河南省2021屆高三物理3月聯(lián)考試題（含解析）

1、高三物理3月聯(lián)考試題（含解析）二、選擇題：本題共8小題，每小題6分，共48分。在每小題給出的四個(gè)選項(xiàng)中，第1418題只有一項(xiàng)符合題目要求，第1921題有多項(xiàng)符合題目要求。全部選對(duì)的得6分，選對(duì)但不全的得3分，有選錯(cuò)的得0分。1.如圖所示，直線a和曲線b分別是在平直公路上行駛的汽車a和b的位移時(shí)間(x-t)圖象由圖可知A. 在時(shí)刻t1，a、b兩車相遇，且運(yùn)動(dòng)方向相反B. 在時(shí)刻t2，a車追上b車，且運(yùn)動(dòng)方向相同C. 在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率先增大后減小D. 在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率一直比a小【答案】A【解析】【詳解】A在時(shí)刻t1，a、b兩車到達(dá)同一位置而相遇，根據(jù)圖象切線的斜

2、率表示速度可知兩車運(yùn)動(dòng)方向相反，故A正確；B在時(shí)刻t2前，a在前，b在后，則在時(shí)刻t2，b車追上a車，根據(jù)圖象切線的斜率表示速度可知兩車運(yùn)動(dòng)方向相同，故B錯(cuò)誤；C圖線切線的斜率表示速度，在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車圖線斜率先減小后增大，則b車的速率先減小后增加，故C錯(cuò)誤；D在t1到t2這段時(shí)間內(nèi)，b車的速率先大于a后小于a，最后又大于a，故D錯(cuò)誤；2.當(dāng)衛(wèi)星繞地球運(yùn)動(dòng)的軌道半徑為R時(shí)，線速度為v，周期為T。下列情形符合物理規(guī)律是（）A. 若衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R，則衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)周期從T變?yōu)?TB. 若衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R，則衛(wèi)星運(yùn)行線速度從v變?yōu)镃. 若衛(wèi)星運(yùn)行周期從T變?yōu)?T，則衛(wèi)星軌道半

3、徑從R變?yōu)?RD. 若衛(wèi)星運(yùn)行線速度從v變?yōu)椋瑒t衛(wèi)星運(yùn)行周期從T變?yōu)?T【答案】C【解析】【詳解】根據(jù)衛(wèi)星繞地球做勻速圓周運(yùn)動(dòng)可知AC周期與半徑關(guān)系為若衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R，則衛(wèi)星運(yùn)動(dòng)周期從T變?yōu)門；若衛(wèi)星運(yùn)行周期從T變?yōu)?T，則衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R，所以C選項(xiàng)正確，A選項(xiàng)錯(cuò)誤；B線速度與半徑關(guān)系為若衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R，則衛(wèi)星運(yùn)行線速度從v變?yōu)椋訠選項(xiàng)錯(cuò)誤；D根據(jù)可知，若衛(wèi)星運(yùn)行線速度從v變?yōu)椋瑒t衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R，再根據(jù)可知，當(dāng)衛(wèi)星軌道半徑從R變?yōu)?R，衛(wèi)星運(yùn)行周期從T變?yōu)?T，所以D選項(xiàng)錯(cuò)誤。故選C。3.如圖所示，長為L的輕桿，一端固定一個(gè)質(zhì)量為m的小球，另一端固定

4、在水平轉(zhuǎn)軸O上，現(xiàn)讓桿繞轉(zhuǎn)軸O在豎直平面內(nèi)勻速轉(zhuǎn)動(dòng)，角速度為，某時(shí)刻桿對(duì)球的作用力恰好與桿垂直，則此時(shí)桿與水平面的夾角滿足（ ）A. B. C. D. 【答案】A【解析】【詳解】小球所受重力和桿子的作用力的合力提供向心力，受力如圖所示；根據(jù)牛頓第二定律有：，解得：，AC，A正確C錯(cuò)誤；BD求出來是的表達(dá)式，而并非的表達(dá)式，BD錯(cuò)誤4.如圖所示，平行板電容器與電動(dòng)勢(shì)為E的直流電源（內(nèi)阻不計(jì)）連接，下極板接地一帶電油滴位于容器中的P點(diǎn)且恰好處于平衡狀態(tài)現(xiàn)將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離A. 帶點(diǎn)油滴將沿豎直方向向上運(yùn)動(dòng)B. P點(diǎn)的電勢(shì)將降低C. 帶點(diǎn)油滴的電勢(shì)能將減少D. 若電容器的電

5、容減小，則極板帶電量將增大【答案】B【解析】A、將平行板電容器的上極板豎直向上移動(dòng)一小段距離，由于電容器兩板間電壓不變，根據(jù)得知板間場強(qiáng)減小，油滴所受的電場力減小，則油滴將向下運(yùn)動(dòng)故A錯(cuò)誤B、場強(qiáng)E減小，而P點(diǎn)與下極板間的距離不變，則由公式U=Ed分析可知，P點(diǎn)與下極板間電勢(shì)差將減小，而P點(diǎn)的電勢(shì)高于下極板的電勢(shì)，則知P點(diǎn)的電勢(shì)將降低故B正確C、由帶電油滴原來處于平衡狀態(tài)可知，油滴帶負(fù)電，P點(diǎn)的電勢(shì)降低，則油滴的電勢(shì)能將增加故C錯(cuò)誤D、根據(jù)Q=UC，由于電勢(shì)差不變，電容器的電容減小，故帶電量減小，故D錯(cuò)誤；故選B【點(diǎn)睛】本題運(yùn)用分析板間場強(qiáng)的變化，判斷油滴如何運(yùn)動(dòng)運(yùn)用推論：正電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)

6、能大，而負(fù)電荷在電勢(shì)高處電勢(shì)能小，來判斷電勢(shì)能的變化5.如圖所示，一傾角的足夠長的斜面固定在水平地面上。當(dāng)時(shí)，滑塊以初速度沿斜面向上運(yùn)動(dòng)。已知滑塊與斜面間的動(dòng)摩擦因數(shù)，g取10m/s2，下列說法正確的是（）A. 滑塊一直做勻變速直線運(yùn)動(dòng)B. 時(shí)，滑塊速度減為零，然后靜止在斜面上C. 時(shí)，滑塊恰好又回到出發(fā)點(diǎn)D. 時(shí)，滑塊的速度大小為4m/s【答案】D【解析】【詳解】A對(duì)滑塊受力分析：重力G，斜面支持力和摩擦力，將重力分解為沿斜面向下的分力和垂直于斜面向下的分力，則當(dāng)滑塊沿斜面向上運(yùn)動(dòng)時(shí)，做勻減速直線運(yùn)動(dòng)，加速度為沿斜面向下運(yùn)動(dòng)的加速度為所以整個(gè)運(yùn)動(dòng)過程中加速度不同，滑塊不是勻變速直線運(yùn)動(dòng)，所以

7、A選項(xiàng)錯(cuò)誤；B根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)速度公式，可得沿斜面向上運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為又由于所以當(dāng)滑塊沿斜面向上速度減為0時(shí)，不會(huì)靜止在斜面上，會(huì)繼續(xù)沿斜面向下做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，所以B選項(xiàng)錯(cuò)誤；C根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的位移公式可得滑塊上滑時(shí)的位移為則沿斜面向下運(yùn)動(dòng)回到出發(fā)點(diǎn)的時(shí)間為所以C選項(xiàng)錯(cuò)誤；D根據(jù)勻變速直線運(yùn)動(dòng)的速度公式可得，3s時(shí)滑塊的速度為所以D選項(xiàng)正確。故選D。6.如圖所示輕質(zhì)彈簧的一端與固定的豎直板P拴接，另一端與物體A相連，物體A靜止于光滑水平桌面上，右端接一細(xì)線，細(xì)線繞過光滑的定滑輪與物體B相連開始時(shí)用手托住B，讓細(xì)線恰好伸直，然后由靜止釋放B直至B獲得最大速度下列有關(guān)該過程的分析正確的是（）A

8、. B物體的動(dòng)能增加量等于B物體重力勢(shì)能的減少量B. B物體的機(jī)械能一直減小C. 細(xì)線拉力對(duì)A做的功等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量D. B物體機(jī)械能的減少量等于彈簧的彈性勢(shì)能的增加量【答案】BC【解析】【詳解】由于A、B和彈簧系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以B物體重力勢(shì)能的減少量等于A、B增加的動(dòng)能以及彈性勢(shì)能，故選項(xiàng)A正確；整個(gè)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，所以B物體機(jī)械能減少量等于A物體與彈簧機(jī)械能的增加，故選項(xiàng)B錯(cuò)誤；根據(jù)功能關(guān)系除重力和彈簧彈力以外的力即繩子的拉力等于A物體與彈簧所組成的系統(tǒng)機(jī)械能的增加量，故選項(xiàng)C正確；由于物塊A的速度增加，即動(dòng)能增加，則根據(jù)動(dòng)能定理可以知道，合力對(duì)A做正功，故選項(xiàng)

9、D錯(cuò)誤所以本題正確的選項(xiàng)為AC7.如圖所示，在地面上方的水平勻強(qiáng)電場中，一個(gè)質(zhì)量為m、電荷量為得的小球，系在一根長為l的絕緣細(xì)線一端，可以在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)AB為圓周的水平直徑，CD為豎直直徑已知重力加速度為g，電場強(qiáng)度為下列說法正確的是( ) A. 若小球在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，則它運(yùn)動(dòng)的最小速度為B. 若小球在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng),，則小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能最大C. 若將小球在A點(diǎn)由靜止開始釋放，它將在ACBD圓弧上往復(fù)運(yùn)動(dòng)D. 若將小球在A點(diǎn)以大小為的速度豎直向上拋出，它將能夠到達(dá)B點(diǎn)【答案】BD【解析】【詳解】A.由于電場強(qiáng)度，故有則等效最低點(diǎn)在BC之間，重力和

10、電場力的合力為mg，根據(jù)圓周運(yùn)動(dòng)公式小球在等效最高點(diǎn)的最小速度為故A錯(cuò)誤；B.除重力和彈力外其它力做功等于機(jī)械能增加值，若小球在豎直平面內(nèi)繞O點(diǎn)做圓周運(yùn)動(dòng)，則小球運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)時(shí)，電場力做功最多，故到B點(diǎn)時(shí)的機(jī)械能最大，故B正確；C.小球受合力方向與電場方向夾角45斜向下，故若將小球在A點(diǎn)由靜止開始釋放，它將沿合力方向做勻加速直線運(yùn)動(dòng)，故C錯(cuò)誤；D.若將小球在A點(diǎn)以大小為的速度豎直向上拋出，小球在豎直方向做豎直上拋，加速度為-g，水平方向做勻加速運(yùn)動(dòng)，加速度為g，當(dāng)豎直方向上的位移為0時(shí)，運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為水平位移則小球剛好運(yùn)動(dòng)到B點(diǎn)，故D正確。故選BD?！军c(diǎn)睛】掌握合外力做功與動(dòng)能的關(guān)系、注意類比法的

11、應(yīng)用，小球能夠完成圓周運(yùn)動(dòng)的條件是絲線的拉力大于或等于零，在最高點(diǎn)的速度最小恰好滿足重力與電場力的提供向心力，此最高點(diǎn)在AD弧線的中點(diǎn)。8.如圖所示，光滑地面上有P，Q兩個(gè)固定擋板，A，B是兩擋板連線的三等分點(diǎn)A點(diǎn)有一質(zhì)量為m2的靜止小球，P擋板的右側(cè)有一質(zhì)量為m1的等大小球以速度v0向右運(yùn)動(dòng)小球與小球、小球與擋板間的碰撞均沒有機(jī)械能損失，兩小球均可視為質(zhì)點(diǎn)已知兩小球之間的第二次碰撞恰好發(fā)生在B點(diǎn)處，則兩小球的質(zhì)量之比m1：m2可能為（ ）A. 3：1B. 1：3C. 1：5D. 1：7【答案】ABD【解析】【詳解】若碰后球1的速度方向與原來的方向相同，可知1球的速度小于2球的速度，兩球在B點(diǎn)

12、相遇，是球2反彈后在B點(diǎn)相遇，有：v 2 t=3v 1 t，即：v 2 =3v 1 根據(jù)動(dòng)量守恒得，m 1 v 0 =m 1 v 1 +m 2 v 2 ，根據(jù)機(jī)械能守恒得：聯(lián)立解得m 1 =3m 2若碰撞后球1的速度方向與原來的方向相反，與擋板碰后反彈在B點(diǎn)追上球2，則有：v 1 t=3v 2 t，即：v 1 =3v 2根據(jù)動(dòng)量守恒得：m 1 v 0 =-m 1 v 1 +m 2 v 2 ，根據(jù)機(jī)械能守恒得：聯(lián)立解得：m 2 =7m 1若碰撞后球1的速度方向與原來的方向相反，與擋板碰后反彈、球2與擋板碰后反彈在B點(diǎn)相遇，則有：v1t=v2t，即：v1=v2，根據(jù)動(dòng)量守恒得：m1v0=-m1v1

13、+m2v2，根據(jù)機(jī)械能守恒得聯(lián)立解得：m2=3m1 綜上所述，故A、B、D正確點(diǎn)晴：解決本題的關(guān)鍵知道彈性碰撞的特點(diǎn)，動(dòng)量守恒，機(jī)械能守恒，結(jié)合兩球碰后的速度大小的關(guān)系和方向，運(yùn)用動(dòng)量守恒和機(jī)械能守恒綜合求解第卷 非選擇題三、非選擇題：共174分。第2232題為必考題，每個(gè)試題考生都必須作答。第3338題為選考題，考生根據(jù)要求作答。（一）必考題：共129分。9.氣墊導(dǎo)軌是常用的一種實(shí)驗(yàn)儀器，它是利用氣泵使帶孔的導(dǎo)軌與滑塊之間形成氣墊，使滑塊“懸浮”在導(dǎo)軌上，滑塊對(duì)導(dǎo)軌的壓力近似為零，滑塊在導(dǎo)軌上的運(yùn)動(dòng)可視為沒有摩擦。某實(shí)驗(yàn)小組驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的實(shí)驗(yàn)裝置如圖所示（彈簧的長度忽略不計(jì)），采用的實(shí)驗(yàn)

14、步驟如下：（滑塊A、B的質(zhì)量mA、mB已經(jīng)給出且不相等）調(diào)整氣墊導(dǎo)軌，使導(dǎo)軌處于水平。在A和B間放入一個(gè)被壓縮的輕彈簧，用電動(dòng)卡銷鎖定，靜止放置在氣墊導(dǎo)軌上。用刻度尺測(cè)出A的左端至C板的距離L1；B的右端至D板的距離L2。給導(dǎo)軌送氣，氣流穩(wěn)定后，按下電鈕放開卡銷。同時(shí)使分別記錄滑塊A、B運(yùn)動(dòng)時(shí)間的計(jì)時(shí)器開始工作。當(dāng)A、B滑塊分別碰撞C、D擋板時(shí)自動(dòng)停止計(jì)時(shí)，從記時(shí)器上記下A、B分別到達(dá)C、D的運(yùn)動(dòng)時(shí)間t1和t2。(1)利用已經(jīng)給的量和上述測(cè)量的實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)，寫出驗(yàn)證動(dòng)量守恒定律的表達(dá)式_。(2)利用上述實(shí)驗(yàn)數(shù)據(jù)還可以求出被壓縮彈簧的彈性勢(shì)能的大小，請(qǐng)寫出彈性勢(shì)能表達(dá)式為_?！敬鸢浮?(1). (2

15、). 【解析】【詳解】(1)1滑塊A、B在彈簧被釋放時(shí)滿足動(dòng)量守恒定律，得滑塊被彈開后做勻速直線運(yùn)動(dòng)，則，得(2)2滑塊A、B在彈簧被釋放時(shí)，彈簧的彈性勢(shì)能轉(zhuǎn)化為兩滑塊的動(dòng)能，則根據(jù)能量守恒可得10.(1)小明準(zhǔn)備將電流表G改裝成電壓表，需要測(cè)量電流表的內(nèi)阻，他采用如圖（a）所示的電路，實(shí)驗(yàn)步驟如下：連接好電路，閉合開關(guān)前，滑塊變阻器的滑片應(yīng)置于_（填“a”或“b”）端附近閉合，斷開，調(diào)節(jié)使電流表G滿偏閉合，保持阻值不變，調(diào)節(jié)電阻箱的阻值，使電流表G的指針指到滿刻度的，讀出電阻箱示數(shù)，則測(cè)得電流表G的內(nèi)阻=_(2)查閱說明書后，知電流表G的內(nèi)阻，量程，其改裝成量程為15V的電壓表，串聯(lián)的電阻箱

16、的阻值電壓表應(yīng)調(diào)到_(3)將改裝后電壓表標(biāo)準(zhǔn)后，用如圖（b）所示的電路測(cè)量電源的電動(dòng)勢(shì)和內(nèi)阻，已知定值電阻，根據(jù)實(shí)驗(yàn)測(cè)得數(shù)據(jù)作出電壓表讀數(shù)U與電流表A讀數(shù)I的關(guān)系圖像如圖（c），則電源電動(dòng)勢(shì)E=_V，內(nèi)阻r=_，（結(jié)果保留到小數(shù)點(diǎn)后2位）【答案】 (1). a (2). 52.0 (3). 14947.0 (4). 12.10 (5). 1.05【解析】【詳解】(1)為保護(hù)電路，連接電路時(shí)，滑動(dòng)變阻器滑片應(yīng)該移到阻值最大處，所以滑片應(yīng)滑至a端；電流表G的指針指到滿刻度的，則電阻箱的電流為電流表滿偏的，根據(jù)并聯(lián)電路反比分流，電流表的內(nèi)阻為電阻箱阻值的一半，為52.0；(2)根據(jù)電表的改裝原理可知

17、，應(yīng)串聯(lián)的電阻為：R= 53.0=14947.0(3)因內(nèi)阻約為1；故為了便于調(diào)節(jié)，滑動(dòng)變阻器選擇較小H即可；同時(shí)為了保護(hù)電路，應(yīng)接入阻值較小的J；(4)根據(jù)閉合電路歐姆定律可知，U=EIr，故圖象與縱軸的交點(diǎn)表示電源的電動(dòng)勢(shì)，故有：E=12.10Vr=5=1.0511.如圖，I、II為極限運(yùn)動(dòng)中的兩部分賽道，其中I的AB部分為豎直平面內(nèi)半徑為R的光滑圓弧賽道，最低點(diǎn)B的切線水平; II上CD為傾角為30的斜面，最低點(diǎn)C處于B點(diǎn)的正下方，B、C兩點(diǎn)距離也等于R.質(zhì)量為m的極限運(yùn)動(dòng)員(可視為質(zhì)點(diǎn))從AB上P點(diǎn)處由靜止開始滑下，恰好垂直CD落到斜面上求: (1) 極限運(yùn)動(dòng)員落到CD上的位置與C的距

18、離; (2)極限運(yùn)動(dòng)員通過B點(diǎn)時(shí)對(duì)圓弧軌道的壓力; (3)P點(diǎn)與B點(diǎn)的高度差【答案】（1） （2） ，豎直向下（3） 【解析】【詳解】（1）設(shè)極限運(yùn)動(dòng)員在B點(diǎn)的速度為v0，落在CD上的位置與C的距離為x，速度大小為v，在空中運(yùn)動(dòng)的時(shí)間為t，則xcos300=v0t R-xsin300=gt2 解得x=0.8R（2）由（1）可得： 通過B點(diǎn)時(shí)軌道對(duì)極限運(yùn)動(dòng)員的支持力大小為FN 極限運(yùn)動(dòng)員對(duì)軌道的壓力大小為FN，則FN=FN，解得，方向豎直向下；（3） P點(diǎn)與B點(diǎn)的高度差為h,則mgh=mv02解得h=R/512.如圖所示，長木板B的質(zhì)量為，靜止放在粗糙的水平地面上，質(zhì)量為的物塊C（可視為質(zhì)點(diǎn)）放

19、在長木板的最右端。一個(gè)質(zhì)量為的物塊A從距離長木板B左側(cè)處，以速度向著長木板運(yùn)動(dòng)。一段時(shí)間后物塊A與長木板B發(fā)生彈性正碰（時(shí)間極短），之后三者發(fā)生相對(duì)運(yùn)動(dòng)，整個(gè)過程物塊C始終在長木板上。已知物塊A及長木板與地面間的動(dòng)摩擦因數(shù)均為，物塊C與長木板間的動(dòng)摩擦因數(shù)，物塊C與長木板間的最大靜摩擦力等于滑動(dòng)摩擦力，g取10m/s2，求：(1)碰后瞬間物塊A和長木板B的速度；(2)長木板B的最小長度；(3)物塊A離長木板左側(cè)的最終距離?！敬鸢浮?1)物塊A的速度3m/s、方向向左，長木板B的速度6m/s、方向向右；(2)3m；(3)10.5m【解析】【詳解】(1)設(shè)物塊A與木板B碰前的速度為v，由動(dòng)能定理得

20、解得A與B發(fā)生彈性碰撞，假設(shè)碰撞后的瞬間速度分別為v1、v2，由動(dòng)量守恒定律得由機(jī)械能守恒定律得聯(lián)立解得，碰后物塊A的速度大小為3m/s、方向向左，長木板B的速度大小為6m/s、方向向右；(2)碰撞后B減速運(yùn)動(dòng)，C加速運(yùn)動(dòng)，B、C達(dá)到共同速度之前，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律，對(duì)木板B有對(duì)物塊C設(shè)從碰撞后到兩者達(dá)到共同速度經(jīng)歷的時(shí)間為t，則木板B的最小長度(3)B、C達(dá)到共同速度之后，因二者一起減速至停下，設(shè)加速度大小為a3，由牛頓運(yùn)動(dòng)定律得整個(gè)過程B運(yùn)動(dòng)的位移為A與B碰撞后，A做減速運(yùn)動(dòng)的加速度大小也為a3，位移為物塊A離長木板B左側(cè)的最終距離為13.下列說法中正確的有（ ）A. 在完全失重的情況下，密封

21、容器內(nèi)的氣體對(duì)器壁的頂部沒有作用力B. 一定量的理想氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，分子每秒對(duì)單位面積器壁的平均碰撞次數(shù)隨著溫度降低而增加C. 某氣體的摩爾質(zhì)量為M，密度為，阿伏伽德羅常數(shù)為NA，則該氣體的分子體積為V0D. 溫度高的物體內(nèi)能不一定大，但分子平均動(dòng)能一定大E. 當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子勢(shì)能隨分子間距離的減小而增大【答案】BDE【解析】【詳解】A.氣體的壓強(qiáng)是大量的氣體分子對(duì)器壁頻繁碰撞而產(chǎn)生的，與是否失重?zé)o關(guān)，故A錯(cuò)誤；B.一定量的理想氣體，在壓強(qiáng)不變時(shí)，溫度降低，則體積減小，氣體的密度變大，分子的平均動(dòng)能減小，則氣體分子對(duì)器壁的碰撞力減小，但在氣體壓強(qiáng)不變時(shí)，分子每秒對(duì)單位面積器

22、壁的平均碰撞次數(shù)增加，故B正確；C.某氣體的摩爾質(zhì)量為M，密度為，阿伏伽德羅常數(shù)為NA，則該氣體的一個(gè)分子運(yùn)動(dòng)占據(jù)的空間的體積為V0，氣體分子的體積遠(yuǎn)小于分子運(yùn)動(dòng)占據(jù)的空間的體積，故C錯(cuò)誤；D.物體的內(nèi)能與物體的溫度、體積及物質(zhì)的量等都有關(guān)系，則溫度高的物體內(nèi)能不一定大，但分子平均動(dòng)能一定大，故D正確；E.當(dāng)分子間作用力表現(xiàn)為斥力時(shí)，分子距離減小時(shí)，分子力做負(fù)功，則分子勢(shì)能隨分子間距離的減小而增大，故E正確。故選BDE.14.如圖所示，兩端封閉、粗細(xì)均勻的豎直玻璃管內(nèi)有 A、B 兩段長度均為， 的理想氣體氣柱和一段長為 h 的水銀柱，且氣柱 A 的壓強(qiáng)等于 （ 為水銀的 密度、g 為重力加速度

23、）當(dāng)玻璃管以某一加速度 a 做豎直向上的勻加速運(yùn)動(dòng)， 穩(wěn)定后，上部空氣柱長度是下部空氣柱的 3 倍，求這個(gè)加速度 a 的大小已知運(yùn) 動(dòng)過程中整個(gè)管內(nèi)各處的溫度不變【答案】【解析】【詳解】設(shè)玻璃管的橫截面積為S，依題意溫度不變，AB段氣體的狀態(tài)參量分別為：A氣體：初態(tài)： 末態(tài)：pA；依據(jù)玻意耳定律：解得對(duì)氣體B：初態(tài)： VB=lS末態(tài)：pB；依據(jù)玻意耳定律：解得對(duì)水銀柱，由牛頓第二定律解得15.沿x軸正方向傳播一列橫波在某時(shí)刻的波形圖為一正弦曲線，其波速為200m/s，則下列說法正確的是（）A. 從圖示時(shí)刻開始，經(jīng)0.01s質(zhì)點(diǎn)a通過的路程為40cm，相對(duì)平衡位置的位移為零B. 圖中質(zhì)點(diǎn)b的加速度在增