，然后求出電壓之比，根據(jù) P=UI求出電功率之比；兩元件并聯(lián)時(shí)它們兩端的電壓相等，根據(jù)圖象讀出 兩元件的電流

35、，根據(jù)并聯(lián)電路的電流特點(diǎn)求出干路電流，根據(jù)P=UI求出電路中的總功率.17 .如圖甲所示，是某型號(hào)電壓力鍋簡(jiǎn)化的工作電路圖.R0是阻值為 484 的保溫電阻,R是規(guī)格為“220V800W的主力口熱電阻，R2是副加熱電阻.電壓力鍋煮飯分為加熱升壓一保壓一保溫”三個(gè)階段，通過(guò)如圖乙所示的鍋內(nèi)工作壓強(qiáng)與時(shí)間“（P- t） ”關(guān)系圖象可了解其工作過(guò)程：接通電源，啟動(dòng)智能控制開(kāi)關(guān)S, S自動(dòng)接到a,同時(shí)S1自動(dòng)閉合，電壓力鍋進(jìn)入加熱升壓狀態(tài)；當(dāng)鍋內(nèi)工作壓強(qiáng)達(dá)80kPa時(shí)，S1自動(dòng)斷開(kāi)，進(jìn)入保壓狀態(tài)，當(dāng)鍋內(nèi)工S自動(dòng)接到b,減壓0.25kW?h,下列說(shuō)法作壓強(qiáng)降至60kPa時(shí)，S又會(huì)自動(dòng)閉合；當(dāng)保壓狀態(tài)結(jié)束

36、，飯就熟了, 進(jìn)入保溫狀態(tài).電壓力鍋煮飯時(shí)，在正常加熱升壓和保壓狀態(tài)共耗電 正確的是（）二 h 915 IS f.ttm甲乙A.電壓力鍋是對(duì)大氣壓強(qiáng)的應(yīng)用B當(dāng)鍋內(nèi)工作壓強(qiáng)為處于升壓狀態(tài)40kPa時(shí)，電壓力鍋C.電壓力鍋煮飯時(shí)，在正常加熱升壓和保壓狀態(tài)Ri的工作時(shí)間是18minD.電壓力鍋正常工作時(shí)的最大電流是5A【答案】D【解析】【解答】解：A.高壓鍋煮飯熟得快是利用密閉液體的沸點(diǎn)隨氣壓的增大而升高的原理，而不是利用了大氣壓的原理，A不符合題意；B.由圖乙可知，當(dāng)鍋內(nèi)工作壓強(qiáng)為40kPa時(shí)，電壓力鍋可能處于升壓狀態(tài)，也可能處于保溫狀態(tài)，B不符合題意；C.由圖乙可知，在正常加熱升壓和保壓狀態(tài)Ri

37、的工作時(shí)間分別為06min, 912min,15 18min ,即Ri的工作時(shí)間ti=12min=0.2h , C不符合題意；D. R2的工作時(shí)間t2=18min=0.3h ,在正常加熱升壓和保壓狀態(tài)消耗的電能W=P1t1+P2t2 ,即：0.25kW?h=0.8kW< 0.2h+P2X 0.3h解得：P2=0.3kW=300W ,兩加熱電阻 同時(shí)工作時(shí)電路電流最大，則總功率 P=P+P2=800W+300W=1100W ,P 1100H由P=UI可得，1=七二與W =5A, D符合題意.故答案為：D.【分析】高壓鍋煮飯熟得快是利用密閉液體的沸點(diǎn)隨氣壓的增大而升高的原理；在正常加熱升壓和

38、保壓狀態(tài)消耗的電能，正確分析電路是解題的關(guān)鍵18.家用飲水機(jī)是一種雙溫電熱器，其工作原理可簡(jiǎn)化為如圖所示的電路，R1為定值電阻，R為電熱板，R1=3R2 , a、b是溫控開(kāi)關(guān)S的兩個(gè)觸點(diǎn)，調(diào)節(jié) S可使飲水機(jī)處于加熱或保溫狀態(tài)。則飲水機(jī)在加熱與保溫狀態(tài)時(shí)R2消耗的電功率之比及有關(guān)說(shuō)法正確的是A. 4： 1, S與a點(diǎn)接觸時(shí)處于保溫狀態(tài)B. 16:1, S與a點(diǎn)接觸時(shí)處于保溫狀態(tài)C. 4: 1, S與b點(diǎn)接觸時(shí)處于保溫狀態(tài)D. 16: 1, S與b點(diǎn)接觸時(shí)處于保溫狀態(tài)【答案】B當(dāng)S接a時(shí)，電路【解析】【解答】當(dāng)S接b時(shí)是加熱狀態(tài)，此時(shí) R2電功率為<串 聯(lián)， 處 于 保 溫 狀 態(tài)，R2的故答案為：B.則P1：P2=16:1 , B符合題意。電 功 率 為【分析】根據(jù)電阻串聯(lián)時(shí)，總電功率減小，根據(jù)電壓和電阻可以計(jì)算電功率，根據(jù)電流和 電阻可以計(jì)算電功率大小。19.如圖所示電路，電源電壓不變，當(dāng)開(kāi)關(guān) &閉合、S斷開(kāi)時(shí)，電流表示數(shù)為 0.3A,電壓 表示數(shù)為9V;若將兩表互換位置，并同時(shí)閉合 Si和a時(shí)，電流表示數(shù)為 0.5A.則下列說(shuō)法 中正確的是（）A.電壓表示數(shù)仍為 9VB. R的阻值為18 aC. F2的阻值為45 aD.險(xiǎn)消耗的功率為6.75W （