2019年高考物理二輪復(fù)習(xí)：考前基礎(chǔ)回扣練6電場(chǎng)和磁場(chǎng)

1、考前基礎(chǔ)回扣練 6 電場(chǎng)和磁場(chǎng) 1有兩個(gè)趣味小實(shí)驗(yàn)，第一個(gè)實(shí)驗(yàn)叫做“振動(dòng)的彈簧”， 把一根柔軟的彈簧懸掛起來，使它的下端剛好跟槽中的水銀接 觸，如圖甲所示，通電后，發(fā)現(xiàn)彈簧不斷上下振動(dòng).第二個(gè)實(shí)驗(yàn) 叫做“旋轉(zhuǎn)的液體”，在玻璃皿的中心放一個(gè)圓柱形電極， 沿邊 緣內(nèi)壁放一個(gè)圓環(huán)形電極， 把它們分別與電池的兩極相連， 然后 在玻璃皿中放入導(dǎo)電液體，如鹽水，如果把玻璃皿放在磁場(chǎng)中， 液體就會(huì)旋轉(zhuǎn)起來，如圖乙所示.下列關(guān)于這兩個(gè)實(shí)驗(yàn)的說法正 確的是（） 彈簧不斷上下振動(dòng)是電場(chǎng)力的作用 如果改變電源的正、負(fù)極，則彈簧馬上停止上 液體的旋轉(zhuǎn)是安培力的作用 如果改變電源的正、負(fù)極，液體的旋轉(zhuǎn)方向不 解析：當(dāng)給

2、彈簧和槽中水銀通入電流時(shí)， 彈簧的每一圈都相 當(dāng)于一個(gè)線圈，由同向電流相互吸引可知，彈簧縮短，彈簧離開 水銀面，電路斷開，彈簧中沒有電流，各線圈之間失去吸引作用， 彈簧恢復(fù)原狀，下落到水銀面，電路接通，重復(fù)上面的現(xiàn)象，所 以彈簧不斷上下振動(dòng)的原因是同方向的電流互相吸引， 是安培力 的作用，所以 A錯(cuò)誤；如果改變電源的正、負(fù)極，彈簧每一圈 中仍有同方向的電流，仍然會(huì)上下振動(dòng)， B錯(cuò)誤；液體的旋轉(zhuǎn)是 由沿半徑方向的液體中的電流受到安培力引起的， C正確；如果A .圖甲中， B. 圖甲中， 下振動(dòng) C. 圖乙中， D .圖乙中， 改變電源的正、負(fù)極，液體中電流的方向發(fā)生改變，所受安培力 方向也改變，

3、液體的旋轉(zhuǎn)方向發(fā)生變化， D錯(cuò)誤. 答案：C 2. 2018岳陽一模如圖所示，一帶電小球懸掛在平行板電 容器內(nèi)部，閉合開關(guān) S,電容器充電后，細(xì)線與豎直方向夾角為 A .保持開關(guān)S閉合，使兩極板靠近一些，將減小 B. 保持開關(guān)S閉合，將滑動(dòng)變阻器滑片向右移動(dòng)， 將減 小 C. 斷開開關(guān)S,使兩極板靠近一些，將不變 D .輕輕將細(xì)線剪斷，小球?qū)⒆鲂睊佭\(yùn)動(dòng) 解析：保持開關(guān)S閉合，即電容器兩端電壓不變， 使兩極板 靠近些，由E=U知，電場(chǎng)強(qiáng)度增大，將增大，A項(xiàng)錯(cuò)誤；調(diào) 節(jié)滑動(dòng)變阻器滑片不影響電容器兩極板間的電壓， B項(xiàng)錯(cuò)誤；打 開開關(guān)S,電容器兩極板所帶電荷量不變，使兩極板靠近一些， ES Q U

4、_ 由 C=4nkd U = C、 E不變，即夾角 不變，C項(xiàng)正 確；輕輕將細(xì)線剪斷，小球?qū)⒀丶?xì)線方向向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)， D項(xiàng)錯(cuò)誤. 答案：C 3. 侈選） 如圖所示， 虛線a、b、c表示電場(chǎng)中的三個(gè)等勢(shì)面與紙平面 的交線，且相鄰等勢(shì)面之間的電勢(shì)差相等. 實(shí)線為一帶正電荷粒 子僅在電場(chǎng)力作用下通過該區(qū)域時(shí)的運(yùn)動(dòng)軌跡， M、N是這條軌 跡上的兩點(diǎn)，則下列說法中正確的是 （ ） A .三個(gè)等勢(shì)面中，a的電勢(shì)最高 B. 對(duì)于M、N兩點(diǎn)，帶電粒子通過 M點(diǎn)時(shí)電勢(shì)能較大 C. 對(duì)于M、N兩點(diǎn)，帶電粒子通過 M點(diǎn)時(shí)動(dòng)能較大 D. 帶電粒子由M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)，加速度增大 解析：由于帶電粒子做曲線運(yùn)動(dòng)，

5、所受電場(chǎng)力的方向必定指 向軌道的凹側(cè)，且和等勢(shì)面垂直，所以電場(chǎng)線方向是由 c指向b 再指向a.根據(jù)電場(chǎng)線的方向指向電勢(shì)降低的方向，故 2 護(hù)屜， 選項(xiàng)A錯(cuò)誤；正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能大， M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn) 電勢(shì)低，故在M點(diǎn)電勢(shì)能小，選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)能量守恒定律， 電荷的動(dòng)能和電勢(shì)能之和保持不變， 故粒子在M點(diǎn)的動(dòng)能較大， 選項(xiàng)C正確；由于相鄰等勢(shì)面之間電勢(shì)差相等，且 N點(diǎn)等勢(shì)面 較密，則ENEM，即qENqEM，由牛頓第二定律知，帶電粒子從 M點(diǎn)運(yùn)動(dòng)到N點(diǎn)時(shí)，加速度增大，選項(xiàng) D正確. 答案：CD 4. 如右圖所示，A、B為豎直放置的兩塊金屬板， A、B兩板之 間的電壓U1 = 100 V ,

6、M、N為水平放置的兩塊完全相同的金屬 板，M板帶正電，N板帶負(fù)電.B板中央開有一小孔，該小孔與 M、N兩板的間距相等.現(xiàn)將一質(zhì)量m= 2.0X 1011 kg、電荷量q =+ 1.0 x 105 C的粒子在A板附近由靜止釋放，經(jīng)過一段時(shí)間 后粒子恰好穿過小孔進(jìn)入 M、N兩板之間，又經(jīng)過一段時(shí)間后粒 子離開M、N之間的電場(chǎng)，并立即進(jìn)入一個(gè)方向垂直于紙面向里、 寬度D = 20 3 cm的有界勻強(qiáng)磁場(chǎng)中.已知粒子離開 M、N之間 的電場(chǎng)時(shí)，速度的方向與水平方向之間的夾角 6= 30 M、N兩 金屬板正對(duì)，間距d = 10,3 cm, M、N板的長(zhǎng)度L = 20 cm.粒子 重力不計(jì)，忽略邊緣效應(yīng).

7、 (1) 求粒子進(jìn)入M、N兩板間的初速度V1的大小. (2) 求M、N兩板間的電壓U2. (3) 為使粒子不會(huì)由磁場(chǎng)右邊界射出，勻強(qiáng)磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度 B至少為多大？ 解析：(1)帶電粒子在電場(chǎng)中加速，根據(jù)動(dòng)能定理有 qU 1 2 2mvi 解得 vi = 1.0 x 104 m/s. (2)帶電粒子在M、N兩板間做類平拋運(yùn)動(dòng)，設(shè)粒子在 間運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，離開M、N間時(shí)粒子在豎直方向的分速度為 V2.根據(jù)類平拋運(yùn)動(dòng)規(guī)律有 L= v1t, v2= at 其中a=qU 聯(lián)立解得 U2= 100 V. (3)粒子進(jìn)入磁場(chǎng)時(shí)的速度 v=C0S6=哈104 m/s 帶電粒子進(jìn)入磁場(chǎng)中做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，設(shè)軌道半徑為 R. 2 由洛倫茲力提供向心力，有 qvB= mR mv 解得R= qB mv 由R= qB可知，當(dāng)m、q、v 一定時(shí)，R越大，B越小. 為使粒子不會(huì)由磁場(chǎng)右邊界射出， 邊界相切時(shí)，粒子運(yùn)動(dòng)的軌道半徑最大，磁場(chǎng)的磁感應(yīng)強(qiáng)度最小. 畫出此時(shí)帶電粒子的運(yùn)動(dòng)軌跡，