2021廣東高中物理高考真題138776

1、試卷主標(biāo)題姓名：_ 班級(jí)：_考號(hào)：_一、未分類（共18題）1、 科學(xué)家發(fā)現(xiàn)銀河系中存在大量的放射性同位素鋁 26 。 鋁 26的半衰期為 72 萬(wàn)年,其衰變方程為 ，下列說(shuō)法正確的是 (   ) A . Y 是氦核 B. Y 是質(zhì)子 C . 再經(jīng)過(guò) 72 萬(wàn)年,現(xiàn)有的鋁 26 衰變一半 D . 再經(jīng)過(guò) 14 4 萬(wàn)年，現(xiàn)有的鋁 26 全部衰變 2、 2021年4月,我國(guó)自主研發(fā)的空間站“天和”核心 艙 成功發(fā)射 并 入軌運(yùn)行，若核心艙繞地球的運(yùn)行可視為勻速圓周運(yùn)動(dòng) ,已知引力常量,由下列物理量能計(jì)算出地球質(zhì)量的是 (   ) A.核心艙的質(zhì)量和繞地半徑

2、B.核心艙的質(zhì)量和繞地周期 C.核心艙的繞地角速度和繞地周期 D.核心艙的繞地線速度和繞地半徑 3、 唐代 耒 耜經(jīng)記載了曲轅犁相對(duì)直轅犁的優(yōu)勢(shì)之一是起土省力 。 設(shè)牛用大小相等的拉力 F通過(guò)耕索分別拉兩種犁,F 與豎直方向的夾角分別為 和 ， ，如圖所示 。 忽略耕索質(zhì)量 ,耕地過(guò)程中,下列說(shuō)法正確的是 (   ) A.耕索對(duì)曲轅犁拉力的水平分力比對(duì)直轅犁的大 B.耕索對(duì)曲轅犁拉力的豎直分力比對(duì)直轅犁的大 C.曲轅犁勻速前進(jìn)時(shí)，耕索對(duì)犁的拉力小于犁對(duì)耕索的拉力 D.直轅犁加速前進(jìn)時(shí)，耕索對(duì)犁的拉力大于犁對(duì)耕索的拉力 4、 由于高度限制 ,車庫(kù)出入口采用圖所示的曲桿道閘,道

3、閘由轉(zhuǎn)動(dòng)桿 OP 與橫桿 PQ 鏈接而成,P、Q 為橫桿的兩個(gè)端點(diǎn).在道閘抬起過(guò)程中,桿 PQ 始終保持水平 . 桿 OP 繞 O 點(diǎn)從與水平方向成 30°勻速轉(zhuǎn)動(dòng)到 60°的過(guò)程中,下列說(shuō)法正 確 的是 (   ) A.P 點(diǎn)的線速度大小不變 B.P 點(diǎn)的加速度方向不變 C.Q 點(diǎn)在豎直方向做勻速運(yùn)動(dòng) D.Q 點(diǎn)在水平方向做勻速運(yùn)動(dòng) 5、 截面為正方形的絕緣彈性長(zhǎng)管中心有一固定長(zhǎng)直導(dǎo)線，長(zhǎng)管外表面固定著對(duì)稱分布的四根平行長(zhǎng)直導(dǎo)線。若中心直導(dǎo)線通入電流 I 1 ，四根平行直導(dǎo)線均通入電流 I 2 , I 1 I 2 ，電流方向如圖所示。下列截面圖中可能正

4、確表示通電后長(zhǎng)管發(fā)生形變的是 (   ) A . B. C. D. 6、 如圖 是某種靜電推進(jìn)裝置的原理圖，發(fā)射極與吸極接在高壓電源兩端，兩級(jí)間產(chǎn)生強(qiáng)電 場(chǎng) ，虛線為等勢(shì)面。在強(qiáng)電場(chǎng)作用下，一帶電液滴從發(fā)射極加速飛向吸極， a、b 是其路徑上的兩點(diǎn)。不計(jì)液滴重力，下列說(shuō)法正確的是 (   ) Aa 點(diǎn)的電勢(shì)比 b 點(diǎn)的小 Ba 點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度比 b 點(diǎn)的小 C液滴在 a 點(diǎn)的加速度比在 b 點(diǎn)的小 D液滴在 a 點(diǎn)的電勢(shì)能比在 b 點(diǎn)的大 7、 某同學(xué)設(shè)計(jì)了一個(gè)充電裝置，如圖所示 .假設(shè)永磁鐵的往復(fù)運(yùn)動(dòng)在螺線管中產(chǎn)生近似正弦式交流電，周期為 0.2S，電壓

5、最大值為 0.05V。理想變壓器原線圈接螺線管，副線圈接充電電路，原、副線圈匝數(shù)比為 1：60.下列說(shuō)法正確的是 (   ) A. 交流電的頻率為 10Hz B副線圈兩端電壓最大值為 3V C變壓器輸入電壓與永磁鐵磁場(chǎng)強(qiáng)弱無(wú)關(guān) D充電電路的輸入功率大于變壓器的輸入功率 8、 賽龍舟是端午節(jié)的傳統(tǒng)活動(dòng) 。 下列 v-t 和 s-t 圖像描述了五條相同的龍舟從同一起點(diǎn)線同時(shí)出發(fā)、沿長(zhǎng)直河道劃向同一終點(diǎn)線的運(yùn)動(dòng)全過(guò)程，其中能反應(yīng)龍舟甲與其他龍舟在途中出現(xiàn)船頭并齊的有 (  ) A B C D 9、 長(zhǎng)征途中，為了突破敵方關(guān)隘，戰(zhàn)士爬上陡峭的山頭，居高臨下向敵方工事內(nèi)投擲

6、手榴彈。戰(zhàn)士在同一位置先后投出甲、乙兩顆質(zhì)量均為 m 的手榴彈。手榴彈從投出的落地點(diǎn)的高度差為 h，在空中的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，軌跡如圖所示，重力加速度為 g。下列說(shuō)法正確的有 (   ) A.甲在空中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間比乙的長(zhǎng) B.兩手榴彈在落地前瞬間，重力的功率相等 C.從投出到落地，每顆手榴彈的重力勢(shì)能減少 mgh D.從投出到落地，每顆手榴彈的機(jī)械能變化量為 mgh 10、 如圖所示，水平放置足夠長(zhǎng)光滑金屬導(dǎo)軌 abc 和 de，ab 與 de 平行，b c 是以 O 為圓心的圓規(guī)導(dǎo)軌，圓弧 be 左側(cè)和扇形 Obc 內(nèi)有方向如圖的勻強(qiáng)磁場(chǎng)。金屬桿 OP 的 O 端與 e

7、點(diǎn)用導(dǎo)線相接， P 端與圓弧 bc 接觸良好。初始時(shí)，可滑動(dòng)的金屬桿 MN 靜止在平行導(dǎo)軌上。若桿 OP繞 O 點(diǎn)在勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)內(nèi)從 b 到 c 勻速轉(zhuǎn)動(dòng)時(shí)，回路中始終有電流，則此過(guò)程中，下列說(shuō)法正確的有 (   ) A.桿 OP 產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定 B.桿 OP 受到的安培力不變 C.桿 MN 做勻加速直線運(yùn)動(dòng) D.桿 MN 中的電流減小 11、 某興趣小組測(cè)量一緩沖裝置中彈簧的勁度系數(shù)，緩沖裝置如圖 8 所示，固定在斜面上的透明有機(jī)玻璃管與水平面夾角為 30°，彈簧固定在有機(jī)玻璃管底端，實(shí)驗(yàn)過(guò)程如下：先沿管軸線方向固定一毫米刻度尺，再將單個(gè)質(zhì)量為 200g 的

8、鋼球（直徑略小于玻璃管內(nèi)徑）逐個(gè)從管口滑進(jìn)，每滑進(jìn)一個(gè)鋼球，待彈簧靜止，記錄管內(nèi)鋼球的個(gè)數(shù) n 和彈簧上端對(duì)應(yīng)的刻度尺示數(shù) L n ，數(shù)據(jù)如表所示，實(shí)驗(yàn)過(guò)程中彈簧始終處于彈性限度內(nèi)，采用逐差法計(jì)算彈簧壓縮量，進(jìn)而計(jì)算其勁度系數(shù)。 （ 1）利用L i =L i+3 -L i （ i=1,2,3）計(jì)算彈簧的壓縮量：L 1 =6.03cm，L 2 =6.08cm，L 3 =_cm， 壓縮量的平均值 =_cm； （ 2）上述 是管中增加 _個(gè)鋼球時(shí)產(chǎn)生的彈簧平均壓縮量； （ 3）忽略摩擦，重力加速度 g 取 9.80m/s 2 ，該彈簧的勁度系數(shù)為 _N/m（結(jié)果保留 3 位有效數(shù)字）。 12、 某小

9、組研究熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律，根據(jù)實(shí)驗(yàn)需要已選用了規(guī)格和量程合適的器材。 （ 1）先用多用電表預(yù)判熱敏電阻值溫度的變化趨勢(shì)，選擇適當(dāng)倍率的歐姆檔，將兩表筆_，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向右邊“0”處。測(cè)量時(shí)觀察到熱敏電阻溫度越高，相同倍率下多用電表指針向右偏轉(zhuǎn)角度越大，由此可判斷熱電阻阻值隨溫度的升高而_。 （ 2）再按圖 9 連接好電路進(jìn)行測(cè)量。 閉合開(kāi)關(guān) S 前，將滑動(dòng)變阻器 R 1 的滑片滑到 _端（選填“a”或“b”）。 將溫控室的溫度設(shè)置為 T，電阻箱 R 0 調(diào)為某一阻值 R 01 ，閉合開(kāi)關(guān) S，調(diào)節(jié)滑動(dòng)變阻器R 1 ，使電壓表和電流表的指針偏轉(zhuǎn)到某一位置。記錄此時(shí)電壓表和

10、電流表的示數(shù)、 T 和 R 01 ，斷開(kāi)開(kāi)關(guān) S。 再將電壓表與熱敏電阻 C 端間的導(dǎo)線改接到 D 端，閉合開(kāi)關(guān) S。反復(fù)調(diào)節(jié) R 0 和 R 1 ，使電壓表和電流表的示數(shù)與上述記錄的示數(shù)相同。記錄此時(shí)電阻箱的阻值 R 02 ，斷開(kāi)開(kāi)關(guān) S。 實(shí)驗(yàn)中記錄的阻值 R 01 _R 02 （選填 “大于”、“小于”或“等于”）。此時(shí)熱敏電阻阻值R T =_。 （ 3）改變溫控室的溫度，測(cè)量不同溫度時(shí)的熱敏電阻阻值，可以得到熱敏電阻阻值隨溫度的變化規(guī)律。 13、 算盤是我國(guó)古老的計(jì)算工具，中心帶孔的相同算珠可在算盤的固定導(dǎo)桿上滑動(dòng)，使用前算珠需要?dú)w零。如圖所示，水平放置的算盤中有甲、乙兩顆算珠未在歸零

11、位置，甲靠邊框 b，甲、乙相隔 s 1 = 3.5 × 10 -2 m，乙與邊框 a 相隔 s 2 = 2 .0×10 -2 m ，算珠與導(dǎo)桿間的動(dòng)摩擦因數(shù) =0.1，現(xiàn)用手指將甲以 0.4 m/s 的初速度撥出，甲、乙碰撞后甲的速度大小為 0.1m/s，方向不變，碰撞時(shí)間極短且不計(jì)，重力加速度 g 取 10 m/s²。 （ 1）通過(guò)計(jì)算，判斷乙算珠能否滑動(dòng)到邊框a； （ 2）求甲算珠從撥出到停下所需的時(shí)間。 14、 如圖 是一種花瓣形電子加速器簡(jiǎn)化示意圖 .空間有三個(gè)同心圓 a、b、c 圍成的區(qū)域，圓 a 內(nèi)為無(wú)場(chǎng)區(qū)，圓 a 與圓 b 之間存在輻射狀電場(chǎng)，圓 b

12、 與圓 c 之間有三個(gè)圓心角均略小于90°的扇環(huán)形勻強(qiáng)磁場(chǎng)區(qū)|、|和|.各區(qū)磁感應(yīng)強(qiáng)度恒定，大小不同，方向均垂直紙面向外,電子以初動(dòng)能E k0 從圓 b 上 P 點(diǎn)沿徑向進(jìn)入電場(chǎng)。電場(chǎng)可以反向，保證電子每次進(jìn)入電場(chǎng)即被全程加速。己知圓 a 與圓 b 之間電勢(shì)差為 U，圓 b 半徑為 R，圓 c 半徑為 R ,電子質(zhì)量為 m,電荷量為 e 。 忽略相對(duì)論效應(yīng) 。 取 tan 22.5°=0.4。 (1)當(dāng)E k0 =0 時(shí),電子加速后均沿各磁場(chǎng)區(qū)邊緣進(jìn)入磁場(chǎng),且在電場(chǎng)內(nèi)相鄰運(yùn)動(dòng)軌跡的夾角均為45°,最終從 Q 點(diǎn)出射,運(yùn)動(dòng)軌跡如圖中帶箭頭實(shí)線所示.求 I 區(qū)的磁感應(yīng)

13、強(qiáng)度大小、電子在 I區(qū)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間及在 Q 點(diǎn)出射時(shí)的動(dòng)能; (2)已知電子只要不與 I 區(qū)磁場(chǎng)外邊界相碰，就能從出射區(qū)域出射.當(dāng)E k0 =keU 時(shí),要保證電子從出射區(qū)域出射，求 k 的最大值. 15、 在高空飛行的客機(jī)上某乘客喝完一瓶礦泉水后 ,把瓶蓋擰緊.下飛機(jī)后發(fā)現(xiàn)礦泉水瓶變癟了,機(jī)場(chǎng)地面溫度與高空客艙內(nèi)溫度相同,由此可判斷,高空客艙內(nèi)的氣體壓強(qiáng)_(選填“大于”、“小于”或“等于”)機(jī)場(chǎng)地面大氣壓強(qiáng):從高空客艙到機(jī)場(chǎng)地面,礦泉水瓶?jī)?nèi)氣體的分子平均動(dòng)能_(選填“變大”，“變小”或“不變”). 16、 為方便抽取密封藥瓶里的藥液 ,護(hù)士一般先用注射器注入少量氣體到藥瓶里后再抽取藥液,

14、如圖所示,某種藥瓶的容積為 0.9mL，內(nèi)裝有 0.5mL 的藥液,瓶?jī)?nèi)氣體壓強(qiáng)為 1.0×10 5 Pa.護(hù)士把注射器內(nèi)橫截面積為 0.3cm 2 、長(zhǎng)度為 0.4cm、壓強(qiáng)為 1.0×10 5 Pa 的氣體注入藥瓶,若瓶?jī)?nèi)外溫度相同且保持不變、氣體視為理想氣體，求此時(shí)藥瓶?jī)?nèi)氣體的壓強(qiáng). 17、 如圖所示 ,一個(gè)輕彈簧下端掛一小球,小球靜止,現(xiàn)將小球向下拉動(dòng)距離 A 后由靜止釋放,并開(kāi)始計(jì)時(shí),小球在豎直方向做簡(jiǎn)諧運(yùn)動(dòng),周期為 T，經(jīng)過(guò) 時(shí)間 ,小球從最低點(diǎn)向上運(yùn)動(dòng)的距離_ (選填“大于”、“小于”或“等于”):在 時(shí)刻 ,小球的動(dòng)能_(選填“最大”或“最小”) 18、 如

15、圖所示，一種光學(xué)傳感器是通過(guò)接收器 Q 接收到光的強(qiáng)度變化而觸發(fā)工作的，光從擋風(fēng)玻璃內(nèi)側(cè) P 點(diǎn)射向外側(cè) M 點(diǎn)再折射到空氣中，測(cè)得入射角為，折射角為；光從P 點(diǎn)射向外側(cè) N 點(diǎn)，剛好發(fā)生全反射并被 Q 接收。求光從玻璃射向空氣時(shí)臨界角的正弦表達(dá)式。 =參考答案=一、未分類1、 C 【分析】 根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒確定 Y的電荷數(shù)和質(zhì)量數(shù)，從而確定Y是什么粒子；抓住每經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生衰變，判斷有多少的鋁26發(fā)生衰變。 【解答】解： AB、根據(jù)電荷數(shù)守恒、質(zhì)量數(shù)守恒知，Y的電荷數(shù)為1，質(zhì)量數(shù)為0，可知Y為正電子，故A、B錯(cuò)誤； C、每經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生衰變，再經(jīng)過(guò)72萬(wàn)年，

16、現(xiàn)有的鋁有一半發(fā)生衰變，故C正確； D、每經(jīng)過(guò)一個(gè)半衰期，有半數(shù)發(fā)生衰變，再經(jīng)過(guò)144萬(wàn)年，現(xiàn)有的鋁有 發(fā)生衰變，還剩 沒(méi)有衰變，故 D錯(cuò)誤。 故選： C。 2、 D 【分析】根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，得到地球的質(zhì)量與軌道半徑、周期、角速度或線速度的關(guān)系進(jìn)行分析。 【解答】解：設(shè)引力常量為 G。 AB、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有： ，解得 ，要計(jì)算地球的質(zhì)量 M，需要知道核心艙的軌道半徑和周期，故AB錯(cuò)誤； C、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有： ，解得： ，由于軌道半徑不知道，所以無(wú)法計(jì)算地球的質(zhì)量，故 C錯(cuò)誤； D、根據(jù)萬(wàn)有引力提供向心力，則有： ，解得： ，已知核心艙的繞地線速度和繞地半徑，

17、可以計(jì)算地球的質(zhì)量，故 D正確。 故選： D。 3、 B 【分析】根據(jù)力的分解得到兩種情況下水平分力、豎直分力的大小關(guān)系，根據(jù)牛頓第三定律分析相互作用力大小。 【解答】解： A、耕索對(duì)曲轅犁拉力的水平分力大小為F 1 =Fsin， 耕索對(duì)直轅犁拉力的水平分力大小為 F 2 =Fsin，由于，則耕索對(duì)曲轅犁拉力的水平分力比對(duì)直轅犁拉力的水平分力小，故A錯(cuò)誤； B、耕索對(duì)曲轅犁拉力的在豎直方向的分力大小為F 1 =Fcos，耕索對(duì)直轅犁拉力的豎直方向分力大小為F 2 =Fcos，由于，則耕索對(duì)曲轅犁拉力的豎直方向的分力比對(duì)直轅犁拉力在豎直方向的分力大，故B正確； CD、無(wú)論曲轅犁勻速前進(jìn)或直轅犁加

18、速前進(jìn)，耕索對(duì)犁的拉力與犁對(duì)耕索的拉力屬于物體間的相互作用力，總是大小相等、方向相反，故CD錯(cuò)誤。 故選： B。 4、 A 【分析】桿勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，即角速度不變，據(jù)此分析 P點(diǎn)的線速度大小變化；向心加速度始終指向圓心，所以加速度方向時(shí)刻改變；對(duì)兩位置的P點(diǎn)速度分解，從判斷Q點(diǎn)在豎直方向、水平方向分別做什么運(yùn)動(dòng)。 【解答】解： A、桿OP繞O點(diǎn)從與水平方向成30°勻速轉(zhuǎn)動(dòng)到60°的過(guò)程中，可認(rèn)為轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度不變，由v=r，P點(diǎn)轉(zhuǎn)動(dòng)半徑r不變，所以P點(diǎn)的線速度大小不變，故A正確； B、向心加速度始終指向圓心O點(diǎn)，所以P點(diǎn)的加速度方向時(shí)刻改變，故B錯(cuò)誤； CD、對(duì)兩位置的速度沿豎直方

19、向和水平方向分解，如圖所示，由圖可知，豎直方向的分速度在逐漸變小，水平方向的分速度在逐漸增大，所以在P點(diǎn)的帶動(dòng)下，Q點(diǎn)在豎直方向做做減速運(yùn)動(dòng)，在水平方向做做加速運(yùn)動(dòng)，故CD錯(cuò)誤。 5、 C 【分析】明確題意，知道中間電流遠(yuǎn)大于外表導(dǎo)線中的電流，所以只需要考慮中心電流形成的磁場(chǎng)對(duì)四根外表面固定長(zhǎng)直導(dǎo)線的安培力，根據(jù)安培定則確定各導(dǎo)線處的磁場(chǎng)方向，再根據(jù)左手定則確定受力方向即可確定形變方向。 【解答】解：根據(jù)安培定則可知，中心導(dǎo)線形成的磁場(chǎng)是以導(dǎo)線為圓心的圓，所以左邊導(dǎo)線處的磁場(chǎng)方向豎直向上，根據(jù)左手定則可知，左邊導(dǎo)線受力向右；右側(cè)導(dǎo)線處的磁場(chǎng)方向豎直向下，由左手定則可知，右邊導(dǎo)線受力向左，故左右

20、方向上彈性長(zhǎng)管是向里凹陷的； 同理可知，上邊導(dǎo)線處的磁場(chǎng)水平向右，由左手定則可知，其受力向上；下邊導(dǎo)線處的磁場(chǎng)水平向左，由左手定則可知，其受力向下；因此上下彈性長(zhǎng)管是突出的；則可知發(fā)生的形變?yōu)?C，故C正確，ABD錯(cuò)誤。 故選： C。 6、 D 【分析】明確圖象原理，根據(jù)圖中電路確定發(fā)射極與吸極的電勢(shì)高低，確定電場(chǎng)線方向，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，從而明確 a、b兩點(diǎn)的電勢(shì)高低；注意圖中等勢(shì)面不是等差等勢(shì)面，所以不能根據(jù)疏密確定電場(chǎng)強(qiáng)度大??；根據(jù)液滴的運(yùn)動(dòng)情況確定電場(chǎng)力做功情況，從而明確電勢(shì)能的變化。 【解答】解： A、由圖可知，發(fā)射極接電源正極，吸極接電源負(fù)極，則發(fā)射極為高電勢(shì)，吸極為低電勢(shì)，電

21、場(chǎng)線由發(fā)射極指向吸極，沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低，故a點(diǎn)電勢(shì)比b點(diǎn)高，故A錯(cuò)誤； BC、由于題中沒(méi)有說(shuō)明等勢(shì)面是否為等差等勢(shì)面，故不能明確電場(chǎng)線和等勢(shì)面的疏密，所以無(wú)法確定a、b兩點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度的大小，也就無(wú)法確定加速度大小，故BC錯(cuò)誤； D、因液滴加速前進(jìn)，故說(shuō)明電場(chǎng)力做正功，電勢(shì)能減小，故液滴在a點(diǎn)的電勢(shì)能比在b點(diǎn)的大，故D正確。 故選： D。 7、 B 【分析】根據(jù)周期和頻率的關(guān)系確定交流電的頻率；利用變壓器電壓之比與線圈匝數(shù)之比相等確定輸出電壓，再根據(jù)電壓的最大值和有效值間的關(guān)系確定輸出電壓的最大值；明確輸入電壓來(lái)源，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律確定輸入電壓與永磁鐵的強(qiáng)弱是否有關(guān)，明確變壓器輸出功率

22、決定輸入功率，本身不消耗能量。 【解答】解： A、交流電的周期為T=0.2s，則其頻率f= ， 故 A錯(cuò)誤； B、輸入電壓的有效值U 1 = ,根據(jù) 可知，輸出電壓 U 2 = 故最大值 U 2m = U 2 = ×1.5 V=3V,故B正確 C、輸入電壓是由電磁感應(yīng)產(chǎn)生的，根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律可知，輸入電壓與永磁體的強(qiáng)弱有關(guān)，故C錯(cuò)誤； D、變壓器兩端的功率是相等的，即輸出功率決定了輸入功率，故D錯(cuò)誤。 故選： B。 8、 BD 【分析】在速度 -時(shí)間圖線中，圖線與時(shí)間軸圍成的面積表示位移，結(jié)合面積比較兩者的位移關(guān)系，判斷是否會(huì)出現(xiàn)船頭并齊；在位移-時(shí)間圖線中，圖線對(duì)應(yīng)的縱坐標(biāo)表

23、示位移，通過(guò)兩圖線是否有交點(diǎn)判斷在途中是否會(huì)出現(xiàn)船頭并齊。 【解答】解： A、速度-時(shí)間圖線圍成的面積表示位移，由圖可知，在到達(dá)終點(diǎn)前，甲圖線圍成的面積始終大于乙圖線圍成的面積，則龍舟甲與龍舟乙在途中不會(huì)出現(xiàn)船頭并齊的現(xiàn)象，故A錯(cuò)誤； B、速度-時(shí)間圖線圍成的面積表示位移，由圖可知，在兩圖線交點(diǎn)對(duì)應(yīng)的時(shí)刻前，丙的位移比甲大，即丙在前，在交點(diǎn)對(duì)應(yīng)的時(shí)刻后有一個(gè)時(shí)刻，兩圖線圍成的面積相等，即位移相等，可知龍舟甲和龍舟乙在途中會(huì)出現(xiàn)船頭并齊，故B正確； C、由圖可知，在到達(dá)終點(diǎn)前，兩圖線沒(méi)有交點(diǎn)，即不會(huì)出現(xiàn)位移相同，則龍舟甲和龍舟乙在途中不會(huì)出現(xiàn)船頭并齊，故C錯(cuò)誤； D、由圖可知，在到達(dá)終點(diǎn)前，兩圖

24、線有交點(diǎn)，即位移相同，可知龍舟甲和龍舟戊在途中出現(xiàn)船頭并齊，故D正確。 故選： BD。 9、 BC 【分析】 A、根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的豎直分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，利用自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律可以判斷時(shí)間關(guān)系； B、根據(jù)平拋運(yùn)動(dòng)的豎直分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，利用自由落體運(yùn)動(dòng)的運(yùn)動(dòng)規(guī)律求出豎直末速度，結(jié)合瞬時(shí)功率表達(dá)式可以判斷重力的功率； C、先求出重力做功關(guān)系，再根據(jù)功能關(guān)系判斷重力勢(shì)能變化量； D、根據(jù)機(jī)械能守恒的條件，手榴彈在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中機(jī)械能守恒。 【解答】解： A、手榴彈在空中的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，有 戰(zhàn)士在同一位置先后投出甲、乙兩顆手榴彈，故 h相等，故甲乙在空中運(yùn)

25、動(dòng)的時(shí)間相等，故A錯(cuò)誤； B、手榴彈在空中的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，在豎直方向的分運(yùn)動(dòng)為自由落體運(yùn)動(dòng)，設(shè)落地前瞬間手榴彈豎直分速度為v y ，有 此時(shí)重力的功率為 P=mgv y 由題意 h相等，故重力的功率相等，故B正確； C、從投出到落地，每顆手榴彈的重力做功為W G =mgh，根據(jù)功能關(guān)系可知，手榴彈的重力勢(shì)能減少mgh，故C正確； D、手榴彈在空中的運(yùn)動(dòng)可視為平拋運(yùn)動(dòng)，在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中只有重力做功，故手榴彈的機(jī)械能守恒，故D錯(cuò)誤。 故選： BC。 10、 AD 【分析】求出 OP轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感應(yīng)線的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的計(jì)算公式分析感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)是否變化；由于MN切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電流，從而使得桿OP中的

26、電流大小發(fā)生改變，由此分析安培力的變化、加速度的變化。 【解答】解： A、設(shè)OP轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度為，圓弧導(dǎo)軌半徑為r，則OP轉(zhuǎn)動(dòng)切割磁感應(yīng)線的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為：E=Br ，所以桿 OP產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)恒定，故A正確； B、根據(jù)右手定則可知OP棒中產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向由O到P，則通過(guò)MN的電流方向由M到N，根據(jù)左手定則可知桿MN受到的安培力方向向左，桿MN將向左運(yùn)動(dòng)切割磁感應(yīng)線，由于MN切割磁感應(yīng)線產(chǎn)生的感應(yīng)電流方向由N到M，從而使得桿OP中的電流大小發(fā)生改變，根據(jù)F 安 =BIr可知，OP受到的安培力減小，故B錯(cuò)誤； C、根據(jù)B選項(xiàng)分析可知，桿MN中的電流大小發(fā)生變化，根據(jù)牛頓第二定律可得MN的加速度大

27、小a= 發(fā)生改變，桿 MN不是做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤； D、根據(jù)B選項(xiàng)分析可知，桿MN中的電流逐漸減小，故D正確。 故選： AD。 11、 （ 1）6.04；60.5；（2）3；（3）48.6。 【分析】（ 1）根據(jù)表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)求出彈簧的壓縮量與彈簧壓縮量的平均值。 （ 2）根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟與表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)分析答題。 （ 3）根據(jù)胡克定律與平衡條件求出彈簧的勁度系數(shù)。 【解答】解：（ 1）由表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知：L 3 +L 3+3 -L 3 =(18.09-12.05)cm=6.04cm 彈簧壓縮量的平均值 （ 2）與表中實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)可知，上述 是管中增加 3個(gè)鋼球時(shí)產(chǎn)生的彈簧平均壓縮量。 （ 3）單

28、個(gè)鋼球的質(zhì)量m=200g=0.200kg，彈簧壓縮量的平均值 =6.05cm=0.0605m 根據(jù)胡克定律與平衡條件得： k =3mgsin30° 代入數(shù)據(jù)解得，彈簧的勁度系數(shù)： k=48.6N/m 故答案為：（ 1）6.04；60.5；（2）3；（3）48.6。 12、 （ 1）短接；減小；（2）b；大于；R 01 -R 02 【分析】（ 1）歐姆表選擇倍率后要進(jìn)行歐姆調(diào)零；歐姆表零刻度線在最右側(cè)，越靠近右側(cè)歐姆刻度值越小。 （ 2）滑動(dòng)變阻器采用限流接法時(shí)，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)前滑片要置于阻值最大處。 根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟應(yīng)用串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律分析答題。 【解答】解：（ 1）選擇適當(dāng)

29、倍率的歐姆擋，將兩表筆短接，調(diào)節(jié)歐姆調(diào)零旋鈕，使指針指向右邊“0”處； 歐姆表表盤右側(cè)刻度值小，左側(cè)刻度值大，測(cè)量時(shí)觀察到熱敏電阻溫度越高，相同倍率下多用電表指針向右偏轉(zhuǎn)角度越大，說(shuō)明此時(shí)熱敏電阻阻值越小，由此可判斷熱敏電阻阻值隨溫度的升高而減小。 （ 2）由圖示電路圖可知，滑動(dòng)變阻器采用限流接法，為保護(hù)電路，閉合開(kāi)關(guān)S前，將滑動(dòng)變阻器R 1 的滑片滑到 b端。 設(shè)電壓表示數(shù)為U，電流表示數(shù)為I，設(shè)電流表內(nèi)阻為R A ，根據(jù)實(shí)驗(yàn)步驟，由串聯(lián)電路特點(diǎn)與歐姆定律得： R A +R 01 = ,R A +R 02 +R T = 解得： R 01 R 02 ， R T =R 01 -R 02 故答案為

30、： （ 1）短接；減??；（2）b；大于；R 01 -R 02 13、 （ 1）乙算珠能滑動(dòng)到邊框a； （ 2）甲算珠從撥出到停下所需的時(shí)間是0.2s。 【分析】（ 1）應(yīng)用動(dòng)能定理求出甲、乙兩算珠碰撞前瞬間甲的速度大小，甲、乙兩算珠碰撞過(guò)程系統(tǒng)動(dòng)量守恒，應(yīng)用動(dòng)量守恒定律求出碰撞后乙算珠的速度大小，應(yīng)用動(dòng)能定理求出乙算珠停止運(yùn)動(dòng)時(shí)運(yùn)動(dòng)的位移，然后判斷乙算珠能否滑動(dòng)到邊框a。 （ 2）應(yīng)用動(dòng)能定理求出碰撞后甲算珠滑動(dòng)的距離，應(yīng)用牛頓第二定律求出甲算珠的加速度大小，然后應(yīng)用運(yùn)動(dòng)學(xué)公式求出甲算珠的運(yùn)動(dòng)時(shí)間。 【解答】解：（ 1）算珠相同，設(shè)每個(gè)算珠的質(zhì)量為m， 由題意可知，甲算珠的初速度大小 v 0

31、=0.4m/s ，碰撞后瞬間甲算珠的速度大小 v 甲 =0.1m/s 設(shè)甲、乙兩算珠碰撞前瞬間甲算珠的速度大小為 v 1 , 從甲算珠開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到甲、乙碰撞前瞬間過(guò)程，對(duì)甲算珠，由動(dòng)能定理得： -mgs 1 = 代入數(shù)據(jù)解得： v 1 =0.3m/s 甲、乙兩算珠碰撞過(guò)程系統(tǒng)內(nèi)力遠(yuǎn)大于外力，系統(tǒng)動(dòng)量守恒，設(shè)碰撞后瞬間乙算珠的速度大小為 v 乙 , 以碰撞前甲算珠的速度方向?yàn)檎较?，由?dòng)量守恒定律得： m v 1 =mv 甲 +mv 乙 代入數(shù)據(jù)解得： v 乙 =0.2m/s 設(shè)碰撞后乙算珠甲減速到零過(guò)程滑行的距離為 s，對(duì)乙算珠，由動(dòng)能定理得：-mgs=0- 代入數(shù)據(jù)解得： s=0.02m=s

32、2 =2.0×10 -2 m ，乙算珠恰好到達(dá)邊框 a處 （ 2）設(shè)兩算珠碰撞后甲滑行距離s 3 后速度變?yōu)榱?，?duì)甲，由動(dòng)能定理得： -mgs 3 = 代入數(shù)據(jù)解得： s 3 =0.005m 設(shè)從甲開(kāi)始運(yùn)動(dòng)到甲乙碰撞所需時(shí)間為 t 1 ，從甲乙碰撞到甲停止運(yùn)動(dòng)需要的時(shí)間為 t 2 , 則： ， 代入數(shù)據(jù)解得： t 1 =0.1s,t 2 =0.1s 甲算珠從撥出到停下所需的時(shí)間： t=t 1 +t 2 =(0.1+0.1)s=0.2s 答：（ 1）乙算珠能滑動(dòng)到邊框a； （ 2）甲算珠從撥出到停下所需的時(shí)間是0.2s。 14、 （ 1）當(dāng)E k0 =0時(shí)，區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 、電子

33、在 區(qū)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為 、在 Q點(diǎn)出射時(shí)的動(dòng)能為8eU； （ 2）當(dāng)E k0 =keU時(shí)，要保證電子從出射區(qū)域出射，k的最大值為 【分析】（ 1）根據(jù)動(dòng)能定理求解速度，根據(jù)圖中幾何關(guān)系求半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力求解磁感應(yīng)強(qiáng)度，根據(jù)周期公式求解粒子在區(qū)運(yùn)動(dòng)的時(shí)間，根據(jù)動(dòng)能定理可得電子在Q點(diǎn)出射時(shí)的動(dòng)能； （ 2）電子在區(qū)運(yùn)動(dòng)的軌跡恰好與邊界相切時(shí)，k值最大，根據(jù)幾何關(guān)系求半徑，根據(jù)洛倫茲力提供向心力結(jié)合動(dòng)能定理求解k值。 【解答】解：（ 1）設(shè)電子進(jìn)入?yún)^(qū)的速度大小為v 1 ，電子從 P到進(jìn)入?yún)^(qū)過(guò)程中，根據(jù)動(dòng)能定理可得：2eU= 解得： v 1 = 設(shè)電子在 區(qū)運(yùn)動(dòng)軌跡半徑為r，電子在區(qū)運(yùn)動(dòng)情況如圖1所示； 根據(jù)圖中幾何關(guān)系可得： tan22.5°= ， 解得： r=0.4R 根據(jù)洛倫茲力提供向心力可得： ev 1 B 1 =m 解得 區(qū)的磁感應(yīng)強(qiáng)度大小B 1 = ; 粒子在 區(qū)運(yùn)動(dòng)的周期T= , 粒子軌跡對(duì)應(yīng)的圓心角為： =360°-（180°-45°）=225