湖南師大附中屆

1、精品文檔，值得擁有湖南師大附中 2017 屆 第八次月考理綜物理試卷二、選擇題（本題共 8 小題，每小題 6分，共 48 分。在每小題給出的四個選項 中，第 1418 小題只有一項符合題目要求，第 19 21 小題有多項符合題目要 求。全部選對的得 6 分，選對但不全的得 3 分，有選錯或不選的得 0 分） 14.下列說法正確的是（ ）A天然放射現(xiàn)象說明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)B 粒子散射實驗說明原子核內(nèi)部具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)C原子核能發(fā)生 衰變說明原子核內(nèi)存在電子D氫原子從定態(tài) n=3 躍遷到 n=2 ，再躍遷到 n=l 定態(tài)，則后一次躍遷輻射出的光子波長比 前一次的長 解析：A天然放射現(xiàn)象說明原子核

2、內(nèi)部具有復(fù)雜結(jié)構(gòu)， A 正確；粒子散射實驗說明原子的核式結(jié)構(gòu)， B 錯誤； 原子核能發(fā)生 衰變是核內(nèi)一個中子轉(zhuǎn)化成一個質(zhì)子和一個電子，原子核內(nèi)并沒有電子， C錯誤；氫原子從定態(tài) n=3躍遷到 n=2，再躍遷到 n=l 定態(tài)，則后一次躍遷輻射出的 光子能量比前一次的大，根據(jù) ，可知后一次躍遷輻射出的光子波長比前一次的短，D 錯誤。故選 A 15.2016 年 10 月 19 日凌晨 “神舟十一號 ”飛船與 “天宮二號 ”成功實施自動交會對接如圖所示，已知“神舟十一號 ”天“宮二號 ”對接后，組合體在時間 t內(nèi)沿圓周 軌道繞地球轉(zhuǎn)過的角度為 ，組合體軌道半徑為 r ，地球表面重力加 速度為 g，引

3、力常量為 G，不考慮地球自轉(zhuǎn)則下列各量不能求出 的是（ ）A. 地球的質(zhì)量B. 地球的平均密度C. 組合體做圓周運動的線速度D. 組合體受到地球的萬有引力解析：D組合體在時間 t 內(nèi)沿圓周軌道繞地球轉(zhuǎn)過的角度為 ，則角速度：A、萬有引力提供組合體的向心力，則：2r3 2r3所以： M= G =t2G故 A 可求；B、不考慮地球的自轉(zhuǎn)時，組合體在地球表面的重力等于地球?qū)M合體的萬有引力，則得： mg=G解得：1 / 12精品文檔，值得擁有地球的密度為：= = =代入即可求出平均密度故 B 可求；C、根據(jù)線速度與角速度的關(guān)系 v=r 可知： v= 故 C 可求；D 、由于不知道組合體的質(zhì)量，所以不

4、能求出組合體受到的萬有引力故D 不可求故選： D16. 利用超聲波遇到物體發(fā)生反射的特性，可測定物體運動的有關(guān)參量圖甲中儀器 A 和 B 通過電纜線連接， B為超聲波發(fā)射與接收一體化裝置， 儀器 A提供超聲波信號源而且能將 B 接收到的超聲波信號進(jìn)行處理并在屏幕上顯示其波形 現(xiàn)固定裝置 B，并將它對準(zhǔn)勻速行駛 的小車 C，使其每隔固定時間 T0發(fā)射一短促的超聲波脈沖，圖乙中1、2、3為 B 發(fā)射的超聲波信號， 1、2、3為對應(yīng)的反射波信號接收的反射波滯后時間已在圖中標(biāo)出，其中T0和 T 為已知量又知該測定條件下超聲波在空氣中的速度為V0，則根據(jù)所給信息可判斷小車的運動方向和速度大小為（A. 向

5、右，B.向左，C.向右，D.向左，解析 ：由屏幕上顯示的波形可以看出， 反射波滯后于發(fā)射波的時間越來越長， 說明小車離信 號源的距離越來越遠(yuǎn)，小車向右運動由題中圖 2 可得，小車相鄰兩次反射超聲波脈沖的時間t=T0+ （T+ T）- T=T0+ T 小車在此時間內(nèi)前進(jìn)的距離為s=v0?小車的速度為v= =所以選項 A 正確故選： A17. 將一長木板靜止放在光滑的水平面上，如圖甲所示。一個小鉛塊（可視為質(zhì)點）以水平 初速度 v0 由木板左端向右滑動，到達(dá)右端時恰能與木板保持相對靜止。小鉛塊運動過程中 所受的摩擦力始終不變， 現(xiàn)將木板分成 A和 B兩段，使 B的長度和質(zhì)量均為 A的 2 倍，并緊

6、 挨著 A 放在原水平面上，讓小鉛塊仍以初速度 v0由木塊 A的左端開始向右滑動，如圖乙所示， 則下列有關(guān)說法正確的是（ ）A小鉛塊恰能滑到木板 B的右端 ,并與木板 B保持相對靜止B小鉛塊將從木板 B 的右端飛離木板C小鉛塊滑到木板 B的右端前就與木板 B 保持相對靜止 D木板 B 達(dá)到的最終速度與第一種情景中木板達(dá)到的最 終速度大小相同2 / 12精品文檔，值得擁有解析：C在第一次小鉛塊運動過程中， 小鉛塊與木板之間的摩擦力使整個木板一直加速， 第二次小鉛 塊先使整個木板加速， 運動到 B部分上后 A部分停止加速， 只有 B 部分加速， 加速度大于第 一次的對應(yīng)過程， 故第二次小鉛塊與 B

7、 木板將更早達(dá)到速度相等， 所以小鉛塊還沒有運動到 B的右端。 故 A、B錯誤， C正確。 木板 B達(dá)到的最終速度比第一種情景中木板達(dá)到的最終速 度大，故 D錯誤。故選 C。18. 如圖，環(huán)形塑料管半徑為 R，豎直放置，且管的內(nèi)徑遠(yuǎn)小于環(huán)的半徑，ab 為該環(huán)的水平直徑，環(huán)的 ab 及其以下部分處于水平向左的勻強(qiáng)電場中， 管的內(nèi)壁光滑。 現(xiàn)將一質(zhì)量為 m， 電荷量為 q 的小球從管中 a 點由靜止開始釋放，已知 qE = mg，小球可以運動過 b 點。則下 列說法正確的是 ( ) A小球帶負(fù)電荷 B小球釋放后，到達(dá) b 點時速度為零，并在 bda 間往復(fù)運動 C小球釋放后， 第一次和第二次經(jīng)過最

8、高點 c 時對管壁的壓力之 比為 1 6 D 小球釋放后， 第一次經(jīng)過最低點 d 和最高點 c 時對管壁的壓力 之比為 51 解析：D 小球如果帶負(fù)電荷，則只會在 a、d 間運動，不能過 b 點， A 錯 小球釋放后，由于電場力做正功，所以到達(dá) b 點時速度不為零， B 錯 小球釋放后，第一次和第二次經(jīng)過最高點 c 時對管壁的壓力比為 1:5，C 錯12 小球釋放后，第一次經(jīng)過最低點d，根據(jù)動能定理 mgR EqRmv2 ，在 d 點有：22 mvN1 mg ， 因 為 qE = mg ， 計 算 可 得 N1 5mg ， 到 最 高 點 c 時 ： R12mgR 2EqRmv22 ，計算可得

9、小球?qū)鼙诘膲毫Φ扔谥亓?，即N2 mg ，所以壓力2 之比為 5:1，D 對19. 某同學(xué)在實驗室中研究遠(yuǎn)距離輸電由于輸電線太長，他將每100 米導(dǎo)線卷成一卷，共卷成 8 卷來代替輸電線路(忽略輸電線路的自感作用) 第一次直接將輸電線與學(xué)生電源及用電器相連，測得輸電線上損失的功率為P1第二次采用如圖所示的電路輸電，其中理想變壓器 T1與電源相連，其原、副線圈的匝數(shù)比為n1：n2，理想變壓器 T2 與用電器相連，測得輸電線上損失的功率為 P2下列說法正確的是 (A. 前后二次實驗都可用于研究遠(yuǎn)距離直流輸電B. 實驗可以證明，減小輸電電流能減小遠(yuǎn)距離輸電的能 量損失22C. 若輸送功率一定，則 P

10、2：P1=n12： n22D. 若輸送功率一定，則 P2：P1=n1： n2解析 ：BC3 / 12精品文檔，值得擁有A 、變壓器只能改變交變電流的電壓， 所以第二次實驗只能研究遠(yuǎn)距離交流輸電， 故 A 錯誤；B、實驗可以證明，減小輸電電流能減小遠(yuǎn)距離輸電的能量損失，故B 正確；2C、第一次實驗輸電線上的電流 I= ，輸電線上損失的功率 P1=I R= 第二次實驗，升壓變壓器副線圈上的電壓U2=，輸電線上的電流 I= ，輸電線上損2失的功率 P2=I2'R= R，所以：= = ，故 C正確， D錯誤故選： BC20. 如圖甲所示，一輕彈簧的兩端與質(zhì)量分別為m1、m2的兩物塊 A、B 相

11、連接， 處于原長 并靜止在光滑水平面上現(xiàn)使 B 獲得水平向右、大小為 6m/s 的瞬時速度，從此刻開始計時， 兩物塊的速度隨時間變化的規(guī) 律如圖 乙所示 ，從圖 象提供的信息可得（ ）A. 在 t1、t2 時刻兩物塊達(dá)到共同速度 2m/s，且彈簧都處于伸長狀態(tài)B. 從 t3到 t4時刻間彈簧由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長C. 兩物體的質(zhì)量之比為 m1： m2=2： 1D. 在 t2時刻， A 、B 兩物塊的動能之比為 Ek1：Ek2=4：1解析： BCA、從圖象可以看出，從 0 到 t1的過程中彈簧逐漸伸長， t1 時刻兩物塊達(dá)到共同速度 2m/s， 此時彈簧處于伸長狀態(tài)， 從 t1 到 t3 的過程中

12、， 彈簧逐漸恢復(fù)到原長并開始壓縮， t2 時刻兩物 體達(dá)到共同速度，此時彈簧處于壓縮狀態(tài)，故A錯誤； B、由圖示圖象可知，從 t3到 t4時間內(nèi)A 做減速運動， B做加速運動，彈簧由由壓縮狀態(tài)恢復(fù)到原長，故B正確； C、由圖示圖象可知， t1時刻兩物體相同， 都是 2m/s，A、B系統(tǒng)動量守恒， 以 B的初速度方向為正方向， 由動量守恒定律得： m2v1=（m1+m2） v2，即 m2×6=（m1+m2）×2，解得： m1：m2=2 ：1，故 C 正確； D、由圖示圖象可知，在 t2時刻， A、B 兩物塊的速度分別為： 4m/s、 -2m/s，兩物體2 2 2 2的動能之比為 Ek1：Ek2= m1vA 2： m2vB2= ×2m2×42： ×m2×（-2）2=8：1，故 D 錯誤。 故選： BC。21. 如圖所示，