2015廣東省高考物理試卷純word詳解版

1、實(shí)用文案 文案大全 2015年廣東省高考物理試卷 一、單項(xiàng)選擇題（本大題共4小題，每小題4分，滿分16分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，只有一個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，選對(duì)的得4分，選錯(cuò)或不答的得0分） 1（4分）（2015?廣東）甲、乙兩人同時(shí)同地出發(fā)騎自行車做直線運(yùn)動(dòng)，前1小時(shí)內(nèi)的位移時(shí)間圖象如圖所示下列表述正確的是（ ） A 0.20.5小時(shí)內(nèi)，甲的加速度比乙的大 B 0.20.5小時(shí)內(nèi)，甲的速度比乙的大 C 0.60.8小時(shí)內(nèi)，甲的位移比乙的小 D 0.8小時(shí)內(nèi)，甲、乙騎行的路程相等 考點(diǎn)： 勻變速直線運(yùn)動(dòng)的圖像 專題： 運(yùn)動(dòng)學(xué)中的圖像專題 分析： 位移圖象反映質(zhì)點(diǎn)的位置隨時(shí)間的變化情況，其斜率

2、表示速度，傾斜的直線表示勻速直線運(yùn)動(dòng)；根據(jù)斜率的正負(fù)分析速度的方向物體的位移等于s的變化量 解答： 解：A、由圖知，0.20.5小時(shí)內(nèi)甲乙都做勻速直線運(yùn)動(dòng)，加速度均為零，故A錯(cuò)誤 B、st圖象的斜率表示速度，甲的斜率大，則甲的速度比乙的大，故B正確 C、物體的位移等于s的變化量則知0.60.8小時(shí)內(nèi)，甲的位移比乙的大，故C錯(cuò)誤 D、00.6小時(shí)內(nèi)，甲的位移比乙的大，0.60.8小時(shí)內(nèi)，甲的位移比乙的大，所以0.8小時(shí)內(nèi)，甲的路程比乙的大，故D錯(cuò)誤 故選：B 點(diǎn)評(píng)： 該題考查了對(duì)位移時(shí)間圖象的理解和應(yīng)用，要掌握：在位移時(shí)間圖象中，圖象的斜率表示質(zhì)點(diǎn)運(yùn)動(dòng)的速度的大小，縱坐標(biāo)的變化量表示位移 2（4

3、分）（2015?廣東）如圖所示，帆板在海面上以速度v朝正西方向運(yùn)動(dòng)，帆船以速度v朝正北方向航行，以帆板為參照物（ ） 實(shí)用文案 文案大全 A 帆船朝正東方向航行，速度大小為v B 帆船朝正西方向航行，速度大小為v C 帆船朝南偏東45° 方向航行，速度大小為v D 帆船朝北偏東45° 方向航行，速度大小為v 考點(diǎn)： 運(yùn)動(dòng)的合成和分解 分析： 將帆板視為靜止，則可得出船相對(duì)于板的速度，再由運(yùn)動(dòng)的合成與分解可求得合速度的大小和方向 解答： 解：以帆板為參考系，即把帆板看作靜止，則帆船相對(duì)于帆板有向東的速度v及向北的速度v； 由矢量合成可知，二者的合速度v合 =v；方向北偏東45

4、度 故選：D 點(diǎn)評(píng)： 本題考查運(yùn)動(dòng)的合成與分解及參考系的內(nèi)容，矢量是高中物理中的重要內(nèi)容要掌握其合成與分解的方法 3（4分）（2015?廣東）如圖為氣流加熱裝置的示意圖，使用電阻絲加熱導(dǎo)氣管，視變阻器為理想變壓器，原線圈接入電壓有效值恒定的交流電并保持匝數(shù)不變，調(diào)節(jié)觸頭P，使輸出電壓有效值由220V降至110V調(diào)節(jié)前后（ ） A副線圈中的電流比為1：2 B 副線圈輸出功率比為2：1 C副線圈的接入匝數(shù)比為2：1 D 原線圈輸入功率比為1：2 考點(diǎn)： 變壓器的構(gòu)造和原理 專題： 交流電專題 分析： 變壓器的電壓與匝數(shù)成正比，電流與匝數(shù)成反比，輸入功率等于輸出功率，結(jié)合歐姆定律分析 解答： 解：A

5、、通過(guò)調(diào)節(jié)觸頭P，使輸出電壓有效值由220V降至110V，輸出電壓減小為原來(lái)的一半， 在原線圈電壓和匝數(shù)不變的情況下，根據(jù)原副線圈電壓之比等于匝數(shù)之比得副線圈接入匝數(shù)也應(yīng)該變?yōu)樵瓉?lái)的一半， 所以接入匝數(shù)之比為2：1，副線圈電壓減半，電阻不變，電流也隨之減半，所以電流之比為2：1，故A錯(cuò)誤，C正確； B、由 P=，所以輸出功率之比為4：1，故B錯(cuò)誤； D、副線圈輸出功率等于原線圈輸入功率，所以原線圈輸入功率之比為4：1，故D錯(cuò)誤； 故選：C 點(diǎn)評(píng)： 本題不僅考查了變壓器的特點(diǎn)和歐姆定律，還結(jié)合閉合電路考查了電路的動(dòng)態(tài)分析 實(shí)用文案 文案大全 4（4分）（2015?廣東）在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中， 粒子（

6、He ）和質(zhì)子（H）做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，若它們的動(dòng)量大小相等，則粒子和質(zhì)子（ ） A運(yùn)動(dòng)半徑之比是2：1 B 運(yùn)動(dòng)周期之比是2：1 C運(yùn)動(dòng)速度大小之比是4：1 D 受到的洛倫茲力之比是2：1 考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 專題： 帶電粒子在磁場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題 分析： 質(zhì)子H和粒子以相同的動(dòng)量在同一勻強(qiáng)磁場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，均由洛侖茲力提供向心力，由牛頓第二定律和圓周運(yùn)動(dòng)的規(guī)律，可求得比較r、速度v及T的表達(dá)式，根據(jù)表達(dá)式可以得到半徑以及周期之比 解答： 解：C、兩個(gè)粒子的動(dòng)量大小相等，質(zhì)量之比是4：1， 所以：故C錯(cuò)誤； A、質(zhì)子H和粒子在勻強(qiáng)磁場(chǎng)中作勻速圓周運(yùn)動(dòng)，均由洛侖茲力提供向心力，由牛

7、頓第二定律得： qvB=m，得軌道半徑： R= =， 根據(jù)質(zhì)子質(zhì)子（H）和 （He）粒子的電荷量之比是1：2，質(zhì)量之比是1：4， 則得：RHe：RH =，故A錯(cuò)誤； B 、粒子運(yùn)動(dòng)的周期： ，所以：故B正確； D、根據(jù)粒子受到的洛倫茲力：f=qvB ，得：故D錯(cuò)誤 故選：B 點(diǎn)評(píng)： 本題主要考查了帶電粒子在磁場(chǎng)場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)的問(wèn)題，知道洛倫茲力充當(dāng)向心力，熟練掌握?qǐng)A周運(yùn)動(dòng)的基本公式即可 二、雙項(xiàng)選擇題（本大題共5小題，每小題6分，共30分.在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，有兩個(gè)選項(xiàng)符合題目要求，全部選對(duì)的得6分，只選1個(gè)正確的得3分，有錯(cuò)選或不答的得0分） 5（6分）（2015?廣東）如圖為某實(shí)驗(yàn)器材的結(jié)

8、構(gòu)示意圖，金屬內(nèi)筒和隔熱外筒間封閉了一定體積的空氣，內(nèi)筒中有水，在水加熱升溫的過(guò)程中，被封閉的空氣（ ） 實(shí)用文案 文案大全 A內(nèi)能增大 B 壓強(qiáng)增大 C分子間引力和斥力都減小 D 所有分子運(yùn)動(dòng)速率都增大 考點(diǎn)： 理想氣體的狀態(tài)方程；封閉氣體壓強(qiáng) 專題： 理想氣體狀態(tài)方程專題 分析： 氣體分子間距較大，內(nèi)能主要體現(xiàn)在分子平均動(dòng)能上，溫度升高時(shí)內(nèi)能增大；再根據(jù)壓強(qiáng)的微觀解釋可明確壓強(qiáng)的變化 解答： 解：水加熱升溫使空氣溫度升高，故封閉空氣的內(nèi)能增大，氣體分子的平均動(dòng)能增大，分子對(duì)器壁的撞擊力增大，故壓強(qiáng)增大；但分子間距離不變，故分子間作用力不變；由于溫度是分子平均動(dòng)能的標(biāo)志是一個(gè)統(tǒng)計(jì)規(guī)律，溫度升

9、高時(shí)并不是所有分子的動(dòng)能都增大，有少數(shù)分子動(dòng)能可能減?。?故選：AB 點(diǎn)評(píng)： 本題考查分子的微觀性質(zhì)，要注意明確氣體內(nèi)能取決于溫度；而壓強(qiáng)取決于溫度和體積 6（6分）（2015?廣東）科學(xué)家使用核反應(yīng)獲取氚，再利用氘和氚的核反應(yīng)獲得能量，核反應(yīng)方程分別為：X+Y He+H+4.9MeV 和 H+H He+X+17.6MeV下列表述正確的有（ ） A X是中子 B Y的質(zhì)子數(shù)是3，中子數(shù)是6 C 兩個(gè)核與都沒有質(zhì)量虧損 D 氘和氚的核反應(yīng)是核聚變反應(yīng) 考點(diǎn)： 愛因斯坦質(zhì)能方程 專題： 愛因斯坦的質(zhì)能方程應(yīng)用專題 分析： 根據(jù)質(zhì)量數(shù)守恒以及電荷數(shù)守恒即可判斷出X和Y；根據(jù)是否釋放能量判定有沒有質(zhì)量

10、虧損；根據(jù)核反應(yīng)的特點(diǎn)判定是否是聚變反應(yīng) 解答： 解：A 、根據(jù)核反應(yīng)方程： H+H He+X，X的質(zhì)量數(shù)：m1=2+34=1，核電荷數(shù)：z1=1+12=0，所以X是中子故A正確； B、根據(jù)核反應(yīng)方程：X+Y He+H，X是中子，所以Y的質(zhì)量數(shù)：m2=4+31=6，核電荷數(shù)：z2=2+10=3，所以Y的質(zhì)子數(shù)是3，中子數(shù)是3故B錯(cuò)誤； C、根據(jù)兩個(gè)核反應(yīng)方程可知，都有大量的能量釋放出來(lái)，所以一定都有質(zhì)量虧損故C錯(cuò)誤； 實(shí)用文案 文案大全 D、氘和氚的核反應(yīng)過(guò)程中是質(zhì)量比較小的核生成質(zhì)量比較大的新核，所以是核聚變反應(yīng)故D正確 故選：ABD 點(diǎn)評(píng)： 該題考查常見的核反應(yīng)方程，在這一類的題目中，要注

11、意質(zhì)量數(shù)守恒和核電荷數(shù)守恒的應(yīng)用基礎(chǔ)題目 7（6分）（2015?廣東）如圖所示，三條繩子的一端都系在細(xì)直桿頂端，另一端都固定在水平地面上，將桿豎直緊壓在地面上，若三條繩長(zhǎng)度不同，下列說(shuō)法正確的有（ ） A 三條繩中的張力都相等 B 桿對(duì)地面的壓力大于自身重力 C 繩子對(duì)桿的拉力在水平方向的合力為零 D 繩子拉力的合力與桿的重力是一對(duì)平衡力 考點(diǎn)： 共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用 專題： 共點(diǎn)力作用下物體平衡專題 分析： 對(duì)桿進(jìn)行分析，明確桿受力情況，再根據(jù)水平和豎直方向的平衡關(guān)系可分析力之間的關(guān)系 解答： 解：A、由于三力長(zhǎng)度不同，故說(shuō)明三力與豎直方向的夾角不相同，由于桿保持靜

12、止，故在水平方向三力水平分力的合力應(yīng)為零；故說(shuō)明三力的大小不可能相等；故A錯(cuò)誤；C正確； B、由于三力在豎直方向有拉力，桿在豎直方向合力為零，故桿對(duì)地面的壓力大于重力；故B正確；D錯(cuò)誤； 故選：BC 點(diǎn)評(píng)： 本題考查共點(diǎn)力的平衡條件及應(yīng)用，要注意本題中應(yīng)分別對(duì)水平和豎直兩個(gè)方向進(jìn)行分析才能得出正確結(jié)果 8（6分）（2015?廣東）在星球表面發(fā)射探測(cè)器，當(dāng)發(fā)射速度為v時(shí)，探測(cè)器可繞星球表面 做勻速圓周運(yùn)動(dòng)，當(dāng)發(fā)射速度達(dá)到v時(shí)，可擺脫星球引力束縛脫離該星球，已知地球、火星兩星球的質(zhì)量比約為10：1，半徑比約為2：1，下列說(shuō)法正確的有（ ） A 探測(cè)器的質(zhì)量越大，脫離星球所需要的發(fā)射速度越大 B 探

13、測(cè)器在地球表面受到的引力比在火星表面的大 C 探測(cè)器分別脫離兩星球所需要的發(fā)射速度相等 D 探測(cè)器脫離星球的過(guò)程中，勢(shì)能逐漸增大 考點(diǎn)： 萬(wàn)有引力定律及其應(yīng)用；向心力 專題： 萬(wàn)有引力定律的應(yīng)用專題 實(shí)用文案 文案大全 分析： 探測(cè)器剛好脫離星球，動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為勢(shì)能，發(fā)射速度與質(zhì)量無(wú)關(guān)，根據(jù)萬(wàn)有引力 公式以及地球、火星兩星球質(zhì)量、半徑的關(guān)系比較萬(wàn)有引力大小，根據(jù)發(fā)射速度為比較發(fā)射速度大小，探測(cè)器脫離星球過(guò)程中，引力做負(fù)功，引力勢(shì)能增大 解答： 解：A、探測(cè)器剛好脫離星球，動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為勢(shì)能，發(fā)射速度與質(zhì)量無(wú)關(guān)，故A錯(cuò)誤； B、根據(jù)萬(wàn)有引力公式得： 探測(cè)器在地球表面受到的引力，在火星表面受到的引

14、 力，而地球、火星兩星球的質(zhì)量比約為10：1，半徑比約為2：1， 解得：，即探測(cè)器在地球表面受到的引力比在火星表面的大，故B正確； C 、探測(cè)器脫離星球時(shí)，其需要發(fā)射速度為，地球與火星的不同，所以所需發(fā)射速度也不同，故C錯(cuò)誤； D、由于探測(cè)器脫離星球過(guò)程中，引力做負(fù)功，引力勢(shì)能增大，故D正確 故選：BD 點(diǎn)評(píng)： 本題主要考查了萬(wàn)有引力公式得直接應(yīng)用，知道繞星球表面做勻速圓周運(yùn)動(dòng)速度的含義，明確探測(cè)器剛好脫離星球，動(dòng)能全部轉(zhuǎn)化為勢(shì)能，難度適中 9（6分）（2015?廣東）如圖所示的水平勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將兩個(gè)帶電小球M和N分別沿圖示路徑移動(dòng)到同一水平線上的不同位置，釋放后，M、N保持靜止，不計(jì)重力，則

15、（ ） A M的帶電量比N的大 B M帶負(fù)電荷，N帶正電荷 C 靜止時(shí)M受到的合力比N的大 D 移動(dòng)過(guò)程中勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)M做負(fù)功 考點(diǎn)： 帶電粒子在勻強(qiáng)電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng) 專題： 帶電粒子在電場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)專題 分析： 分別對(duì)MN兩個(gè)小球進(jìn)行受力分析，然后結(jié)合受力平衡的特點(diǎn)與庫(kù)侖力的特點(diǎn)即可正確解答 解答： 解：A、B、因?yàn)镸、N在釋放后保持靜止，說(shuō)明受到的合力為0，若M帶正電，不論N帶正電，還是帶負(fù)電，都不可能同時(shí)靜止，只有M帶負(fù)電，N帶正電才能滿足同時(shí)靜止又M與N之間的庫(kù)侖力是作用力與反作用力，總是大小相等方向相反，所以二者受實(shí)用文案 文案大全 到的電場(chǎng)力也必定是大小相等方向 相反，由F=qE可知，二者

16、所帶的電量大小相等故A錯(cuò)誤，B正確； C、靜止時(shí)，二者受到的合力都是0故C錯(cuò)誤； D、M帶負(fù)電，受到的電場(chǎng)力的方向向左，所以移動(dòng)過(guò)程中勻強(qiáng)電場(chǎng)對(duì)M做負(fù)功故D正確 故選：BD 點(diǎn)評(píng)： 該題考查電場(chǎng)中物體的受力平衡問(wèn)題，對(duì)于電場(chǎng)中的共點(diǎn)力作用下物體的平衡其解決方法和純力學(xué)中共點(diǎn)力作用下物體的平衡適用完全相同的解決方法 三、非選擇題：（按題目要求作答.解答題應(yīng)寫出必要的文字說(shuō)明、方程式和重要演算步驟，只寫出最后答案的不能得分.有數(shù)值計(jì)算的題，答案中必須明確寫出數(shù)值和單位） 10（8分）（2015?廣東）某同學(xué)實(shí)驗(yàn)打點(diǎn)計(jì)時(shí)器測(cè)量當(dāng)?shù)氐闹亓铀俣?（1）請(qǐng)完成以下主要實(shí)驗(yàn)步驟：按圖（a）安裝實(shí)驗(yàn)器材并連

17、接電源；豎直提起系有重物的紙帶，使重物 靠近 （填“靠近”或“偏離”）計(jì)時(shí)器下端； 接通電源 ， 松開紙帶 ，使重物自由下落；關(guān)閉電源，取出紙帶；換新紙帶重復(fù)實(shí)驗(yàn)； （2）圖（b）和（c）是實(shí)驗(yàn)獲得的兩條紙帶，應(yīng)選取 b （填“b”或“c”）來(lái)計(jì)算重力加速度在實(shí)驗(yàn)操作和數(shù)據(jù)處理都正確的情況下，得到的結(jié)果仍小于當(dāng)?shù)刂亓铀俣龋饕蚴强諝庾枇?摩擦 考點(diǎn)： 測(cè)定勻變速直線運(yùn)動(dòng)的加速度 專題： 實(shí)驗(yàn)題；機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題 分析： （1）通過(guò)組裝器材、進(jìn)行實(shí)驗(yàn)和數(shù)據(jù)處理的順序?qū)?shí)驗(yàn)的步驟進(jìn)行分析求解； （2）根據(jù)紙帶上的點(diǎn)跡分布進(jìn)行分析選擇紙帶，由于存在摩擦阻力，所以在實(shí)驗(yàn)操作和數(shù)據(jù)處理都正

18、確的情況下，得到的結(jié)果仍小于當(dāng)?shù)刂亓铀俣?解答： 解：（1）按圖（a）安裝實(shí)驗(yàn)器材并連接電源；豎直提起系有重物的紙帶，使重物靠近計(jì)時(shí)器下端；接通電源，松開紙帶，使重物自由下落；關(guān)閉電源，取出紙帶；換新紙帶重復(fù)實(shí)驗(yàn)； （2）根據(jù)紙帶上的點(diǎn)跡分布得出b紙帶做加速運(yùn)動(dòng)，而且相鄰計(jì)時(shí)點(diǎn)的距離較大，c紙帶先加速后減速，且相鄰計(jì)時(shí)點(diǎn)的距離較小，所以應(yīng)選取b來(lái)計(jì)算重力加速度 在實(shí)驗(yàn)操作和數(shù)據(jù)處理都正確的情況下，得到的結(jié)果仍小于當(dāng)?shù)刂亓铀俣?，主要原因是空氣阻力和摩?故答案為：（1）靠近；接通電源；松開紙帶；（2）b，摩擦 實(shí)用文案 文案大全 點(diǎn)評(píng)： 對(duì)于實(shí)驗(yàn)的具體操作，不光要靠記憶理解，要親自動(dòng)手實(shí)驗(yàn)，

19、切實(shí)去體會(huì)正確解答實(shí)驗(yàn)問(wèn)題的前提是明確實(shí)驗(yàn)原理，從實(shí)驗(yàn)原理出發(fā)進(jìn)行分析所需實(shí)驗(yàn)器材、所測(cè)數(shù)據(jù)、誤差分析等，會(huì)起到事半功倍的效果 11（10分）（2015?廣東）某實(shí)驗(yàn)小組研究?jī)蓚€(gè)未知元件X和Y的伏安特性，使用的器材包括電壓表（內(nèi)阻約為3k）、電流表（內(nèi)阻約為1）、定值電阻等 （1）使用多用電表粗測(cè)元件X的電阻，選擇“×1”歐姆擋測(cè)量，示數(shù)如圖（a）所示，讀數(shù)為 10 據(jù)此應(yīng)選擇圖中的 b （填“b”或“c”）電路進(jìn)行實(shí)驗(yàn)； （2）連接所選電路，閉合S；滑動(dòng)變阻器的滑片P從左向右滑動(dòng)，電流表的示數(shù)逐漸 增大 （填“增大”或“減小”）；依次記錄電流及相應(yīng)的電壓；將元件X換成元件Y，重復(fù)實(shí)

20、驗(yàn)； （3）如圖（d）是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的UI圖線，由圖可判斷元件 Y （填“X”和“Y”）是非線性元件； （4）該小組還借助X和Y中的線性元件和阻值R=21的定值電阻，測(cè)量待測(cè)電池的電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r，電路如圖（e）所示，閉合S1和S2，電壓表讀數(shù)為3.00V；斷開S2，讀數(shù)為1.00V利用圖（d）可算得E= 3.2 Vr= 0.50 （結(jié)果均保留兩位有效數(shù)字，視電壓表為理想電壓表） 考點(diǎn)： 描繪小電珠的伏安特性曲線 專題： 實(shí)驗(yàn)題；恒定電流專題 分析： 電阻的大小等于表盤的讀數(shù)乘以倍率根據(jù)元件X的電阻大小確定電流表的內(nèi)外接 先分析電路的連接方式即串聯(lián)，然后根據(jù)滑動(dòng)變阻器的正確使用方法進(jìn)行分析

21、 根據(jù)圖象得特點(diǎn)判斷元件是否是非線性元件； 根據(jù)閉合電路歐姆定律列出等式求解電動(dòng)勢(shì)E和內(nèi)阻r 解答： 解：（1）使用多用電表粗測(cè)元件X的電阻，選擇“×1”歐姆擋測(cè)量，示數(shù)如圖（a）所示，讀數(shù)為10 實(shí)用文案 文案大全 元件X的電阻遠(yuǎn)小于電壓表內(nèi)阻，電流表采用外接法誤差較小，因此需要選擇圖b所示實(shí)驗(yàn)電路 （2）連接所選電路，閉合S；滑動(dòng)變阻器的滑片P從左向右滑動(dòng)，并聯(lián)支路電壓增大，電流表的示數(shù)逐漸增大； （3）如圖（d）是根據(jù)實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)作出的UI圖線，由圖可判斷元件Y是非線性元件； （4）根據(jù)UI圖線得出元件X的電阻 R=10； 閉合S1和S2，電壓表讀數(shù)為3.00V；斷開S2，讀數(shù)為1

22、.00V， 根據(jù)閉合電路歐姆定律列出等式 E=3+×r E=1+×（r+21） 解得：E=3.2Vr=0.50 故答案為：（1）10；（2）增大；（3）Y（4）3.2；0.50 點(diǎn)評(píng)： 知道串聯(lián)電路中電阻、電流和電壓的關(guān)系，會(huì)正確使用滑動(dòng)變阻器，會(huì)根據(jù)歐姆定律判斷電壓表和電流表示數(shù)的變化 關(guān)鍵掌握滑動(dòng)變阻器分壓式和限流式的區(qū)別，電流表內(nèi)外接的區(qū)別，以及會(huì)通過(guò)圖線求解電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻 12（18分）（2015?廣東）如圖（a）所示，平行長(zhǎng)直金屬導(dǎo)軌水平放置，間距L=0.4m，導(dǎo)軌右端接有阻值R=1的電阻，導(dǎo)體棒垂直放置在導(dǎo)軌上，且接觸良好導(dǎo)體棒及導(dǎo)軌的電阻均不計(jì)導(dǎo)軌間正方形

23、區(qū)域abcd內(nèi)有方向豎直向下的勻強(qiáng)磁場(chǎng)，bd連線與導(dǎo)軌垂直，長(zhǎng)度也為L(zhǎng)從0時(shí)刻開始，磁感應(yīng)強(qiáng)度B的大小隨時(shí)間t變化，規(guī)律如圖（b）所示；同一時(shí)刻，棒從導(dǎo)軌左端開始向右勻速運(yùn)動(dòng)，1s后剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，若使棒在導(dǎo)軌上始終以速度v=1m/s做直線運(yùn)動(dòng)，求： （1）棒進(jìn)入磁場(chǎng)前，回路中的電動(dòng)勢(shì)E； （2）棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的最大安培力F，以及棒通過(guò)三角形abd區(qū)域使電流i與時(shí)間t的關(guān)系式 考點(diǎn)： 導(dǎo)體切割磁感線時(shí)的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)；電磁感應(yīng)中的能量轉(zhuǎn)化 專題： 電磁感應(yīng)功能問(wèn)題 分析： 根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律 E=N求出感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)的大小， 實(shí)用文案 文案大全 根據(jù)棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式和歐姆定律求解

24、感應(yīng)電流，再根據(jù)安培力大小求解 解答： 解：（1）根據(jù)法拉第電磁感應(yīng)定律 E=N得 棒進(jìn)入磁場(chǎng)前，回路中感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為： E= =×0.08=0.04V， 同一時(shí)刻，棒從導(dǎo)軌左端開始向右勻速運(yùn)動(dòng)，1s后剛好進(jìn)入磁場(chǎng)，若使棒在導(dǎo)軌上始終以速度v=1m/s做直線運(yùn)動(dòng)， 棒通過(guò)三角形abd區(qū)域時(shí)， 棒切割磁感線產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)大小E=Blv=2Bv（t1）v， 根據(jù)歐姆定律得棒通過(guò)三角形abd區(qū)域使電流i與時(shí)間t的關(guān)系式 i= =t1 （1st1.2s）， 當(dāng)t=1.2s時(shí)，電流最大，有效長(zhǎng)度最大，最大安培力Fm=BIL=0.04N， 根據(jù)左手定則得安培力方向水平向左 答：（1）棒進(jìn)入磁場(chǎng)前

25、，回路中的電動(dòng)勢(shì)E是0.04V； （2）棒在運(yùn)動(dòng)過(guò)程中受到的最大安培力大小是0.04N，方向水平向左，棒通過(guò)三角形abd區(qū)域使電流i與時(shí)間t的關(guān)系式i=t1 （1st1.2s） 點(diǎn)評(píng)： 本題考查了法拉第電磁感應(yīng)定律和切割產(chǎn)生的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)公式的綜合運(yùn)用，考查了閉合歐姆定律和安培力公式，難度中等 13（18分）（2015?廣東）如圖所示，一條帶有圓軌道的長(zhǎng)軌道水平固定，圓軌道豎直，底端分別與兩側(cè)的直軌道相切，半徑R=0.5m，物塊A以V0=6m/s的速度滑入圓軌道，滑過(guò)最高點(diǎn)Q，再沿圓軌道滑出后，與直軌上P處?kù)o止的物塊B碰撞，碰后粘在一起運(yùn)動(dòng)P點(diǎn)左側(cè)軌道光滑，右側(cè)軌道呈粗糙段，光滑段交替排列，每段長(zhǎng)度都為L(zhǎng)=0.1m物塊與各粗糙段間的動(dòng)摩擦因數(shù)都為=0.1，A、B的質(zhì)量均為m=1kg（重力加速度g取10m/s2；A、B視為質(zhì)點(diǎn)，碰撞時(shí)間極短） （1）求