2021屆高考數學一輪復習第6章數列第4節(jié)數列求和課時跟蹤檢測理含解析

1、第六章第六章 數數 列列 第四節(jié)第四節(jié) 數列求和數列求和 a 級 基礎過關 |固根基| 1.(2019 屆廣東六校第一次聯(lián)考)已知數列an的前 n 項和為 snn2n1，bn(1)nan(nn*)，則數列bn的前 50 項和為( ) a49 b50 c99 d100 解析：選 a 由題意得，當 n2 時，ansnsn12n，當 n1 時，a1s13，所以數列bn的前 50 項和為346810969810014849，故選 a 2 (2019 屆江西五校聯(lián)考)設 sn是數列an的前 n 項和， 若 ansn2n， 2bn2an2an1，則1b112b21100b100( ) a9798 b989

2、9 c99100 d100101 解析：選 d 因為 ansn2n ，所以 an1sn12n1 ，得，2an1an2n，所以 2an2an12n1.又 2bn2an2an12n1，所以 bnn1，所以1nbn1n（n1）1n1n1，則1b112b21100b10011212131100110111101100101，故選 d 3(2019 屆湖北武漢部分重點中學聯(lián)考)等比數列an的前 n 項和為 sn，若對任意的正整數 n，sn24sn3 恒成立，則 a1的值為( ) a3 b1 c3 或 1 d1 或 3 解析：選 c 設等比數列an的公比為 q，當 q1 時，sn2(n2)a1，snna1

3、.由 sn24sn3，得(n2)a14na13，即 3a1n2a13，若對任意的正整數 n，3a1n2a13 恒成立，則 a10 且 2a130，矛盾，所以 q1.所以 sna1（1qn）1q，sn2a1（1qn2）1q，代入 sn24sn3 并化簡，得 a1(4q2)qn33a13q，若對任意的正整數 n 該等式恒成立，則有4q20，33a13q0，解得a11，q2或a13，q2，故 a11 或3，故選 c 4(2019 屆廣州市調研測試)已知等比數列an的前 n 項和為 sn，若 s37，s663，則數列nan的前 n 項和為( ) a3(n1)2n b3(n1)2n c1(n1)2n d

4、1(n1)2n 解 析 ： 選 d 設 等 比 數 列 an 的 公 比 為 q ， 易 知 q1 ， 所 以 由 題 設 得s3a1（1q3）1q7，s6a1（1q6）1q63，兩式相除得 1q39，解得 q2，進而可得 a11，所以 ana1qn12n1，所以 nann2n1.設數列nan的前 n 項和為 tn，則 tn120221322n2n1，2tn121222323n2n，兩式作差得tn12222n1n2n12n12n2n1(1n)2n，故 tn1(n1)2n.故選 d 5(2019 屆廣東佛山調研)數列an滿足12a1122a2123a312nan2n1，則數列an的通項公式為_

5、解析：由12a1122a2123a312nan2n1， 得12a1122a2123a312nan12n1an12(n1)1， 兩式相減，得12n1an12，即 an2n1(n2) 又12a13，即 a16，不符合上式， 所以 an6，n1，2n1，n2. 答案：an6，n1，2n1，n2 6 已知數列an滿足 an12an4.若首項 a12， 則數列an的前 9 項和 s9_ 解析：因為 an12an4，所以 an142(an4)，故an4是以 a142 為首項，2為公比的等比數列，所以 an42n，即 an2n4. sna1a2an(214)(224)(2n4)(21222n)4n2（12n

6、）124n2n124n，所以 s9210249986. 答案：986 7 (2019 年全國卷)記 sn為等比數列an的前 n 項和 若 a11， s334， 則 s4_ 解析：解法一：設等比數列an的公比為 q，由 a11 及 s334，易知 q1.把 a11 代入s3a1（1q3）1q34， 得 1qq234， 解得 q12， 所以 s4a1（1q4）1q1112411258. 解法二：設等比數列an的公比為 q，因為 s3a1a2a3a1(1qq2)34，a11，所以 1qq234，解得 q12，所以 a4a1q312318，所以 s4s3a4341858.答案：58 8已知數列an的首

7、項 a11，an1an2an1，則數列anan1的前 10 項和為_ 解析：因為 an1an2an1，所以1an12an1an21an，即1an11an2，所以1an是首項為1，公差為 2 的等差數列，所以1an2n1，所以 an12n1，所以 anan11（2n1）（2n1）1212n112n1， 所以anan1的前 10 項和為1211313151191211211211021. 答案：1021 9(2019 屆長春市第二次質量監(jiān)測)各項均為整數的等差數列an，其前 n 項和為 sn，a11，a2，a3，s41 成等比數列 (1)求an的通項公式； (2)求數列(1)nan的前 2n 項和

8、 t2n. 解：(1)設等差數列an的公差為 d，由題意可得(12d)2(1d)(36d)，解得 d2 或 d12(舍去)，所以 an2n3. (2)由(1)得，t2na1a2a3a4a2n1a2n(1)1352(2n1)322n32n. 10(2020 屆成都摸底)設 sn為等差數列an的前 n 項和，a215，s565. (1)求數列an的通項公式； (2)設數列bn的前 n 項和為 tn，tnsn10，求數列|bn|的前 n 項和 rn. 解：(1)設等差數列an的公差為 d，則由已知得 a1d15，5a1542d65，解得a117，d2， 故 an2n19. (2)由(1)得 snn（

9、a1an）2n218n，tnn218n10，tn1(n1)218(n1)10n220n29，bntntn12n19(n2)， 當 n1 時不符合上式， bn7，n1，2n19，n2. 易知，當 1n9 時，bn0，當 n10 時，bn0. 所以當 1n9 時，rn|b1|b2|bn|b1b2bnn218n10； 當 n10 時，rn|b1|b2|bn|b1b2b9(b10b11bn)tn2t9n218n152， 故 rnn218n10，1n9，n218n152，n10. 11(2019 屆鄭州市第一次質量預測)已知數列an為等比數列，首項 a14，數列bn滿足 bnlog2an，且 b1b2b

10、312. (1)求數列an的通項公式； (2)令 cn4bnbn1an，求數列cn的前 n 項和 sn. 解：(1)由 bnlog2an和 b1b2b312， 得 log2(a1a2a3)12， a1a2a3212. 設等比數列an的公比為 q， a14，a1a2a34 4q 4q226q3212， 解得 q4. an4 4n14n. (2)由(1)得 bnlog24n2n， cn42n2（n1）4n1n（n1）4n1n1n14n. 設數列1n（n1）的前 n 項和為 an， 則 an11212131n1n1nn1. 設數列4n的前 n 項和為 bn， 則 bn4（14n）1443(4n1)

11、snnn143(4n1). b 級 素養(yǎng)提升 |練能力| 12.(2019 年浙江卷)設 a，br，數列an滿足 a1a，an1a2nb，nn*，則( ) a當 b12時，a1010 b當 b14時，a1010 c當 b2 時，a1010 d當 b4 時，a1010 解析：選 a 當 b12時，因為 an1a2n12，所以 a212.又 an1a2n12 2an，故 a9a2( 2)712( 2)74 2，a10a293210.當 b14時，an1anan122，故當 a1a12時，a1012，所以 a1010 不成立同理 b2 和 b4 時，均存在小于 10 的數 x0，只需 a1ax0，則

12、 a10 x010 不成立，所以選 a 13(2020 屆貴陽摸底)定義ni1n ui為 n 個正數 u1，u2，u3，un的“快樂數”若已知正項數列an的前 n 項的“快樂數”為13n1，則數列36（an2）（an12）的前 2 019 項和為( ) a2 0182 019 b2 0192 020 c2 0192 018 d2 0191 010 解析：選 b 設數列an的前 n 項和為 sn，根據題意知nsn13n1，得 sn3n2n，所以ansnsn16n2(n2)， 當 n1 時也適合， 所以 an6n2， 所以36（an2）（an12）366n（6n6）1n（n1）1n1n1， 所以數

13、列36（an2）（an12）的前 2 019 項和為 112121312 01912 020112 0202 0192 020.故選 b 14(2019 屆洛陽市第二次聯(lián)考)已知數列an的前 n 項和為 sn，對任意 nn*，sn(1)nan12nn3，且(tan1)(tan)0 恒成立，則實數 t 的取值范圍是_ 解析：當 n1 時，a1s1a11213，解得 a134.當 n2 時，ansnsn1(1)nan12nn3(1)n1an112n1(n1)3(1)nan(1)n1an112n1.當 n 為偶數時，an112n1，此時 n1 為奇數，所以當 n 為奇數時，an12n11；當 n 為

14、奇數時，an12an12n1212n11 12n1312n1，此時 n1 為偶數，所以當 n 為偶數時，an312n.當 n 為正奇數時，數列an為遞減數列，其最大值為 a1122134；當 n 為正偶數時， 數列an為遞增數列， 其最小值為 a23122114.若(tan1)(tan)0 恒成立， 則34t114. 答案：34，114 15(2019 屆廣州市高三第一次綜合測試)已知數列an的前 n 項和為 sn，數列snn是首項為 1，公差為 2 的等差數列 (1)求數列an的通項公式； (2)設數列bn滿足a1b1a2b2anbn5(4n5)12n，求數列bn的前 n 項和 tn. 解：(1)因為數列snn是首項為 1，公差為 2 的等差數列，所以snn12(n1)2n1，所以 sn2n2n. 當 n1 時，a1s11； 當 n2 時，ansnsn1(2n2n)2(n1)2(n1)4n3. 當 n1 時，a11 也