浙江省金華市東陽市2015屆高三下學(xué)期物理模擬試卷（5月份）Word版含解析高考(共28頁)

1、精選優(yōu)質(zhì)文檔-傾情為你奉上浙江省金華市東陽市2015屆2015屆高考物理模擬試卷（5月份）一、選擇題1物理學(xué)源于生活，又對人類的生產(chǎn)、生活產(chǎn)生深遠(yuǎn)的影響以下關(guān)于物理學(xué)知識及其在生產(chǎn)、生活中的實(shí)際應(yīng)用的說法正確是( )A石塊比羽毛下落得快，說明重的物體總是比輕的物體下落得快B鉆木取火使人們知道了摩擦可以生熱的道理，也就是說只要有摩擦力作用就有熱量產(chǎn)生C超高壓帶電作業(yè)的工作服是用包含金屬絲的織物制成的，這是為了加強(qiáng)衣服的強(qiáng)度D電磁感應(yīng)原理的廣泛應(yīng)用，人們制成了用于加熱物品的電磁爐2一端裝有定滑輪的粗糙斜面體放在地面上，A、B兩物體通過細(xì)繩連接，并處于靜止?fàn)顟B(tài)（不計(jì)繩的質(zhì)量和繩與滑輪間的摩擦），如圖

2、所示現(xiàn)用水平力F作用于物體B上，緩慢拉開一小角度，此過程中斜面體與物體A仍然靜止則下列說法正確的是( )A水平力F保持不變B斜面對物體A的作用力一定變大C斜面對物體A的摩擦力一定變大D斜面體所受地面的支持力一定不變3據(jù)中新社北京2月26日電，中國軍隊(duì)2013年將舉行近40場軍事演習(xí)，以提高信息化條件下威懾和實(shí)戰(zhàn)能力若在某次軍事演習(xí)中，某空降兵從懸停在空中的直升飛機(jī)上跳下，從跳離飛機(jī)到落地的過程中沿豎直方向運(yùn)動的vt圖象如圖所示，則下列說法正確的是( )A010s內(nèi)空降兵運(yùn)動的加速度越來越大B010s內(nèi)空降兵和降落傘整體所受重力小于空氣阻力C10s15s內(nèi)空降兵和降落傘整體所受的空氣阻力越來越小

3、D10s15s內(nèi)空降兵處于失重狀態(tài)4如圖所示，有兩個相鄰的有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B，磁場方向相反，且與紙面垂直，磁場區(qū)域在x軸方向?qū)挾染鶠閍，在y軸方向足夠?qū)挰F(xiàn)有一高為a的正三角形導(dǎo)線框從圖示位置開始向右勻速穿過磁場區(qū)域若以逆時針方向?yàn)殡娏鞯恼较?，在下圖中，線框中感應(yīng)電流i與線框移動距離x的關(guān)系圖象正確的是( )ABCD二、選擇題（本大題共3小題，在每小題給出的四個選項(xiàng)中，至少有一個選項(xiàng)是符合題目要求的全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）5在如圖所示的電路中，圈、處可以接小燈、電流表或電壓表（均為理想電表）三種元器件，電源電動勢E、內(nèi)阻r均保持不變，定值電阻

4、R1：R2：R3：R4=4：3：2：1，小燈電阻RL=R1，R1r，電路中有電流通過，下列說法中正確的是( )A要使電源總功率最大，則應(yīng)該接電流表，接電壓表，接小燈B要使電源輸出功率最大，則應(yīng)該接電流表，接小燈，接電壓表C要使路端電壓最大，則應(yīng)該接小燈，接電壓表，接電流表D要使閉合電路中電源效率最高，則應(yīng)該接小燈，接電流表，接電壓表6如圖所示，固定的光滑傾斜桿上套有一個質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)與豎直放置的輕質(zhì)彈簧上端相連，彈簧的下端固定在水平地面上的A點(diǎn)，開始彈簧恰好處于原長h現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止沿桿滑下，滑到桿的底端（未觸及地面）時速度恰好為零則以下說法正確的是 ( )A在圓環(huán)下滑的過程中，圓環(huán)、彈簧

5、和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B在圓環(huán)下滑的過程中，當(dāng)彈簧最短時彈簧的彈性勢能最大C在圓環(huán)下滑的過程中，當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長時圓環(huán)的動能最大D在圓環(huán)下滑到桿的底端時，彈簧的彈性勢能為mgh7如圖所示，顯微鏡中常用一種靜電透鏡，它可以把帶電粒子（不計(jì)重力）聚集在中心軸上某點(diǎn)其中K為平板電極，G為中央帶圓孔的另一平行金屬板，圖中實(shí)線為兩板附近等勢線K板右側(cè)附近有一放射源，可以向右放射平行于軸線的粒子束則( )A該裝置既可以使電子匯聚，也可以使質(zhì)子匯聚B被匯聚的粒子電勢能增加C被匯聚的粒子動能增加D速度相同的不同種粒子，不能被匯聚于同一點(diǎn)三、非選擇題8某實(shí)驗(yàn)小組利用拉力傳感器和速度傳感器探究“功與動能變化

6、的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，他們將拉力傳感器固定在小車上，用不可伸長的細(xì)線將其通過一個定滑輪與鉤碼相連，用拉力傳感器記錄小車受到拉力的大小水平桌面上相距L的A、B兩點(diǎn)各安裝一個速度傳感器，記錄小車通過A、B時的速度大小小車中可以放置砝碼（1）實(shí)驗(yàn)主要步驟如下：測量小車、砝碼和拉力傳感器的總質(zhì)量M；把細(xì)線的一端固定在拉力傳感器上，另一端通過定滑輪與鉤碼相連；正確連接所需電路；將小車停在C點(diǎn)，接通電源_（填“前”或“后”），釋放小車，小車在細(xì)線拉動下運(yùn)動，記錄細(xì)線拉力及小車通過A、B時的速度；在小車中增加或減小砝碼個數(shù)，重復(fù)的操作（2）表是他們測得的幾組數(shù)據(jù)，|v12v22|是兩個速度傳感器記錄速度

7、的平方差，可以據(jù)此計(jì)算出動能變化量E，F(xiàn)是拉力傳感器受到的拉力，W是F在A、B間所做的功則表格中的E3=_，W3=_（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）次數(shù)M/kg|v12v22|（m/s）2E/JF/NW/J10.5000.7600.1900.4000.20020.5001.650.4130.8400.42030.5002.40E31.220W341.0002.401.202.4201.2151.0003.241.622.8601.43（3）第5組探究的結(jié)果偏差較大，他們以為產(chǎn)生原因如下，其中有可能的是_A鉤碼質(zhì)量太大，細(xì)線所受拉力過大，使得小車動能增量偏大B平衡摩擦力不足，木板傾角過小，使得小車動能增

8、量偏大C平衡摩擦力過度，木板傾角過大，使得小車動能增量偏大（4）如果已經(jīng)平衡了摩擦力，用此裝置也_（填“能”或“不能”）驗(yàn)證小車、砝碼以及鉤碼組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，理由是_9某同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)過程中將圖甲所示的多用電表直接連接到一內(nèi)阻未知（約3k5k）的直流電壓表上，通過多用表的歐姆檔粗略的測出了直流電壓表的內(nèi)阻，并根據(jù)兩表的示數(shù)推算出多用表撥至歐姆檔時內(nèi)部電源的電動勢（1）在實(shí)驗(yàn)過程中歐姆檔的選擇開關(guān)應(yīng)撥至倍率ד_”（2）在圖乙中將用多用電表測電壓表內(nèi)阻的電路連接起來（3）從圖丙、圖丁中的示數(shù)可知，直流電壓表的內(nèi)阻為_；多用表撥至歐姆檔時內(nèi)部電源的電動勢為_10（16分）如圖所示

9、，是一次娛樂節(jié)目中的一個游戲示意圖，游戲裝置中有一個光滑圓弧形軌道，高為h，半徑為R，固定在水平地面上，它的左端切線沿水平方向，左端與豎直墻面間的距離為x豎直墻高為H，滑板運(yùn)動員可從墻面的頂部沿水平方向飛到地面上游戲規(guī)則是讓一滑塊從弧形軌道的最高點(diǎn)由靜止滑下，當(dāng)它滑到軌道底端時，滑板運(yùn)動員立即以某一初速度水平飛出，當(dāng)滑塊在水平面上停止運(yùn)動時，運(yùn)動員恰好落地，并將滑塊撿起就算獲勝，已知滑塊到達(dá)底端時對軌道的壓力大小為F，重力加速度為g求：（不計(jì)滑板的長度，運(yùn)動員看作質(zhì)點(diǎn)）（1）滑塊的質(zhì)量；（2）滑塊與地面間的動摩擦因數(shù)：（3）滑板運(yùn)動員要想獲勝，他飛出時的初速度多大？11如圖所示，水平虛線L1、

10、L2之間是勻強(qiáng)磁場，磁場方向水平向里，磁場區(qū)域的高度為h豎直平面內(nèi)有一質(zhì)量為m 的直角梯形線框，底邊水平，其上下邊長之比為5：1，高為2h現(xiàn)使線框AB邊在磁場邊界L1的上方h高處由靜止自由下落（下落過程底邊始終水平，線框平面始終與磁場方向垂直），當(dāng)AB邊剛進(jìn)入磁場時加速度恰好為0，在DC邊剛進(jìn)入磁場前的一段時間內(nèi)，線框做勻速運(yùn)動求：（1）求AB邊剛進(jìn)入磁場時線框的速度與CD邊剛進(jìn)入磁場時的速度各是多少？（2）從線框開始下落到DC邊剛進(jìn)入磁場的過程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱為多少？（3）DC邊剛進(jìn)入磁場時，線框加速度的大小為多少？12（22分）如圖所示，相距為R的兩塊平行金屬板M、N正對著放置，s1、

11、s2分別為M、N板上的小孔，s1、s2、O三點(diǎn)共線，它們的連線垂直M、N，且s2O=R以O(shè)為圓心、R為半徑的圓形區(qū)域內(nèi)存在磁感應(yīng)強(qiáng)度為B、方向垂直紙面向外的勻強(qiáng)磁場D為收集板，板上各點(diǎn)到O點(diǎn)的距離以及板兩端點(diǎn)的距離都為2R，板兩端點(diǎn)的連線垂直M、N板質(zhì)量為m、帶電量為+q的粒子，經(jīng)s1進(jìn)入M、N間的電場后，通過s2進(jìn)入磁場粒子在s1處的速度和粒子所受的重力均不計(jì)（1）當(dāng)M、N間的電壓為U時，求粒子進(jìn)入磁場時速度的大??；（2）若粒子恰好打在收集板D的中點(diǎn)上，求M、N間的電壓值U0；（3）當(dāng)M、N間的電壓不同時，粒子從s1到打在D上經(jīng)歷的時間t會不同，求t的最小值浙江省金華市東陽市2015屆201

12、5屆高考物理模擬試卷（5月份）一、選擇題1物理學(xué)源于生活，又對人類的生產(chǎn)、生活產(chǎn)生深遠(yuǎn)的影響以下關(guān)于物理學(xué)知識及其在生產(chǎn)、生活中的實(shí)際應(yīng)用的說法正確是( )A石塊比羽毛下落得快，說明重的物體總是比輕的物體下落得快B鉆木取火使人們知道了摩擦可以生熱的道理，也就是說只要有摩擦力作用就有熱量產(chǎn)生C超高壓帶電作業(yè)的工作服是用包含金屬絲的織物制成的，這是為了加強(qiáng)衣服的強(qiáng)度D電磁感應(yīng)原理的廣泛應(yīng)用，人們制成了用于加熱物品的電磁爐考點(diǎn)：* 靜電的利用和防止專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)受力分析，說明石塊比羽毛下落得快的原因；利用渦流的熱效應(yīng)，人們制成了用于加熱物品的電磁爐；摩擦力將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能；

13、超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服是用包含金屬絲的織物制成的，這是利用了靜電屏蔽的作用解答：解：A、根據(jù)受力可知，在空氣中下落的過程中受到的空氣的阻力遠(yuǎn)小于其重力，而羽毛受到的阻力與其重力比較接近，所以石塊比羽毛的向下的加速度大，所以下落得快，與物體的輕于重?zé)o關(guān)，與受到的阻力產(chǎn)生的影響有關(guān)故A錯誤；B、鉆木取火使人們知道了摩擦可以生熱的道理，是利用摩擦力將機(jī)械能轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，不能說明只要有摩擦力作用就有熱量產(chǎn)生如靜摩擦力就不會產(chǎn)生熱量故B錯誤；C、超高壓帶電作業(yè)的工人穿戴的工作服是用包含金屬絲的織物制成的，這是利用了靜電屏蔽的作用故C錯誤D、利用電磁感應(yīng)現(xiàn)象與渦流的熱效應(yīng)，人們制成了用于加熱物品的

14、電磁爐；故D正確故選：D點(diǎn)評：該題考查到牛頓第二定律的應(yīng)用、電磁爐的原理、功能關(guān)系以及靜電屏蔽，考查到的知識點(diǎn)比較多，比較散，這一類的題目要考平時的積累2一端裝有定滑輪的粗糙斜面體放在地面上，A、B兩物體通過細(xì)繩連接，并處于靜止?fàn)顟B(tài)（不計(jì)繩的質(zhì)量和繩與滑輪間的摩擦），如圖所示現(xiàn)用水平力F作用于物體B上，緩慢拉開一小角度，此過程中斜面體與物體A仍然靜止則下列說法正確的是( )A水平力F保持不變B斜面對物體A的作用力一定變大C斜面對物體A的摩擦力一定變大D斜面體所受地面的支持力一定不變考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；物體的彈性和彈力專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：先對物體B受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力

15、平衡條件求出繩子的拉力T；再對木塊A受力分析，同樣根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件得出各個力的情況解答：解：A、對木塊B受力分析，如圖，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件有：F=mBgtanT=在緩慢拉開B的過程中，變大，故F變大，故A錯誤；B、C、物體A受重力、支持力、細(xì)線的拉力，可能沒有靜摩擦力，也可能有沿斜面向下的靜摩擦力，還有可能受沿斜面向上的靜摩擦力，故F變大，拉力T變大后，靜摩擦力可能變小，也可能變大支持力不變；故斜面對物體的作用力可能增大也可能減小或不變；故B錯誤，C錯誤；D、對整體受力分析，整體豎直方向只受重力和支持力；拉力沿水平方向，故支持力不變；故D正確；故選：D點(diǎn)評：本題關(guān)鍵分別對A、B受力分析，然后

16、根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件分析求解，在計(jì)算地面對斜面的支持力時，可以用整體法，不需要考慮系統(tǒng)內(nèi)力，能使解題過程大大簡化3據(jù)中新社北京2月26日電，中國軍隊(duì)2013年將舉行近40場軍事演習(xí)，以提高信息化條件下威懾和實(shí)戰(zhàn)能力若在某次軍事演習(xí)中，某空降兵從懸停在空中的直升飛機(jī)上跳下，從跳離飛機(jī)到落地的過程中沿豎直方向運(yùn)動的vt圖象如圖所示，則下列說法正確的是( )A010s內(nèi)空降兵運(yùn)動的加速度越來越大B010s內(nèi)空降兵和降落傘整體所受重力小于空氣阻力C10s15s內(nèi)空降兵和降落傘整體所受的空氣阻力越來越小D10s15s內(nèi)空降兵處于失重狀態(tài)考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動的圖像；勻變速直線運(yùn)動的速度與時間的關(guān)系專題：運(yùn)動

17、學(xué)中的圖像專題分析：從圖象可以看出，空降兵先做加速度不斷減小的加速運(yùn)動，再做加速度不斷減小的減速運(yùn)動，最后勻速運(yùn)動；根據(jù)速度時間圖線與坐標(biāo)軸包圍的面積表示位移以及圖線上某點(diǎn)的切線的斜率表示該時刻加速度來進(jìn)行分析解答：解：A、vt圖象中，圖線上某點(diǎn)的切線的斜率表示該時刻加速度，故010s內(nèi)空降兵運(yùn)動的加速度越來越小，故A錯誤；B、O10s內(nèi)空降兵和降落傘做加速運(yùn)動，故整體所受重力大于空氣阻力，加速度越來越小，故說明所受阻力越來越大，故B錯誤；C、10s末15s末速度向下做加速度不斷減小的減速直線運(yùn)動，加速度向上，根據(jù)牛頓第二定律，有fmg=ma，由于a不斷減小，故f不斷減小，故C正確；D、10s

18、15s內(nèi)空降兵向下做加速度不斷減小的減速直線運(yùn)動，加速度向上，是超重，故D錯誤；故選：C點(diǎn)評：本題關(guān)鍵根據(jù)速度時間圖象得到物體的運(yùn)動規(guī)律，然后結(jié)合速度時間圖線與坐標(biāo)軸包圍的面積表示位移以及圖線上某點(diǎn)的切線的斜率表示該時刻加速度來進(jìn)行分析4如圖所示，有兩個相鄰的有界勻強(qiáng)磁場區(qū)域，磁感應(yīng)強(qiáng)度的大小均為B，磁場方向相反，且與紙面垂直，磁場區(qū)域在x軸方向?qū)挾染鶠閍，在y軸方向足夠?qū)挰F(xiàn)有一高為a的正三角形導(dǎo)線框從圖示位置開始向右勻速穿過磁場區(qū)域若以逆時針方向?yàn)殡娏鞯恼较?，在下圖中，線框中感應(yīng)電流i與線框移動距離x的關(guān)系圖象正確的是( )ABCD考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合

19、分析：本題導(dǎo)體的運(yùn)動可分為三段進(jìn)行分析，根據(jù)楞次定律可判斷電路中感應(yīng)電流的方向；由導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢公式可求得感應(yīng)電動勢的大小解答：解：線框從開始進(jìn)入到全部進(jìn)入第一個磁場時，磁通量向里增大，則由楞次定律可知，電流方向?yàn)槟鏁r針，故B一定錯誤；因切割的有效長度均勻增大，故由E=BLV可知，電動勢也均勻增加；而在全部進(jìn)入第一部分磁場時，磁通量達(dá)最大，該瞬間變化率為零，故電動勢也會零，故A錯誤；當(dāng)線圈開始進(jìn)入第二段磁場后，線圈中磁通量向里減小，則可知電流為順時針，故D錯誤，C正確；故選：C點(diǎn)評：本題為選擇題，而過程比較復(fù)雜，故可選用排除法解決，這樣可以節(jié)約一定的時間；而進(jìn)入第二段磁場后，分處

20、兩磁場的線圈兩部分產(chǎn)生的電流相同，且有效長度是均勻變大的，當(dāng)將要全部進(jìn)入第二磁場時，線圈中電流達(dá)最大2I二、選擇題（本大題共3小題，在每小題給出的四個選項(xiàng)中，至少有一個選項(xiàng)是符合題目要求的全部選對的得6分，選對但不全的得3分，有選錯的得0分）5在如圖所示的電路中，圈、處可以接小燈、電流表或電壓表（均為理想電表）三種元器件，電源電動勢E、內(nèi)阻r均保持不變，定值電阻R1：R2：R3：R4=4：3：2：1，小燈電阻RL=R1，R1r，電路中有電流通過，下列說法中正確的是( )A要使電源總功率最大，則應(yīng)該接電流表，接電壓表，接小燈B要使電源輸出功率最大，則應(yīng)該接電流表，接小燈，接電壓表C要使路端電壓最

21、大，則應(yīng)該接小燈，接電壓表，接電流表D要使閉合電路中電源效率最高，則應(yīng)該接小燈，接電流表，接電壓表考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律；電功、電功率專題：壓軸題；恒定電流專題分析：A、要使電源的總功率最大，根據(jù)P=EI，即總電流最大，總電阻最小B、當(dāng)外電阻等于內(nèi)電阻時，電源的輸出功率最大所以要想輸出功率最大，要使外電阻接近于內(nèi)阻C、外電阻越大，總電阻越大，總電流越小，內(nèi)電壓越小，外電壓越大所以當(dāng)外電阻最大時，路端電壓最大D、電源的效率=，知外電阻越大，效率越高解答：解：A、要電源總功率最大，電壓是固定的，所以就要求電流要大，電流大則總電阻要最小，內(nèi)阻是一定的，所以外阻要最小那么如何接外阻小呢，1接小燈的話

22、，外阻最小也為2R1=8R4，比較大，所以要接電流表，2接小燈的話，3接電壓表開路，則小燈和R3并聯(lián)再與R4串聯(lián)再與R2并聯(lián)，最后于R1串聯(lián)，最后計(jì)算外阻為（4+）×R4，3接小燈，2接電壓表開路，則R3R4串聯(lián)，與RL、R2并聯(lián)最后與R1串聯(lián)，最后計(jì)算外阻為（4+）×R4最小故A正確 B、當(dāng)R外=r時，輸出功率最大，但是R1r，從上面可以看出，最小的外阻也大于r，所以要輸出功率最大，只有外阻接近r才行，所以還是選擇最小的外阻，可以看到還應(yīng)該是接電流表，接電壓表，接小燈故B錯誤C、要路端電壓最大，就要外阻越大越好，這樣應(yīng)該接電壓表，這樣整個電路斷路，路端電壓等于電動勢故C錯

23、誤D、要是電源效率最高，則電路不能是斷路，同時外阻越大越好，這樣1要接小燈，如果3接電流表，則R2、R3、R4被短接，R外=RL+R1=2R1=8R4，如果接電流表，則R3短接，R4與R2并聯(lián)，R外=RL+R1+=（8+）×R4，為最大故D正確故選AD點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵根據(jù)閉合電路歐姆定律，知道何時電源總功率最大、輸出功率最大、路端電壓最大、電源效率最大以及熟練運(yùn)用串并聯(lián)電路的特點(diǎn)，求出不同情況下的總電阻6如圖所示，固定的光滑傾斜桿上套有一個質(zhì)量為m的圓環(huán)，圓環(huán)與豎直放置的輕質(zhì)彈簧上端相連，彈簧的下端固定在水平地面上的A點(diǎn)，開始彈簧恰好處于原長h現(xiàn)讓圓環(huán)由靜止沿桿滑下，滑到桿的底端

24、（未觸及地面）時速度恰好為零則以下說法正確的是 ( )A在圓環(huán)下滑的過程中，圓環(huán)、彈簧和地球組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒B在圓環(huán)下滑的過程中，當(dāng)彈簧最短時彈簧的彈性勢能最大C在圓環(huán)下滑的過程中，當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長時圓環(huán)的動能最大D在圓環(huán)下滑到桿的底端時，彈簧的彈性勢能為mgh考點(diǎn)：功能關(guān)系；機(jī)械能守恒定律分析：分析圓環(huán)沿桿下滑的過程的受力和做功情況，只有重力彈簧的拉力做功，所以圓環(huán)機(jī)械能不守恒，但是系統(tǒng)的機(jī)械能守恒；沿桿方向合力為零的時刻，圓環(huán)的速度最大解答：解：A、圓環(huán)沿桿滑下，滑到桿的底端的過程中有兩個力對圓環(huán)做功，即環(huán)的重力和彈簧的拉力；所以圓環(huán)的機(jī)械能不守恒，如果把圓環(huán)和彈簧組成的系統(tǒng)作為研究

25、對象，則系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，故A正確，B、彈簧的彈性勢能隨彈簧的形變量的變化而變化，由圖知彈簧先縮短后再伸長，故彈簧的彈性勢能先增大再減小到0后再增大才對故B錯誤C、在圓環(huán)下滑的過程中，當(dāng)彈簧再次恢復(fù)原長時重力沿斜面向下的分力大于彈簧沿斜面向上的分力，所以物體將減小向下做加速運(yùn)動，圓環(huán)的動能不是最大故C錯誤D、根據(jù)系統(tǒng)的機(jī)械能守恒，圓環(huán)的機(jī)械能減少了mgh，那么彈簧的機(jī)械能即彈性勢能增大mgh，故D正確故選：AD點(diǎn)評：對物理過程進(jìn)行受力、運(yùn)動、做功分析，是解決問題的根本方法這是一道考查系統(tǒng)機(jī)械能守恒的基礎(chǔ)好題該題中彈簧再次恢復(fù)原長時重力沿斜面向下的分力大于彈簧沿斜面向上的分力，所以物體仍然有向下

26、的加速度，這是題目的解答過程中容易錯誤的地方7如圖所示，顯微鏡中常用一種靜電透鏡，它可以把帶電粒子（不計(jì)重力）聚集在中心軸上某點(diǎn)其中K為平板電極，G為中央帶圓孔的另一平行金屬板，圖中實(shí)線為兩板附近等勢線K板右側(cè)附近有一放射源，可以向右放射平行于軸線的粒子束則( )A該裝置既可以使電子匯聚，也可以使質(zhì)子匯聚B被匯聚的粒子電勢能增加C被匯聚的粒子動能增加D速度相同的不同種粒子，不能被匯聚于同一點(diǎn)考點(diǎn)：電勢差與電場強(qiáng)度的關(guān)系專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：根據(jù)等勢線畫出電場線分布，再結(jié)合曲線運(yùn)動條件，及運(yùn)動與力的關(guān)系，即可確定正、負(fù)電粒子的運(yùn)動情況，及電場力做功的正負(fù)，從而判定電勢能與動能的變化情

27、況；最后根據(jù)運(yùn)動軌道的半徑公式，即可確定不同粒子，是否會聚同一點(diǎn)解答：解：A、根據(jù)題意可知，若粒子帶正電，則受到電場力與電場線切線方向相同，結(jié)合速度方向，可得，正電粒子如圖綠線運(yùn)動軌跡，即發(fā)散；若粒子帶負(fù)電，則受到電場力與電場線切線方向相反，因此負(fù)電粒子如圖藍(lán)線運(yùn)動軌跡，即會聚，故A錯誤；B、由上分析可知，被匯聚的粒子，帶負(fù)電，則電場力做負(fù)功，電勢能增大，動能減小，故B正確，C錯誤；D、根據(jù)半徑公式r=，可知，速度相同的不同種粒子，它們的半徑不同，因此不能被匯聚于同一點(diǎn)，故D正確；故選：BD點(diǎn)評：考查電場線與等勢面垂直，掌握運(yùn)動與力的關(guān)系來確定粒子的運(yùn)動軌跡，理解電場力做功與電勢能的變化，及動

28、能變化的關(guān)系三、非選擇題8某實(shí)驗(yàn)小組利用拉力傳感器和速度傳感器探究“功與動能變化的關(guān)系”實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示，他們將拉力傳感器固定在小車上，用不可伸長的細(xì)線將其通過一個定滑輪與鉤碼相連，用拉力傳感器記錄小車受到拉力的大小水平桌面上相距L的A、B兩點(diǎn)各安裝一個速度傳感器，記錄小車通過A、B時的速度大小小車中可以放置砝碼（1）實(shí)驗(yàn)主要步驟如下：測量小車、砝碼和拉力傳感器的總質(zhì)量M；把細(xì)線的一端固定在拉力傳感器上，另一端通過定滑輪與鉤碼相連；正確連接所需電路；將小車停在C點(diǎn)，接通電源后（填“前”或“后”），釋放小車，小車在細(xì)線拉動下運(yùn)動，記錄細(xì)線拉力及小車通過A、B時的速度；在小車中增加或減小砝碼個數(shù)，

29、重復(fù)的操作（2）表是他們測得的幾組數(shù)據(jù)，|v12v22|是兩個速度傳感器記錄速度的平方差，可以據(jù)此計(jì)算出動能變化量E，F(xiàn)是拉力傳感器受到的拉力，W是F在A、B間所做的功則表格中的E3=0.600J，W3=0.610J（結(jié)果保留三位有效數(shù)字）次數(shù)M/kg|v12v22|（m/s）2E/JF/NW/J10.5000.7600.1900.4000.20020.5001.650.4130.8400.42030.5002.40E31.220W341.0002.401.202.4201.2151.0003.241.622.8601.43（3）第5組探究的結(jié)果偏差較大，他們以為產(chǎn)生原因如下，其中有可能的是C

30、A鉤碼質(zhì)量太大，細(xì)線所受拉力過大，使得小車動能增量偏大B平衡摩擦力不足，木板傾角過小，使得小車動能增量偏大C平衡摩擦力過度，木板傾角過大，使得小車動能增量偏大（4）如果已經(jīng)平衡了摩擦力，用此裝置也不能（填“能”或“不能”）驗(yàn)證小車、砝碼以及鉤碼組成的系統(tǒng)機(jī)械能守恒，理由是有摩擦力做功考點(diǎn)：探究功與速度變化的關(guān)系專題：實(shí)驗(yàn)題分析：小車在鉤碼的作用下拖動紙帶在水平面上做加速運(yùn)動，通過速度傳感器可算出A B兩點(diǎn)的速度大小，同時利用拉力傳感器測量出拉小車的力，從而由AB長度可求出合力做的功與小車的動能變化關(guān)系；從功能關(guān)系和系統(tǒng)誤差分析；據(jù)機(jī)械能守恒的條件分析解答：解：（1）據(jù)打點(diǎn)計(jì)時器的使用方法可知，

31、應(yīng)先接通電源，再發(fā)小車，所以將小車停在C點(diǎn)，接通電源后，釋放小車；（2）由各組數(shù)據(jù)可見規(guī)律E=M（V22V12）可得E3=0.600J觀察FW數(shù)據(jù)規(guī)律可得數(shù)值上W3=0.610 J（3）據(jù)表可知，動能的變化量大于合外力的功，此說明有其它力做正功，即平衡摩擦力過大，導(dǎo)致重力沿斜面方向的分力大于摩擦力，故AB錯誤，C正確故選：C（4）機(jī)械能守恒的條件是只有重力做功，或其它力做功為零，此實(shí)驗(yàn)雖然平衡摩擦力，但操作中有摩擦力做功，所以不能驗(yàn)證該系統(tǒng)的機(jī)械能守恒故答案為：（1）后； （2）0.600J，0.610J； （3）C；（4）不能，有摩擦力做功點(diǎn)評：本題值得注意的是：鉤碼的重力不等于細(xì)線的拉力，

32、同時學(xué)會分析實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)從而得出規(guī)律；從功能關(guān)系分析誤差9某同學(xué)在研究性學(xué)習(xí)過程中將圖甲所示的多用電表直接連接到一內(nèi)阻未知（約3k5k）的直流電壓表上，通過多用表的歐姆檔粗略的測出了直流電壓表的內(nèi)阻，并根據(jù)兩表的示數(shù)推算出多用表撥至歐姆檔時內(nèi)部電源的電動勢（1）在實(shí)驗(yàn)過程中歐姆檔的選擇開關(guān)應(yīng)撥至倍率ד1k”（2）在圖乙中將用多用電表測電壓表內(nèi)阻的電路連接起來（3）從圖丙、圖丁中的示數(shù)可知，直流電壓表的內(nèi)阻為4k；多用表撥至歐姆檔時內(nèi)部電源的電動勢為11.4V考點(diǎn)：伏安法測電阻專題：實(shí)驗(yàn)題分析：測電阻時應(yīng)將開關(guān)打到歐姆檔，紅表筆接正插孔，紅表筆接負(fù)插孔；用歐姆表時，指針指在中央附近最好；

33、本實(shí)驗(yàn)要求測出電壓表的量程，則應(yīng)采用與標(biāo)準(zhǔn)電壓表比較的方式進(jìn)行；可將二電表串聯(lián)，根據(jù)串聯(lián)電路的規(guī)律可算出電流表的量程；根據(jù)原理可以得出實(shí)驗(yàn)的電路和數(shù)據(jù)根據(jù)實(shí)驗(yàn)電路，應(yīng)用閉合電路歐姆定律推導(dǎo)電動勢表達(dá)式解答：解：（1）電壓表內(nèi)阻約3k5k，用歐姆表測其內(nèi)阻時，所以應(yīng)選×1k擋；（2）歐姆表的正極插孔與內(nèi)部電源的負(fù)極相連，與電壓表構(gòu)成一閉合回路，電流從負(fù)極流出，進(jìn)入電壓表的正極，電路圖如圖所示；（3）從圖丙中的示數(shù)可知，直流電壓表的內(nèi)阻為4×1k=4k，歐姆表中值電阻為R中=15×1k=15000由閉合電路歐姆定律電池電動勢E=U+IVR中=2.4+×150

34、00=11.4V故答案為：（1）1k； （2）如圖：（3）4k，11.4V點(diǎn)評：本題考查了歐姆表的使用方法和注意事項(xiàng)，結(jié)合歐姆定律推導(dǎo)電動勢測量量程時注意不能使用給出的電流表，因?yàn)殡娏鞅砹砍唐鬅o法正確的得出結(jié)果10（16分）如圖所示，是一次娛樂節(jié)目中的一個游戲示意圖，游戲裝置中有一個光滑圓弧形軌道，高為h，半徑為R，固定在水平地面上，它的左端切線沿水平方向，左端與豎直墻面間的距離為x豎直墻高為H，滑板運(yùn)動員可從墻面的頂部沿水平方向飛到地面上游戲規(guī)則是讓一滑塊從弧形軌道的最高點(diǎn)由靜止滑下，當(dāng)它滑到軌道底端時，滑板運(yùn)動員立即以某一初速度水平飛出，當(dāng)滑塊在水平面上停止運(yùn)動時，運(yùn)動員恰好落地，并將滑

35、塊撿起就算獲勝，已知滑塊到達(dá)底端時對軌道的壓力大小為F，重力加速度為g求：（不計(jì)滑板的長度，運(yùn)動員看作質(zhì)點(diǎn)）（1）滑塊的質(zhì)量；（2）滑塊與地面間的動摩擦因數(shù)：（3）滑板運(yùn)動員要想獲勝，他飛出時的初速度多大？考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律；牛頓第二定律；向心力；動能定理專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：（1）滑塊滑下過程機(jī)械能守恒；在最低點(diǎn)，滑塊受重力和支持力，合力提供向心力，根據(jù)牛頓第二定律和向心力公式列式求解；（2）游戲者做平拋運(yùn)動，根據(jù)平拋運(yùn)動的分位移公式求解出時間；對滑塊勻減速過程運(yùn)用動能定理列式求解；（3）根據(jù)幾何關(guān)系，求出平拋運(yùn)動的水平分位移，然后根據(jù)x=v0t求解初速度解答：解：（1）滑塊沿

36、弧面滑動過程：滑塊在弧面最低點(diǎn)，有由以上兩式解得：（2）滑塊在地面上運(yùn)動時：v=at滑板運(yùn)動員在豎直方向由以上各式解得：（3）滑板在水平面上運(yùn)動時滑板運(yùn)動員在水平方向x2=v0t又x1+x2=x由上面各式解得：答：（1）滑塊的質(zhì)量為；（2）滑塊與地面間的動摩擦因數(shù)為；（3）滑板運(yùn)動員要想獲勝，他飛出時的初速度為點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是分析清楚滑塊和游戲者的運(yùn)動規(guī)律，然后根據(jù)牛頓第二定律、運(yùn)動學(xué)公式、平拋運(yùn)動的規(guī)律、動能定理、機(jī)械能守恒定律列式求解11如圖所示，水平虛線L1、L2之間是勻強(qiáng)磁場，磁場方向水平向里，磁場區(qū)域的高度為h豎直平面內(nèi)有一質(zhì)量為m 的直角梯形線框，底邊水平，其上下邊長之比為5：1，

37、高為2h現(xiàn)使線框AB邊在磁場邊界L1的上方h高處由靜止自由下落（下落過程底邊始終水平，線框平面始終與磁場方向垂直），當(dāng)AB邊剛進(jìn)入磁場時加速度恰好為0，在DC邊剛進(jìn)入磁場前的一段時間內(nèi)，線框做勻速運(yùn)動求：（1）求AB邊剛進(jìn)入磁場時線框的速度與CD邊剛進(jìn)入磁場時的速度各是多少？（2）從線框開始下落到DC邊剛進(jìn)入磁場的過程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱為多少？（3）DC邊剛進(jìn)入磁場時，線框加速度的大小為多少？考點(diǎn)：導(dǎo)體切割磁感線時的感應(yīng)電動勢專題：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合分析：（1）根據(jù)機(jī)械能守恒定律求解AB邊剛進(jìn)入磁場時線框的速度；根據(jù)AB剛進(jìn)入磁場時加速度恰好為0，由平衡條件列出重力與安培力的關(guān)系方程在DC邊

38、剛進(jìn)入磁場前的一段時間內(nèi)，線框做勻速運(yùn)動，此時線框有效切割長度為2l，由平衡條件得到重力與安培力的關(guān)系式，將兩個重力與安培力的關(guān)系式進(jìn)行對比，求出DC邊剛進(jìn)入磁場前線框勻速運(yùn)動時的速度；（2）根據(jù)能量守恒定律求解線框產(chǎn)生的焦耳熱；（3）根據(jù)安培力公式求出安培力，由閉合電路歐姆定律求解電流，然后利用牛頓第二定律列式求解即可解答：解：（1）設(shè)AB邊剛進(jìn)入磁場時速度為v0，線框電阻為R，AB=l，則CD=5l由機(jī)械能守恒定律得： 則AB剛進(jìn)入磁場時：設(shè)DC邊剛進(jìn)入磁場前勻速運(yùn)動時速度為v1，線框切割磁感應(yīng)線的有效長度為2l，線框勻速運(yùn)動時有解得 （2）從線框開始下落到CD邊進(jìn)入磁場前瞬間，根據(jù)能量守恒定律得： 聯(lián)立得：（3）CD剛進(jìn)入磁場瞬間，線框切割磁感應(yīng)線的有效長度為3l，F(xiàn)1=BI13l 由閉合電路歐姆定律得： E=B3lv1 由牛頓第二定律得：=答：（1）求AB邊剛進(jìn)入磁場時線框的速度為，CD邊剛進(jìn)入磁場時的速度是；（2）從線框開始下落到DC邊剛進(jìn)入磁場的過程中，線框產(chǎn)生的焦耳熱為（3