浙江省溫州市高三第二次適應(yīng)性測(cè)試(二模)理科物理試題要點(diǎn)

1、2015年浙江省溫州市高考物理二模試卷一、選擇題（本題共 4小題，每小題6分，共102分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有 一個(gè)選項(xiàng)正確，選對(duì)的得 6分，選錯(cuò)的得0分.）1. （6分）（2015?溫州二模）如圖所示， A、B兩點(diǎn)固定兩個(gè)等量異種點(diǎn)電荷，。為AB中點(diǎn)，M、N為AB中垂線上的兩點(diǎn)，且 ON>OM,則（）A ; B-Q Or-O -Q i oIA. M、N兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)大小相等 B. M、N兩點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向相同C. M點(diǎn)的電勢(shì)比 N點(diǎn)的電勢(shì)高 D. M點(diǎn)的電勢(shì)比N點(diǎn)的電勢(shì)低【考點(diǎn)】：電勢(shì)；電勢(shì)差與電場(chǎng)強(qiáng)度的關(guān)系.【專題】：電場(chǎng)力與電勢(shì)的性質(zhì)專題.【分析】：該題考查常見(jiàn)電場(chǎng)的電場(chǎng)線特點(diǎn)，

2、等量異種電荷的電場(chǎng)線具有對(duì)稱性，上下對(duì)稱,左右對(duì)稱.中垂線 MN是一條等勢(shì)線.結(jié)合其電場(chǎng)線的圖即可作答.【解析】：解：常見(jiàn)電場(chǎng)的電場(chǎng)線中，等量異種電荷的電場(chǎng)線特點(diǎn)如圖，AB:由等量異種電荷的電場(chǎng)線的特點(diǎn)圖，可知： M、0、N三點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)方向都水平向右，O點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最大，N點(diǎn)的場(chǎng)強(qiáng)最小，故 A錯(cuò)誤，B正確；CD:中垂線MN是一條等勢(shì)線，故 M、0、N三點(diǎn)的電勢(shì)相等，故 CD錯(cuò)誤.故選：B.【點(diǎn)評(píng)】：該題考查常見(jiàn)電場(chǎng)（等量異種電荷的電場(chǎng)線）的電場(chǎng)線特點(diǎn)，題目簡(jiǎn)單，很容易 選出正確的答案.2. （6分）（2015?溫州二卞H）殲20戰(zhàn)斗機(jī)為中國(guó)人民解放軍研制的第四代戰(zhàn)機(jī).如圖所示，機(jī)身長(zhǎng)為1,機(jī)翼兩端點(diǎn)

3、 C、D的距離為d,現(xiàn)該戰(zhàn)斗機(jī)在我國(guó)近海海域上空以速度 v沿水 平方向飛行，已知戰(zhàn)斗機(jī)所在空間地磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度的豎直分量大小為B, C、D兩點(diǎn)間的電勢(shì)差為U.則（）A. U=Blv , C點(diǎn)電勢(shì)高于 D點(diǎn)電勢(shì) B. U=Blv , D點(diǎn)電勢(shì)高于 C點(diǎn)電勢(shì)C. U=Bdv , C點(diǎn)電勢(shì)高于 D點(diǎn)電勢(shì) D. U=Bdv, D點(diǎn)電勢(shì)高于 C點(diǎn)電勢(shì)【考點(diǎn)】：導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電勢(shì).【專題】：電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.【分析】：飛機(jī)飛行時(shí)，切割磁感應(yīng)強(qiáng)度的豎直分量，根據(jù) E=BLv求出切割產(chǎn)生的感應(yīng)電 動(dòng)勢(shì)大小，根據(jù)右手定則判斷出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向，從而確定出C、D兩點(diǎn)電勢(shì)的高低.【解析】：解：飛機(jī)

4、在北半球的上空以速度 v水平飛行，切割磁感應(yīng)強(qiáng)度的豎直分量， 切割 的長(zhǎng)度等于機(jī)翼的長(zhǎng)度，所以 U=Bbv ,根據(jù)右手定則，感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向 D指向C,所以 C點(diǎn)的電勢(shì)高于D點(diǎn)的電勢(shì).故C正確，A、B、D錯(cuò)誤.故選：C【點(diǎn)評(píng)】：解決本題的關(guān)鍵掌握切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小公式，以及會(huì)運(yùn)用右手定則判斷感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的方向3. （6分）（2015?溫州二模）在街頭的理發(fā)店門口?？梢钥吹竭@樣的標(biāo)志：一個(gè)轉(zhuǎn)動(dòng)的圓筒,外表有螺旋斜條紋.我們感覺(jué)條紋在沿豎直方向運(yùn)動(dòng)，但實(shí)際上條紋在豎直方向并沒(méi)有升降，這是由于圓筒的轉(zhuǎn)動(dòng)而使我們的眼睛產(chǎn)生的錯(cuò)覺(jué).如圖所示，假設(shè)圓筒上的條紋是圍繞圓筒的一條寬帶，相鄰兩圈條紋在沿圓筒

5、軸線方向的距離（即螺距）L=10cm,圓筒半徑R=10cm,如果我們觀察到條紋向上運(yùn)動(dòng)的速度為0.1m/s,則從上往下看，關(guān)于圓筒的轉(zhuǎn)動(dòng)方向和轉(zhuǎn)動(dòng)周期說(shuō)法正確的是（）順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，周期為 2廟逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，周期為 2廟A.順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，周期為 1s B.C.逆時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)，周期為 1s D.【考點(diǎn)】：線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速.【專題】：勻速圓周運(yùn)動(dòng)專題.【分析】：觀察某一個(gè)空間位置處的彩色條紋，由于圓筒在轉(zhuǎn)動(dòng)，經(jīng)過(guò)很小的時(shí)間間隔后， 同一位置處不是彩色條紋，由于人眼的視覺(jué)暫留現(xiàn)原因，人眼錯(cuò)認(rèn)為原來(lái)的點(diǎn)向下移動(dòng)了一小段，故會(huì)從整體上產(chǎn)生條紋向下移動(dòng)的錯(cuò)覺(jué).從題境獲取T和螺距移動(dòng)的距離即可求解.【解析】：

6、解：據(jù)圖知：彩色螺旋斜條紋是從左下到右上，當(dāng)圓筒沿順時(shí)針?lè)较颍◤母┮暦?向看），根據(jù)人眼的視覺(jué)暫留現(xiàn)象，就會(huì)感覺(jué)條紋的運(yùn)動(dòng)方向向上；由于螺距為10cm,每秒沿豎直方向運(yùn)動(dòng)的距離為 10cm,所以圓筒1s內(nèi)轉(zhuǎn)動(dòng)1周，即周期T=1s,故A正確，BCD 錯(cuò)誤.故選：A【點(diǎn)評(píng)】：從題境獲取有用信息， 遷移到學(xué)過(guò)的知識(shí)求解； 人眼的視覺(jué)暫留現(xiàn)象， 造成假象， 最好親身去體驗(yàn).4. （6分）（2015加州二模）某工地上，一架起重機(jī)將放在地面的一個(gè)箱子吊起.箱子在起重機(jī)鋼繩的作用下由靜止開(kāi)始豎直向上運(yùn)動(dòng)，運(yùn)動(dòng)過(guò)程中箱子的機(jī)械能E與其位移x關(guān)系的圖象如圖所示，其中。xi過(guò)程的圖線為曲線，X1X2過(guò)程的圖線為直

7、線. 根據(jù)圖象可知 （ ）A .。xi過(guò)程中鋼繩的拉力逐漸增大B .。xi過(guò)程中箱子的動(dòng)能一直增加C. xix2過(guò)程中鋼繩的拉力一直不變D . xix2過(guò)程中起重機(jī)的輸出功率一直增大【考點(diǎn)】：功能關(guān)系；功率、平均功率和瞬時(shí)功率.【分析】：由于除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少負(fù)功物體的機(jī)械能就減少多少，所以E - x圖象的斜率的絕對(duì)值等于物體所受的電場(chǎng)力的大??；如果拉力等于物體所受的重力，故物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)；如果拉力大于物體的重力，則物體加速向上運(yùn)動(dòng)，故物體的動(dòng)能不 斷減小.【解析】：解：A、B、由于除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少負(fù)功物體的機(jī)械能就減少多少，所以E-x圖象的斜率的絕對(duì)

8、值等于物體所受拉力的大小，由圖可知在。xi內(nèi)斜率的絕對(duì)值逐漸減小， 故在。xi內(nèi)物體所受的拉力逐漸減小. 所以開(kāi)始先加速運(yùn)動(dòng)， 當(dāng) 拉力減小后，可能減速運(yùn)動(dòng)，故 A錯(cuò)誤，B錯(cuò)誤.C、由于物體在xix2內(nèi)所受的合力保持不變， 故加速度保持不變，故物體受到的拉力不變， 故C正確.D、由于物體在xix2內(nèi)E-x圖象的斜率的絕對(duì)值不變，故物體所受的拉力保持不變.如果拉力等于物體所受的重力，故物體做勻速直線運(yùn)動(dòng)，所以動(dòng)能可能不變，故Dc錯(cuò)誤.故選：C.【點(diǎn)評(píng)】：I.除重力和彈簧的彈力之外的其它力做多少負(fù)功物體的機(jī)械能就減少多少；2. E-x圖象的斜率的絕對(duì)值等于物體所受拉力的大小.以上兩點(diǎn)是解決這類題目

9、的突破口.二、多項(xiàng)選擇題（本題共 3小題，每小題6分，共18分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，至 少有一個(gè)選項(xiàng)是符合題目要求的.全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得 3分，有選錯(cuò)的得0分.）5. （6分）（20I5?溫州二模）關(guān)于生活中的實(shí)際情形，下列說(shuō)法正確的是（）A.電容器外殼上標(biāo)的電壓是額定電壓，這個(gè)數(shù)值比擊穿電壓低B.汽車在通過(guò)水庫(kù)泄洪閘下游的凹形橋的最低點(diǎn)時(shí)，駕駛員處于失重狀態(tài)C.為了便于行車，高大的橋通常要造很長(zhǎng)的引橋，以減小汽車重力垂直橋面的分力D.電動(dòng)機(jī)等大功率設(shè)備內(nèi)部含有多匝線圈，在開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，因線圈自感產(chǎn)生電火花【考點(diǎn)】：自感現(xiàn)象和自感系數(shù)；電容.【分析】：電容器外殼上標(biāo)的電壓是最

10、大工作電壓.當(dāng)物體對(duì)接觸面的壓力大于物體的真實(shí)重力時(shí),就說(shuō)物體處于超重狀態(tài)，此時(shí)有向上的加速當(dāng)物體對(duì)接觸面的壓力小于物體的真實(shí)重力時(shí)，就說(shuō)物體處于失重狀態(tài)， 此時(shí)有向下的加速度；電動(dòng)機(jī)等大功率設(shè)備內(nèi)部含有多匝線圈，在開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，因線圈自感產(chǎn)生電火花.【解析】：解：A、電容器外殼上標(biāo)的電壓是最大工作電壓，或者叫擊穿電壓，不是額定電 壓.故A錯(cuò)誤.B、當(dāng)汽車在通過(guò)水庫(kù)泄洪閘下游的凹形橋的最低點(diǎn)時(shí)，此時(shí)有向上的加速度，汽車對(duì)接觸面的壓力大于物體的真實(shí)重力，汽車處于超重狀態(tài)；故 B錯(cuò)誤；C、為了便于行車，高大的橋通常要造很長(zhǎng)的引橋，以增大汽車重力垂直橋面的分力.故C錯(cuò)誤；D、電動(dòng)機(jī)等大功率設(shè)備內(nèi)部含有

11、多匝線圈，在開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，因線圈自感產(chǎn)生反電動(dòng)勢(shì)，容 易產(chǎn)生電火花.故 D正確.故選：D【點(diǎn)評(píng)】：該題考查電容器的擊穿電壓、超重與失重、以及線圈的自感現(xiàn)象，都是一些記憶性的知識(shí)點(diǎn)的內(nèi)容，在平時(shí)的學(xué)習(xí)過(guò)程中要多加積累.6. （6分）（2015加州二模）2014年8月25日，在我國(guó)南京舉行的青奧會(huì)上，18歲的江蘇選手吳圣平高難度的動(dòng)作奪得三米板女子跳水冠軍.起跳前，吳圣平在跳板的最外端靜止站立時(shí)，如圖所示，則（）A .吳圣平對(duì)跳板的壓力方向豎直向下B .吳圣平對(duì)跳板的壓力是由于跳板發(fā)生形變而產(chǎn)生的C .吳圣平對(duì)跳板的壓力大小等于跳板對(duì)她的支持力大小D.跳板對(duì)吳圣平的作用力大小等于吳圣平的重力大小【考

12、點(diǎn)】：物體的彈性和彈力；彈性形變和范性形變.【分析】：彈力產(chǎn)生的條件必須是與物體接觸，并要發(fā)生形變；根據(jù)牛頓第三定律，作用力與反作用力的關(guān)系是大小相等，方向相反.【解析】：解：A、跳水運(yùn)動(dòng)員對(duì)跳板的壓力和她的重力，它們不是一個(gè)力，而是兩個(gè)不同的力，所以不能說(shuō)跳水運(yùn)動(dòng)員對(duì)跳板的壓力就是她的重力，故 A錯(cuò)誤；B、跳水運(yùn)動(dòng)員受到彈力就是由于跳板發(fā)生了形變，壓力是由于運(yùn)動(dòng)員的重力引起的，故B錯(cuò)誤；C、板對(duì)人的作用力與人對(duì)板的作用力，是作用力和反作用力，它們大小相等，方向相反， 故C正確；D、根據(jù)平衡條件可知，跳板對(duì)吳圣平的作用力大小等于吳圣平的重力大小，故D正確.故選：CD.才會(huì)對(duì)人【點(diǎn)評(píng)】：彈力產(chǎn)生

13、的條件必須是與物體接觸，并要發(fā)生形變，跳板發(fā)生了形變, 有彈力，注意跳板對(duì)吳圣平的作用力即為支持力與摩擦力的合力.7. （6分）（2015?溫州二模）如圖所示，正方形abcd區(qū)域內(nèi)分布著垂直紙面向里的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，。點(diǎn)是cd邊的中點(diǎn).一個(gè)帶正電的粒子僅在磁場(chǎng)力的作用下，從。點(diǎn)沿紙面以垂直于cd邊的速度射入磁場(chǎng)， 經(jīng)過(guò)時(shí)間t0剛好從c點(diǎn)射出磁場(chǎng).現(xiàn)讓該粒子從 O點(diǎn)沿紙面以與 Od成30°角的方向，分別以大小不同的速率射入磁場(chǎng)，則關(guān)于該粒子在磁場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間t和離開(kāi)正方形區(qū)域位置，分析正確的是（）A.若t=to,則它一定從dc邊射出磁場(chǎng) 3B.若t=_t0,則它一定從cb邊射出磁場(chǎng)C.若t=

14、t0,則它一定從ba邊射出磁場(chǎng)D.若t=&0,則它一定從da邊射出磁場(chǎng) 3【考點(diǎn)】：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng).【專題】：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題.【分析】：根據(jù)幾何關(guān)系確定帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)軌跡并確定其圓心角，根據(jù)其從各邊穿出時(shí)的角度及時(shí)間確定能否從各邊穿出.【解析】：解：由題，帶電粒子以垂直于cd邊的速度射入正方形內(nèi)，經(jīng)過(guò)時(shí)間t0剛好從c點(diǎn)射出磁場(chǎng)，則知帶電粒子的運(yùn)動(dòng)周期為T=2t0.EEEEA、若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是tn=T，則粒子軌跡的圓心角為9=*2%=-% ,3 u 663速度的偏向角也為工冗，根據(jù)幾何知識(shí)得知，粒子射出磁場(chǎng)時(shí)與磁場(chǎng)邊界的夾角為30°

15、;,必3定從cd射出磁場(chǎng).故A正確.B、若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是-1tc=-|T,則得到軌跡的圓心角為 號(hào)，由于互冗至兀 兀，則它一定從bc邊射出磁場(chǎng)，故B正確.34C、若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是t0=2T,則得到軌跡的圓心角為 兀，而粒子從ab邊-W-射出磁場(chǎng)時(shí)最大的偏向角等于60°+90°=150°=苴巴兀，故不一定從ab邊射出磁場(chǎng).故 C錯(cuò)誤.D、當(dāng)帶電粒子的軌跡與 ad邊相切時(shí)，軌跡的圓心角為 60°,粒子運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為1=1T二十-，6 3。在所有從ad邊射出的粒子中最長(zhǎng)時(shí)間為 工十，故若該帶電粒子在磁場(chǎng)中經(jīng)歷的時(shí)間是3t 口3一定

16、不是從ad邊射出磁場(chǎng).故 D錯(cuò)誤.故選：AB.【點(diǎn)評(píng)】：本題是帶電粒子在磁場(chǎng)中圓周運(yùn)動(dòng)類型，抓住粒子的周期一定，根據(jù)速度的偏向角等于軌跡的圓心角，由圓心角確定粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)時(shí)間.三、非選擇題8. （10分）（2015?溫州二模）某實(shí)驗(yàn)小組利用如圖所示的裝置來(lái)探究版量一定時(shí)物體的加速度與力之間的關(guān)系實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為繩子拉力等于小桶及桶中物體的總重量，已知小車質(zhì)量約300g,交流電頻率50Hz.品甲期乙（1）小組同學(xué)按圖甲所示安裝好裝置后，將軌道右端適當(dāng)墊起，來(lái)平衡阻力.請(qǐng)指出不合 理之處 平衡摩擦力時(shí)不能掛著小桶、祛碼 .正確操作后，小組同學(xué)在小桶里加適當(dāng)?shù)奈矬w，拉動(dòng)小車加速運(yùn)動(dòng). 在小桶里逐漸增

17、加物體改變拉力大小，所加物體應(yīng)選用如圖乙中的祛碼（填實(shí)物名稱）.（3）某次實(shí)驗(yàn)打出了一條紙帶如圖丙所示.從比較清晰的點(diǎn)起，每5個(gè)點(diǎn)取一個(gè)計(jì)數(shù)點(diǎn)，量出相鄰計(jì)數(shù)點(diǎn)之間的距離（單位cm）.該次實(shí)驗(yàn)小車的加速度 a= 0.16 m/s2.（結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）（4）以合外力F為橫軸，以加速度a為縱軸，根據(jù)測(cè)得數(shù)據(jù)畫出 a- F圖線，發(fā)現(xiàn)圖象是一 條過(guò)原點(diǎn)的直線，由此得到的實(shí)驗(yàn)結(jié)論是 在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)， 質(zhì)量一定時(shí)，加速度與力成 正比 .【考點(diǎn)】：探究加速度與物體質(zhì)量、物體受力的關(guān)系.【專題】：實(shí)驗(yàn)題.【分析】：實(shí)驗(yàn)中認(rèn)為繩子的拉力等于小車的合力，平衡摩擦力時(shí)不能掛著小桶、祛碼.根據(jù)連續(xù)相等時(shí)間內(nèi)的位

18、移之差是一恒量求出加速度，結(jié)合a- F圖線得出加速度與力的關(guān)系.【解析】：解：(1)平衡摩擦力時(shí)不能掛著小桶、祛碼，應(yīng)該讓小車拖著紙帶運(yùn)動(dòng).在小桶里加適當(dāng)?shù)奈矬w，拉動(dòng)小車加速運(yùn)動(dòng). 在小桶里逐漸增加物體改變拉力大小，所加物體應(yīng)選用如圖乙中的祛碼.(2)根據(jù)Ax=aT2,運(yùn)用逐差法得，c x34+x4Ex12x23a=4Tz=0.16m/s2.4X0.01(3. 83+3. 99- 3. 52- 3, 68) XI "(3) a-F圖線為過(guò)原點(diǎn)的傾斜直線，可知在實(shí)驗(yàn)誤差范圍內(nèi)，質(zhì)量一定時(shí)，加速度與力成正比故答案為：(1)平衡摩擦力時(shí)不能掛著小桶，祛碼(2) 0.16.(3)在實(shí)驗(yàn)誤差范

19、圍內(nèi)，質(zhì)量一定時(shí)，加速度與力成正比.【點(diǎn)評(píng)】：解決本題的關(guān)鍵知道實(shí)驗(yàn)的原理，以及知道實(shí)驗(yàn)中的注意事項(xiàng)，掌握紙帶的處理方法，會(huì)通過(guò)紙帶求解瞬時(shí)速度和加速度.9. (10分)(2015?溫州二模)在 描繪小燈泡的伏安特性曲線 ”的實(shí)驗(yàn)中，用如圖1所示的 實(shí)物電路圖進(jìn)行實(shí)驗(yàn)：(1)開(kāi)關(guān)閉合前滑動(dòng)變阻器應(yīng)移到A端 (填A(yù)端”、B端”或中間任意位置”)(2)正確操作，記錄兩電表示數(shù)及小燈珠的發(fā)光狀態(tài)，如表所示：電壓 U/V 0 0.20 0.50 0.80 1.00 1.30 1.50 2.00 2.50電流 I/A 0 0.18 0.29 0.33 0.34 0.36 0.37 0.39 0.40燈珠

20、的狀態(tài)不發(fā)光發(fā)紅微弱發(fā)光發(fā)光發(fā)光發(fā)亮很亮用圖2的坐標(biāo)紙描繪小燈珠的伏安特性曲線；(3)同學(xué)測(cè)完最后一組數(shù)據(jù)后，只斷開(kāi)電路開(kāi)關(guān).經(jīng)過(guò)一段較長(zhǎng)時(shí)間后，再閉合開(kāi)關(guān).發(fā)現(xiàn)在閉合開(kāi)關(guān)的瞬間電流明顯大于 0.40A,請(qǐng)說(shuō)明該現(xiàn)象的原因： 開(kāi)關(guān)閉合瞬間，燈絲溫 度比較低，電阻較小 .【考點(diǎn)】：描繪小電珠的伏安特性曲線.【專題】：實(shí)驗(yàn)題.【分析】：(1)滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路，滑片應(yīng)置于分壓電路分壓最小 的位置.(2)應(yīng)用描點(diǎn)法作圖作出圖象；（3）根據(jù)燈泡電阻與溫度的關(guān)系，利用歐姆定律可明確該現(xiàn)象出現(xiàn)的原因.【解析】：解：（1）滑動(dòng)變阻器采用分壓接法時(shí)，為保護(hù)電路，滑片應(yīng)置于分壓電路分壓最 小的

21、位置.故應(yīng)滑到 A端；（2）應(yīng)用描點(diǎn)法作圖作出圖象，如圖所示；（3）由于長(zhǎng)時(shí)間通電時(shí)，燈泡溫度較高，則燈泡電阻增大；故電流中電流較??；而斷開(kāi)開(kāi)關(guān)，重新閉合時(shí)，燈泡溫度較小，則電阻較??；故電路中電流大于0.4A;故答案為：（1） A端；（2）如圖所示；（3）開(kāi)關(guān)閉合瞬間，燈絲溫度比較低，電阻較小.;寸41寸-寸一 令二二4.I-4TTTT- SHFj!L.L._L 1 1 TL 二r- -w*i» 丁4-4.XLX FrL【點(diǎn)評(píng)】：本題考查了作電路圖、連接實(shí)物電路圖、作圖象、實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)處理，確定電流表與 電壓表的接法是正確解題的前提與關(guān)鍵，當(dāng)電壓與電流從零開(kāi)始變化時(shí)，滑動(dòng)變阻器采用分壓接

22、法.10. （16分）（2015加州二模）小明家住在高樓的第23層，每次他乘小區(qū)高樓的觀光電梯上下樓，如圖甲所示.在學(xué)了有關(guān)超重失重的知識(shí)后，他想用力傳感器來(lái)測(cè)量電梯的加速度大小.一次實(shí)驗(yàn)中，小明進(jìn)入電梯后，在力傳感器下方懸掛一個(gè)重物，電梯從第23層靜止開(kāi)始啟動(dòng)，經(jīng)過(guò)各個(gè)階段的運(yùn)行最后停在第1層.整個(gè)過(guò)程中，傳感器記錄了彈力隨時(shí)間變化情況，如圖乙所示，重力加速度 g=9.8m/s2.請(qǐng)你幫小明完成下列計(jì)算：圖甲（1）電梯啟動(dòng)和制動(dòng)的加速度大??；（2）圖乙中橫坐標(biāo)to的數(shù)值和該高樓每層的平均高度（保留兩位有效數(shù)字）【考點(diǎn)】：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度與時(shí)間的關(guān)系.【專題】：牛頓運(yùn)動(dòng)定律綜

23、合專題.【分析】：根據(jù)初始狀態(tài)彈力的大小求出重物的質(zhì)量，結(jié)合牛頓第二定律求出電梯啟動(dòng)和制動(dòng)的加速度大小.根據(jù)速度時(shí)間公式求出勻速運(yùn)動(dòng)的速度，從而得出勻減速運(yùn)動(dòng)的時(shí)間， 根據(jù)圖象得出橫坐標(biāo)t0的數(shù)值，根據(jù)勻加速、勻速和勻減速運(yùn)動(dòng)的位移之和求出每層的平均高度.F【解析】：解：(1)根據(jù)F0=mg可得，重物質(zhì)量m=二供出kg=O. 5kg , g 9. S向下勻加速，有：mg - Fi=mai,代入數(shù)據(jù)解得ai=0.8m/s2向下勻減速，有：F2 - mg=ma2,代入數(shù)據(jù)解得a2=0.6m/s2(2)勻速運(yùn)動(dòng)速度 v=aiti=0.8X3m/s=2.4m/s,向下勻減速運(yùn)動(dòng)時(shí)間 t，二二4s，時(shí)間

24、坐標(biāo) to=40s - 4s=36sin i向下勻加速 Xi芍aiL=/xQ-gXFGm，勻速運(yùn)動(dòng)X2=vt2=2.4 X25=60m向下勻減速4m=28m 總位移 x=xi+x2+x3=68.4m平均每層樓高h(yuǎn)=23-答：(i)電梯啟動(dòng)和制動(dòng)的加速度大小分別為O8m/s2、0.6m/s2.(2)圖乙中橫坐標(biāo)t0的數(shù)值為36s,該高樓每層的平均高度為3.im.【點(diǎn)評(píng)】：本題主要考查了同學(xué)們根據(jù)運(yùn)動(dòng)情況判斷受力情況及運(yùn)用牛頓第二定律解題的能力，難度適中.關(guān)鍵理清電梯在整個(gè)過(guò)程中的運(yùn)動(dòng)規(guī)律，結(jié)合牛頓第二定律和運(yùn)動(dòng)學(xué)公式進(jìn)行求解.11. (20分)(20i5?溫州二模)如圖所示，寬度為 L的粗糙平行

25、金屬導(dǎo)軌 PQ和PQ傾斜放 置，頂端QQ之間連接一個(gè)阻值為 R的電阻和開(kāi)關(guān)S,底端PP處與一小段水平軌道用光滑 圓弧相連.已知底端 PP離地面的高度為 h,傾斜導(dǎo)軌處于垂直于導(dǎo)軌平面的勻強(qiáng)磁場(chǎng)(圖中未畫出)中.若斷開(kāi)開(kāi)關(guān) S,將一根質(zhì)量為 m、電阻為r、長(zhǎng)也為L(zhǎng)的金屬棒從AA處?kù)o 止開(kāi)始滑下，金屬棒落地點(diǎn)離 PP的水平距離為xi;若閉合開(kāi)關(guān)S,將金屬棒仍從 AA處?kù)o 止開(kāi)始滑下，則金屬棒落地點(diǎn)離 PP的水平距離為X2.不計(jì)導(dǎo)軌電阻，忽略金屬棒經(jīng)過(guò) PP' 處的能量損失，已知重力加速度為 g,求：(i)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，金屬棒離開(kāi)底端PP'的速度大?。?2)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，金屬棒在下滑過(guò)程

26、中產(chǎn)生的焦耳熱；(3)開(kāi)關(guān)S仍閉合，金屬棒從比 AA更高處?kù)o止開(kāi)始滑下，水平射程仍為x2,請(qǐng)定性說(shuō)明金屬棒在傾斜軌道的運(yùn)動(dòng)規(guī)律.A'Q【考點(diǎn)】： 【專題】： 【分析】：動(dòng)的知識(shí),導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；動(dòng)能定理.電磁感應(yīng)與電路結(jié)合.(1)金屬棒離開(kāi)底端 PP后，做平拋運(yùn)動(dòng)，已知水平距離和高度，根據(jù)平拋運(yùn) 可以求出棒開(kāi)底端 PP的速度大??；(2)開(kāi)關(guān)閉合后，金屬棒下滑時(shí)，需要克服安培力做功產(chǎn)生焦耳熱，根據(jù)能量守恒定律求解；(3)根據(jù)平拋的水平距離相等，說(shuō)明金屬棒離開(kāi) 應(yīng)先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，然后勻速運(yùn)動(dòng).【解析】：解：(1)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，金屬棒離開(kāi)底端 為t,貝U：xi=vith

27、=f /PP時(shí)的速度相等,PP的速度大小為可得：vi=x1V2h(2)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，在金屬棒沿傾斜導(dǎo)軌下滑的過(guò)程中，重力做功為根據(jù)動(dòng)能定理： Wg+W f=-, 21金屬棒在傾斜導(dǎo)軌上vi,在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間Wg,摩擦力做功為 Wf.開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，金屬棒離開(kāi)底端PP的速度：V2=X2屋2h在金屬棒沿傾斜導(dǎo)軌下滑的過(guò)程中，重力做功和摩擦力做功與開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)相同,為W安，系統(tǒng)產(chǎn)生的焦耳熱為 Q,由動(dòng)能定理可得：Wg+Wf+W安=f-''安培力做功又因?yàn)镼二|W安|金屬棒產(chǎn)生的焦耳熱Q產(chǎn)R+r聯(lián)立上述方程可得：寧二？；：二X2,說(shuō)明 然后(3)據(jù)題，開(kāi)關(guān)S仍閉合，金屬棒從比 AA更高處?kù)o止開(kāi)

28、始滑下，水平射程仍為 金屬棒離開(kāi)PP時(shí)的速度相等，則知金屬棒在傾斜導(dǎo)軌上先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng), 勻速運(yùn)動(dòng).答：(1)開(kāi)關(guān)斷開(kāi)時(shí)，金屬棒離開(kāi)底端PP'的速度大小為xij-l;V2h(2)開(kāi)關(guān)閉合時(shí)，金屬棒在下滑過(guò)程中產(chǎn)生的焦耳熱為上?些(寅2 -；R+r 4h 叼 X2(3)金屬棒在傾斜導(dǎo)軌上先做加速度減小的加速運(yùn)動(dòng)，然后勻速運(yùn)動(dòng).【點(diǎn)評(píng)】：本題首先要掌握平拋運(yùn)動(dòng)的研究方法，其次能運(yùn)用能量守恒定律求解熱量，都是常用的思路，平時(shí)要多加強(qiáng)這方面的練習(xí)，熟練掌握.12. (22分)(2015加州二模)如圖所示，在正交坐標(biāo)系 Oxyz中，分布著電場(chǎng)和磁場(chǎng)(圖 中未畫出).在Oyz平面的左方空

29、間內(nèi)存在沿 y軸負(fù)方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小為 B的勻強(qiáng)磁場(chǎng);在Oyz平面右方、Oxz平面上方的空間內(nèi)分布著沿 z軸負(fù)方向、磁感應(yīng)強(qiáng)度大小也為B勻強(qiáng)磁場(chǎng)；在Oyz平面右方、Oxz平面下方分布著沿 y軸正方向的勻強(qiáng)電場(chǎng).在 t=0時(shí)刻,個(gè)微粒的質(zhì)量為 m、電荷量為q的微粒從P點(diǎn)靜止釋放，已知P點(diǎn)的坐標(biāo)為(5a, -2a, 0), 電場(chǎng)強(qiáng)度大小為金對(duì)，不計(jì)微粒的重力.4M求：(1)微粒第一次到達(dá) x軸的速度大小v和時(shí)刻ti；(2)微粒第一次到達(dá) y軸的坐標(biāo)和時(shí)刻t2；(3)假設(shè)在平面Oyz存在一層特殊物質(zhì)，使微粒每次經(jīng)過(guò)Oyz平面時(shí)，速度大小總變?yōu)樵姾伤谖恢玫淖鴺?biāo).【考點(diǎn)】：帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)；動(dòng)能定理.【專題】：帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)