江蘇漣水金城外國語學校12-13高一上期末考試-物理

1、漣水金城外國語學校2012-2013學年高一上學期期末考試物理試題第I卷（選擇題）一、選擇題1有關(guān)超重和失重，下列說法正確的是（ ）A物體處于超重狀態(tài)時，所受重力增大；處于失重狀態(tài)時，所受重力減小B豎直上拋的物體處于完全失重狀態(tài)C在沿豎直方向運動的升降機中出現(xiàn)失重現(xiàn)象時，升降機一定處于上升過程D在沿豎直方向運動的升降機中出現(xiàn)失重現(xiàn)象時，升降機一定處于下降過程2如圖，在一根張緊的水平繩上，懸掛有 a、b、c、d、e五個單擺，讓a擺略偏離平衡位置后無初速釋放，在垂直紙面的平面內(nèi)振動；接著其余各擺也開始振動。下列說法中正確的有：（ ）A各擺的振動周期與a擺相同B各擺的振幅大小不同，c擺的振幅最大C各

2、擺的振動周期不同，c擺的周期最長D各擺均做自由振動3在前不久剛結(jié)束的“第14屆國際泳聯(lián)世界錦標賽上海2011”中， 中國跳水隊包攬全部10枚金牌. 現(xiàn)假設一質(zhì)量為m的跳水運動員進人水中后受到水的阻力而做減速運動，設水對他的阻力大小恒為F，那么在他減速下降高度為h的過程中，下 列說法正確的是(g為當?shù)氐闹亓铀俣龋?）A.他的動能減少了 Fh減少了 mghC. 他的機械能減少了（F-mg）h D.他的機械能減少了 Fh4如圖所示，一輕質(zhì)彈簧豎直放置在水平地面上，下端固定彈簧原長為20cm，勁度系數(shù)k200N/m.現(xiàn)用豎直向下的力將彈簧壓縮到10cm后用細線栓住，此時在彈簧上端放置質(zhì)量為的物塊在

3、燒斷細線的瞬間A物塊的速度為零B物塊的加速度為零C物塊的加速度為10m/s2，方向豎直向下D物塊的加速度為30m/s2，方向豎直向上5如圖所示，水塔中水面距地面高H,水龍頭距地面高h，水龍頭受到水的壓強是 ( )HhA.水gH B.水gh C.水g（Hh） D.水g（Hh）6如圖所示，某段滑雪雪道傾角為30，總質(zhì)量為m(包括雪具在內(nèi))的滑雪運動員從距底端高為h處的雪道上由靜止開始勻加速下滑，加速度為 g.在他從上向下滑到底端的過程中，下列說法正確的是()A運動員減少的重力勢能全部轉(zhuǎn)化為動能B運動員獲得的動能為 mghC運動員克服摩擦力做功為 mghD下滑過程中系統(tǒng)減少的機械能為 mgh7如圖所

4、示，一塊質(zhì)量為M的木板停在光滑的水平面上，木板的左端有擋板，擋板上固定一個小彈簧。一個質(zhì)量為m的小物塊（可視為質(zhì)點）以水平速度0從木板的右端開始向左運動，與彈簧碰撞后（彈簧處于彈性限度內(nèi)），最終又恰好停在木板的右端。根據(jù)上述情景和已知量，可以求出A彈簧的勁度系數(shù)B彈簧的最大彈性勢能C木板和小物塊之間的動摩擦因數(shù) D木板和小物塊組成的系統(tǒng)最終損失的機械能8如圖123所示，磁帶錄音機既可用作錄音，也可用作放音，其主要部件為可勻速行進的磁帶a和繞有線圈的磁頭b，不論是錄音或放音過程，磁帶或磁隙軟鐵會存在磁化現(xiàn)象下面對于它們在錄音、放音過程中主要工作原理的描述，正確的是（ ）A、放音的主要原理是電磁感

5、應，錄音的主要原理是電流的磁效應B、錄音的主要原理是電磁感應，放音的主要原理是電流的磁效應C、放音和錄音的主要原理都是磁場對電流的作用D、錄音和放音的主要原理都是電磁感應9如圖所示，寬h=4cm的有界勻強磁場，縱向范圍足夠大，磁感應強度的方向垂直紙面向內(nèi)，現(xiàn)有一群正粒子從O點以相同的速率沿紙面不同方向進入磁場，若粒子在磁場中做勻速圓周運動的軌道半徑均為r=10cm，則（ ）Ox/cm4y/cmA右邊界:-8cmy8cm有粒子射出B右邊界:y8cm有粒子射出D左邊界:0y16cm有粒子射出第II卷（非選擇題）二、實驗題10某同學用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢E和內(nèi)電阻r，所給的其它器材有:A電壓表

6、:0315VB電流表:00.63AC變阻器R1(20，1A)D變阻器R2(1000，)E電鍵S和導線若干（1）實驗中電流表應選用的量程為 ；電壓表應選用的量程為 ；變阻器應選用 (標明變阻器代號)；（2）根據(jù)實驗要求畫出電路圖；（3）實驗測得的6組數(shù)據(jù)已在U-I圖中標出，如圖所示。請你根據(jù)數(shù)據(jù)點位置完成U-I圖線，并由圖線求出該電池的電動勢E=_V，內(nèi)阻r=_. （保留3位有效數(shù)字）11（6分）描繪電場中的等勢線的實驗裝置如圖所示：（1）在實驗過程中，要把復寫紙、導電紙、白紙鋪放在木板上，它們的順序自上而下是： （2）如果以a、b兩個電極的連線為x軸，以a、b連線的中垂線為y軸，并將一個探針固

7、定置于y軸上的某一點，合上開關(guān)S，而將另一個探針由b電極處沿x軸正方向移到a電極的過程中，靈敏電流表G的指針與零刻度夾角變化情況是_（將字母代號填寫在橫線上） A逐漸增大 B逐漸減小 C先變大后變小 D先變小后變大三、計算題12質(zhì)量為m的帶電小球帶電量為+q，用絕緣細線懸掛在水平向左的勻強電場中，平衡時絕緣細線與豎直方向成30角,重力加速度為g.求電場強度的大小.13有同學利用如圖的裝置來驗證力的平行四邊形定則：在豎直木板上鋪有白紙，固定兩個光滑的滑輪A和B，將繩子打一個結(jié)點O，每個勾碼的重量相等，當系統(tǒng)達到平衡時，根據(jù)勾碼個數(shù)讀出三根據(jù)繩子的拉力TOA、TOA和TOA，回答下列問題：（1）改

8、變勾碼個數(shù)，實驗能完成的是（ ）A勾碼的個數(shù)N1=N2=2，N3=4 B勾碼的個數(shù)N1=N3=3，N2=4 C勾碼的個數(shù)N1=N2=N3=4D勾碼的個數(shù)N1=3，N2=4，N3=5（2）在拆下勾碼和繩子前，最重要的一個步驟是（ ）A標記結(jié)點O的位置，并記錄OA、OB、OC三段繩子的方向B量出OA、OB、OC三段繩子的長度C用量角器量出三根繩子之間的夾角D用天平測出勾碼的質(zhì)量（3）在作圖時，你認為下圖中圖 是正確的（填“甲”或“乙”）F1F合F3F2圖乙F1F合F3F2圖甲14 如圖所示，質(zhì)量為m=8.010-25kg，電荷量為q=1.610-15C的帶正電粒子從坐標原點O處沿xOy平面射入第一

9、象限內(nèi)，且與x方向夾角大于等于300的范圍內(nèi)，粒子射入時的速度方向不同，但大小均為v0=2.0107m/s.現(xiàn)在某一區(qū)域內(nèi)加一方向向里且垂直于xOy平面的勻強磁場，磁感應強度大小為B=0.1T，若這些粒子穿過磁場后都能射到與y軸平行的熒光屏MN上，并且當把熒光屏MN向左移動時，屏上光斑長度和位置保持不變。求：(1) 粒子從y軸穿過的范圍；(2) 熒光屏上光斑的長度；(3) 從最高點和最低點打到熒光屏MN上的粒子運動的時間差。(4)畫出所加磁場的最小范圍（用斜線表示）參考答案1B【解析】當物體處于超重與失重狀態(tài)時，實重不變，改變的只是視重，故A選項錯誤；豎直上拋物體只受重力，即a=g，處于完全失

10、重狀態(tài)，故B選項正確；超重加速度向上有兩種狀態(tài)，向上加速運動或向下減速運動。失重加速度向下也有兩種運動狀態(tài)，向下加速運動或向上減速運動，故CD選項錯誤，所以本題答案為B。思路分析：當物體具有豎直向上加速度時，處于超重狀態(tài)；當物體具有豎直向下加速度時，處于失重狀態(tài)。不管物體處于失重還是超重狀態(tài)，物體的實際重力沒有變化。試題點評：本題是考查對超重和失重的理解。2AB3BD【解析】：在他減速下降高度為h的過程中，重力做功mgh，他的重力勢能減少了 mgh，他的機械能減少了 Fh，選項BD正確AC錯誤。4AD【解析】當彈簧被壓縮到10cm時，彈簧的彈力為，細線燒斷的瞬間物體的速度還來不及改變，所以物體

11、的速度為零，A正確，此瞬間物體受到彈簧向上的彈力，豎直向下的重力，所以根據(jù)牛頓第二定律可得，方向豎直向上，D正確。5C【解析】本題考查液體壓強公式，液體的壓強中的h為某點與液面的距離點評：液體壓強由液體密度和深度決定6BD【解析】運動員下落過程中還要受到摩擦力，所以減小的重力勢能一部分轉(zhuǎn)化為動能，一部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能，A錯誤，因為加速度為 g，所以合力為，在合力方向發(fā)生為位移為2h，所以運動員獲得的動能為 mgh，B正確，運動員克服摩擦力做功為，B錯誤，D正確。7BD【解析】考點：動量守恒定律；功能關(guān)系專題：計算題分析：M與m構(gòu)成的系統(tǒng)不受外力，系統(tǒng)動量守恒，可根據(jù)動量守恒定律求出木塊滑動到最左端

12、時系統(tǒng)的速度以及最終木塊和木板相對靜止時的速度；系統(tǒng)產(chǎn)生的熱量可以用公式Q=fS求解，當木塊滑到最左端時，彈性勢能最大，結(jié)合能量守恒定律可以求出彈簧的最大彈性勢能解答：解：小木塊m與長木板M構(gòu)成的系統(tǒng)動量守恒，設小木塊滑到最左端和最右端的速度分別為v1、v2，由動量守恒定律，小木塊從開始位置滑動到最左端的過程，mv0=（m+M）v1小木塊從開始位置滑動到最后相對長木板靜止過程，mv0=（m+M）v2解得v1= v2= 小木塊滑動到最左端的過程中，由能量守恒定律，Epm+Q+（m+M）v2=mv2 Q=fL 小木塊從開始滑動到最右端的過程中，由能量守恒定律，Q+（m+M）v2=mv2Q=f（2L

13、） 由式，可以解出Epm、Q，故BD正確；由于缺少彈簧的壓縮量和木板長度，無法求出彈簧的勁度系數(shù)和滑動摩擦力，故AC錯誤；故選BD點評：動量守恒定律的運用不涉及中間過程，故對于復雜的運動特別方便，可以大大簡化解題過程；同時要注意動量守恒定律經(jīng)常與動能定理和能量守恒定律結(jié)合使用！8A【解析】錄音是聲音信號通過話筒轉(zhuǎn)化為電信號，電信號再通過磁頭轉(zhuǎn)化為磁信號記錄在磁帶上的過程，所以錄音的過程主要原理是電流的磁效應放音是記錄在磁帶上的磁信號通過繞在磁頭上的線圈產(chǎn)生感應電流，轉(zhuǎn)化為電信號，然后電信號再通過揚聲器轉(zhuǎn)變?yōu)槁曇粜盘枺苑乓暨^程的主要原理是電磁感應9AD【解析】畫出粒子偏轉(zhuǎn)的幾個可能軌跡當速度

14、方向豎直向下時，打在右端的距離最遠，根據(jù)幾何關(guān)系可知，最遠距離為8cm，當帶電粒子速度斜向上與右邊界相切時，打在右邊界橫軸以上的距離最遠，由幾何關(guān)系可知，最遠距離為8cm，A對；當帶電粒子與右邊界相切時是打在左邊界距離最遠的臨界值，此時左邊界坐標為16cm，D對；10（1） 0 ；（2）（電路圖略2分) 03V ； R1 ； （3） 1.50 ； 0.500 ；11(1）導電紙 復寫紙 白紙；（2）D【解析】根據(jù)導電紙描繪出等式點,通過復寫紙顯示到白紙上,所以順序為導電紙 復寫紙 白紙；思路分析：根據(jù)導電紙描繪出等式點,通過復寫紙顯示到白紙上,試題點評：12【解析】對小球，由平衡條件得水平方向

15、： (4分)豎直方向： (4分)解得： 13（1）BCD ；（2）A ；（3）甲【解析】（1）A組中N1N22時，只有當兩力同向時，其合力才為4，顯然是無法完成實驗的，其余的三組均可以滿足三力平衡； （2）三力的大小可以直接用鉤碼的個數(shù)代替，故無需測出其質(zhì)量，故只要記下結(jié)點O的位置及三力的方向即可； （3）F3顯然應該是豎直向下的，F(xiàn)1、F2所做出的平行四邊形的對角線因為誤差的原因不一定嚴格的豎直向上和F3平衡.本題具有一定的新穎性，但基本原理還是一樣的，故要求同學理解此實驗的原理和數(shù)據(jù)處理方法.14(1) 0-R (2)=(1+) R (3) t=（+0. 5）10-8S (4) 【解析】設磁場中運動的半徑為R，牛頓第二定律得： 解得R= (2分)當把熒光屏MN向左移動時，屏上光斑長度和位置保持不變,說明電子出射方向平行，都沿-x方向，所加磁場為圓形，半徑為R=0.1。 (1分)(1)電子從y軸穿過的范圍 :初速度沿y軸正方向的粒子直接過y軸 (1分)速度方向在與x方向成300的粒子，轉(zhuǎn)過的角OO2A 為1200， (2分)粒子從y軸穿過的范圍 0-