第3章-第2講力的合成與分解RW

1、第2講力的合成與分解基礎(chǔ)自測1下列各組物理量中全部是矢量的是()A位移、速度、加速度、力B位移、長度、速度、電流C力、位移、速率、加速度D速度、加速度、力、電流【答案】A2兩個共點力F1與F2的合力大小為6 N，則F1與F2的大小可能是()AF12 N，F(xiàn)29 NBF14 N，F(xiàn)28 NCF11 N，F(xiàn)28 N DF12 N，F(xiàn)21 N【解析】由于合力大小為：|F1F2|F|F1F2|，可通過以下表格對選項進行分析選項診斷結(jié)論A7 NF11 N×B4 NF12 NC7 NF9 N×D1 NF3 N×【答案】B3喬伊想掛起一塊重7.50×102N的招牌如圖

2、222所示，他將纜索A系在百貨店墻上，成30.0°角；纜索B系在毗鄰的建筑物上，呈水平方向求纜索B的張力圖222【解析】將招牌重力沿兩繩方向分解，水平分力G1，與纜索B的拉力平衡斜向下的分力G2與纜索A的拉力平衡TBG1Gtan 30°4.33×102 N【答案】4.33×102 N4(多選)(2013·上海高考)兩個共點力F1、F2大小不同，它們的合力大小為F，則()AF1、F2同時增大一倍，F(xiàn)也增大一倍BF1、F2同時增加10 N，F(xiàn)也增加10 NCF1增加10 N，F(xiàn)2減少10 N，F(xiàn)一定不變D若F1、F2中的一個增大，F(xiàn)不一定增大【解析

3、】根據(jù)平行四邊形鄰邊、對角線的幾何關(guān)系，若F1、F2都變?yōu)樵瓉淼?倍，合力也一定變?yōu)樵瓉淼?倍，A正確；對于B、C兩種情況，力的變化不是按比例增加或減少的，不能判斷合力的變化情況，B、C錯誤；如圖所示，在FF2情況下，合力最小，所以D正確【答案】AD5(2012·廣東高考)如圖223所示，兩根等長的輕繩將日光燈懸掛在天花板上，兩繩與豎直方向的夾角為45°，日光燈保持水平，所受重力為G，左右兩繩的拉力大小分別為()圖223AG和G B.G和GC.G和G D.G和G【解析】日光燈受重力和兩繩力平衡，將重力沿兩繩方向分解，可得繩的拉力FG.【答案】B知識一力的合成1合力與分力(1

4、)定義：如果一個力的作用效果跟幾個力共同作用的效果相同，這一個力就叫那幾個力的合力，那幾個力就叫這個力的分力(2)邏輯關(guān)系：合力和分力是一種等效替代關(guān)系2共點力：作用在物體上的力的作用線或作用線的反向延長線交于一點的力3力的合成的運算法則(1)平行四邊形定則：求兩個互成角度的共點力F1、F2的合力，可以用表示F1、F2的有向線段為鄰邊作平行四邊形，平行四邊形的對角線(在兩個有向線段F1、F2之間)就表示合力的大小和方向，如圖221甲所示(2)三角形定則：求兩個互成角度的共點力F1、F2的合力，可以把表示F1、F2的線段首尾順次相接地畫出，把F1、F2的另外兩端連接起來，則此連線就表示合力的大小

5、和方向，如圖乙所示甲乙圖221知識二力的分解、矢量與標(biāo)量1力的分解(1)定義：求一個力的分力的過程(2)遵循原則：平行四邊形定則或三角形定則(3)分解方法：按力產(chǎn)生的效果分解；正交分解2矢量和標(biāo)量(1)矢量：既有大小又有方向的量相加時遵從平行四邊形定則(2)標(biāo)量：只有大小沒有方向的量求和時按算術(shù)法則相加 (1)合力的性質(zhì)與原來的分力性質(zhì)相同(×)(2)合力與分力同時作用在物體上(×)(3)合力可能大于分力，也可能小于分力()考點一 11共點力合成方法及合力范圍一、共點力合成的方法1作圖法2計算法：根據(jù)平行四邊形定則作出示意圖，然后利用解三角形的方法求出合力3幾種特殊情況的共

6、點力的合成類型作圖合力的計算互相垂直F tan 兩力等大，夾角F2F1cos F與F1夾角為兩力等大且夾角120°合力與分力等大二、合力范圍的確定1兩個共點力的合力范圍：|F1F2|FF1F2，即兩個力的大小不變時，其合力隨夾角的增大而減小當(dāng)兩個力反向時，合力最小，為|F1F2|；當(dāng)兩個力同向時，合力最大，為F1F2.2三個共點力的合成范圍(1)最大值：三個力同向時，其合力最大，為FmaxF1F2F3(2)最小值：以這三個力的大小為邊，如果能組成封閉的三角形，則其合力的最小值為零，即Fmin0；如果不能，則合力的最小值的大小等于最大的一個力減去另外兩個力和的絕對值，即FminF1|F

7、2F3|(F1為三個力中最大的力)例1 (遼寧省五校協(xié)作體1112學(xué)年)某物體同時受到同一平面內(nèi)的三個共點力作用，在如圖所示的四種情況中(坐標(biāo)紙中每格邊長表示1N的大小的力)，該物體所受的合外力大小正確的是() A甲圖中物體所受的合外力大小等于4NB乙圖中物體所受的合外力大小等于2NC丙圖中物體所受的合外力大小等于0D丁圖中物體所受的合外力大小等于0答案：D例2 .兩個共點力F1和F2的大小不變，它們的合力F跟兩力F1、F2之間的夾角的關(guān)系如圖所示，則合力F大小的范圍是()A01N C1N5NB1N3N D1N7N答案：D解析：由圖象可得：時，|F1F2|1N；0.5時，5N，解得F13N，F(xiàn)

8、24N，故合力F的范圍是1NF7N。故D正確。例3 一物體受到三個共面共點力F1、F2、F3的作用，三力的矢量關(guān)系如圖224所示(小方格邊長相等)，則下列說法正確的是()圖224A三力的合力有最大值為F1F2F3，方向不確定B三力的合力有唯一值3F3，方向與F3同向C三力的合力有唯一值2F3，方向與F3同向D由題給條件無法求出合力大小【解析】方法一：以F1和F2為鄰邊作平行四邊形，對角線必沿F3方向，其大小F122F3，再與F3求合力，故F3F3，與F3同向，所以只有B正確方法二：分解F1、F2，豎直方向抵消，水平方向合成后相當(dāng)于2F3，所以合力為3F3.【答案】B例4 如圖225甲為著名選手

9、戴偉彬在2013年9月全運會上的射箭場景已知弓的頂部跨度為l，弦均勻且彈性良好，其自由長度為l.發(fā)射時弦和箭可等效為圖乙的情景，假設(shè)弓的跨度保持不變，即箭在弦的正中間，弦夾在類似動滑輪的附加裝置上，將箭發(fā)射出去已知弦的勁度系數(shù)為k，發(fā)射箭時弦的最大長度為2l(彈性限度內(nèi))，則箭被發(fā)射瞬間所受的最大彈力為(設(shè)弦的彈力滿足胡克定律)()甲乙圖225AklB.klC.kl D2kl【解析】弓發(fā)射箭的瞬間，受力如圖設(shè)放箭處弦的彈力分別為F1、F2，合力為F，則F1F2k(2ll)kl，F(xiàn)2F1·cos ，由幾何關(guān)系得cos ，所以，箭被發(fā)射瞬間的最大彈力為Fkl，C項正確【答案】C例5 (唐

10、山一中1112學(xué)年高一上學(xué)期期中)某研究性學(xué)習(xí)小組為頸椎病人設(shè)計了一個牽引裝置：如圖，一根繩繞過兩個定滑輪和一個動滑輪后兩端掛著相同的重物，與動滑輪相連的帆布帶拉著病人的頸椎(圖中是用手指代替頸椎做實驗)，整個裝置在同一豎直平面內(nèi)。如果要增大手指所受的拉力，可采取的方法是()A只增加繩的長度 B只增加重物的重量C只將手指向下移動 D只將手指向上移動答案：BC解析：當(dāng)不變時，要增大合力需增大分力即增加重物的重量，B正確，當(dāng)重物的重量不變時，要增大合力，需減小角即將手指下移，C正確。例6 如圖3所示，用一根長為l的細繩一端固定在O點，另一端懸掛質(zhì)量為m的小球A，為使細繩與豎直方向成30°

11、角且繃緊，小球A處于靜止，對小球施加的最小的力是()A.mg B.mgC.mg D.mg答案C解析球受重力mg、繩的拉力FT、外力F三個力作用，合力為零則mg與F的合力一定與FT等大反向，畫出力的三角形可知，當(dāng)F與FT垂直時F最小，F(xiàn)minmgsin 30°mg，選項C正確例72011年9月24日，在湖南張家界，美國冒險家杰布·克里斯身著翼裝從距離天門洞約一公里、飛行高度約2 000米的直升飛機上出艙起跳，成功穿過天門洞后繼續(xù)飛行約40秒，安全降落在盤山公路上若杰布·克里斯離開飛機后，通過調(diào)整飛行姿態(tài)，最終與地平線成37°角以速度v勻速飛行，飛行過程中空

12、氣升力大小F1k1v2，方向與飛行方向垂直，空氣阻力大小F2k2v2方向與速度方向相反，則下列關(guān)系正確的是 ()Ak1k2 Bk2k1Ck2k1 Dk1k2解析杰布·克里斯勻速飛行時，受力分析如圖所示，由平衡條件可知F2F1tan ，即k2v2k1v2tan 37°，所以k2k1，B對答案B考點二 12力的分解方法一、力的效果分解法1根據(jù)力的實際作用效果確定兩個實際分力的方向2再根據(jù)兩個實際分力的方向畫出平行四邊形3最后由平行四邊形和數(shù)學(xué)知識求出兩分力的大小高中階段常見的按效果分解力的情形.實例分解思路拉力F可分解為水平分力F1Fcos 和豎直分力F2Fsin 重力分解為沿

13、斜面向下的力F1mgsin 和垂直斜面向下的力F2mgcos 重力分解為使球壓緊擋板的分力F1mgtan 和使球壓緊斜面的分力F2重力分解為使球壓緊豎直墻壁的分力F1mgtan 和使球拉緊懸線的分力F2mg/cos 小球重力分解為使物體拉緊AO線的分力F2和使物體拉緊BO線的分力F1，大小都為F1F2拉力分解為拉伸AB的分力F1Ftan 和壓縮BC的分力F2二、正交分解法1定義：將已知力按互相垂直的兩個方向進行分解的方法2建立坐標(biāo)軸的原則：一般選共點力的作用點為原點，在靜力學(xué)中，以少分解力和容易分解力為原則(即盡量多的力在坐標(biāo)軸上)；在動力學(xué)中以加速度方向和垂直加速度方向為坐標(biāo)軸建立坐標(biāo)系3分

14、解方法：物體受到多個作用力F1、F2、F3，求合力F時，可把各力沿相互垂直的x軸，y軸分解，如圖226所示圖226x軸上的合力：FxFx1Fx2Fx3y軸上的合力：FyFy1Fy2Fy3合力大?。篎合力方向：與x軸夾角為，則tan .三、力的合成與分解方法的選擇技巧力的效果分解法、正交分解法、合成法都是常見的解題方法，一般情況下，物體只受三個力的情形下，力的效果分解法、合成法解題較為簡單，在三角形中找?guī)缀侮P(guān)系，利用幾何關(guān)系或三角形相似求解；而物體受三個以上力的情況多用正交分解法，但也要視題目具體情況而定例8圖227(2014·東北三省大聯(lián)考)如圖227所示為一幅農(nóng)耕圖(正在犁田)若犁

15、重為G，牛拉犁勻速前進時，犁所受到的阻力為f，繩索與水平面的夾角為，則在牛勻速前進時繩索所受犁的拉力大小為(不計人對犁的作用)()A.B.C. D.【解析】將繩索對犁的拉力F按效果分解可知，水平向前的分力F1與犁受到的阻力f平衡，則F1Fcos f，解得，F(xiàn)，根據(jù)牛頓第三定律可知，繩索所受犁的拉力大小為，D項正確【答案】D例9 如圖所示，把光滑斜面上物體的重力mg分解為F1、F2兩個力，下列說法正確的是()AF1是斜面作用在物體上使物體下滑的力，F(xiàn)2是物體對斜面的壓力B物體受到mg、FN、F1、F2共4個力作用C物體受到的合力為mgsin，方向沿斜面向下D力FN、F1、F2這3個力的作用效果和

16、mg與FN兩個力的作用效果相同答案：CD解析：F1、F2兩個力是mg的兩個正交分力，其作用效果與重力mg等效，F(xiàn)1的作用是使物體沿斜面下滑，F(xiàn)2的作用是使物體壓緊斜面。物體只受重力mg和斜面對物體的支持力FN的作用。綜上所述，選項C、D正確。例10 . 如下圖所示，光滑斜面的傾角為，有兩個相同的小球，分別用光滑擋板A、B擋住，擋板A沿豎直方向，擋板B垂直斜面，則兩擋板受到小球壓力大小之比為_，斜面受到的兩個小球壓力的大小之比為_。解析：根據(jù)兩球所處的環(huán)境，正確進行力的作用效果分析，作力的平行四邊形，力的計算可轉(zhuǎn)化為直角三角形的邊角計算，從而求出壓力之比。 對球1所受重力來說，其效果有二：第一，

17、使物體欲沿水平方向推開擋板；第二，使物體壓緊斜面。因此，其力的分解如圖甲所示，由此得兩個分力，大小分別為：F1Gtan，F(xiàn)2G/cos。對球2所受重力G來說，其效果有二：第一，使物體垂直擠壓擋板；第二，使物體壓緊斜面。因此，其力的分解如上圖乙所示，由此可得兩個分力的大小分別為：F3GsinF4Gcos所以擋板A、B所受壓力之比為：斜面所受兩個小球壓力之比為：例11如圖15所示，固定在水平地面上的物體A，左側(cè)是圓弧面，右側(cè)是傾角為的斜面，一根輕繩跨過物體A頂點上的小滑輪，繩兩端分別系有質(zhì)量為m1、m2的小球，當(dāng)兩球靜止時，小球m1與圓心連線跟水平方向的夾角也為，不計一切摩擦，圓弧面半徑遠大于小球

18、直徑，則m1、m2之間的關(guān)系是()Am1m2 Bm1m2tan Cm1m2cot Dm1m2cos 答案B解析通過光滑的滑輪相連，左右兩側(cè)繩的拉力大小相等，兩小球都處于平衡狀態(tài)，又由受力分析可得：對m1有，F(xiàn)Tm1gcos .對m2有，F(xiàn)Tm2gsin ，聯(lián)立兩式可得m1gcos m2gsin ，所以選項B正確例12 如圖16所示，光滑斜面傾角為30°，輕繩一端通過兩個滑輪與A相連，另一端固定于天花板上，不計繩與滑輪的摩擦及滑輪的質(zhì)量已知物塊A的質(zhì)量為m，連接A的輕繩與斜面平行，掛上物塊B后，滑輪兩邊輕繩的夾角為90°，A、B恰保持靜止，則物塊B的質(zhì)量為()A.mB.mCm

19、D2m答案A解析設(shè)繩上的張力為F，對斜面上的物體A受力分析可知Fmgsin 30°mg對B上面的滑輪受力分析如圖mBgF合Fmg所以mBm，選項A正確例13 在建筑裝修中，工人用質(zhì)量為m的磨石對豎直墻壁進行打磨，如圖228所示，當(dāng)對磨石施加垂直斜邊向上推力F時，磨石恰好沿墻壁向上勻速運動，磨石的傾角為，已知磨石與墻壁之間的動摩擦因數(shù)為，則磨石受到的摩擦力()圖228Af(Fmg)sin BfFsin mgCfFcos Fsin mgDf(Fmg)cos 【審題指導(dǎo)】(1)磨石向上勻速運動，所受合力為零(2)對磨石受力分析，用正交分解法求解【解析】對磨石受力分析，如圖所示，由磨石恰好沿

20、墻壁向上勻速運動得FNFcos (水平方向)，F(xiàn)sin mgf(豎直方向)，又fFN，則可得fFsin mgFcos ，選項C正確【答案】C例14 如圖10所示，斜劈靜止在水平地面上，有一物體沿斜劈表面向下運動，重力做的功與克服力F做的功相等則下列判斷中正確的是()A物體可能加速下滑B物體可能受三個力作用，且合力為零C斜劈受到地面的摩擦力方向一定水平向左D撤去F后斜劈一定受到地面的摩擦力答案B解析對物體受力分析如圖，由重力做的功與克服力F做的功相等可知，重力的分力G1F1，若斜劈表面光滑，則物體勻速運動，若斜劈表面粗糙，則物體減速運動，故A錯誤，B正確若FN與Ff的合力方向豎直向上，則斜劈與地

21、面間無摩擦力，C錯誤撤去F后，若FN與Ff的合力方向豎直向上，則斜劈與地面間無摩擦力，故D錯誤物理模型繩上的“活結(jié)”與“死結(jié)”模型一、“死結(jié)”模型1“死結(jié)”可理解為把繩子分成兩段2“死結(jié)”是不可以沿繩子移動的結(jié)3“死結(jié)”兩側(cè)的繩因結(jié)住而變成了兩根獨立的繩4“死結(jié)”分開的兩段繩子上的彈力不一定相等(如圖229甲)二、“活結(jié)”模型1“活結(jié)”可理解為把繩子分成兩段2“活結(jié)”是可以沿繩子移動的結(jié)點3“活結(jié)”一般是由繩跨過滑輪或者繩上掛一光滑掛鉤而形成的繩子雖然因“活結(jié)”而彎曲，但實際上是同一根繩4“活結(jié)”分開的兩段繩子上彈力的大小一定相等，兩段繩子合力的方向一定沿這兩段繩子夾角的平分線(如圖乙)甲乙圖

22、229例1 (2014·昆明八中檢測)如圖2210所示，輕繩AD跨過固定在水平橫梁BC右端的定滑輪掛住一個質(zhì)量為10 kg的物體，ACB30°；圖2211中輕桿HP一端用鉸鏈固定在豎直墻上，另一端P通過細繩EP拉住，EP與水平方向也成30°角，輕桿的P點用細繩PQ拉住一個質(zhì)量也為10 kg的物體，g取10 m/s2，求：圖2210圖2211(1)輕繩AC段的張力FAC與細繩EP的張力FEP之比；(2)橫梁BC對C端的支持力；(3)輕桿HP對P端的支持力【審題指導(dǎo)】(1)輕繩AD跨過固定的定滑輪，AC、CD兩段繩子的拉力大小相等，都等于M1所受的重力的大小(2)P為

23、“死結(jié)”，PQ的拉力等于M2所受重力，EP所受的力和PQ所受的力不相等【規(guī)范解答】題圖中的兩個物體M1、M2都處于平衡狀態(tài)，根據(jù)平衡條件可判斷，與物體相連的豎直細繩拉力大小等于物體的重力分別以C點和P點為研究對象，進行受力分析如圖(a)和(b)所示(a)(b)(1)圖(a)中輕繩AD跨過定滑輪拉住質(zhì)量為M1的物體，物體處于平衡狀態(tài)，繩AC段的拉力FACFCDM1g，圖(b)中由FEPsin 30°FPQM2g得FEP2M2g，所以.(2)圖(a)中，根據(jù)幾何關(guān)系得：FCFACM1g100 N，方向和水平方向成30°角斜向右上方(3)圖(b)中，根據(jù)平衡條件有FEPsin 3

24、0°M2g，F(xiàn)EPcos 30°FP所以FPM2g173 N，方向水平向右【答案】(1)12(2)100 N，方向與水平方向成30°角斜向右上方(3)173 N，方向水平向右例2 如圖2212所示，在水平天花板的A點處固定一根輕桿a，桿與天花板保持垂直，桿的下端有一個輕滑輪O.另一根細線上端固定在該天花板的B點處，細線跨過滑輪O，下端系一個重量為G的物體BO段細線與天花板的夾角為30°，系統(tǒng)保持靜止，不計一切摩擦下列說法正確的是() 圖2212A細線BO對天花板的拉力大小是Ba桿對滑輪的作用力大小是Ca桿和細線對滑輪的合力大小是GDa桿對滑輪的作用力大小

25、是G【解析】細線對天花板的拉力等于物體的重力G；以滑輪為研究對象，兩段細線的拉力都是G，互成120°，因此合力大小是G，根據(jù)共點力的平衡條件，a桿對滑輪的作用力大小也是G，方向與豎直方向成60°角斜向右上方；a桿和細線對滑輪的合力大小為零【答案】D例3 如圖4所示，用輕繩AO和OB將重為G的重物懸掛在水平天花板和豎直墻壁之間處于靜止?fàn)顟B(tài)，AO繩水平，OB繩與豎直方向的夾角為，則AO繩的拉力FA、OB繩的拉力FB的大小與G之間的關(guān)系為 ()AFAGtan BFACFBDFBGcos 答案AC解析結(jié)點O受到三個力作用FA、FB、FC，如圖所示，其中FA、FB的合力與FC等大反向

26、，即F合FCG，則：tan ，cos 解得：FAGtan ，F(xiàn)B，故A、C正確課堂練習(xí)力的合成1如圖2213所示的水平面上，橡皮繩一端固定，另一端連接兩根彈簧，連接點P在F1、F2和F3三力作用下保持靜止下列判斷正確的是()圖2213AF1>F2>F3BF3>F1>F2CF2>F3>F1 DF3>F2>F1【解析】P點在三力F1、F2、F3作用下保持靜止，則其合力為零，F(xiàn)1、F2的合力F12與F3等大反向?qū)θ切蜳F1F12，由大角對大力可知，F(xiàn)12>F1>F2，從而可得F3>F1>F2.【答案】B力的平衡2(2013&#

27、183;重慶高考)如圖2214所示，某人靜躺在椅子上，椅子的靠背與水平面之間有固定傾斜角.若此人所受重力為G，則椅子各部分對他的作用力的合力大小為()圖2214AG BGsin CGcos DGtan 【解析】運用力的平衡條件，可求得椅子對人的作用力選人為研究對象，人受到重力和椅子各部分對他的作用力的合力，根據(jù)力的平衡條件可知，椅子對他的作用力的合力與重力等大、反向，故選項A正確【答案】A力的分解3.圖2215(多選)豎直細桿上套有一個0.1 kg的小圓環(huán)，圓環(huán)左側(cè)系住一勁度系數(shù)k50 N/m的輕彈簧，已知彈簧與豎直方向的夾角為37°，圓環(huán)始終靜止，則以下分析正確的是(g取10 m/

28、s2)()A當(dāng)彈簧伸長量x2.5 cm時，圓環(huán)與豎直桿的摩擦力為零B當(dāng)彈簧伸長量x5 cm時，圓環(huán)與豎直桿的彈力F1.5 NC保持彈簧伸長量不變，適度減小，圓環(huán)與細桿之間的彈力變小D保持彈簧伸長量不變，適度減小，圓環(huán)與細桿之間的摩擦力變小【解析】kxcos 37°mg時，圓環(huán)與豎直桿的摩擦力為零，此時x2.5 cm，A對；彈簧伸長量x5 cm時，圓環(huán)與豎直桿的彈力Fkxsin 37°1.5 N，B對；保持彈簧伸長量不變，適度減小，F(xiàn)kxsin 隨之變小，C對；保持彈簧伸長量不變，適度減小，彈簧彈力的豎直分量增大，但初始狀態(tài)摩擦力的方向未知，故不能斷定其摩擦力的變化情況，D錯

29、【答案】ABC力的分解4在粗糙水平地面上與墻平行放著一個截面為半圓的柱狀物體A，A與豎直墻之間放一光滑圓球B，整個裝置處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)對B加一豎直向下的力F，F(xiàn)的作用線通過球心，設(shè)墻對B的作用力為F1，B對A的作用力為F2，地面對A的作用力為F3.若F緩慢增大而整個裝置仍保持靜止，截面如圖2216所示，在此過程中()圖2216AF1保持不變，F(xiàn)3緩慢增大BF1緩慢增大，F(xiàn)3保持不變CF2緩慢增大，F(xiàn)3緩慢增大DF2緩慢增大，F(xiàn)3保持不變【解析】對球B受力分析如圖所示，球B受到四個力作用且保持靜止，則不變，F(xiàn)2cos Fmg.若F緩慢增大，則F2增大F2sin F1，若F2緩慢增大，則F1增大F2

30、F2，F(xiàn)2增大，F(xiàn)2也增大對于整體而言：地面對A的摩擦力FfF1，地面對A的支持力FNFG總，所以Ff和FN均緩慢增大，所以F3緩慢增大，C對【答案】C共點力的平衡圖22175(2013·福建高考節(jié)選)質(zhì)量為M、長為L的桿水平放置，桿兩端A、B系著長為3L的不可伸長且光滑的柔軟輕繩，繩上套著一質(zhì)量為m的小鐵環(huán)已知重力加速度為g，不計空氣影響現(xiàn)讓桿和環(huán)均靜止懸掛在空中，如圖2217，求繩中拉力的大小【解析】如圖所示，設(shè)平衡時，繩中拉力為T，有2Tcos mg0由圖知cos 由式解得Tmg【答案】mg6如圖所示，三根長度均為l的輕繩分別連接于C、D兩點，A、B兩端懸掛在水平天花板上，相距

31、2l.現(xiàn)在C點上懸掛一個質(zhì)量為m的重物，為使CD繩保持水平，在D點上可施加力的最小值為()Amg B.mg C.mg D.mg解析：選C.對C點進行受力分析，由平衡條件可知，繩CD對C點的拉力FCDmgtan30°，對D點進行受力分析，繩CD對D點的拉力F2FCDmgtan30°，F(xiàn)1方向一定，則當(dāng)F3垂直于繩BD時，F(xiàn)3最小由幾何關(guān)系可知，F(xiàn)3FCDsin60°mg.7所受重力G18 N的砝碼懸掛在繩PA和PB的結(jié)點上PA偏離豎直方向37°角，PB在水平方向，且連在所受重力為G2100 N的木塊上，木塊靜止于傾角為37°的斜面上，如圖所示試求

32、：木塊與斜面間的摩擦力大小和木塊所受斜面的彈力大小思路點撥分別對P點和G2受力分析，采用正交分解法求解力的大小解析對P點進行受力分析，建立如圖甲所示的坐標(biāo)系由水平方向和豎直方向列方程得：FF1sin 37°G1F1cos 37°聯(lián)立解得FG1tan 37°8× N6 N對G2進行受力分析建立如圖乙所示的坐標(biāo)系平行斜面方向上，F(xiàn)cos G2sin Ff解得摩擦力Ff6×0.8 N100×0.6 N64.8 N垂直斜面方向上，F(xiàn)sin FNG2cos 解得彈力FN100×0.8 N6×0.6 N76.4 N答案64.8 N76.4 N力的動態(tài)平衡8.(2012·淄博模擬)如圖所示，滑輪固定在天花板上，物塊A、B用跨過滑輪不可伸長的輕細繩相連接，物塊B靜止在水平地面上。若用Ff和FN分別表示水平地面對物塊B的摩擦力和支持力，那么若將物塊B向左移動一小段距離，物塊B仍靜止在水平地面上，則Ff和FN的大小變化情況是 ()AFf、FN都增大 BFf、FN都減小CFf增大，F(xiàn)N減小 DFf減小，F(xiàn)N增大解析：細繩對物塊B的拉力F等于物塊A的重力mAg，物塊B向左移動一小段距