廣東省六校聯(lián)盟2019-2020學年高三上學期第一次聯(lián)考物理試題(深圳實驗,廣州二中,珠海一中等)及答案解析

1、物理試卷第1頁，共8頁廣東省六校聯(lián)盟2019-2020學年高三上學期第一次聯(lián)考（深圳實驗，廣州二中，珠海一中，惠州一中，東莞中學，中山紀中）物理試題題號一一三四總分得分注意事項：1.答題前填寫好自己的姓名、班級、考號等信息；2.請將答案正確填寫在答題卡上。第I卷（選擇題）1.物理學科核心素養(yǎng)主要包括物理觀念”等四個方面，下列物理觀念”正確的是（A.靜摩擦力對受力物體可以做正功，滑動摩擦力對受力物體一定做負功B.駕駛員可以通過操作方向盤使汽車在光滑的水平面上轉(zhuǎn)彎C.研究自由落體運動是物理學的理想化模型法D.在某一過程中， 只要物體的位移為0,任何力對物體所做的功就為0在掛鉤上再吊一質(zhì)量為m的物體

2、，讓它們沿細桿下滑，如圖所示，則球形物體（A.沿細桿加速下滑B.仍勻速下滑C.受到細桿的摩擦力不變D.受到細桿的彈力變小評卷人得分、單選題2.沿固定斜面下滑的物體受到與斜面平行向上的拉力F的作用，其下滑的速度用間圖線如圖所示。已知物體與斜面之間的動摩擦因數(shù)為常數(shù)，在F的大小分別為Fl、F2和F3,則（A.FIF3C.FIF3D.FI=F33.一質(zhì)量為M、帶有掛鉤的球形物體套在傾角為。的細桿上，并能沿桿勻速下滑，若ffs05s、510s、1015s內(nèi)物理試卷第2頁，共8頁4.中國大眼FAST,由我國天文學家南仁東于1994年提出構(gòu)想，歷時22年建成.2018年4月28日FAST第一次發(fā)現(xiàn)了一顆距

3、地球4000光年的毫秒脈沖星，震驚了世界.雙脈沖星系統(tǒng)由兩個質(zhì)量不同的脈沖星形成的雙星系統(tǒng).假設(shè)這兩個脈沖星，繞它們連線物理試卷第3頁，共8頁上的某點做圓周運動，且兩星間距緩慢減小.若在短暫的運動過程中，各自質(zhì)量不變且不受其他星系影響，則下列說法正確的是（）A.兩星運行的線速度之比是1:1B.兩星運行的角速度大小始終相等C.兩星做圓周運動的向心加速度大小始終相等D.隨著兩星的間距緩慢減小，它們的周期卻在增大5.如圖，靜電場中的一條電場線上有M、N兩點，箭頭代表電場的方向，貝U（）A.M點的電勢比N點的低B.M點的場強大小一定比N點的大.白,MNC.正電荷在M點的電勢能比在N點的大D.電子在M點

4、受到的電場力大小一定比在N點的小6.如圖，空間中存在一勾強磁場區(qū)域，磁場方向與豎直面（紙面）垂直，磁場的上、下邊界（虛線）均為水平面；紙面內(nèi)磁場上方有一個正方形導(dǎo)線框abcd,_fII其上、下兩邊均與磁場邊界平行，邊長小于磁場上、下邊界的間距。若線框自由下落，從ab邊進入磁場時開始，直至ab邊到達磁場下邊V/WXXXX界為止，線框下落的速度大小可能（）A.始終減小B.始終不變C.始終增加D.先增加后減小評卷人得分7.飛鏢運動是一種全身性的運動，對于現(xiàn)代辦公族來說可以達到全方位的健身效果.若每次練習都是將飛鏢水平投出，飛鏢在空中的運動可視為平拋運動.如圖所示，某次將飛鏢水平投出后正中靶心，下列說

5、法正確的是（）A.投出的飛鏢質(zhì)量大，在空中飛行的時間會更長B.仍在原位置投擲，增加出手高度，適當減小出手速度仍可正中靶心C.人后退兩步，出手高度不變，適當增大出手速度仍可正中靶心D.人前進兩步，出手速度不變，適當增加出手高度仍可正中靶心物理試卷第4頁，共8頁8.如圖所示， 在光電效應(yīng)實驗中， 用頻率為a的單色光a照射到光電管的陰極K上,物理試卷第5頁，共8頁光電子的最大初動能為Eka,遏止電壓為Ua.下列說法正確的是（A.若換用頻率小的單色光b做實驗，一定不能發(fā)生光電效應(yīng)B.若換用頻率大的單色光b做實驗，則最大初動能滿足EkbEkaC.若實驗中增大單色光a強度，則遏止電壓也會增大D.增大單色光

6、a的強度，保持滑片P不動，光電流變大9.如圖所示，豎直放置的線圈兩端連接一個定值電阻構(gòu)成回路，一塊強磁鐵從線圈上方某一高度由靜止釋放后從線圈中穿過，則下列說法正確的是（）A.圖示位置通過電阻的電流方向為arbB.強磁鐵下落的時間比沒有線圈時長C.圖示位置電阻的功率大小與強磁鐵釋放高度無關(guān)D.強磁鐵進入與離開線圈時加速度方向可能相同10.如圖所示，R為定值電阻，A、B、C為三個完全相同的燈泡，燈泡正常工作時的電阻也為R,燈泡的額定電壓和額定電流分別為U和I.理想變壓器原、副線圈的匝數(shù)分別為，交流電源的電壓為U.若A、B、C均正常發(fā)光，設(shè)流過R的電流為IR,流過A的電流為IA,流過B的電流為IB,

7、則下列關(guān)系式中正確的是（）B.U=4UoC.IR=IA+IBD.ni:n2=1:211.如圖，邊長為L的正三角形abc區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面向里的勻強磁場，質(zhì)量為m,電荷量為q的同種粒子每次都從a點沿與ab邊成30角的方向垂直射入磁場， 若初速度大小為VO,射入磁場后從ac邊界距a點L處射出磁場。不計粒子的重力，下列說法正3確的是（）2LA.若粒子射入磁場的速度增大為2VO，則出射位置距a點J-3、n=HB.若粒子射入磁場的速度增大為2VO,則粒子在磁場中的運動時間A.IR=3IB物理試卷第6頁，共8頁減小為原來的一半C.若粒子射入磁場的速度不大于3VO，粒子從磁場中射出時速度方向均與ab邊垂直D

8、.若粒子射入磁場的速度不同，但從ac邊射出的所有粒子在磁場中的運動時間相等物理試卷第7頁，共8頁12.如圖（a）所示，一根豎直懸掛的不可伸長的輕繩，下端拴一小物塊A,上端固定在C點且與一能測量繩的拉力的測力傳感器相連.已知有一質(zhì)量為m0的子彈B以水平速度vo射入A內(nèi)（未穿透），接著兩者一起繞C點在豎直面內(nèi)做圓周運動。在各種阻力都可忽略的條件下測力傳感器測得繩的拉力F隨時間t變化關(guān)系如圖（b）所示，已知子彈射入的時間極短，且圖（b）中t=0為A、B開始以相同的速度運動的時刻。下列說法正確的是（）A.A、B一起在豎直面內(nèi)做周期T=to的周期性運動Fm一B.A的質(zhì)量大小為m=m。6gcc22、36m

9、0v0gD.輕繩的長度為#5Fm13.下列說法正確的是（）A.晶體在熔化過程中分子的平均動能不變B.溫度越高，布朗運動越劇烈，所以布朗運動也叫做熱運動C.在輪胎爆裂的短暫過程中，胎內(nèi)氣體膨脹，溫度下降D.只知道水蒸氣的摩爾體積和水分子的體積，能計算出阿伏加德羅常數(shù)E.在油膜法估測分子大小的實驗中，如果有油酸未完全散開會使測量結(jié)果偏大14.一列簡諧橫波在t=0時刻的波形圖如圖中的實線所示，t=0.1s時刻的波形圖如圖中的虛線所示，若該波傳播的速度為10m/s，則（）A.t=0時刻質(zhì)點a沿y軸正方向運動B.這列波沿x軸正方向傳播C.這列波的周期為0.4sD.從t=0時刻開始質(zhì)點a經(jīng)0.2s通過的路

10、程為0.4mC.子彈射入木塊過程中所受沖量大小為mVo(Fm-6mg)Fm物理試卷第8頁，共8頁E.x=2m處質(zhì)點的振動方程為y=0.2sin5jt+dm)第II卷（非選擇題）15.在研究勻變速直線運動”的實驗中，某同學選出了一條清晰的紙帶，并取其中的A、B、C、D、E、F、G七個點進行研究，這七個點和刻度尺標度的對照情況如圖所示.（打點計時器的頻率為50Hz）IIHIIIIII!IIIIIficml23+567891011（1）由圖可以知道，A、B兩點的時間間隔是s,A點到D點的距離是cm,D點到G點的距離是cm；（小數(shù)點后保留2位）通過測量不難發(fā)現(xiàn)，（XBCXAB）與（XCDXBC）、（X

11、DEXCD）、基本相等.這表明，在實驗誤差允許的范圍之內(nèi)，拖動紙帶的小車做的是運動；（3）經(jīng)過合理的數(shù)據(jù)處理后，可以求得加速度a=m/s12;（小數(shù)點后保留3位）（4）還可以求出，打B點時小車的瞬時速度VB=m/s。（小數(shù)點后保留3位）16.某同學欲將內(nèi)阻為98.5Q量程為100的電流表改裝成歐姆表并進行刻度，要求改裝后歐姆表的15kQ刻度正好對應(yīng)電流表表盤的50A刻度.可選用的器材還有：定值電阻RO（阻值14kQ）,滑動變阻器RI（最大阻值500Q）,滑動變阻器R2（最大阻值1500Q）,干電池（E=1.5V,r=2Q）,紅、黑表筆和導(dǎo)線若干.1歐姆表設(shè)計將圖（a）中的實物連線組成歐姆表.歐

12、姆表改裝好后，滑動變阻器R接入電路的電阻應(yīng)為Q,滑動變阻器應(yīng)選（填RI”或R2”）；2刻度歐姆表的表盤：通過計算，對整個表盤進行電阻刻度，如下圖（b）所示.表盤上a、b兩處的電流刻度分別為20和60,則a、b兩處的電阻刻度分別為、評卷人得分二、實驗題物理試卷第9頁，共8頁17.如圖，靜止在地面上的長木塊A的上表面光滑，質(zhì)量為M=1kg,下表面與水平地面間的動摩擦因數(shù)為0.5,其最右端放置一個可視為質(zhì)點的小鐵塊B,B的質(zhì)量為m=0.2kg，現(xiàn)用一水平恒力F=8N拉動木塊A,從此時開始計時，重力加速度取g=10m/s2.求：(1)小鐵塊未滑離木塊A之前，木塊A的加速度a1和小鐵塊滑離木塊A之后，木

13、塊A的加速度a?的大小分別是多少？(2)已知t=0.5s時，小鐵塊剛好滑離木塊A,求木塊A的長度L?(3)求t=0.5s至t=0.9s，這段時間內(nèi)木塊A的位移s的大??？18.固定在水平地面的2形平行金屬導(dǎo)軌足夠長，傾角0=53，間距L=1m,電阻不計.垂直導(dǎo)軌放評卷人得分四、解答題物理試卷第10頁，共8頁置兩根金屬棒ab和cd,如圖所示，兩金屬棒電阻相等，均為R=0.75Q,cd棒的質(zhì)量為m1=1.2kg,cd棒與導(dǎo)軌水平段的動摩擦因數(shù)為舊0.5，設(shè)最大靜摩擦力等于滑動摩擦力.而ab棒與導(dǎo)軌傾斜段間的摩擦不計.整個Z形裝置放在磁感應(yīng)強度大小為B=3T，方向垂直于導(dǎo)軌傾斜段向上的勻強磁場中.現(xiàn)從

14、某處靜止釋放ab棒，經(jīng)一段時間后，cd棒剛要從導(dǎo)軌滑動。已知重力加速度取g=10m/s2,sin37=0.6。(1)此時，cd棒中的感應(yīng)電流的方向？以及ab棒的速度大小？(2)若ab棒無論從多高的位置靜止釋放，cd棒都不動，貝Uab棒的質(zhì)量應(yīng)小于多少？(3)若cd棒與導(dǎo)軌水平段的動摩擦因數(shù) a 是可以調(diào)節(jié)的，則當動摩擦因數(shù) a 滿足什么條件時，無論ab棒質(zhì)量多大、從多高的位置靜止釋放，cd棒都不動.19.如圖，開口朝下的圓筒形氣缸豎直懸掛，處于靜止狀態(tài)，氣缸內(nèi)用橫截面積為S的薄活塞封閉著溫度為300K的某種理想氣體，活塞可在氣缸內(nèi)上下無摩擦滑動.通過電熱絲可以對氣體緩慢加熱，使活塞緩慢向下移動

15、.當氣體溫度升高至360K時，活塞剛好移到氣缸口.已知大氣壓強為po,氣缸容積為Vo,重力加速度為g.(1)求300K時氣缸內(nèi)氣體體積；(2)如果不加熱氣體，而在活塞下懸掛一個沙盤，緩慢(等溫)地往沙盤里添加沙，當沙與沙盤總質(zhì)量與活塞質(zhì)量相等時，活塞也剛好移到氣缸口，判斷此過程中氣體吸熱還是放熱？并求出活塞的質(zhì)量。物理試卷第11頁，共8頁20.如圖為某種透明介質(zhì)的截面圖，AAOC為等腰直角三角形，BC為半徑R=10cm的四分之一的圓弧，AB與水平屏幕MN垂直并接觸于A點，由紅光和紫光兩種單色光組成的復(fù)色光射向圓心。，在AB分界面上的入射角i=45。，結(jié)果在水平屏幕MN上出現(xiàn)兩個亮斑，已知該介質(zhì)

16、對紅光和紫光的折射率分別為n1=21;n2=。3(1)判斷在AM和AN兩處產(chǎn)生亮斑的顏色；(2)求兩個亮斑間的距離。答案與解析第1頁，共13頁廣東省六校聯(lián)盟2019-2020學年高三上學期第一次聯(lián)考（深圳實驗，廣州二中，珠海一中，惠州一中，東莞中學，中山紀中）物理試題參考答案1.C【解析】【解析】A.靜摩擦力和滑動摩擦力均可以與運動方向相同、相反，故兩種摩擦力均可以做正功、做負功，故A錯誤；B.在絕對光滑的水平面上，由于沒有摩擦力來提供需要的向心力，故汽車不能轉(zhuǎn)彎，故B錯誤；C.伽利略對自由落體運動的研究是通過對斜面上運動物體的研究經(jīng)過合理的外推得到自由落體運動的規(guī)律，所以研究自由落體運動是物

17、理學的理想化模型法，故C正確；D.位移為零只能說明物體的初末位置相同， 但物體可能存在路程， 則在運動過程中阻力是可以做功的，故D錯誤。故選Co2.A【解析】【解析】由vT圖象可知，05s內(nèi)加速度ai=0.2m/s2,沿斜面向下，根據(jù)牛頓第二定律有mgsin0f-Fi=mai,Fi=mgsinf0.2m;510s內(nèi)加速度a2=0,根據(jù)牛頓第二定律有mgsin0f-F2=ma2,F2=mgsin1015s內(nèi)加速度a3=-0.2m/s2,沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律有mgsin0f-F3=ma3,F3=mgsinf+0.2m。故可得：F3F2F1，選項A正確?！究键c定位】v-1圖像，牛頓第二定律【

18、點睛】本題考查了牛頓第二定律和運動學公式的基本運用，知道加速度是聯(lián)系力學和運動學的橋梁，基礎(chǔ)題。3.B【解析】【解析】AB.不掛重物時，球形物體受重力、支持力和摩擦力而勻速下滑，根據(jù)平衡條件，在平行斜面方向，有：Mgsin-f=0在垂直斜面方向，有:答案與解析第2頁，共13頁N-MgCOST-0其中:聯(lián)立解得：=tan當掛鉤掛重物后，對球形物體和所掛重物整體，在平行斜面方向：F合=(Mm)gsinu-1N垂直斜面方向：N=(Mm)gcosu聯(lián)立解得：F合=0故整體仍然做勻速直線運動，故A正確B錯誤；CD.由上面的分析知：不掛重物時f=MgCOS,N=MgCOS9當掛上重物后f，=E(M+m)g

19、cos8,N=(M+m)gcos。所以摩擦力變大，彈力變大，故CD錯誤。故選Bo4.B【解析】【解析】AB.雙星系統(tǒng)屬于同軸轉(zhuǎn)動模型，角速度、周期相等，由于：GMm22廣=m，R=m，rL故半徑之比：答案與解析第3頁，共13頁R:r=m:M即半徑之比等于質(zhì)量的反比；根據(jù)線速度公式v=r可知，線速度之比等于質(zhì)量的反向,故A錯誤B正確。C.兩星運行的向心力為二者的萬有引力，質(zhì)量不等，貝U向心加速度不等，故C錯誤。答案與解析第4頁，共13頁7.BC【解析】【解析】A.平拋運動豎直方向為自由落體運動，下落的高度:D.根據(jù):GMm2二=MI-L2R=mrT解得:2.34二LG(Mm)可知間距L減小，則周

20、期減小，故D錯誤。故選B。5.C【解析】【解析】A.沿電場線方向電勢逐漸降低,M 點的電勢比N點的高，故A錯誤;B.由于不能確定電場線疏密，故不能確定電場強度大小，故B錯誤;C.正電荷從 M 到N,電場力做正功，電勢能減小，故在 M 點的電勢能比在N點的大,故C正確;D.由于不能確定電場強度大小，也不能確定電荷所受電場力大小，故D錯誤。故選Do6.C【解析】【解析】AD.導(dǎo)線框開始做自由落體運動，ab邊以一定的速度進入磁場，ab邊切割磁場產(chǎn)生感應(yīng)電流，根據(jù)左手定則可知ab邊受到向上的安培力，當安培力大于重力時，線框做減速運動,當線框完全進入磁場后，線框不產(chǎn)生感應(yīng)電流，此時只受重力，做加速運動，

21、故先減速后加速運動，故A錯誤、D錯誤;B.當ab邊進入磁場后安培力等于重力時，線框做勻速運動，當線框完全進入磁場后，線框不產(chǎn)生感應(yīng)電流，此時只受重力，做加速運動，故先勻速后加速運動，故B錯誤;C.當ab邊進入磁場后安培力小于重力時，線框做加速運動，當線框完全進入磁場后，線框不產(chǎn)生感應(yīng)電流，此時只受重力，做加速運動，故C正確。答案與解析第5頁，共13頁2hg飛鏢在空中飛行的時間和質(zhì)量無關(guān)，故A錯誤;B.水平位移:可得:gx2VO2所以人后退兩步，出手高度不變，適當增大出手速度仍可正中靶心，故C正確。D.根據(jù)人前進兩步，出手速度不變，增加出手高度，不能正中靶心，故D錯誤。故選BC。8.BD【解析】

22、【解析】A.根據(jù)光電效應(yīng)的產(chǎn)生條件可知，入射光的頻率大于極限頻率才能發(fā)生光電效應(yīng)，若換用頻率小的單色光b做實驗，也可能發(fā)生光電效應(yīng)，故A錯誤；B.若換用頻率大的單色光b做實驗，根據(jù)光電效應(yīng)方程可知，Ekm=hv-Wo,最大初動能增大，滿足EkbAEka，故B正確；C.根據(jù)動能定理可知，eUa=而，增大單色光 a 強度，遏止電壓不會增大，故C錯誤;解得:.1.2hgt所以仍在原位置投擲，增加出手高度，適當減小出手速度仍可正中靶心，故B正確。C.根據(jù)X=v0t=v0答案與解析第6頁，共13頁D.增大單色光 a 的強度，保持滑片 p 不動，則光電子增多，光電流變大，故D正確。故選BD。9.BD【解析

23、】【解析】A.磁鐵的S靠近線圈的過程中向上穿過線圈的磁通量增大，根據(jù)楞次定律可知，穿過線圈的感應(yīng)電流如圖所示：所以通過電阻的電流方向為bTa.故A錯誤；B.根據(jù)楞次定律可知，線圈對磁鐵相對于線圈的運動有阻礙作用，所以磁鐵下落的時間比沒有線圈時長。故B正確；C.強磁鐵釋放高度越高，則磁鐵下落得速度越大，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，產(chǎn)生的感應(yīng)電動勢越大，所以電阻消耗的電功率越大。故C錯誤；D.強磁鐵進入與離開線圈時，如果磁場力小于重力，加速度方向都向下，方向相同，故強磁鐵進入與離開線圈時加速度方向可能相同，D正確。故選BD。10. ABD【解析】【解析】D.若 A、B、C均正常發(fā)光，則副線圈的輸出

24、電壓為2U.分析原線圈的電路，燈泡 A 兩端的電壓即原線圈的輸入電壓，為U,根據(jù)電壓和匝數(shù)的關(guān)系可知，輸入電壓與輸出電壓之比為1:2，則匝數(shù)比為1:2,故D正確。AC.三個燈泡正常發(fā)光，則流過的電流相等，均為I,根據(jù)電流和匝數(shù)的關(guān)系可知，原線圈的輸入電流為2I,根據(jù)并聯(lián)電路的規(guī)律可知，流過電阻 R 的電流為3I,即：IR=3、=IAIB故A正確C錯誤；B.根據(jù)歐姆定律可知：U=RIRUo=4U。答案與解析第7頁，共13頁故 B 正確。故選ABD。11.ACD【解析】【解析】粒子的速度分別為v0、2v、3v0時，畫出粒子軌跡過程圖如圖所示:一_mvA.若粒子射入磁場的速度增大為2vo，根據(jù)R=B

25、可知，粒子的半徑增大到原來的2倍，則出射位置距 a 點頭，故A正確；3B.若粒子射入磁場的速度增大為2vo，粒子從ac邊射出時與ac邊的夾角不變、軌跡對應(yīng)的圓心角不變，則粒子在磁場中的運動時間不變，故B錯誤；C.若粒子射入磁場的速度不大于3vo，則粒子均能夠從ac邊射出，射出時速度方向與配邊的夾角為30。，而ab邊與ac邊的夾角為60）貝 U 粒子從磁場中射出時速度方向均與ab邊垂直，故C正確；D.若粒子射入磁場的速度不同，但從ac邊射出的所有粒子運動軌跡對應(yīng)的圓心角均為60,所以在磁場中的運動時間相等，故D正確。故選ACD。12.BCD【解析】【解析】A.根據(jù)圖（b）可以知道 A、B 一起在

26、豎直面內(nèi)做周期T=2t的周期性運動，故A錯誤；BCD.設(shè)子彈打入物塊 A 后一起運動的速度大小為吊，AB一起上到最高點的速度大小為v2,細繩的長度為答案與解析第8頁，共13頁l。子彈打入物塊的瞬間，根據(jù)動量守恒定律有：mVo=(mm0)v1子彈和物塊在最低點繩子有最大拉力Fm,根據(jù)牛頓第二定律有：2Fm-(mm)g=(mmo)子彈和物塊在最局點繩子有最小拉力F=0,根據(jù)牛頓第二定律有：2V2(mmo)g=(mmo)-p從最高點到最低點，根據(jù)動能定理：1212(mmcJln_CmmcOw_(m-m0)v222物塊A受到子彈的沖量：1A=mvi聯(lián)合解得：22Fm_36mVo,mVo(Fm-6mg)

27、m=-mo;l=ig；=。6g5FmFm故BCD正確。故選BCD。13. ACE【解析】【解析】A.晶體在熔化過程中溫度不變，分子的平均動能不變，故A正確；B.溫度越高，布朗運動越劇烈，但布朗運動不是熱運動，而是小顆粒的無規(guī)則運動，故B錯誤；C.在輪胎爆裂的短暫過程中，氣體來不及和外界進行熱交換(Q=o),根據(jù)熱力學第一定律，胎內(nèi)氣體膨脹，對外做功，wco，氣體內(nèi)能減小，溫度下降，故C正確；D.知道水蒸氣的摩爾體積和水蒸氣分子所占空間的平均體積，能計算出阿伏伽德羅常數(shù)，故D錯誤；VE.在油膜法估測分子大小的實驗中， 根據(jù)公式d=， 如果有油酸未答案與解析第9頁，共13頁完全散開會使S偏小，測量

28、結(jié)果偏大，故E正確。14. CDE【解析】【解析】答案與解析第10頁，共13頁AB:由圖可知波的波長工4m,在時間t=0.1s內(nèi)，波傳播的距離為x=vt0乂0.m=m1蘭，根據(jù)波形的平移法可知，這列波沿x軸負向傳播；t=0時4刻質(zhì)點a向y軸負方向運動。故AB兩項均錯誤。C:由v=2，得T=已=蘭s=0.4s。故C項正確。Tv10D：從t=0時刻開始質(zhì)點a經(jīng)0.2s是半個周期，通過的路程為2倍的振幅，s=2A=0.4m。故D項正確。E:x=2m處的質(zhì)點起始位置在平衡位置且向y軸負方向振動，振動方程為2二y=Asin.ft十兀J=0.2sin（5憂十心m）.故E項正確。15.0.14.13-4.1

29、76.43-6.52勻加速（或勻變速）直線0.2510.2660.125-0.129【解析】【解析】（1）由圖可知，A、B兩點的時間間隔是0.1s,A點到D點的距離是4.13cm,D點到G點的距離是6.48cm。（2）通過測量不難發(fā)現(xiàn)，（SBC-SAB）與（SCD-SBC）、與（SDE-SCD）、基本相等.這表明，在實驗誤差允許的范圍之內(nèi)，拖動紙帶的小車做的是勻加速直線運動。（3）設(shè)A到B之間的距離為XI,以后各段分別為x2、x3、x4、x5、x6,根據(jù)逐差法可得，2222a1a2a3x6x3=3aT,x5x2=3a?T,x4x=3aaT，平均加速度為：a=,3x6x5x4|Ix3x2xj2由

30、以上可得：a=攔，代入數(shù)據(jù)解得：a=0.261m/s。（4）根據(jù)勻變速直線運動中時間中點的速度等于該過程中的平均速度即：XAC0.0252,=m/s=0.126m/s。tAC20.1VB答案與解析第11頁，共13頁【解析】【解析】899.5R2601016.答案與解析第12頁，共13頁(1)1將電源、電流表、定值電阻以及滑動變阻器串接即可組成歐姆表，故實物圖如圖所示:23根據(jù)閉合電路歐姆定律有:50的=RARR0Rr其中RA=985Q,R=15kQ,R0=14kQ,r=2Q;R為滑動變阻器的阻值;解得:R=899.5故滑動變阻器應(yīng)選擇R2。(2)45由(1)中解答可知，歐姆表的內(nèi)阻即中值電阻:

31、即=98.5214000899.5=15000根據(jù)閉合電路歐姆定律有:20JJA=R中Ra60JJA=RRb解得:Ra=60kQ,Rb=10kQ17.(1)2m/s2;3m/s2(2)0.25m(3)0.64m【解析】【解析】(1)對木塊A,小鐵塊沒滑離前，根據(jù)牛頓第二定律:答案與解析第13頁，共13頁F7Mm)g=Ma解得:答案與解析第14頁，共13頁2a=2m/s滑離后：F-Mg=Ma2解得：2a2=3m/s(2)木塊長：12L=a1t=0.25m2(3)t=0.5s時,木塊速度：v=a1t=1m/st=0.5s至t=0.9s內(nèi)，時間為：.t=0.4s位移為：1.2s=v：ta2t2解得：s=0.64m18.(1)crd；5m/s(2)m23.75kg(3)0.75【解析】【解析】(1)cd棒中感應(yīng)電流的方向是：ld分析cd棒，剛好滑動時，有：F安cos5=ff-NN=mgF安