2018高考模擬理綜物理選編彈力-解析版

1、.樂(lè)陵一中彈力一、單項(xiàng)選擇題本大題共5小題，共30分1. 兩個(gè)質(zhì)量分別為2m和m的小木塊a和b可視為質(zhì)點(diǎn)放在程度圓盤上，a與轉(zhuǎn)軸OO的間隔 為L(zhǎng)，b與轉(zhuǎn)軸的間隔 為2L，a、b之間用長(zhǎng)為L(zhǎng)的強(qiáng)度足夠大的輕繩相連，木塊與圓盤的最大靜摩擦力為木塊所受重力的k倍，重力加速度大小為g假設(shè)圓盤從靜止開場(chǎng)繞轉(zhuǎn)軸緩慢地加速轉(zhuǎn)動(dòng)，開場(chǎng)時(shí)輕繩剛好伸直但無(wú)張力，用表示圓盤轉(zhuǎn)動(dòng)的角速度，以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A. a比b先到達(dá)最大靜摩擦力B. a、b所受的摩擦力始終相等C. =kg2L是b開場(chǎng)滑動(dòng)的臨界角速度D. 當(dāng)=2kg3L時(shí)，a所受摩擦力的大小為5kmg32019物理備課組整理D物理備課組一組指導(dǎo)解：A、木塊隨

2、圓盤一起轉(zhuǎn)動(dòng)，靜摩擦力提供向心力，由牛頓第二定律得：木塊所受的靜摩擦力f=m2r，m、相等，fr，所以當(dāng)圓盤的角速度增大時(shí)b的靜摩擦力先到達(dá)最大值，故A錯(cuò)誤；B、在B的摩擦力沒(méi)有到達(dá)最大前，靜摩擦力提供向心力，由牛頓第二定律得：木塊所受的靜摩擦力f=m2r，a和b的質(zhì)量分別是2m和m，而a與轉(zhuǎn)軸OO的間隔 為L(zhǎng)，b與轉(zhuǎn)軸的間隔 為2L，所以開場(chǎng)時(shí)a和b受到的摩擦力是相等的。當(dāng)b受到的靜摩擦力到達(dá)最大后，b受到的摩擦力與繩子的拉力的和提供向心力，即：kmg+F=m22L而a的受力：f-F=2m2L聯(lián)立得：f=4m2L-kmg可知二者受到的摩擦力不一定相等。故B錯(cuò)誤；C、當(dāng)b剛要滑動(dòng)時(shí)，有2kmg

3、+kmg=2m2L+m22L，解得：=3kg4L，故C錯(cuò)誤；D、當(dāng)=2kg3L時(shí)，a所受摩擦力的大小為：f=4m2Lkmg=4m2kg3LLkmg=5kmg3故D正確。應(yīng)選：D。木塊隨圓盤一起轉(zhuǎn)動(dòng)，靜摩擦力提供向心力，而所需要的向心力大小由物體的質(zhì)量、半徑和角速度決定當(dāng)圓盤轉(zhuǎn)速增大時(shí)，提供的靜摩擦力隨之而增大當(dāng)需要的向心力大于最大靜摩擦力時(shí)，物體開場(chǎng)滑動(dòng)因此是否滑動(dòng)與質(zhì)量無(wú)關(guān)，是由半徑大小決定此題的關(guān)鍵是正確分析木塊的受力，明確木塊做圓周運(yùn)動(dòng)時(shí)，靜摩擦力提供向心力，把握住臨界條件：靜摩擦力到達(dá)最大，由牛頓第二定律分析解答2. 如下圖，程度地面上有一個(gè)半球體A如今A與豎直墻之間放一完全一樣的半球

4、體B，不計(jì)一切摩擦，將A緩慢向左挪動(dòng)B未與地面接觸，那么在此過(guò)程中A對(duì)B的彈力F1、墻對(duì)B的彈力F2A. F1變小、F2變小B. F1變小、F2變大C. F1變大、F2變大D. F1變大、F2變小2019物理備課組整理A物理備課組一組指導(dǎo)解：不計(jì)一切摩擦，將A緩慢向左挪動(dòng)B未與地面接觸，那么A、B處處受力平衡；那么B受力如下圖：；A向左挪動(dòng)，那么變小，所以，F(xiàn)1=Gcos變小，F(xiàn)2=Gtan變小，故A正確，BCD錯(cuò)誤；應(yīng)選：A對(duì)B進(jìn)展受力分析，根據(jù)A向左挪動(dòng)，B所受的力之間角度的關(guān)系變化，然后根據(jù)重力G不變，并且B受力平衡求解對(duì)于動(dòng)態(tài)過(guò)程受力變化的求解，一般先分析在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中的守恒量，然后，再

5、由動(dòng)態(tài)過(guò)程得到相關(guān)的變化量，進(jìn)而通過(guò)守恒量求解其他物理量的變化趨勢(shì)3. 如下圖，物體A和B分放在一起，A靠在豎直墻面上在豎直向上的力F作用下，A、B均保持靜止，此時(shí)物體A的受力個(gè)數(shù)為A. 一定是3個(gè)B. 可能是4個(gè)C. 一定是5個(gè)D. 可能是6個(gè)2019物理備課組整理A物理備課組一組指導(dǎo)解：先對(duì)AB整體受力分析，由平衡條件知，豎直方向：F=GA+GB程度方向，不受力，故墻面無(wú)彈力隔離A物體，必受重力、B對(duì)A的彈力和摩擦力作用，受三個(gè)力，故A正確，BCD錯(cuò)誤；應(yīng)選：A先對(duì)AB整體受力分析，看是否與墻壁間有作用力，再對(duì)A物體受力分析即可此題關(guān)鍵先對(duì)AB整體受力分析，再對(duì)A物體受力分析，注意平衡條件

6、的應(yīng)用，難度不大，屬于根底題4. 如下圖，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為m和M，把它們靠在一起從光滑斜面的頂端由靜止開場(chǎng)下滑斜面的傾角為，斜面始終保持靜止那么在此過(guò)程中物塊B對(duì)物塊A的壓力為A. MgsinB. MgcosC. 0D. M+mgsin2019物理備課組整理C物理備課組一組指導(dǎo)解：對(duì)A、B組成的整體受力分析可知，整體受重力、支持力而做勻加速直線運(yùn)動(dòng)；由牛頓第二定律可知，a=(m+M)gsin(m+M)=gsin；那么再對(duì)B由牛頓第二定律可知：F合=Ma=Mgsin；合力等于B的重力沿斜面向下的分力；故說(shuō)明AB間沒(méi)有互相作用力，故ABD錯(cuò)誤，C正確應(yīng)選：C對(duì)整體受力分析求出整體的加速度，

7、再對(duì)B受力分析即可求得A對(duì)B的壓力，再由牛頓第三定律可求得B對(duì)A的壓力此題考察牛頓第二定律的應(yīng)用，要明確兩物體加速度一樣，均是重力的分力提供加速度5. 如圖，光滑斜劈A上外表程度，物體B疊放在A上面，斜面光滑，AB靜止釋放瞬間，B的受力圖是A. B. C. D. 2019物理備課組整理B物理備課組一組指導(dǎo)解：物體A釋放前，物體B受到重力和支持力，兩力平衡；楔形物體A釋放后，由于物體A上外表是光滑的，那么物體B程度方向不受力，根據(jù)牛頓第一定律知道，物體B在程度方向的狀態(tài)不改變，即仍保持靜止?fàn)顟B(tài)，故B正確，ACD錯(cuò)誤應(yīng)選：B分析物體B的受力情況，根據(jù)牛頓第一定律分析B在程度方向和豎直方向的運(yùn)動(dòng)狀態(tài)

8、，即可求解此題關(guān)鍵要正確分析物體B的受力情況，抓住程度方向不受力，狀態(tài)不發(fā)生改變是關(guān)鍵二、多項(xiàng)選擇題本大題共4小題，共24分全部選對(duì)得6分，選對(duì)當(dāng)不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。6. 如下圖，A、B兩物塊的質(zhì)量分別為2m和m，靜止疊放在程度地面上A、B間的動(dòng)摩擦因數(shù)為，B與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，重力加速度為g現(xiàn)對(duì)A施加一程度拉力F，那么A. 當(dāng)F2 mg時(shí)，A、B都相對(duì)地面靜止B. 當(dāng)F3 mg時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng)C. 當(dāng)F=2.5mg時(shí)，A的加速度為0.25gD. 無(wú)論F 為何值，B的加速度不會(huì)超過(guò)12g2019物理備課組整理BD物理備

9、課組一組指導(dǎo)解：AB之間的最大靜摩擦力為：fmax=mAg=2mg，那么A、B間發(fā)生滑動(dòng)的最小加速度為a=g，B與地面間的最大靜摩擦力為：fmax=12mA+mBg=32mg，故拉力F最小為F：F-fmax=ma，所以F不小于3mg，AB將發(fā)生滑動(dòng)；A、當(dāng) F2mg時(shí)，F(xiàn)fmax，AB之間不會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，B與地面間會(huì)發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)，所以A、B 都相對(duì)地面運(yùn)動(dòng)，故A錯(cuò)誤B、由上分析可知，當(dāng)F3mg時(shí)，A相對(duì)B滑動(dòng)故B正確C、當(dāng)F=2.5mg時(shí)，A、B以共同的加速度開場(chǎng)運(yùn)動(dòng)，將A、B看作整體，由牛頓第二定律有F-1.5mg=3ma，解得a=13g，故C錯(cuò)誤，D、對(duì)B來(lái)說(shuō)，其所受

10、合力的最大值Fm=2mg-1.5mg=0.5mg，即B的加速度不會(huì)超過(guò)0.5g，故D正確應(yīng)選：BD根據(jù)A、B之間的最大靜摩擦力，隔離對(duì)B分析求出整體的臨界加速度，通過(guò)牛頓第二定律求出A、B不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的最大拉力然后通過(guò)整體法隔離法逐項(xiàng)分析此題考察牛頓第二定律的綜合運(yùn)用，解決此題的打破口在于通過(guò)隔離法和整體法求出A、B不發(fā)生相對(duì)滑動(dòng)時(shí)的最大拉力7. 如下圖，穿在一根光滑固定桿上的小球A、B通過(guò)一條跨過(guò)定滑輪的細(xì)繩連接，桿與程度方向成角，不計(jì)所有摩擦當(dāng)兩球靜止時(shí)，OA繩沿豎直方向，OB繩與桿的夾角為，那么以下說(shuō)法正確的選項(xiàng)是A. 小球A可能受到3個(gè)力的作用B. 小球B一定受到3個(gè)力的作用C.

11、小球A、B的質(zhì)量之比mA：mB=1：tanD. 小球A、B的質(zhì)量之比mA：mB=tan：12019物理備課組整理BD物理備課組一組指導(dǎo)解：A、對(duì)A球受力分析可知，A受到重力，繩子的拉力，兩個(gè)力合力為零，桿子對(duì)A球沒(méi)有彈力，否那么A不能平衡，故A錯(cuò)誤；B、對(duì)B球受力分析可知，B受到重力，繩子的拉力以及桿對(duì)B球的彈力，三個(gè)力的合力為零，故B正確；C、分別對(duì)AB兩球分析，運(yùn)用合成法，如圖：根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，得：T=mAg Tsin=mBgsin(90+)根據(jù)正弦定理列式故mA：mB=tan：1，故C錯(cuò)誤，D正確應(yīng)選：BD分別對(duì)AB兩球分析，運(yùn)用合成法，用T表示出A、B兩球的重力，同一根繩子上的拉力

12、相等，即繩子AB兩球的拉力是相等的此題考察了隔離法對(duì)兩個(gè)物體的受力分析，關(guān)鍵是抓住同一根繩子上的拉力處處相等結(jié)合幾何關(guān)系將兩個(gè)小球的重力聯(lián)絡(luò)起來(lái)8. 如圖a所示，一輕質(zhì)彈簧的下端固定在程度面上，上端放置一物體物體與彈簧不連接，初始時(shí)物體處于靜止?fàn)顟B(tài)現(xiàn)用豎直向上的拉力F作用在物體上，使物體開場(chǎng)向上做勻加速運(yùn)動(dòng)，拉力F與物體位移x之間的關(guān)系如圖b所示g=10m/s2，那么以下結(jié)論正確的選項(xiàng)是A. 物體的質(zhì)量為3kgB. 物體的加速度大小為5m/s2C. 彈簧的勁度系數(shù)為7.5N/cmD. 物體與彈簧別離時(shí)動(dòng)能為0.4J2019物理備課組整理BD物理備課組一組指導(dǎo)解：A、初始，物體靜止在彈簧上面，彈

13、簧彈力與重力平衡，施加F后即為合力，所以有：10N=ma，此后物體勻加速上升，彈力逐漸變小，當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，物塊和彈簧別離，合力為：30N-mg=ma，聯(lián)立兩式，整理得物體重力：mg=20N，質(zhì)量m=2Kg，故A錯(cuò)誤；B、當(dāng)彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)后，物塊和彈簧別離，合力為30N-mg=ma，又已求得m=2Kg，那么a=30202m/s2=5m/s2，故B正確；C、由圖可知，從初始彈簧彈力等于重力到彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，位移為4cm，即彈力等于重力時(shí)，彈簧形變量為X=4cm，勁度系數(shù)K=mgx=5N/cm，故C錯(cuò)誤；D、對(duì)勻加速過(guò)程，根據(jù)速度位移公式，有：v2=2ax；別離時(shí)動(dòng)能：Ek=12mv2=max=2&

14、#215;5×0.04J=0.4J；故D正確；應(yīng)選：BD 由圖象分析可知，初始，物體靜止在彈簧上面，彈簧彈力與重力平衡，施加F后即為合力，物體勻加速上升，彈簧上的彈力逐漸變小，運(yùn)動(dòng)位移為4cm后，彈簧恢復(fù)原長(zhǎng)，此時(shí)物塊和彈簧別離，此后物體受到恒定的力F=30N和重力做勻加速運(yùn)動(dòng)根據(jù)牛頓第二定律分別列出起始和別離狀態(tài)時(shí)的方程聯(lián)立可解得此題考察圖象的識(shí)別，從圖象中獲取信息是物理的一項(xiàng)根本才能，獲取信息后能否根據(jù)獲取的信息分析過(guò)程，靈敏運(yùn)用好牛頓第二定律是關(guān)鍵9. 如下圖，在程度力F作用下，木塊A、B保持靜止假設(shè)木塊A與B的接觸面是程度的，且F0，那么木塊B的受力個(gè)數(shù)可能是A. 3B. 4

15、C. 5D. 62019物理備課組整理BC物理備課組一組指導(dǎo)解：B至少受到重力、A對(duì)B的壓力和靜摩擦力、斜面的支持力四個(gè)力斜面對(duì)物體B可能有靜摩擦力，也有可能沒(méi)有靜摩擦力；故木塊B受力的個(gè)數(shù)可能是4個(gè)，也可能是5個(gè)應(yīng)選：BC先對(duì)A分析，B對(duì)A有向右的靜摩擦力；再分析B受力，B可能受到斜面的靜摩擦力，也可能不受斜面的靜摩擦力，B受力情況有兩種可能此題關(guān)鍵先對(duì)A分析，根據(jù)平衡條件得到B對(duì)A有向左的靜摩擦力，然后根據(jù)牛頓第三定律得到A對(duì)B有向右的靜摩擦力；再按照重力、彈力、摩擦力的順序找力三、填空題本大題共1小題，共5分10. 如圖，吊燈A通過(guò)繩子懸掛在天花板上的B點(diǎn)和C點(diǎn)，OB與天花板的夾角為，O

16、B、OA的長(zhǎng)均為l假設(shè)燈的大小和線的長(zhǎng)度相比是很小的，那么吊燈在垂直于紙面內(nèi)作小幅振動(dòng)時(shí)的懸點(diǎn)為點(diǎn)_填寫圖中的字母，周期為_2019物理備課組整理O；2l+lsing物理備課組一組指導(dǎo)解：燈做圓周運(yùn)動(dòng)，圓心即為懸點(diǎn)，即O點(diǎn)；擺長(zhǎng)為燈與圓心的間隔 ，為：L=l+lsin；故單擺的周期為：T=2l+lsing；故答案為：O，2l+lsing電燈做圓周運(yùn)動(dòng)，圓心即為懸點(diǎn)；電燈與圓心的間隔 為單擺的擺長(zhǎng)，根據(jù)單擺的周期公式T=2Lg求解周期即可此題是對(duì)單擺周期公式的考察，關(guān)鍵是記住其定義和公式T=2Lg，等效擺長(zhǎng)為燈與懸掛點(diǎn)的間隔 四、實(shí)驗(yàn)題探究題本大題共2小題，共18.0分11. 如圖甲所示，用鐵架

17、臺(tái)、彈簧和多個(gè)質(zhì)量且質(zhì)量相等的鉤碼探究在彈性限度內(nèi)彈簧彈力與彈簧伸長(zhǎng)量的關(guān)系。1為完成實(shí)驗(yàn)，還需要的實(shí)驗(yàn)器材有_。2實(shí)驗(yàn)中需要測(cè)量的物理量有_。3圖乙是彈簧彈力F與彈簧伸長(zhǎng)量x的Fx圖像，由此可求出彈簧的勁度系數(shù)為_N/m。圖線不過(guò)原點(diǎn)的原因是由于_。4為完成該實(shí)驗(yàn)，設(shè)計(jì)的實(shí)驗(yàn)步驟如下：A以彈簧伸長(zhǎng)量為橫坐標(biāo)，以彈力為縱坐標(biāo)，描出各組x,F對(duì)應(yīng)的點(diǎn)，并用平滑的曲線連接起來(lái)；B記下彈簧不掛鉤碼時(shí)其下端的刻度尺上的刻度L0；C將鐵架臺(tái)固定于桌子上，并將彈簧的一端系于橫梁上，在彈簧附近豎直固定一把刻度尺；D依次在彈簧下端掛上1個(gè)、2個(gè)、3個(gè)、4個(gè)鉤碼，并分別記下鉤碼靜止時(shí)彈簧下端所對(duì)應(yīng)的刻度，并記錄

18、在表格內(nèi)，然后取下鉤碼；E以彈簧伸長(zhǎng)量為自變量，寫出彈力與伸長(zhǎng)攝的關(guān)系式。首先嘗試寫成一次函數(shù)，假如不行，那么考慮二次函數(shù)；F解釋函數(shù)表達(dá)式中常數(shù)的物理意義；G整理儀器。請(qǐng)將以上步驟按操作的先后順序排列出來(lái)：_。2019物理備課組整理1刻度尺2彈簧原長(zhǎng)、彈簧掛不同個(gè)數(shù)的鉤碼時(shí)所對(duì)應(yīng)的伸長(zhǎng)量或?qū)?yīng)的彈簧長(zhǎng)度 3200彈簧自身存在重力4CBDAEFG 物理備課組一組指導(dǎo)略12. 某物理興趣小組利用電子秤探究小球在豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)，他們到物理實(shí)驗(yàn)室取來(lái)電子秤，鐵架臺(tái)、長(zhǎng)度為L(zhǎng)的輕質(zhì)細(xì)線和小球等1將鐵架臺(tái)放在電子秤上，其讀數(shù)為M；撤去鐵架臺(tái)將小球放在電子秤上，其讀數(shù)為m2組裝好實(shí)驗(yàn)裝置如下

19、圖保持細(xì)線自然伸長(zhǎng)，將小球拉起至使細(xì)線處于程度位置，此時(shí)電子秤讀數(shù)為_ 填寫“M+m、“M、“大于M+m或“處于M和M+m之間3從釋放小球至小球向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程，電子秤讀數(shù)_ 填“逐漸增大、“逐漸減小或“保持不變4忽略空氣阻力，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，細(xì)線的拉力為_ ；電子秤的讀數(shù)為_ 重力加速度為g2019物理備課組整理M；逐漸增大；3mg；M+3m物理備課組一組指導(dǎo)解：2將小球拉起至使細(xì)線處于程度位置，小球受到的外力的作用與其重力的大小是相等的，小球在程度方向的拉力是0，所以鐵架臺(tái)只受到重力與電子秤的支持力，那么鐵架臺(tái)受到的支持力等于其重力，根據(jù)牛頓第三定律可知，此時(shí)電子秤受到的壓力等于

20、鐵架臺(tái)的支持力，那么電子秤的讀數(shù)為M3從釋放小球至小球向下運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)過(guò)程，小球做速度增大的圓周運(yùn)動(dòng)，向心力逐漸增大，同時(shí)細(xì)線與豎直方向增加的夾角減小，那么小球受到的向心力在豎直方向的分力增大；根據(jù)牛頓第三定律可知，鐵架臺(tái)在豎直方向受到的細(xì)線的拉力增大，豎直方向受到的支持力也隨著增大，所以電子秤讀數(shù)增大；4忽略空氣阻力，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)到最低點(diǎn)時(shí)，小球的機(jī)械能守恒，那么：mgl=12mv2 又由于繩子的拉力與重力的合力提供向心力，那么：Fmg=mv2l 聯(lián)立得：F=3mg 根據(jù)牛頓第三定律，細(xì)線的拉力為3mg以鐵架臺(tái)為研究對(duì)象，鐵架臺(tái)受到重力、電子秤的支持力和細(xì)線的向下的拉力，得：Mg+F=N 所以

21、：N=Mg+3mg 根據(jù)牛頓第三定律可知，電子秤受到的壓力是Mg+3mg 電子秤的讀數(shù)是：M+3m 故答案為：2M；3逐漸增大；43mg，M+3m 2根據(jù)共點(diǎn)力平衡分析將小球拉起至使細(xì)線處于程度位置時(shí)電子秤讀數(shù)；3結(jié)合圓周運(yùn)動(dòng)與向心力的特點(diǎn)，分析電子秤的示數(shù)的變化；4結(jié)合機(jī)械能守恒與牛頓第二定律，求出細(xì)線的拉力，然后以鐵架臺(tái)為研究對(duì)象，求出鐵架臺(tái)受到的支持力，電子秤的示數(shù)該題利用電子秤探究小球在豎直面內(nèi)的圓周運(yùn)動(dòng)，屬于設(shè)計(jì)性的實(shí)驗(yàn)，在解答的過(guò)程中首先要理解實(shí)驗(yàn)的原理，然后結(jié)合實(shí)驗(yàn)的原理進(jìn)展分析即可五、計(jì)算題本大題共4小題，共48分13. 如下圖，質(zhì)量為m1的物體A壓在放于地面上的豎直輕彈簧k1

22、上，上端與輕彈簧k2相連，輕彈簧k2上端與質(zhì)量也為m2物體B相連，物體B通過(guò)輕繩跨過(guò)光滑的定滑輪與輕質(zhì)小桶P相連，A、B均靜止現(xiàn)緩慢地向小桶P內(nèi)參加細(xì)砂，當(dāng)彈簧k1恰好恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，小桶一直未落地求1小桶P內(nèi)所加人的細(xì)砂質(zhì)量；2小桶在此過(guò)程中下降的間隔 2019物理備課組整理解：1當(dāng)k1恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，對(duì)AB整體分析，繩子的拉力為F=m1+m2 g，即小桶中細(xì)砂的質(zhì)量為m1+m22開場(chǎng)時(shí)，對(duì)AB分析，k1x1=m1+m2g，彈簧k1的壓縮量為：x1=(m1+m2)gk1 對(duì)B分析，k2x2=m2g，彈簧k2的壓縮量為：x2=m2gk2 當(dāng)k1恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，對(duì)A分析，k2x2=m1g，彈簧k2

23、的伸長(zhǎng)量為：x2=m1gk2 在此過(guò)程中，小桶下降的間隔 為：h=x1+x2+x2=m1+m2g(1k1+1k2) 答：1小桶P內(nèi)所加人的細(xì)砂質(zhì)量是m1+m2；2小桶在此過(guò)程中下降的間隔 是m1+m2g(1k1+1k2)物理備課組一組指導(dǎo)1當(dāng)彈簧k1恰好恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)，對(duì)AB組成的整體，由平衡條件求出繩子的拉力，從而求得小桶P內(nèi)所加人的細(xì)砂質(zhì)量2先研究開場(chǎng)時(shí)彈簧k1的壓縮量和彈簧k2的壓縮量，再研究k1恢復(fù)原長(zhǎng)時(shí)彈簧k2的伸長(zhǎng)量，由幾何關(guān)系得到小桶在此過(guò)程中下降的間隔 對(duì)于含有彈簧的問(wèn)題，是高考的熱點(diǎn)，要學(xué)會(huì)分析彈簧的狀態(tài)，彈簧有三種狀態(tài)：原長(zhǎng)、伸長(zhǎng)和壓縮，含有彈簧的問(wèn)題中求解間隔 時(shí)，都要根據(jù)幾

24、何知識(shí)研究物體挪動(dòng)與彈簧形變量的關(guān)系14. 質(zhì)量為10kg的箱子放在程度地面上，箱子與地面的動(dòng)摩擦因數(shù)為0.5，現(xiàn)用于程度方向成37°傾角的100N力拉箱子，如下圖，箱子從靜止開場(chǎng)運(yùn)動(dòng)，從2s末撤去拉力，求：sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s21撤去拉力時(shí)箱子的速度為多大2箱子繼續(xù)運(yùn)動(dòng)多長(zhǎng)時(shí)間才能靜止。2019物理備課組整理解：1由牛頓第二定律得：Fcos-mg-Fsin=ma1，解得：a1=6m/s2，2s末速度為：v=a1t1=6×2=12m/s；2撤去拉力后，根據(jù)牛頓第二定律得：mg=ma2，解得：a2=5m/s2，勻減速過(guò)

25、程，由速度公式得：v=a2t2，解得：t2=2.4s；答：1撤去拉力時(shí)箱子的速度為12m/s；2箱子繼續(xù)運(yùn)動(dòng)2.4s時(shí)間才能靜止。物理備課組一組指導(dǎo)1由牛頓第二定律可求得前2s的加速度，那么可求得2s末的速度；2撤去拉力后，物體在摩擦力的作用下勻減速運(yùn)動(dòng)，由速度公式可求得減速的時(shí)間。此題關(guān)鍵是明確箱子的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，要注意加速和減速過(guò)程的正壓力不同導(dǎo)致滑動(dòng)摩擦力不同，分析清楚物體的受力情況與運(yùn)動(dòng)過(guò)程是解題的關(guān)鍵，應(yīng)用牛頓第二定律與運(yùn)動(dòng)學(xué)公式可以解題。15. 程度路面上有一小車，小車車廂中有一小球被a，b兩根輕質(zhì)細(xì)繩拴住，如下圖，圖中繩a與豎直方向成角，繩b程度，小球的質(zhì)量為m，重力加速度為g，那么

26、：1小車靜止時(shí)，細(xì)繩a和b所受到的拉力各為多大；2小車靜止時(shí)，假設(shè)將繩b剪斷，求剪斷細(xì)繩瞬間小球的加速度；3當(dāng)車廂以一定的加速度向右作直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，a繩與豎直方向的夾角不變，而b繩受到的拉力變?yōu)榱?，求此時(shí)車廂的加速度2019物理備課組整理解：1對(duì)小球受力分析如下圖：兩繩的拉力的合力與重力大小相等方向相反，由幾何關(guān)系可得：Fa=mgcos；Fb=mgtan；2剪斷細(xì)線b，小球?qū)?huì)以細(xì)線a為半徑做圓周運(yùn)動(dòng)，所以剪斷瞬間，小球受到的合力方向垂直于細(xì)線a向下；根據(jù)牛頓第二定律可得：mgsin=ma1，解得：a1=gsin；3當(dāng)車廂以一定的加速度向右作直線運(yùn)動(dòng)時(shí)，a繩與豎直方向的夾角不變，而b繩受到的拉力變?yōu)榱?，根?jù)牛頓運(yùn)動(dòng)定律：Fasin=ma2，豎直方向：Facos-mg=0，聯(lián)立解得：a2=gtan，方向程度向右答：1小車靜止時(shí)，細(xì)繩a的拉力為mgcos、b所受到的拉力為mgtan；2小車靜止時(shí)，假設(shè)將繩b剪斷，剪斷細(xì)繩瞬間