2015年北京市高考物理試卷附詳細解析

1、精選優(yōu)質文檔-傾情為你奉上2015年北京市高考物理試卷一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分，在每小題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。）1（6分）（2015北京）下列說法正確的是（）A物體放出熱量，其內能一定減小B物體對外做功，其內能一定減小C物體吸收熱量，同時對外做功，其內能可能增加D物體放出熱量，同時對外做功，其內能可能不變2（6分）（2015北京）下列核反應方程中，屬于衰變的是（）AN+HeO+HBUTh+HeCH+HHe+nDThPa+e3（6分）（2015北京）周期為2.0s的簡諧橫波沿x軸傳播，該波在某時刻的圖象如圖所示，此時質點P沿y軸負方向運動，則該波（）A沿

2、x軸正方向傳播，波速v=20m/sB沿x軸正方向傳播，波速v=10m/sC沿x軸負方向傳播，波速v=20m/sD沿x軸負方向傳播，波速v=10m/s4（6分）（2015北京）假設地球和火星都繞太陽做勻速圓周運動，已知地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，那么（）A地球公轉周期大于火星的公轉周期B地球公轉的線速度小于火星公轉的線速度C地球公轉的加速度小于火星公轉的加速度D地球公轉的角速度大于火星公轉的角速度5（6分）（2015北京）實驗觀察到，靜止在勻強磁場中A點的原子核發(fā)生衰變，衰變產生的新核與電子恰在紙面內做勻速圓周運動，運動方向和軌跡示意如圖則（）A軌跡1是電子的，磁場方向垂直紙面向外B軌

3、跡2是電子的，磁場方向垂直紙面向外C軌跡1是新核的，磁場方向垂直紙面向里D軌跡2是新核的，磁場方向垂直紙面向里6（6分）（2015北京）“蹦極”運動中，長彈性繩的一端固定，另一端綁在人身上，人從幾十米高處跳下將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運動從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點的過程中，下列分析正確的是（）A繩對人的沖量始終向上，人的動量先增大后減小B繩對人的拉力始終做負功，人的動能一直減小C繩恰好伸直時，繩的彈性勢能為零，人的動能最大D人在最低點時，繩對人的拉力等于人所受的重力7（6分）（2015北京）如圖所示，其中電流表A的量程為0.6A，表盤均勻劃分為30個小格，每一小格表示0.02A，

4、R1的阻值等于電流表內阻的； R2的阻值等于電流表內阻的2倍若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值，則下列分析正確的是（）A將接線柱 1、2 接入電路時，每一小格表示0.04AB將接線柱 1、2 接入電路時，每一小格表示0.02AC將接線柱 1、3 接入電路時，每一小格表示0.06AD將接線柱 1、3 接入電路時，每一小格表示0.01A8（6分）（2015北京）利用所學物理知識，可以初步了解常用的公交一卡通（IC卡）的工作原理及相關問題 IC卡內部有一個由電感線圈L和電容C構成的LC振蕩電路公交車上的讀卡機（刷卡時“嘀”的響一聲的機器）向外發(fā)射某一特定頻率的電磁波刷卡時，IC卡內的線圈

5、L中產生感應電流，給電容C充電，達到一定的電壓后，驅動卡內芯片進行數(shù)據(jù)處理和傳輸下列說法正確的是（）AIC卡工作所需要的能量來源于卡內的電池B僅當讀卡機發(fā)射該特定頻率的電磁波時，IC卡才能有效工作C若讀卡機發(fā)射的電磁波偏離該特定頻率，則線圈L中不會產生感應電流DIC卡只能接收讀卡機發(fā)射的電磁波，而不能向讀卡機傳輸自身的數(shù)據(jù)信息二、非選擇題9（2015北京）“測定玻璃的折射率”的實驗中，在白紙上放好玻璃磚，aa和bb分別是玻璃磚與空氣的兩個界面，如圖所示，在玻璃磚的一側插上兩枚大頭針P1和 P2，用“+”表示大頭針的位置，然后在另一側透過玻璃磚觀察，并依次插上大頭針P3和P4在插P3和P4時，應

6、使（）AP3只擋住P1的像BP4只擋住P2的像CP3同時擋住P1、P2的像10（18分）（2015北京）用單擺測定重力加速度的實驗裝置如圖1所示（1）組裝單擺時，應在下列器材中選用（選填選項前的字母）A長度為1m左右的細線B長度為30cm左右的細線C直徑為1.8cm的塑料球D直徑為1.8cm的鐵球（2）測出懸點O至小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t，則重力加速度g=（用L、n、t 表示）（3）如表是某同學記錄的3組實驗數(shù)據(jù)，并做了部分計算處理組次123擺長L/cm80.0090.00100.0050次全振動時間t/s90.095.5100.5振動周期T/s1.801.91

7、重力加速度g/（ms2）9.749.73請計算出第3組實驗中的T=s，g=m/s2（4）用多組實驗數(shù)據(jù)做出T2L圖象，也可以求出重力加速度g，已知三位同學做出的T2L圖線的示意圖如圖2中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都過原點，圖線b對應的g值最接近當?shù)刂亓铀俣鹊闹祫t相對于圖線b，下列分析正確的是（選填選項前的字母）A出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將懸點到小球下端的距離記為擺長LB出現(xiàn)圖線c的原因可能是誤將49次全振動記為50次C圖線c對應的g值小于圖線b對應的g值（5）某同學在家里測重力加速度，他找到細線和鐵鎖，制成一個單擺，如圖3所示，由于家里只有一根量程為30cm的刻度尺，于是他在細

8、線上的A點做了一個標記，使得懸點O到A點間的細線長度小于刻度尺量程保持該標記以下的細線長度不變，通過改變O、A間細線長度以改變擺長實驗中，當O、A間細線的長度分別為l1、l2時，測得相應單擺的周期為T1、T2由此可得重力加速度g=（用l1、l2、T1、T2表示）11（16分）（2015北京）如圖所示，足夠長的平行光滑金屬導軌水平放置，寬度L=0.4m，一端連接R=1的電阻導軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度B=1T導體棒MN放在導軌上，其長度恰好等于導軌間距，與導軌接解良好導軌和導體棒的電阻均可忽略不計在平行于導軌的拉力F作用下，導體棒沿導軌向右勻速運動，速度v=5m/s求：（1）感

9、應電動勢E和感應電流I；（2）在0.1s時間內，拉力的沖量IF的大??；（3）若將MN換為電阻r=1的導體棒，其它條件不變，求導體棒兩端的電壓U12（18分）（2015北京）如圖所示，彈簧的一端固定，另一端連接一個物塊，彈簧質量不計，物塊（可視為質點）的質量為m，在水平桌面上沿x軸運動，與桌面間的動摩擦因數(shù)為，以彈簧原長時物塊的位置為坐標原點O，當彈簧的伸長量為x時，物塊所受彈簧彈力大小為F=kx，k為常量（1）請畫出F隨x變化的示意圖；并根據(jù)Fx圖象求物塊沿x軸從O點運動到位置x的過程中彈力所做的功（2）物塊由x1向右運動到x3，然后由x3返回到x2，在這個過程中，a求彈力所做的功，并據(jù)此求彈

10、性勢能的變化量；b求滑動摩擦力所做的功；并與彈力做功比較，說明為什么不存在與摩擦力對應的“摩擦力勢能”的概念13（20分）（2015北京）真空中放置的平行金屬板可以用作光電轉換裝置，如圖所示光照前兩板都不帶電以光照射A板，則板中的電子可能吸收光的能量而逸出假設所有逸出的電子都垂直于A板向B板運動，忽略電子之間的相互作用保持光照條件不變，a和b為接線柱已知單位時間內從A板逸出的電子數(shù)為N，電子逸出時的最大動能為Ekm元電荷為e（1）求A板和B板之間的最大電勢差Um，以及將a、b短接時回路中的電流I短（2）圖示裝置可看作直流電源，求其電動勢E和內阻r（3）在a和b之間連接一個外電阻時，該電阻兩端的

11、電壓為U外電阻上消耗的電功率設為P；單位時間內到達B板的電子，在從A板運動到B板的過程中損失的動能之和設為Ek請推導證明：P=Ek（注意：解題過程中需要用到、但題目沒有給出的物理量，要在解題中做必要的說明）2015年北京市高考物理試卷參考答案與試題解析一、選擇題（共8小題，每小題6分，滿分48分，在每小題列出的四個選項中，選出最符合題目要求的一項。）1（6分）（2015北京）下列說法正確的是（）A物體放出熱量，其內能一定減小B物體對外做功，其內能一定減小C物體吸收熱量，同時對外做功，其內能可能增加D物體放出熱量，同時對外做功，其內能可能不變考點：熱力學第一定律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：熱力學定理專題

12、分析：做功和熱傳遞都能改變內能；物體內能的增量等于外界對物體做的功和物體吸收熱量的和，即：U=Q+W解答：解：A、物體放出熱量，若外界對物體做更多的功大于放出的熱量，內能可能增加，故A錯誤；B、物體對外做功，如同時從外界吸收的熱量大于做功的數(shù)值，則內能增加，故B錯誤；C、物體吸收熱量，同時對外做功W，如二者相等，則內能可能不變，若QW，則內能增加，若WQ，則內能減少，故C正確；D、物體放出熱量，Q0，同時對外做功，W0，則U0，故內能一定減少，故D錯誤故選：C點評：熱力學第一定律實質是能量守恒定律的特殊情況，要在理解的基礎上記住公式：U=W+Q，同時要注意符號法則的應用2（6分）（2015北京

13、）下列核反應方程中，屬于衰變的是（）AN+HeO+HBUTh+HeCH+HHe+nDThPa+e考點：裂變反應和聚變反應菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：衰變和半衰期專題分析：衰變是指原子核分裂并只放射出氦原子核的反應過程，根據(jù)這一特定即可判斷解答：解：A、方程N+HeO+H；是人工核反應方程，是發(fā)現(xiàn)質子的核反應方程故A錯誤；B、方程UTh+He，是U原子核分裂并只放射出氦原子核的反應過程，屬于衰變故B正確；C、方程H+HHe+n，是輕核的聚變反應故C錯誤；D、方程ThPa+e，釋放出一個電子，是衰變的過程故D錯誤故選：B點評：該題考查衰變的本質與常見的核反應方程，比較簡單，在平時學習中要掌握衰變，裂變，聚

14、變和幾種粒子發(fā)現(xiàn)的方程式3（6分）（2015北京）周期為2.0s的簡諧橫波沿x軸傳播，該波在某時刻的圖象如圖所示，此時質點P沿y軸負方向運動，則該波（）A沿x軸正方向傳播，波速v=20m/sB沿x軸正方向傳播，波速v=10m/sC沿x軸負方向傳播，波速v=20m/sD沿x軸負方向傳播，波速v=10m/s考點：波長、頻率和波速的關系；橫波的圖象菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：振動圖像與波動圖像專題分析：根據(jù)P點的速度方向可運用波形平移法判斷波的傳播方向由圖讀出波長，由v=求出波速解答：解：由題，此時P點向y軸負方向運動，根據(jù)平移法可知，波形將向右平移，則知，該波沿x軸正方向傳播由圖讀出波長=20m，故波速v

15、=m/s故B正確故選：B點評：本題結合波形圖考查波長、波速與周期之間的關系，其中根據(jù)質點的振動方向判斷波的傳播方向、讀出波長等是基本能力，要加強訓練，熟練掌握4（6分）（2015北京）假設地球和火星都繞太陽做勻速圓周運動，已知地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，那么（）A地球公轉周期大于火星的公轉周期B地球公轉的線速度小于火星公轉的線速度C地球公轉的加速度小于火星公轉的加速度D地球公轉的角速度大于火星公轉的角速度考點：萬有引力定律及其應用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：萬有引力定律的應用專題分析：根據(jù)萬有引力提供向心力=ma，解出線速度、周期、向心加速度以及角速度與軌道半徑大小的關系，據(jù)此討論即可解答：

16、解：A、B、根據(jù)萬有引力提供向心力，得，由此可知，軌道半徑越大，線速度越小、周期越大，由于地球到太陽的距離小于火星到太陽的距離，所以v地v火，T地T火故AB錯誤C、據(jù)萬有引力提供向心加速度，得：，可知軌道半徑比較小的地球的向心加速度比較大故C錯誤；D、根據(jù)：T=，所以：，可知軌道半徑比較小的地球的公轉的角速度比較大故D正確故選：D點評：本題考查萬有引力定律的應用，要掌握萬有引力提供向心力，并能夠根據(jù)題意選擇不同的向心力的表達式5（6分）（2015北京）實驗觀察到，靜止在勻強磁場中A點的原子核發(fā)生衰變，衰變產生的新核與電子恰在紙面內做勻速圓周運動，運動方向和軌跡示意如圖則（）A軌跡1是電子的，磁

17、場方向垂直紙面向外B軌跡2是電子的，磁場方向垂直紙面向外C軌跡1是新核的，磁場方向垂直紙面向里D軌跡2是新核的，磁場方向垂直紙面向里考點：裂變反應和聚變反應；洛侖茲力菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：衰變和半衰期專題分析：靜止的原子核發(fā)生衰變，根據(jù)動量守恒可知，發(fā)生衰變后粒子與反沖核的運動方向相反，動量的方向相反，大小相等由半徑公式r=，P是動量，分析兩個粒子半徑軌跡半徑之比解答：解：原子核發(fā)生衰變時，根據(jù)動量守恒可知兩粒子的速度方向相反，動量的方向相反，大小相等；由半徑公式r=（P是動量），分析得知，r與電荷量成反比，粒子與新核的電量大小分別為e和ne（n為新核的電荷數(shù)），則粒子與新核的半徑之比為：ne：

18、e=n：1所以半徑比較大的軌跡1是衰變后粒子的軌跡，軌跡2是新核的新核沿逆時針方向運動，在A點受到的洛倫茲力向左，由左手定則可知，磁場的方向向里由以上的分析可知，選項D正確，ABC錯誤故選：D點評：該題即使沒有說明是衰變也可根據(jù)粒子的速度的方向相反和兩個粒子的運動的軌跡由左手定則可以分析判斷粒子的帶電的情況其中要注意的是電子的動量與新核的動量大小相等6（6分）（2015北京）“蹦極”運動中，長彈性繩的一端固定，另一端綁在人身上，人從幾十米高處跳下將蹦極過程簡化為人沿豎直方向的運動從繩恰好伸直，到人第一次下降至最低點的過程中，下列分析正確的是（）A繩對人的沖量始終向上，人的動量先增大后減小B繩對

19、人的拉力始終做負功，人的動能一直減小C繩恰好伸直時，繩的彈性勢能為零，人的動能最大D人在最低點時，繩對人的拉力等于人所受的重力考點：動量定理；功能關系菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：動量定理應用專題分析：從繩子繃緊到人下降到最低點的過程中，開始時人的重力大于彈力，人向下加速；然后再減速，直至速度為零；再反向彈回；根據(jù)動量及功的知識可明確動量、動能和彈性勢能的變化解答：解：A、由于繩對人的作用力一直向上，故繩對人的沖量始終向上，由于人在下降中速度先增大后減??；故動量先增大后減??；故A正確；B、在該過程中，拉力與運動方向始終相反，繩子的力一直做負功；但由分析可知，人的動能先增大后減??；故B錯誤；C、繩子恰好伸

20、直時，繩子的形變量為零，彈性勢能為零；但此時人的動能不是最大，故C錯誤；D、人在最低點時，繩子對人的拉力一定大于人受到的重力；故D錯誤故選：A點評：本題考查變力作用下物體的運動情況分析，關鍵是明確人的運動過程，即可根據(jù)動量定理和動能定理進行分析求解7（6分）（2015北京）如圖所示，其中電流表A的量程為0.6A，表盤均勻劃分為30個小格，每一小格表示0.02A，R1的阻值等于電流表內阻的； R2的阻值等于電流表內阻的2倍若用電流表A的表盤刻度表示流過接線柱1的電流值，則下列分析正確的是（）A將接線柱 1、2 接入電路時，每一小格表示0.04AB將接線柱 1、2 接入電路時，每一小格表示0.02

21、AC將接線柱 1、3 接入電路時，每一小格表示0.06AD將接線柱 1、3 接入電路時，每一小格表示0.01A考點：多用電表的原理及其使用菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：恒定電流專題分析：對電路結構進行分析，再根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律即可明確流過1的電流大小，再根據(jù)比例即可求出每一小格所表示的電流大小解答：解：AB、當接線柱1、2接入電路時，電流表A與R1并聯(lián)，根據(jù)串并聯(lián)電路規(guī)律可知，R1分流為1.2A，故量程為1.2A+0.6A=1.8A；故每一小格表示0.06A；故AB錯誤；CD、當接線柱1、3接入電路時，A與R1并聯(lián)后與R2串聯(lián)，電流表的量程仍為1.8A；故每一小格表示0.06A；故C正確，D錯誤；故選：

22、C點評：本題考查電表的改裝，關鍵在于明確電路結構；特別是CD中要注意R2對電流表的量程沒有影響！8（6分）（2015北京）利用所學物理知識，可以初步了解常用的公交一卡通（IC卡）的工作原理及相關問題 IC卡內部有一個由電感線圈L和電容C構成的LC振蕩電路公交車上的讀卡機（刷卡時“嘀”的響一聲的機器）向外發(fā)射某一特定頻率的電磁波刷卡時，IC卡內的線圈L中產生感應電流，給電容C充電，達到一定的電壓后，驅動卡內芯片進行數(shù)據(jù)處理和傳輸下列說法正確的是（）AIC卡工作所需要的能量來源于卡內的電池B僅當讀卡機發(fā)射該特定頻率的電磁波時，IC卡才能有效工作C若讀卡機發(fā)射的電磁波偏離該特定頻率，則線圈L中不會產

23、生感應電流DIC卡只能接收讀卡機發(fā)射的電磁波，而不能向讀卡機傳輸自身的數(shù)據(jù)信息考點：電磁波的產生；楞次定律菁優(yōu)網(wǎng)版權所有分析：明確題意，根據(jù)電磁感應及電諧振規(guī)律進行分析，即可明確能量及IC卡的工作原理，即可解答本題解答：解：A、由題意可知，該能量來自于電磁感應，即人刷卡的機械能轉化為電能；故A錯誤；B、為了使IC卡中的感應電流達最大，應使LC電路產生電諧振，故只有發(fā)射特定頻率的電磁波時，IC卡才能有效工作；故B正確；C、若電磁波的頻率偏離該頻率，L中仍可出現(xiàn)感應電流，但不會達到電諧振；故C錯誤；D、IC卡接收到讀卡機發(fā)射的電磁波，同時將自身數(shù)據(jù)信息發(fā)送給讀卡機進行處理；故D錯誤故選：B點評：本

24、題取材于我們身邊最常用的IC卡考查電磁感應現(xiàn)象，要注意在學習中注意掌握物理規(guī)律在生活中的應用二、非選擇題9（2015北京）“測定玻璃的折射率”的實驗中，在白紙上放好玻璃磚，aa和bb分別是玻璃磚與空氣的兩個界面，如圖所示，在玻璃磚的一側插上兩枚大頭針P1和 P2，用“+”表示大頭針的位置，然后在另一側透過玻璃磚觀察，并依次插上大頭針P3和P4在插P3和P4時，應使（）AP3只擋住P1的像BP4只擋住P2的像CP3同時擋住P1、P2的像考點：測定玻璃的折射率菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：實驗題；光的折射專題分析：根據(jù)實驗的原理，連接P1、P2表示入射光線，連接P3、P4表示出射光線，連接兩光線與玻璃磚的交

25、點，即為折射光線，才能作出光路圖解答：解：根據(jù)實驗的原理，連接P1、P2表示入射光線，連接P3、P4表示出射光線，連接兩光線與玻璃磚的交點，即為折射光線實驗的過程中，要先在白紙上放好玻璃磚，在玻璃磚的一側插上兩枚大頭針P1和P2，然后在玻璃磚另一側觀察，調整視線使P1的像被P2的像擋住，接著在眼睛所在一側相繼又插上兩枚大頭針P3、P4，使P3擋住P1、P2的像，使P4擋住P3和P1、P2的像故AB錯誤，C正確故選：C點評：作插針法測定玻璃折射率的實驗原理是折射定律n=，根據(jù)實驗原理可知在插上兩枚大頭針P3、P4時，要使P3擋住P1、P2的像，使P4擋住P3和P1、P2的像10（18分）（201

26、5北京）用單擺測定重力加速度的實驗裝置如圖1所示（1）組裝單擺時，應在下列器材中選用AD（選填選項前的字母）A長度為1m左右的細線B長度為30cm左右的細線C直徑為1.8cm的塑料球D直徑為1.8cm的鐵球（2）測出懸點O至小球球心的距離（擺長）L及單擺完成n次全振動所用的時間t，則重力加速度g=（用L、n、t 表示）（3）如表是某同學記錄的3組實驗數(shù)據(jù)，并做了部分計算處理組次123擺長L/cm80.0090.00100.0050次全振動時間t/s90.095.5100.5振動周期T/s1.801.91重力加速度g/（ms2）9.749.73請計算出第3組實驗中的T=2.01s，g=9.76m

27、/s2（4）用多組實驗數(shù)據(jù)做出T2L圖象，也可以求出重力加速度g，已知三位同學做出的T2L圖線的示意圖如圖2中的a、b、c所示，其中a和b平行，b和c都過原點，圖線b對應的g值最接近當?shù)刂亓铀俣鹊闹祫t相對于圖線b，下列分析正確的是B（選填選項前的字母）A出現(xiàn)圖線a的原因可能是誤將懸點到小球下端的距離記為擺長LB出現(xiàn)圖線c的原因可能是誤將49次全振動記為50次C圖線c對應的g值小于圖線b對應的g值（5）某同學在家里測重力加速度，他找到細線和鐵鎖，制成一個單擺，如圖3所示，由于家里只有一根量程為30cm的刻度尺，于是他在細線上的A點做了一個標記，使得懸點O到A點間的細線長度小于刻度尺量程保持該標

28、記以下的細線長度不變，通過改變O、A間細線長度以改變擺長實驗中，當O、A間細線的長度分別為l1、l2時，測得相應單擺的周期為T1、T2由此可得重力加速度g=（用l1、l2、T1、T2表示）考點：用單擺測定重力加速度菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：實驗題分析：（1）根據(jù)實驗要求，擺長1m左右，體積較小的實心金屬球；（2）根據(jù)單擺周期公式T=2求解g的表達式（3）單擺完成N次全振動的時間為t，所以T=，根據(jù)g=即可計算出重力加速度；（4）根據(jù)單擺的周期公式變形得出T2與L的關系式，再分析T2L圖象中g與斜率的關系，得到g的表達式根據(jù)重力加速度的表達式，分析各圖線與b之間的關系（5）根據(jù)單擺的周期公式T=2分兩

29、次列式后聯(lián)立求解即可解答：解：（1）單擺在擺動過程中阻力要盡量小甚至忽略不計，所以擺球選鋼球；擺長不能過小，一般取1m左右故A、D正確，B、C錯誤故選：AD（2）單擺完成N次全振動的時間為t，所以T=，測得懸點O至小球球心的距離（擺長）L，根據(jù)T=2解得：g=；（3）單擺完成N次全振動的時間為t，所以T=s，根據(jù)公式：g=（4）根據(jù)單擺的周期公式T=2得，T2=，根據(jù)數(shù)學知識可知，T2L圖象的斜率k=，當?shù)氐闹亓铀俣萭=A、若測量擺長時忘了加上擺球的半徑，則擺長變成擺線的長度l，則有T2=，根據(jù)數(shù)學知識可知，對T2L圖象來說，T2=與b線T2=斜率相等，兩者應該平行，是截距；故做出的T2L圖

30、象中a線的原因可能是誤將懸點到小球上端的距離記為擺長L故A錯誤；B、實驗中誤將49次全振動記為50次，則周期的測量值偏小，導致重力加速度的測量值偏大，圖線的斜率k偏小故B正確；C、由圖可知，圖線c對應的斜率k偏小，根據(jù)T2L圖象的斜率k=，當?shù)氐闹亓铀俣萭=可知，g值大于圖線b對應的g值故C錯誤故選：B（5）根據(jù)單擺的周期公式T=2，有：第一次：T1=2第二次：T2=2聯(lián)立解得：g=故答案為：（1）AD；（2）；（3）2.01，9.76；（4）B；（5）點評：該題全面考查重力加速度的測量、數(shù)據(jù)的處理以及誤差的分析，要掌握單擺的周期公式，從而求解重力加速度，擺長、周期等物理量之間的關系11（1

31、6分）（2015北京）如圖所示，足夠長的平行光滑金屬導軌水平放置，寬度L=0.4m，一端連接R=1的電阻導軌所在空間存在豎直向下的勻強磁場，磁感應強度B=1T導體棒MN放在導軌上，其長度恰好等于導軌間距，與導軌接解良好導軌和導體棒的電阻均可忽略不計在平行于導軌的拉力F作用下，導體棒沿導軌向右勻速運動，速度v=5m/s求：（1）感應電動勢E和感應電流I；（2）在0.1s時間內，拉力的沖量IF的大??；（3）若將MN換為電阻r=1的導體棒，其它條件不變，求導體棒兩端的電壓U考點：導體切割磁感線時的感應電動勢；動量定理；電勢差菁優(yōu)網(wǎng)版權所有專題：電磁感應與電路結合分析：（1）由E=BLv求出導體棒切割

32、磁感線產生的感應電動勢，由歐姆定律求出感應電流，根據(jù)右手定則判斷感應電流的方向；（2）由F=BIL求出導體棒受到的安培力，由左手定則判斷出安培力的方向，然后由平衡條件求出拉力，并確定拉力的方向，由I=Ft計算出拉力的沖量；（3）將MN換為電阻r=1的導體棒時，由閉合電路的歐姆定律求出電流，然后由U=IR即可求出導體棒兩端的電壓解答：解：（1）由法拉第電磁感應定律可得，感應電動勢為： E=BLv=1×0.4×5V=2.0V 感應電流為： I=A=2A 根據(jù)右手定則得導體棒MN中電流的流向為：NM； （2）由左手定則判斷可知，MN棒所受的安培力方向向左導體棒勻速運動，安培力與拉

33、力平衡，則有： F=BIL=1×2×0.4N=0.8N，拉力的沖量：IF=Ft=0.8×0.1=0.08Ns（3）將MN換為電阻r=1的導體棒，電路中的電流：I=A=1A由歐姆定律：U=IR=1×1=1V答：（1）感應電動勢是2.0V，感應電流是2A，方向導體棒MN中電流的流向為：NM；（2）在0.1s時間內，拉力的沖量IF的大小是0.08Ns；（3）若將MN換為電阻r=1的導體棒，其它條件不變，導體棒兩端的電壓是1V點評：本題是電磁感應知識與力平衡、歐姆定律簡單的綜合，掌握電磁感應的基本規(guī)律：法拉第電磁感應定律、歐姆定律和安培力是關鍵，會根據(jù)右手定則判

34、斷感應電流的方向，由左手定則判斷安培力的方向12（18分）（2015北京）如圖所示，彈簧的一端固定，另一端連接一個物塊，彈簧質量不計，物塊（可視為質點）的質量為m，在水平桌面上沿x軸運動，與桌面間的動摩擦因數(shù)為，以彈簧原長時物塊的位置為坐標原點O，當彈簧的伸長量為x時，物塊所受彈簧彈力大小為F=kx，k為常量（1）請畫出F隨x變化的示意圖；并根據(jù)Fx圖象求物塊沿x軸從O點運動到位置x的過程中彈力所做的功（2）物塊由x1向右運動到x3，然后由x3返回到x2，在這個過程中，a求彈力所做的功，并據(jù)此求彈性勢能的變化量；b求滑動摩擦力所做的功；并與彈力做功比較，說明為什么不存在與摩擦力對應的“摩擦力勢

35、能”的概念考點：功能關系菁優(yōu)網(wǎng)版權所有分析：（1）由胡克定律可得出對應的公式，則可得出對應的圖象；再根據(jù)vt圖象中面積表示移進行遷移應用，即可求得彈力做功；（2）a、根據(jù)（1）中求出功的公式可分別求出兩過程中彈力做功，即可求出總功，再由功能關系求解彈力做功情況；b、根據(jù)摩擦力的特點求解摩擦力的功，通過比較可明確能不能引入“摩擦力勢能”解答：解：（1）Fx圖象如圖所示；物塊沿x軸從O點運動到位置x的過程中，彈力做負功：Fx圖線下的面積等于彈力做功大??；故彈力做功為：W=kxx=kx2（2）a、物塊由x1向右運動到x3的過程中，彈力做功為：WT1=（kx1+kx3）（x3x1）=kx12kx32；物塊由x3運動到x2的過程中，彈力做功為：WT2=（kx2+kx3）（x3x2）=kx32kx22；整個過程中彈力做功：WT=WT1+WT2=kx12kx22；彈性勢能的變化量為：EP=WT=kx22kx12；b、整個過程中，摩擦力做功：Wf=mg（2x3x1x2）比較兩力做功可知，彈力做功與實際路徑無關，取決于始末兩點間的位置；因此我們可以定義一個由物體之間的相互作用力（彈力）和相對位