湖北省黃岡市黃州中學(xué)2020學(xué)年高二物理4月月考試題

1、湖北省黃岡市黃州中學(xué)2020學(xué)年高二物理4月月考試題 時(shí)間:90分鐘 滿(mǎn)分：110分第I卷 選擇題一、單選題(本大題共6小題，每小題4分，共24分)1.如圖所示，先接通電鍵S使電容器充電，然后斷開(kāi)S，增大兩極板間的距離時(shí)，電容器所帶電量Q、電容C、兩極板間電勢(shì)差U的變化情況是（）A.Q變小，C不變，U不變B.Q變小，C變小，U不變C.Q不變，C變小，U變大D.Q不變，C變小，U變小2.有兩個(gè)同種材料制成的導(dǎo)體，兩導(dǎo)體為橫截面為正方形的柱體，柱體高均為h，大柱體柱截面邊長(zhǎng)為a，小柱體柱截面邊長(zhǎng)為b，則（）A.從圖示電流方向看大柱體與小柱體的電阻之比為a：bB.從圖示電流方向看大柱體與小柱體的電阻

2、之比為1：1 C.若電流方向豎直向下，大柱體與小柱體的電阻之比為a：b D.若電流方向豎直向下，大柱體與小柱體的電阻之比為a2：b23.超級(jí)電容器又叫雙電層電容器（ElectricalDouble-LayerCapacitor）是一種新型儲(chǔ)能裝置，它不同于傳統(tǒng)的化學(xué)電源，是一種介于傳統(tǒng)電容器與電池之間、具有特殊性能的電源它具有功率密度高、充放電時(shí)間短、循環(huán)壽命長(zhǎng)、工作溫度范圍寬等特點(diǎn)如圖為一款超級(jí)電容器，其標(biāo)有“2.7V，3000F”，則可知（） A.該電容器在2.7 V電壓下才能正常工作 B.該電容器最大容納電荷量為8100 C C.所儲(chǔ)存電荷量是手機(jī)鋰電池“4.2V，1000mAh”的3倍

3、 D.該超級(jí)電容充電時(shí)把電能轉(zhuǎn)化為化學(xué)能4.如圖所示，在豎直放置間距為d的平行板電容器中，存在電場(chǎng)強(qiáng)度為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)，有一質(zhì)量為m、電荷量為+q的點(diǎn)電荷從兩極板正中間處?kù)o止釋放，重力加速度為g，則點(diǎn)電荷運(yùn)動(dòng)到負(fù)極板的過(guò)程（） A.加速度大小為a=+gB.所需的時(shí)間為t= C.下降的高度為y= D.電場(chǎng)力所做的功為W=Eqd5.如圖所示，R1為定值電阻，R2為可變電阻，E為電源電動(dòng)勢(shì)，r為電源的內(nèi)電阻，以下說(shuō)法中不正確的是（） A.當(dāng)R2=R1+r時(shí)，R2上獲得最大功率B.當(dāng)R1=R2+r時(shí)，R1上獲得最大功率 C.當(dāng)R2=0時(shí)R1上獲得功率一定最大D.當(dāng)R2=0時(shí)，電源的輸出功率可能最大6.如

4、圖，真空中電量均為Q的兩正點(diǎn)電荷，固定于一絕緣正方體框架的兩側(cè)面ABB1A1和DCC1D1中心連線上，且兩電荷關(guān)于正方體中心對(duì)稱(chēng)，則（） A.A、B、C、D四個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)相同 B.A1、B1、C1、D1四個(gè)點(diǎn)的電場(chǎng)強(qiáng)度相同 C.負(fù)檢驗(yàn)電荷q在A點(diǎn)的電勢(shì)能小于在C1點(diǎn)的電勢(shì)能 D.正檢驗(yàn)電荷q從C點(diǎn)移到C1點(diǎn)過(guò)程電場(chǎng)力對(duì)其做正功二、多選題(本大題共4小題，對(duì)而不全得2分，錯(cuò)選得零分，共20分)7.兩個(gè)完全相同的金屬小球，帶電量之比為1：5，相距為r，兩者相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，則它們間的庫(kù)侖力可能為原來(lái)的（）倍 A.0.4B.0.6C.0.8D.1.88.汽車(chē)油量表的工作原理圖如圖所示，物體

5、M為油面上的浮子，浮子帶動(dòng)滑動(dòng)變阻器的金屬滑桿P上下移動(dòng)，通過(guò)理想電壓表反映油箱內(nèi)油量的大小則由圖可知（） A.滑動(dòng)觸頭P向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大 B.不論電壓表示數(shù)多大，電源內(nèi)的電流不發(fā)生變化 C.電壓表示的數(shù)為零時(shí)，電源內(nèi)沒(méi)有電流 D.滑動(dòng)觸頭P滑動(dòng)到電阻的最上端時(shí)，電源內(nèi)的電流最大9.如圖所示，一臺(tái)電動(dòng)機(jī)提著質(zhì)量為m的物體，以速度v勻速上升已知電動(dòng)機(jī)線圈的電阻為R，電源電動(dòng)勢(shì)為E，通過(guò)電源的電流為I，當(dāng)?shù)刂亓铀俣葹間，忽略一切阻力導(dǎo)線電阻，則（） A.電源內(nèi)阻 B.電源內(nèi)阻 C.如果電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動(dòng)，較短時(shí)間內(nèi)電源消耗的功率將變大 D.如果電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動(dòng)，較短時(shí)

6、間內(nèi)電源消耗的功率將變小10.在電場(chǎng)強(qiáng)度大小為E的勻強(qiáng)電場(chǎng)中，將一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為+q的帶電小球由靜止開(kāi)始釋放，帶電小球沿與豎直方向成角的方向做直線運(yùn)動(dòng)關(guān)于帶電小球的電勢(shì)能和機(jī)械能W的判斷，正確的是（） A.若sin，則一定減少，W一定增加 B.若sin=，則、W一定不變C.若sin=，則一定增加，W一定減小 D.若tan=，則可能增加、也可能少，但與W的總和一定保持不變第II卷（實(shí)驗(yàn)題和計(jì)算題 ）三、實(shí)驗(yàn)題探究題(本大題共3小題，6分+6分+8分=20分)11.如圖所示實(shí)驗(yàn)裝置可用來(lái)探究影響平行板電容器的因素，其中電容器左側(cè)極板和靜電計(jì)外殼接地，電容器右側(cè)極板與列電計(jì)金屬球相連 （1）使

7、電容器帶電后與電源斷開(kāi) 將左極板上移，可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角 _ （選填變大，變小或不變）； 兩板間插入一塊玻璃，可觀察到靜電計(jì)指針偏轉(zhuǎn)角 _ （選填變大、變小或不變）； （2）從圖中讀得某金屬絲的直徑為 _ mm 12.為了較精確地測(cè)量一節(jié)干電池的內(nèi)阻，可用以下給定的器材和一些導(dǎo)線來(lái)完成實(shí)驗(yàn)：量程3V的理想電壓表V，量程0.6A的電流表A（具有一定內(nèi)阻），定值電阻R0（R0=1.5），滑動(dòng)變阻器R1（010），滑動(dòng)變阻器R2（0200），電鍵S實(shí)驗(yàn)電路原理圖如圖（a）（1）為方便實(shí)驗(yàn)調(diào)節(jié)和較準(zhǔn)確地測(cè)量，滑動(dòng)變阻器應(yīng)選用 _ （填R1或R2） （2）用筆畫(huà)線代替導(dǎo)線在圖（b）中完成電路連接

8、（3）實(shí)驗(yàn)中改變滑動(dòng)變阻器的阻值，測(cè)出幾組電流表和電壓表的讀數(shù)，在給出的U-I坐標(biāo)系中畫(huà)出U-I圖線如圖（c）所示，則干電池的內(nèi)阻r= _ （結(jié)果保留兩位有效數(shù)字）13. 用如圖（甲）所示的電路圖研究額定電壓為2.4V的燈泡L的伏安特性，并測(cè)出該燈泡在額定電壓下工作時(shí)的電阻值 （1）在閉合開(kāi)關(guān)S前，滑動(dòng)變阻器觸頭應(yīng)該放在 _ 端（選填“a”或“b”） （2）按電路圖（甲）測(cè)出的燈泡電阻值比真實(shí)值 _ （選填“偏大”或“偏小”）根據(jù)所得到的圖象如圖乙所示，它在額定電壓下實(shí)際功率P= _ W，I-U圖象是一條曲線而不是直線的原因是 _ 四、計(jì)算題(本大題共4小題，9分+10分+13分+14分=46

9、分)14.如圖所示，質(zhì)量均為m的兩個(gè)帶電小球A和B放置在光滑的絕緣水平面上，彼此相距為l，A球帶電荷量+Q，B球帶電荷量-Q，若用一水平力拉動(dòng)其中一個(gè)球，且要使另一個(gè)球與前面的球始終保持l的間距運(yùn)動(dòng)，則拉力F的大小為？ 15. 一輛電動(dòng)自行車(chē)的銘牌上給出了如下的技術(shù)參數(shù)表請(qǐng)根據(jù)表上計(jì)算規(guī)格后輪驅(qū)動(dòng)直流電機(jī)車(chē)型26英寸額定輸出功率200W整車(chē)質(zhì)量30kg額定電壓 50V（1）此車(chē)電機(jī)正常工作的電流；（2）如果他家平均每天使用電動(dòng)自行車(chē)的時(shí)間為0.6h；那么，他一個(gè)月（30天）使用電動(dòng)自行車(chē)耗電多少kWh？16. 如圖所示，電源電動(dòng)勢(shì)E=6V，內(nèi)阻r=1，電流表內(nèi)阻RA=3，三個(gè)定值電阻的阻值分別

10、為R1=5，R2=10，R3=15，電容器電容C=1.010-10F，問(wèn)：（1）閉合開(kāi)關(guān)S待電路穩(wěn)定后，電流表的示數(shù)是多少？（2）閉合開(kāi)關(guān)S待電路穩(wěn)定后，電容器的帶電量是多少？（3）再次斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S待電路穩(wěn)定，通過(guò)R2的電量是多少？17. 如圖所示，空間有場(chǎng)強(qiáng)E=1.0103V/m豎直向下的電場(chǎng)，長(zhǎng)L=0.4m不可伸長(zhǎng)的輕繩固定于O點(diǎn)，另一端系一質(zhì)量m=0.05kg帶電q=+510-4C的小球，拉起小球至繩水平后在A點(diǎn)無(wú)初速度釋放，當(dāng)小球運(yùn)動(dòng)至O點(diǎn)的正下方B點(diǎn)時(shí)，繩恰好斷裂，小球繼續(xù)運(yùn)動(dòng)并垂直打在同一豎直平面且與水平面成=30、無(wú)限大的擋板MN上的C點(diǎn)試求： （1）繩子至少受多大的拉力才能被拉斷

11、； （2）A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差 高二物理答案和解析【答案】 1.C2.B3.B4.B5.B6.A7.CD8.AB9.BC10.BD11.變大；變?。?.520 12.R1；0.29 13.a；偏??；1.2；1.2 14.解：如拉力F作用于B上水平向右，使系統(tǒng)做勻加速運(yùn)動(dòng)，對(duì)A有 對(duì)系統(tǒng)F=2ma，則F= 答：拉力的大小為 15.解：（1）此車(chē)電機(jī)正常工作時(shí)的電流：I=A； （2）電動(dòng)自行車(chē)一月消耗的電能：W=Pt=0.20.630=3.6kWh 答：（1）此車(chē)電機(jī)正常工作的電流是4A；（2）一個(gè)月使用電動(dòng)自行車(chē)耗電3.6kWh 16.解：（1）根據(jù)電阻之間的關(guān)系，有：= 電流表示數(shù) （2）電容器

12、兩端電壓，電容器帶電量 （3）電容器通過(guò)和放電，放電電流根電阻成反比，因此電量也跟電阻成反比，則通過(guò)的電量為：=2.16 答：（1）閉合開(kāi)關(guān)S待電路穩(wěn)定后，電流表的示數(shù)是0.6A （2）閉合開(kāi)關(guān)S待電路穩(wěn)定后，電容器的帶電量是（3）再次斷開(kāi)開(kāi)關(guān)S待電路穩(wěn)定，通過(guò)R2的電量是 17.解：（1）AB由動(dòng)能定理及圓周運(yùn)動(dòng)知識(shí)有： （mg+qE）L=mvB2 F-（mg+qE）= 得：F=3N （2）由（1）可知到達(dá)B點(diǎn)的速度為 在C點(diǎn)根據(jù)速度關(guān)系有：vcsin=vB 從AC過(guò)程，根據(jù)動(dòng)能定理有： 從根據(jù)動(dòng)能定理有：qUAC+mghAC=mvc2-0 得：U=1600V 答：（1）繩子至少受3N的拉力

13、才能被拉斷； （2）A、C兩點(diǎn)的電勢(shì)差為1600V 【解析】 1. 解：電容器與電源斷開(kāi)，電量保持不變，增大兩極板間距離時(shí)，根據(jù)C=，知電容C變小，根據(jù)U=知兩極板間的電勢(shì)差U變大，故C正確 故選：C 電容器與電源斷開(kāi)，電量保持不變，增大兩極板間距離時(shí)，根據(jù)C=，判斷電容的變化，根據(jù)U=判斷電勢(shì)差的變化 解決電容器的動(dòng)態(tài)分析問(wèn)題關(guān)鍵抓住不變量若電容器與電源斷開(kāi)，電量保持不變；若電容器始終與電源相連，電容器兩端間的電勢(shì)差保持不變 2. 解：A、從圖示方向看，則根據(jù)電阻定律可知，R1=，R2=，故兩電阻相等，比值為1：1，故A錯(cuò)誤，B正確 C、若電流豎直向下，則根據(jù)電阻定律有：R1=，R2=，故R

14、1：R2=b2：a2；故CD錯(cuò)誤 故選：B 根據(jù)電阻定律進(jìn)行分析，注意明確導(dǎo)線長(zhǎng)度和截面積的確定，從而求出各自的電阻，進(jìn)而求出對(duì)應(yīng)的比值 本題考查電阻定律的應(yīng)用，要注意本題可以作為電阻微型化的依據(jù)，注意電流方向不同，同一個(gè)電阻其阻值可能不同 3. 解：A、電容器的額定電壓為2.7V，說(shuō)明工作電壓要不超過(guò)2.7V，可以小于2.7V，故A錯(cuò)誤； BC、該電容器最大容納電荷量：Q=CU=3000F2.7V=8100C， 手機(jī)鋰電池“4.2V，1000mAh”的電荷量q=1000mAh=1A3600s=3600C， 故，故B正確，C錯(cuò)誤； D、由于是電容器，故該超級(jí)電容充電時(shí)把電能存儲(chǔ)在電容器中，沒(méi)有

15、轉(zhuǎn)化為化學(xué)能，故D錯(cuò)誤； 故選：B 電容器的額定電壓是正常工作時(shí)允許的最大電壓，實(shí)際電壓可以低于額定電壓；電容器與電源的電容量q=It，電容器是儲(chǔ)存電能的工具 本題考查電容器和電源，關(guān)鍵是明確電容量的概念和額定電壓的含義，基礎(chǔ)題目 4. 解：A、點(diǎn)電荷受到重力、電場(chǎng)力，合力F=；根據(jù)牛頓第二定律有：a=，故A錯(cuò)誤； B、根據(jù)運(yùn)動(dòng)獨(dú)立性，水平方向點(diǎn)電荷的運(yùn)動(dòng)時(shí)間為t，水平方向上的加速度a=，根據(jù)位移公式可得：=，化簡(jiǎn)得t=，故B正確； C、豎直方向做自由落體運(yùn)動(dòng)，下降高度h=gt2=，故C錯(cuò)誤； D、電荷運(yùn)動(dòng)位移為，故電場(chǎng)力做功W=，故D錯(cuò)誤 故選：B 分析電荷的受力情況，根據(jù)牛頓第二定律可求得

16、總的加速度； 根據(jù)運(yùn)動(dòng)的獨(dú)立性，分別對(duì)水平方向和豎直方向進(jìn)行分析，根據(jù)水平方向上的勻加速直線運(yùn)動(dòng)規(guī)律可求得運(yùn)動(dòng)時(shí)間；再對(duì)豎直方向分析，從而求出對(duì)應(yīng)的高度，根據(jù)功的公式可求得電場(chǎng)力所做的功 本題考查帶電粒子在電場(chǎng)和重力場(chǎng)組成的復(fù)合場(chǎng)中的運(yùn)動(dòng)，要注意明確帶電粒子在水平和豎直兩個(gè)方向上相互獨(dú)立但時(shí)間相等，再分別根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的規(guī)律求解即可 5. 解：A、將R1等效到電源的內(nèi)部，R2上的功率等于等效電源的輸出功率，當(dāng)?shù)刃щ娫吹耐怆娮璧扔趦?nèi)阻時(shí)，即R2=R1+r時(shí)，輸出功率最大，即R2上的功率最大故A正確 B、根據(jù)P=I2R，電流最大時(shí)，R1上的功率最大當(dāng)外電阻最小時(shí)，即R2=0時(shí)，電流最大故B錯(cuò)誤

17、，C正確 D、當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)電源的輸出功率最大，外電阻與內(nèi)電阻越接近，電源的輸出功率越大，當(dāng)R1r，故當(dāng)R2=0時(shí)，電源的輸出功率最大，故D正確； 因選不正確的，故選：B 當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)電源的輸出功率最大對(duì)于定值電阻，根據(jù)P=I2R，電流最大時(shí)，功率最大 解決本題的關(guān)鍵掌握當(dāng)外電阻等于內(nèi)阻時(shí)電源的輸出功率最大對(duì)于定值電阻，根據(jù)P=I2R，電流最大時(shí)，功率最大 6. 解：等量同種電荷周?chē)妶?chǎng)分布情況如圖： 將該圖與題圖結(jié)合可知： A、將兩個(gè)圖比較可知，A、B、C、D四個(gè)點(diǎn)的是關(guān)于連線對(duì)稱(chēng)的，所以電勢(shì)相同，故A正確； B、由于A1、B1、C1、D1四個(gè)點(diǎn)是關(guān)于連線對(duì)稱(chēng)，場(chǎng)強(qiáng)大小相等，但方向

18、不同，所以場(chǎng)強(qiáng)不同，故B錯(cuò)誤 C、D、將兩個(gè)圖比較可知，A、B、C、D四個(gè)點(diǎn)和A1、B1、C1、D1四個(gè)點(diǎn)關(guān)于點(diǎn)電荷的連線的中心是對(duì)稱(chēng)的，所以8個(gè)點(diǎn)的電勢(shì)高低是相等的，所以負(fù)檢驗(yàn)電荷q在A點(diǎn)的電勢(shì)能等于在C1點(diǎn)的電勢(shì)能，正檢驗(yàn)電荷q從C點(diǎn)移到C1點(diǎn)過(guò)程電場(chǎng)力對(duì)其做功的和為0故C錯(cuò)誤，D錯(cuò)誤 故選：A 解答本題要掌握等量同種電荷周?chē)妶?chǎng)分布情況，電場(chǎng)線與等勢(shì)面垂直，而且順著電場(chǎng)線電勢(shì)逐漸減小結(jié)合對(duì)稱(chēng)性進(jìn)行分析 該題考查常見(jiàn)的電場(chǎng)以及電場(chǎng)線的分布，要熟練掌握等量異種電荷和等量同種電荷周?chē)妶?chǎng)強(qiáng)度、電勢(shì)分布情況，并能正確判斷電荷在電場(chǎng)中運(yùn)動(dòng)時(shí)動(dòng)能或電勢(shì)能變化情況 7. 解：由庫(kù)侖定律可得：F=k，

19、當(dāng)兩相同金屬小球帶同種電荷時(shí)，兩者相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，它們的電荷量之比變?yōu)?：3，所以庫(kù)侖力是原來(lái)的1.8倍， 當(dāng)兩相同金屬小球帶異種電荷時(shí)，兩者相互接觸后再放回原來(lái)的位置上，它們的電荷量之比變?yōu)?：2，所以庫(kù)侖力是原來(lái)的0.8倍，故CD正確，AB錯(cuò)誤 故選：CD 兩電荷間存在庫(kù)侖力，其大小可由庫(kù)侖定律求出當(dāng)兩電荷相互接觸后再放回原處，電荷量可能相互中和后平分，也可能相互疊加再平分，所以庫(kù)侖力的變化是由電荷量變化導(dǎo)致的 本題考查庫(kù)侖定律的同時(shí)，利用了控制變量法當(dāng)控制距離不變時(shí)，去改變電荷量，從而確定庫(kù)侖力的變化當(dāng)然也可控制電荷量不變，去改變間距，從而得出庫(kù)侖力的變化 8. 解： A、

20、電壓表測(cè)量變阻器下部分電阻的電壓，根據(jù)串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的特點(diǎn)可知，滑動(dòng)觸頭P向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，電壓表示數(shù)變大故A正確 B、D由于理想電壓表內(nèi)阻認(rèn)為無(wú)窮大，對(duì)電路沒(méi)有影響，所以不論電壓表示數(shù)多大，電源內(nèi)的電流不發(fā)生變化故B正確，D錯(cuò)誤 C、滑動(dòng)觸頭P移到最下端時(shí)，電壓表示的數(shù)為零，但電源內(nèi)仍有電流故C錯(cuò)誤 故選AB 理想電壓表內(nèi)阻認(rèn)為無(wú)窮大，對(duì)電路沒(méi)有影響圖示電路中，變阻器的金屬滑桿P上下移動(dòng)時(shí)，電路中電流不變根據(jù)串聯(lián)電路分壓特點(diǎn)，分析電壓表示數(shù)的變化 本題關(guān)鍵抓住理想電壓表內(nèi)阻無(wú)窮大，相當(dāng)于斷路的特點(diǎn)進(jìn)行分析 9. 解：A、在時(shí)間t內(nèi)消耗電能（W電）轉(zhuǎn)化為機(jī)械能（W機(jī)=mgh）和內(nèi)能（W內(nèi)=

21、I2Rt）， 所以W電=mgvt+I2Rt 而W電=EI-I2r 解得：，故A錯(cuò)誤，B正確； C、如果電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動(dòng)，則電動(dòng)機(jī)相當(dāng)于電阻為R的電阻，所以電路的電流增大， 根據(jù)P=I2r可知較短時(shí)間內(nèi)電源消耗的功率將變大，故C正確，D錯(cuò)誤 故選BC 電流通過(guò)直流電動(dòng)機(jī)做功，消耗電能（W電=UIt）轉(zhuǎn)化為機(jī)械能（W機(jī)=mgh）和內(nèi)能（W內(nèi)=I2Rt），可求消耗的電能，再根據(jù)W電=EI-I2r求解電源內(nèi)阻；如果電動(dòng)機(jī)轉(zhuǎn)軸被卡住而停止轉(zhuǎn)動(dòng)，則電動(dòng)機(jī)相當(dāng)于電阻為R的電阻，電路的電流增大，電源消耗的功率增大 本題考查了消耗電能（電功）的計(jì)算、功率的計(jì)算特別是要知道電動(dòng)機(jī)不是純電阻用電器，電流做

22、功消耗的電能大部分轉(zhuǎn)化為機(jī)械能、少部分轉(zhuǎn)化為內(nèi)能（發(fā)熱） 10. 解：A、若sin，電場(chǎng)力可能做正功，也可能做負(fù)功，所以可能減小也可能增大、W可能增大也可能減小故A錯(cuò)誤 BC、若sin=，則電場(chǎng)力與速度方向垂直，電場(chǎng)力不做功，、W一定守恒故B正確，C錯(cuò)誤 D、若tan=，則電場(chǎng)力沿水平方向，可能水平向左，可能水平向右，則電場(chǎng)力和重力的合力與速度方向可能同向，也可能成一定的角度，則電場(chǎng)力可能做正功，可能做負(fù)功，可能增加，可能減小，根據(jù)能量守恒知，電勢(shì)能和機(jī)械能之和保持不變，故D正確 故選：BD 根據(jù)電場(chǎng)力做功判斷帶電小球電勢(shì)能的變化，結(jié)合除重力以外其它力做功得出機(jī)械能的變化 本題關(guān)鍵是分析電場(chǎng)力

23、與合力方向的夾角，來(lái)判斷電場(chǎng)力做功正負(fù)，確定電勢(shì)能和機(jī)械能的變化 11. 解：（1）根據(jù)電容的決定式C= 知，上移左極板，正對(duì)面積S減小，則電容減小， 根據(jù)U=知，電荷量不變，則電勢(shì)差增大，指針偏角變大 根據(jù)電容的決定式C=知，將兩板間插入一塊玻璃時(shí)，電容增大，根據(jù)U=知，電荷量不變，則電勢(shì)差減小，指針偏角變小 （2）螺旋測(cè)微器的固定刻度為0.5mm，可動(dòng)刻度為2.00.01mm=0.020mm， 所以最終讀數(shù)為0.5mm+0.020mm=0.520mm 故答案為：（1）變大，變小；（2）0.520 抓住電容器的電荷量不變，根據(jù)電容的決定式C=判斷電容的變化，結(jié)合U=判斷電勢(shì)差的變化，從而得出

24、指針偏角的變化 螺旋測(cè)微器的讀數(shù)方法是固定刻度讀數(shù)加上可動(dòng)刻度讀數(shù)，在讀可動(dòng)刻度讀數(shù)時(shí)需估讀 解決本題的關(guān)鍵知道靜電計(jì)測(cè)量的是電容器兩端的電勢(shì)差，處理電容器動(dòng)態(tài)分析時(shí)，關(guān)鍵抓住不變量，與電源斷開(kāi)，電荷量保持不變，結(jié)合電容的決定式和定義式進(jìn)行分析 對(duì)于基本測(cè)量?jī)x器如游標(biāo)卡尺、螺旋測(cè)微器等要了解其原理，要能正確使用這些基本儀器進(jìn)行有關(guān)測(cè)量 12. 解：（1）電流表的量程IA=0.6A，根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，電路中需要的最大電阻應(yīng)為：Rmax=7.5所以變阻器應(yīng)選R1； （2）根據(jù)原理圖可知實(shí)物圖如圖所示： （3）根據(jù)閉合電路歐姆定律應(yīng)用：E=U+I（r+R0）， 整理可得：U=-（r+R0）I

25、+E，由圖可知圖象與縱坐標(biāo)的交點(diǎn)為電源的電動(dòng)勢(shì)；故E=1.50V； 根據(jù)函數(shù)斜率的概念應(yīng)有：r+R0=，解得r=0.29； 故答案為：（1）R1 （2）如圖所示； （3）0.29（1）根據(jù)閉合電路歐姆定律求出電路中需要的最大電阻，從而確定對(duì)應(yīng)的滑動(dòng)變阻器； （2）根據(jù)電路圖可得出對(duì)應(yīng)的實(shí)物圖； （3）根據(jù)閉合電路歐姆定律寫(xiě)出關(guān)于U與I的函數(shù)表達(dá)式，然后根據(jù)斜率和截距的概念即可求解 本題考查測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)電阻的實(shí)驗(yàn)，應(yīng)注意明確以下幾點(diǎn)：測(cè)定電池電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻實(shí)驗(yàn)應(yīng)選擇內(nèi)阻較大的舊電池；通過(guò)電流表的最小電流應(yīng)為電流表量程的，這樣可以保證準(zhǔn)確；遇到根據(jù)圖象求解的問(wèn)題，應(yīng)根據(jù)物理規(guī)律整理出關(guān)于縱軸與橫軸物理量的函數(shù)表達(dá)式，再根據(jù)斜率和截距的概念即可求解 13. 解：（1）：閉合開(kāi)關(guān)前，應(yīng)將滑動(dòng)觸頭置于輸出電壓最小的a端，以保護(hù)電流表； （2）：根據(jù)歐姆定律，電阻測(cè)量值為=， 若考慮電壓表內(nèi)阻影響，待測(cè)電阻的真實(shí)值為=， 比較可知，所以測(cè)出的燈泡電阻值比真實(shí)值偏小； 根據(jù)I-U圖象讀出U=2.4V時(shí)對(duì)應(yīng)的電流I=0.5A， 所以小燈泡的實(shí)際功率為=1.2W； 根據(jù)歐姆定律應(yīng)有：I=，可見(jiàn)I-U圖象上的點(diǎn)與原點(diǎn)連線斜率的倒數(shù)等于燈泡的電阻，由于連線的斜率逐漸減小，所以小燈泡的電阻隨溫度的升高而增大， 即I