遼寧省沈陽(yáng)市高二上期末教學(xué)質(zhì)量監(jiān)測(cè)物理試題

1、2014-2015學(xué)年遼寧省沈陽(yáng)市高二（上）期末物理試卷一、選擇題：本題共12小題每小題4分，共48分在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1-8題只有一項(xiàng)符合題目要求，第9-12題有多項(xiàng)符合題目要求全部選對(duì)的得4分，選對(duì)但不全的得2分，有選錯(cuò)的或不答的得0分1（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）人類發(fā)現(xiàn)電和磁的聯(lián)系，經(jīng)歷了漫長(zhǎng)的歲月1820年，丹麥物理學(xué)家奧斯特發(fā)現(xiàn)了電流的磁效應(yīng)l831年，英國(guó)物理學(xué)家法拉第發(fā)現(xiàn)了電磁感應(yīng)現(xiàn)象，下列相關(guān)說法正確的是（） A 給小磁針上方的導(dǎo)線通電，小磁針一定會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn) B 給小磁針上方的導(dǎo)線通電，小磁針可能會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn) C 線圈橫截面積大，磁鐵穿過線圈時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流就強(qiáng) D

2、 磁鐵的磁性強(qiáng)，磁鐵穿過線圈時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流就強(qiáng)【考點(diǎn)】： 通電直導(dǎo)線和通電線圈周圍磁場(chǎng)的方向【分析】： 對(duì)于電流的磁效應(yīng)，根據(jù)安培定則進(jìn)行分析線圈中產(chǎn)生電磁感應(yīng)現(xiàn)象時(shí)，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與磁通量變化率成正比，由法拉第電磁感應(yīng)感應(yīng)定律和歐姆定律結(jié)合進(jìn)行分析【解析】： 解：A、給小磁針上方的導(dǎo)線通電時(shí)，若導(dǎo)線位于東西方向，根據(jù)安培定則可知，在小磁針處導(dǎo)線產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向位于南北方向，與地磁場(chǎng)方向一致時(shí)，觀察不到小磁針的偏轉(zhuǎn)故A錯(cuò)誤B、由A分析可知，給小磁針上方的導(dǎo)線通電，小磁針可能會(huì)發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故B正確C、線圈橫截面積越大，磁通量變化率不一定越大，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)不一定越大，所以磁鐵穿過時(shí)產(chǎn)生的感應(yīng)電流不一

3、定越大，故C錯(cuò)誤D、由法拉第電磁感應(yīng)感應(yīng)定律可知：感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與磁通量變化率成正比，而磁通量變化率反映了磁通量變化快慢，磁通量變化快慢與磁鐵穿過線圈的速度大小有關(guān)，所以感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小與磁鐵穿過線圈的速度大小有關(guān)，則感應(yīng)電流的強(qiáng)弱與磁鐵穿過線圈的速度大小有關(guān)，故D錯(cuò)誤故選：B【點(diǎn)評(píng)】： 本題關(guān)鍵要理解電流磁效應(yīng)實(shí)驗(yàn)的原理，掌握安培定則，準(zhǔn)確理解法拉第電磁感應(yīng)感應(yīng)定律，理解磁通量變化率反映了磁通量變化的快慢2（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）兩個(gè)大小相同的小球帶有同種電荷，質(zhì)量分別為m1和m2，帶電量分別為q1和q2，用絕緣細(xì)線懸掛后，因靜電力排斥而使兩懸線張開，與豎直方向的夾角分別為1和2，且

4、兩球處于同一水平線上，如圖所示若1=2，則下列判斷正確的是（） A m1一定等于m2 B q1一定等于q2 C 一定滿足 D 必然同時(shí)滿足q1=q2，m1=m2【考點(diǎn)】： 庫(kù)侖定律；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用【分析】： 分別對(duì)兩小球進(jìn)行受力分析，根據(jù)受力可知，由共點(diǎn)力平衡條件得到各自的重力與庫(kù)侖力的關(guān)系，抓住相互間的庫(kù)侖力大小相等，得到質(zhì)量與角度的關(guān)系，分析求解【解析】： 解：題中電荷電量可能不同，也可能相同，但各自所受的電場(chǎng)力大小卻相同，方向相反由于它們與豎直線所成的角度均為，且兩球同處一水平線上，所以根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件可確定，它們的質(zhì)量一定相等故BCD錯(cuò)誤，A正確；故選：A【點(diǎn)評(píng)】： 本題中

5、庫(kù)侖力是兩個(gè)小球聯(lián)系的紐帶，由平衡條件分別找出兩個(gè)小球的質(zhì)量與庫(kù)侖力關(guān)系是解題的關(guān)鍵3（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）如圖所示，有兩個(gè)固定的、電量相等、電性相反的點(diǎn)電荷Q1、Q2，a、b是它們連線的中垂線上的兩個(gè)點(diǎn)，c是它們產(chǎn)生的電場(chǎng)中的另一點(diǎn)，以無窮遠(yuǎn)處為電勢(shì)的零點(diǎn)，則下列說法中正確的是（） A a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)相同 B a點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)一定小于b點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng) C b點(diǎn)的電勢(shì)一定比a點(diǎn)的電勢(shì)高 D c點(diǎn)的電勢(shì)一定比b點(diǎn)的電勢(shì)高【考點(diǎn)】： 電場(chǎng)線；電場(chǎng)強(qiáng)度【分析】： 等量異種點(diǎn)電荷連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線，而且這條等勢(shì)線一直延伸到無窮遠(yuǎn)處根據(jù)電場(chǎng)強(qiáng)度方向與等勢(shì)面垂直，并且由電勢(shì)高處指向電勢(shì)低處，分析場(chǎng)強(qiáng)的方

6、向根據(jù)電場(chǎng)線的疏密判斷場(chǎng)強(qiáng)的大小【解析】： 解：A、a、b兩點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)方向均與ac連線垂直向右，方向相同a點(diǎn)處電場(chǎng)線比b處疏，則a場(chǎng)強(qiáng)比b點(diǎn)小故A錯(cuò)誤，B正確C、等量異種點(diǎn)電荷連線的垂直平分線是一條零等勢(shì)線，所以a點(diǎn)電勢(shì)與b點(diǎn)電勢(shì)相等故A錯(cuò)誤D、等量異種點(diǎn)電荷連線的垂直平分線是一條等勢(shì)線，a、b點(diǎn)處于同一等勢(shì)線上，而且這條等勢(shì)線一直延伸到無窮遠(yuǎn)處，則a、b與無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)相等，無窮遠(yuǎn)處電勢(shì)為零，又該電場(chǎng)電場(chǎng)線由正電荷出發(fā)到負(fù)電荷終止，故c點(diǎn)電勢(shì)比ab電勢(shì)低，故D錯(cuò)誤故選：B【點(diǎn)評(píng)】： 對(duì)于等量同種、等量異種電荷電場(chǎng)的電場(chǎng)線和等勢(shì)線分布掌握要牢固，這是考試熱點(diǎn)，要抓住對(duì)稱性，同時(shí)，要抓住連線的垂直平分

7、線的特點(diǎn)4（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）在如圖所示的正方形區(qū)域內(nèi)有勻強(qiáng)磁場(chǎng)，一束電子以不同的速率從a點(diǎn)沿ab方向射入勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)域，最終又從磁場(chǎng)區(qū)域射出則下列結(jié)論中正確的是（） A 從c點(diǎn)射出的電子和從d點(diǎn)射出的電子，其速率之比為2：1 B 從c點(diǎn)射出的電子和從d點(diǎn)射出的電子，其速率之比為1：2 C 若電子從bc邊射出，則電子射入磁場(chǎng)時(shí)的速率越大，其在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間就越長(zhǎng) D 若電子從ad邊射出，則電子射入磁場(chǎng)時(shí)的速率越大，其在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間就越短【考點(diǎn)】： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；牛頓第二定律；向心力【專題】： 帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】： 帶電粒子在磁場(chǎng)中做圓周運(yùn)動(dòng)，由洛倫茲

8、力提供向心力，先由幾何知識(shí)可分別求得從c點(diǎn)和d點(diǎn)飛出的粒子的軌跡半徑，則由牛頓第二定律和向心力公式求得兩個(gè)粒子的速率，即可求出速率之比；由轉(zhuǎn)動(dòng)的角度可知運(yùn)動(dòng)時(shí)間之比【解析】： 解：A、設(shè)電子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的軌跡半徑為r，根據(jù)洛倫茲力提供向心力，得：qvB=m，解得：v=，可見，vr設(shè)磁場(chǎng)邊長(zhǎng)為L(zhǎng)，如圖所示，電子從c點(diǎn)離開磁場(chǎng)時(shí)，其軌跡半徑為 rc=L；從d點(diǎn)離開磁場(chǎng)的電子，其軌跡半徑為rd=，則得：vc：vd=2：l故A正確，B錯(cuò)誤C、由v=可知，粒子在速度越大，粒子的軌道半徑越大，若電子從bc邊射出，則電子射入磁場(chǎng)時(shí)的速率越大，軌道半徑越大，電子轉(zhuǎn)過的圓心角越小，其在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間就越短，故

9、C錯(cuò)誤；D、若電子從ad邊射出，則電子在磁場(chǎng)中轉(zhuǎn)過的圓心角都相等，都是90°，它們?cè)诖艌?chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間相等，與電子的速率無關(guān)，故D錯(cuò)誤；故選：A【點(diǎn)評(píng)】： 本題屬于帶電粒子在磁場(chǎng)中的偏轉(zhuǎn)中典型題目，此類題的關(guān)鍵在于確定圓心及由幾何關(guān)系求出半徑5（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）如圖，EOF為一勻強(qiáng)磁場(chǎng)的邊界，且E0上EOOO，OO為EOF的角平分線，磁場(chǎng)方向垂直于紙面向里一邊長(zhǎng)為l的正方形導(dǎo)線框沿OO方向勻速進(jìn)入磁場(chǎng)，t=0時(shí)刻恰好位于圖示位置規(guī)定導(dǎo)線框中感應(yīng)電流沿逆時(shí)針方向時(shí)為正，則感應(yīng)電流i與時(shí)間t的關(guān)系下列圖象可能正確的是（） A B C D 【考點(diǎn)】： 導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)

10、；閉合電路的歐姆定律【專題】： 電磁感應(yīng)中的力學(xué)問題【分析】： 運(yùn)用E=BLv找出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間變化的情況其中L為切割磁感線的有效長(zhǎng)度根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向【解析】： 解：在整個(gè)正方形導(dǎo)線框通過磁場(chǎng)的過程中，切割磁感線的邊框?yàn)閮韶Q直邊框，兩水平邊框不切割磁感線由于正方形導(dǎo)線框沿OO方向勻速通過磁場(chǎng)，從開始到左邊框到達(dá)O之前，進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線的有效長(zhǎng)度隨時(shí)間均勻增加，根據(jù)E=BLv得出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間也均勻增加，由于電阻不變，所以感應(yīng)電流i也隨時(shí)間均勻增加根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電流的方向，結(jié)合導(dǎo)線框中感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向時(shí)為正，得出開始為負(fù)方向當(dāng)左邊框到達(dá)OO之后，由于進(jìn)入磁場(chǎng)切割

11、磁感線的有效長(zhǎng)度不變，所以感應(yīng)電流i不變當(dāng)左邊框到達(dá)OO中點(diǎn)，右邊框即將進(jìn)入磁場(chǎng)切割磁感線，由于左邊框的切割磁感線的有效長(zhǎng)度在減小，而右邊框切割磁感線有效長(zhǎng)度在增大，而左右邊框切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)方向相反，所以整個(gè)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)隨時(shí)間也均勻減小當(dāng)左邊框到達(dá)距O點(diǎn)時(shí)，左右邊框切割磁感線的有效長(zhǎng)度相等，此時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為0，再往后跟前面過程相反故A正確，B、C、D錯(cuò)誤故選：A【點(diǎn)評(píng)】： 注意分析正方形導(dǎo)線框運(yùn)動(dòng)過程中切割磁感線的有效長(zhǎng)度變化情況規(guī)定導(dǎo)線框中感應(yīng)電流沿順時(shí)針方向時(shí)為正，反過來即為負(fù)值6（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）如圖所示，在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B的勻強(qiáng)磁場(chǎng)中，有一半徑為3R的橡膠圓盤，圓盤

12、平面與磁場(chǎng)方向垂直，在圓盤上固定一長(zhǎng)為2R的金屬桿AB，AB沿半徑方向放置，A點(diǎn)位于圓盤的邊緣當(dāng)橡膠圓盤繞過圓心0點(diǎn)且垂直于圓盤的轉(zhuǎn)軸以角速度勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，金屬桿AB兩端的電勢(shì)差大小為（） A BR2 B BR2 C 2BR2 D 4BR2【考點(diǎn)】： 導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律【分析】： AB段切割磁感線產(chǎn)生感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)，AB產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 E=BLv，求出棒兩端的電壓【解析】： 解：由法拉第電磁感應(yīng)定律得：AB產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：，A點(diǎn)的速度為：vA=3R，vB=R，AB段的平均速度為：=2RAB段的電勢(shì)差為：，故D正確；故選：D【點(diǎn)評(píng)】： 本題中轉(zhuǎn)動(dòng)切割是法拉第電磁感

13、應(yīng)定律應(yīng)用的延伸應(yīng)用，關(guān)鍵要掌握轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感線時(shí)感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式：，及平均速度的計(jì)算方法7（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）如圖所示，兩傾斜放置的光滑平行金屬導(dǎo)軌間距為L(zhǎng)，電阻不計(jì)，導(dǎo)軌平面與水平面夾角為，導(dǎo)軌上端接入一內(nèi)電阻可忽略的電源，電源電動(dòng)勢(shì)為E一粗細(xì)均勻的金屬棒電阻為R，金屬棒水平放在導(dǎo)軌上且與導(dǎo)軌接觸良好欲使金屬棒靜止在導(dǎo)軌上不動(dòng)，則以下說法正確的是（） A 可加豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為 B 可加豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，磁感應(yīng)強(qiáng)度為 C 所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最小值為 D 所加勻強(qiáng)磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的最大值為【考點(diǎn)】： 安培力；共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用【分析】： 通電導(dǎo)線垂直處于勻強(qiáng)磁

14、場(chǎng)中，則由電流方向結(jié)合左手定則可得安培力的方向，再由安培力、重力及支持力處于平衡可求得安培力的大小根據(jù)公式F=BIL可確定磁場(chǎng)的方向與大小【解析】： 解：A、加豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，安培力方向水平向左，導(dǎo)體棒不可能處于平衡故A錯(cuò)誤B、當(dāng)加豎直向上的勻強(qiáng)磁場(chǎng)時(shí)，導(dǎo)體棒受重力、支持力和水平向右的安培力，如圖所示，根據(jù)共點(diǎn)力平衡有：mgtan=BIL，I=，所以故B正確C、當(dāng)安培力方向與支持力方向垂直時(shí)，安培力最小，最小值為mgsin，則BIL=mgsin，I=，所以B的最小值為故C錯(cuò)誤D、當(dāng)安培力方向與重力相同時(shí)，磁場(chǎng)強(qiáng)度最大，故，故D錯(cuò)誤；故選：B【點(diǎn)評(píng)】： 由于棒所處平衡位置，那么安培力的方向不

15、同，導(dǎo)致安培力的大小不同，從而得出不同的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小與方向D選項(xiàng)中，當(dāng)直徑變化時(shí)，電流雖然變化，但質(zhì)量也同時(shí)變化，且變化相同，所以仍處于平衡狀態(tài)8（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）如圖所示，M、N為簡(jiǎn)化的磁流體發(fā)電機(jī)的兩個(gè)水平極板，相距d=0.2m，板間有垂直于紙面向外的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，B=1.0T，外電路中可變負(fù)載電阻R的最大阻值為l0，電離氣體（含有大量的正、負(fù)帶電粒子，且不計(jì)重力）以速率v=1100m/s平行極板由左向右射入，極板間電離氣體的等效內(nèi)阻r=l，斷開開關(guān)S，穩(wěn)定之后，下列說法正確的是（） A M板電勢(shì)高于N板電勢(shì) B 該發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)為220V C 若閉合開關(guān)s，負(fù)載電阻R=10時(shí)發(fā)

16、電機(jī)的效率最小 D 若閉合開關(guān)s，負(fù)載電阻R=10時(shí)發(fā)電機(jī)的輸出功率最大【考點(diǎn)】： 霍爾效應(yīng)及其應(yīng)用；電功、電功率【分析】： 根據(jù)左手定則判斷出電荷的偏轉(zhuǎn)方向，確定兩極板所帶電荷的電性，從而確定電勢(shì)的高低；根據(jù)電荷所受洛倫茲力和電場(chǎng)力相等求出發(fā)電機(jī)的電動(dòng)勢(shì)當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時(shí)，發(fā)電機(jī)的輸出功率最大【解析】： 解：A、根據(jù)左手定則知，正電荷向下偏，負(fù)電荷向上偏，則M板的電勢(shì)低于N板的電勢(shì)故A錯(cuò)誤B、根據(jù)qvB=q，解得電動(dòng)勢(shì)為：E=vBd=1100×1×0.2V=220V故B正確C、發(fā)電機(jī)的效率=，當(dāng)負(fù)載電阻R=10時(shí)，發(fā)電機(jī)的效率最大故C錯(cuò)誤D、當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時(shí)，即負(fù)載

17、電阻R=1，發(fā)電機(jī)的輸出功率最大故D錯(cuò)誤故選：B【點(diǎn)評(píng)】： 解決本題的關(guān)鍵會(huì)運(yùn)用左手定則判斷電荷所受洛倫茲力的方向，知道穩(wěn)定時(shí)電荷所受的電場(chǎng)力和洛倫茲力平衡，注意發(fā)電機(jī)的效率與功率的區(qū)別9（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）水平桌面上放一閉合鋁環(huán)，在鋁環(huán)軸線上方有一條形磁鐵，當(dāng)條形磁鐵沿軸線豎直向下迅速靠近鋁環(huán)時(shí)，下列判斷正確的是（） A 鋁環(huán)有收縮的趨勢(shì) B 鋁環(huán)有擴(kuò)張的趨勢(shì) C 鋁環(huán)對(duì)桌面的壓力增大 D 鋁環(huán)對(duì)桌面的壓力減小【考點(diǎn)】： 楞次定律【分析】： 通過楞次定律可知鋁環(huán)中的感應(yīng)電流產(chǎn)生的磁場(chǎng)要阻礙通過鋁環(huán)的磁通量的增加，從而可知鋁環(huán)的運(yùn)動(dòng)的趨勢(shì)和面積大小的變化趨勢(shì)，從而可得知正確選項(xiàng)【解析

18、】： 解：當(dāng)條形磁鐵沿軸線豎直向下迅速靠近鋁環(huán)時(shí)，通過鋁環(huán)的磁通量增加，根據(jù)楞次定律，鋁環(huán)中產(chǎn)生的感應(yīng)電流的磁場(chǎng)要阻礙磁通量的增加，阻礙磁鐵的靠近，所以鋁環(huán)對(duì)桌面的壓力會(huì)增大，鋁環(huán)還有收縮的趨勢(shì)，以縮小面積來阻礙磁通量的增加所以選項(xiàng)AC正確，BD錯(cuò)誤故選：AC【點(diǎn)評(píng)】： 解答該題的關(guān)鍵是對(duì)楞次定律的理解和靈活應(yīng)用，楞次定律的內(nèi)容是“感應(yīng)電流具有這樣的方向，即感應(yīng)電流的磁場(chǎng)磁場(chǎng)總要阻礙引起感應(yīng)電流的磁通量的變化”，可以從以下幾個(gè)方面來理解：1、注意是“阻礙”，不是“阻止”，更不是“相反”，而是“延緩”的意思2、從原磁通量的變化來看，應(yīng)這樣理解：當(dāng)原磁通量增加時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)與原來磁場(chǎng)的方向相反

19、，當(dāng)原磁場(chǎng)減小時(shí)，感應(yīng)電流的磁場(chǎng)就與原來的磁場(chǎng)方向相反即為“增反減同”3、從磁體和導(dǎo)體的相對(duì)運(yùn)動(dòng)來理解：感應(yīng)電流總是要阻礙導(dǎo)體和磁極間的相對(duì)運(yùn)動(dòng)，即為“來則阻，去則留”4、從能量轉(zhuǎn)化的角度來理解：產(chǎn)生感應(yīng)電流的過程，是其它形式的能轉(zhuǎn)化為電能的過程在解答問題的過程中，要靈活的利用對(duì)楞次定律的各種理解，這樣能做到事半功倍的效果10（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）一個(gè)微型吸塵器的直流電動(dòng)機(jī)的額定電壓為U，額定電流為I，線圈電阻為R，將它接在電動(dòng)勢(shì)為E，內(nèi)阻為r的直流電源的兩極間，電動(dòng)機(jī)恰好能正常工作，則（） A 電動(dòng)機(jī)消耗的總功率為UI B 電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率為 C 電源的輸出功率為EI D 電源的效

20、率為1【考點(diǎn)】： 電功、電功率【專題】： 恒定電流專題【分析】： 在計(jì)算電功率的公式中，總功率用P=IU來計(jì)算，發(fā)熱的功率用P=I2R來計(jì)算，如果是計(jì)算純電阻的功率，這兩個(gè)公式的計(jì)算結(jié)果是一樣的，但對(duì)于電動(dòng)機(jī)等非純電阻，第一個(gè)計(jì)算的是總功率，第二個(gè)只是計(jì)算發(fā)熱的功率，這兩個(gè)的計(jì)算結(jié)果是不一樣的【解析】： 解：A、電動(dòng)機(jī)消耗的總功率應(yīng)該用P=IU來計(jì)算，所以總功率為IU，所以A正確；B、電動(dòng)機(jī)消耗的熱功率應(yīng)該用P=I2R來計(jì)算，所以熱功率P=I2R，所以B錯(cuò)誤C、電源的輸出功率等于電動(dòng)機(jī)的輸入功率，得P出=UI故C錯(cuò)誤D、電源的總功率為IE，內(nèi)部發(fā)熱的功率為I2r，所以電源的效率為=l，所以D正

21、確故選AD【點(diǎn)評(píng)】： 對(duì)于電功率的計(jì)算，一定要分析清楚是不是純電阻電路，對(duì)于非純電阻電路，總功率和發(fā)熱功率的計(jì)算公式是不一樣的11（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）如圖甲所示，一邊長(zhǎng)L=lm、電阻R=5、匝數(shù)n=10匝的正方形線圈直接與一個(gè)理想電流表相連，線圈內(nèi)有變化的磁場(chǎng)，以垂直紙面向里的方向?yàn)榇艌?chǎng)的正方向，磁場(chǎng)隨時(shí)間的變化情況如圖乙所示，則下列判斷中正確的是（） A 02s的時(shí)間內(nèi)，理想電流表的指針改變方向1次 B 02s的時(shí)間內(nèi)，理想電流表的指針位置始終不變 C 0一ls的時(shí)間內(nèi)，理想電流表的讀數(shù)為2A D 12s的時(shí)間內(nèi)，理想電流表的讀數(shù)為0.5A【考點(diǎn)】： 法拉第電磁感應(yīng)定律；閉合電路的

22、歐姆定律【分析】： 由圖象的斜率讀出磁感應(yīng)強(qiáng)度B的變化率，由法拉第電磁感應(yīng)定律可求得線圈中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)由閉合電路歐姆定律可求得感應(yīng)電流大小，根據(jù)楞次定律來確定感應(yīng)電流的方向，從而即可求解【解析】： 解：A、01s的時(shí)間內(nèi)，垂直向里的磁場(chǎng)在減小，根據(jù)楞次定律可知，減則同，則線圈中產(chǎn)生順時(shí)針感應(yīng)電流，同理，12s的時(shí)間內(nèi)，垂直向外的磁場(chǎng)在增加，由楞次定律：增則反，可知，線圈有順時(shí)針感應(yīng)電流，故A錯(cuò)誤，B正確；C、根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小為E=N=N=10××12=10V，則感應(yīng)電流大小I=A=2A，故C正確，D錯(cuò)誤故選：BC【點(diǎn)評(píng)】： 本題是感生電動(dòng)勢(shì)類型，關(guān)

23、鍵要掌握法拉第電磁感應(yīng)定律的表達(dá)式E=n，再結(jié)合閉合電路歐姆定律進(jìn)行求解，注意楞次定律來確定感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向12（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）如圖所示，兩根互相平行的長(zhǎng)直導(dǎo)線過紙面上的M、N兩點(diǎn)，且與紙面垂直，導(dǎo)線中通有大小不等、方向相反的電流a、o、b在M、N的連線上，o為MN的中點(diǎn)，c、d位于MN的中垂線上，且a、b、c、d到0點(diǎn)的距離均相等則下列說法正確的是（） A 0點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不可能為零 B B點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度不可能為零 C a、b兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可能相等，方向相反 D c、d兩點(diǎn)處的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小可能相等，方向相同【考點(diǎn)】： 磁感應(yīng)強(qiáng)度【分析】： 根據(jù)右手螺旋定則確定兩根

24、導(dǎo)線在a、b、c、d四點(diǎn)磁場(chǎng)的方向，根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行合成【解析】： 解：A、根據(jù)右手螺旋定則，M處導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，N處導(dǎo)線在O點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，合成后磁感應(yīng)強(qiáng)度不等于0，因此垂直于紙面向外的通電直導(dǎo)線受到的力不為零故A正確B、根據(jù)右手螺旋定則，M處導(dǎo)線在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，N處導(dǎo)線在b點(diǎn)產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，合成后磁感應(yīng)強(qiáng)度不等于0故B正確；C、M在a處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，在b處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，N在a處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，b處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向豎直向下，根據(jù)場(chǎng)強(qiáng)的疊加知，a、b兩點(diǎn)處磁感應(yīng)強(qiáng)度大小相等，方向相同故C錯(cuò)誤D、M在c處產(chǎn)生的磁場(chǎng)

25、方向垂直于cM偏下，在d出產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直dM偏下，N在c處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直于cN偏下，在d處產(chǎn)生的磁場(chǎng)方向垂直于dN偏下，根據(jù)平行四邊形定則，知c處的磁場(chǎng)方向豎直向下，d處的磁場(chǎng)方向豎直向下，且合場(chǎng)強(qiáng)大小相等故D正確故選：ABD【點(diǎn)評(píng)】： 解決本題的關(guān)鍵掌握右手螺旋定則判斷電流與其周圍磁場(chǎng)方向的關(guān)系，會(huì)根據(jù)平行四邊形定則進(jìn)行合成二、實(shí)驗(yàn)題：本題共2小題，共l5分13（4分）（2014秋沈陽(yáng)期末）一位同學(xué)使用多用電表測(cè)電阻，當(dāng)他用“×10”的歐姆擋測(cè)量時(shí)，讀出的電阻值為2000，這位學(xué)生在測(cè)量時(shí)已注意到：待測(cè)電阻與其他元件和電源斷開，不用手碰表筆的金屬桿為使測(cè)量電阻的阻值更加準(zhǔn)確

26、，接下來他操作的主要步驟應(yīng)為：把選擇開關(guān)撥到“×100”的歐姆擋上將紅、黑兩表筆相短接，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在歐姆零處把兩表筆分別與待測(cè)電阻的兩端相接，發(fā)現(xiàn)這時(shí)指針偏轉(zhuǎn)適中，隨即記下電阻數(shù)值；把表筆從測(cè)試筆插孔拔出后，選擇開關(guān)撥到“OFF”，把多用電表放回桌上原處【考點(diǎn)】： 用多用電表測(cè)電阻【專題】： 實(shí)驗(yàn)題【分析】： 為了測(cè)量結(jié)果盡量準(zhǔn)確，讀數(shù)時(shí)指針應(yīng)指針在中央刻度附近，歐姆表?yè)Q擋后要重新歐姆調(diào)零【解析】： 解：、當(dāng)他用“×10”的歐姆擋測(cè)量時(shí)，讀出的電阻值為2000，則指針指在表盤示數(shù)為200的刻度附近，為了使指針指在中央刻度附近，則應(yīng)把選擇開關(guān)撥到“×

27、100”的歐姆擋上；換擋后應(yīng)重新進(jìn)行歐姆調(diào)零：將紅、黑兩表筆相短接，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在歐姆零處；故答案為：把選擇開關(guān)撥到“×100”的歐姆擋上；將紅、黑兩表筆相短接，旋轉(zhuǎn)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指在歐姆零處【點(diǎn)評(píng)】： 本題考查了歐姆表使用注意事項(xiàng)，指針指在中央刻度附近讀數(shù)時(shí)誤差最小14（11分）（2014秋沈陽(yáng)期末）某實(shí)驗(yàn)小組用伏安法測(cè)定一個(gè)待測(cè)電阻Rx的阻值（阻值粗測(cè)為190），實(shí)驗(yàn)室提供如下器材：電池組E：電動(dòng)勢(shì)3V，內(nèi)阻不計(jì)電流表A1：量程015mA，內(nèi)阻約為100電流表A2：量程03mA，內(nèi)阻為100變阻器R1：阻值范圍020，額定電流2A電阻箱R2，阻值范圍09999

28、，額定電流1A電鍵S、導(dǎo)線若干要求實(shí)驗(yàn)中盡可能準(zhǔn)確地測(cè)量Rx的阻值，請(qǐng)回答下面問題：（1）為了測(cè)量待測(cè)電阻兩端的電壓，可以將電流表A2與電阻箱串聯(lián)，并將電阻箱阻值調(diào)到900，這樣可以改裝成一個(gè)量程為3.0V的電壓表（2）在圖1方框中畫出測(cè)量Rx阻值的完整電路圖，并在圖中標(biāo)明器材代號(hào)（3）調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R1，兩表的示數(shù)如圖2所示，可讀出電流表A1的示數(shù)是9.5mA，電流表A2的示數(shù)是1.50mA，則精確得到待測(cè)電阻Rx的阻值是187.5【考點(diǎn)】： 伏安法測(cè)電阻【專題】： 實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題【分析】： （1）應(yīng)用伏安法測(cè)電阻，需要用電壓表測(cè)待測(cè)電阻電壓，現(xiàn)在沒有電壓表，應(yīng)該用小量程電流表與電阻箱

29、串聯(lián)改裝成電壓表，由串聯(lián)電路特點(diǎn)及歐姆定律可以求出串聯(lián)電阻阻值（2）滑動(dòng)變阻器阻值遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻阻值，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法；根據(jù)待測(cè)電阻阻值與電表內(nèi)阻間的關(guān)系，確定電流表采用內(nèi)接法還是外接法，然后作出電路圖（3）根據(jù)電表量程確定電表分度值，讀出電表示數(shù)；由歐姆定律可以求出待測(cè)電阻阻值；根據(jù)電路結(jié)構(gòu)分析實(shí)驗(yàn)誤差【解析】： 解：（1）為了測(cè)量待測(cè)電阻兩端的電壓，可以將電流表A1電阻箱串聯(lián)組成電壓表；改裝后電壓表量程是3V，則電阻箱阻值R=900；（2）滑動(dòng)變阻器最大阻值遠(yuǎn)小于待測(cè)電阻阻值，滑動(dòng)變阻器應(yīng)采用分壓接法，待測(cè)電阻阻值約為190，電流表A1內(nèi)阻約為100，電壓表內(nèi)阻為RV=100+90

30、0=1000，電壓表內(nèi)阻遠(yuǎn)大于待測(cè)電阻阻值，電流表應(yīng)采用外接法，電路圖如圖所示（3）由圖示可知，電流表A1的示數(shù)為9.5mA，電流表A2的示數(shù)是1.50mA；待測(cè)電阻兩端電壓U=I2RV=1.50×105A×1000=1.5V，測(cè)得待測(cè)電阻Rx=187.5電流表采用外接法，電流測(cè)量值偏大，由歐姆定律可知，測(cè)量值比較真實(shí)值小故答案為：（1）900；（2）電路圖如右圖；（3）9.5； 1.50； 187.5【點(diǎn)評(píng)】： 要會(huì)把電流表改裝成電壓表，會(huì)求改裝電壓表時(shí)串聯(lián)電阻的阻值；確定滑動(dòng)變阻器的接法與電流表接法是設(shè)計(jì)實(shí)驗(yàn)電路圖的關(guān)鍵三、計(jì)算題（本題共3小題，第l5題9分，第16題1

31、2分，第17題16分，共37分解答時(shí)應(yīng)該寫出必要的文字說明、方程式和重要的演算步驟，只寫出最后答案的不能得分有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位）15（9分）（2014秋沈陽(yáng)期末）兩根足夠長(zhǎng)的光滑導(dǎo)軌豎直放置，間距L=2m，頂端接阻值R=9的電阻質(zhì)量m=0.1kg、電阻r=l的金屬棒在磁場(chǎng)邊界上方某處由靜止釋放，金屬棒和導(dǎo)軌接觸良好，磁感應(yīng)強(qiáng)度B=IT的勻強(qiáng)磁場(chǎng)與導(dǎo)軌所在平面垂直，磁場(chǎng)足夠大，如圖所示，不計(jì)導(dǎo)軌電阻，重力加速度g=10m/s2求：（1）金屬棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，流過電阻R的電流方向；（2）金屬棒運(yùn)動(dòng)的最大速度；（3）金屬棒以穩(wěn)定的速度下滑時(shí)，電阻R消耗的熱功率【考點(diǎn)】： 導(dǎo)

32、體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；閉合電路的歐姆定律【專題】： 電磁感應(yīng)與圖像結(jié)合【分析】： （1）由右手定則或楞次定律判斷感應(yīng)電流的方向（2）金屬棒做勻速運(yùn)動(dòng)時(shí)運(yùn)動(dòng)速度最大根據(jù)電磁感應(yīng)規(guī)律得到安培力與速度的關(guān)系式，由平衡條件得到最大速度（3）由歐姆定律得到電路中電流，即可求得電阻R消耗的熱功率【解析】： 解：（1）由右手定則（楞次定律）可知：電流方向ba（2）當(dāng)金屬棒運(yùn)動(dòng)的加速度為0時(shí)，金屬桿獲得最大速度，即： mg=BIL又 I= E=BLv聯(lián)立解得：=2.5m/s（3）由上式可知：I=0.5A故：電阻R 的熱功率為：P=I2R=2.25W答：（1）金屬棒在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)，流過電阻R的電流方向是b

33、a；（2）金屬棒運(yùn)動(dòng)的最大速度是2.5m/s；（3）金屬棒以穩(wěn)定的速度下滑時(shí)，電阻R消耗的熱功率是2.25W【點(diǎn)評(píng)】： 金屬棒在運(yùn)動(dòng)過程中克服安培力做功，把金屬棒的動(dòng)能轉(zhuǎn)化為焦耳熱，在此過程中金屬棒做加速度減小的減速運(yùn)動(dòng)；對(duì)棒進(jìn)行受力分析、熟練應(yīng)用法拉第電磁感應(yīng)定律、歐姆定律、平衡條件等正確解題16（12分）（2014秋沈陽(yáng)期末）相距為d的兩塊平行金屬板M和N與電源連接，電鍵K閉合后，MN間形成一個(gè)勻強(qiáng)電場(chǎng)，一帶電粒子（不計(jì)重力）垂直于電場(chǎng)方向從靠近M板的邊緣處射入電場(chǎng)，粒子恰好打在N板中央如圖所示，若使粒子剛好飛出電場(chǎng)，求（1）只移動(dòng)N板改變兩板間距離，N板下移的距離是多少？（2）把閉合的電鍵K打開，只移動(dòng)N板改變兩板間的距離，N板下移的距離是多少？【考點(diǎn)】： 帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)【專題】： 帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題【分析】： 以一定速度垂直進(jìn)入偏轉(zhuǎn)電場(chǎng)，由于速度與電場(chǎng)力垂直，所以粒子做類平拋運(yùn)動(dòng)這樣類平拋運(yùn)動(dòng)可將看成沿初速度方向的勻速直線與垂直于初速度方向勻加速直線運(yùn)動(dòng)根據(jù)運(yùn)動(dòng)學(xué)公式解題【解析】： 解：（1）由于一重力不計(jì)的帶電粒子垂直于電場(chǎng)方向從M邊緣射入電場(chǎng)，做類平拋運(yùn)動(dòng)，水平方向做勻速直線運(yùn)動(dòng)，豎直方向做初速度為零的勻加速直線