高考物理模擬試題精編及答案解析(十四)

1、最新高考物理模擬試題精編及答案解析(十四)(考試用時：60分鐘試卷滿分：110分)第卷(選擇題共48分)一、單項選擇題(本題共5小題，每小題6分，共30分在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的)14氫原子躍遷時，由n3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)所釋放的光子可以使某金屬剛好發(fā)生光電效應，則下列說法正確的是()A氫原子由n3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時，電子的動能減少B氫原子由n3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時，原子的能量增加C增加由n3的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)的氫原子的數(shù)量，從該金屬表面逸出的光電子的最大初動能不變D氫原子由n2的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)所釋放的光子照射該金屬足夠長時間，該金屬也會發(fā)生光電效應15如圖甲所示

2、，一質(zhì)量為m的物塊放在傾角37的固定斜面上，對物塊施加個平行于斜面的拉力F，若拉力F隨時間t的變化規(guī)律如圖乙所示(沿斜面向上為正方向，g為重力加速度)，已知最大靜摩擦力等于滑動摩擦力，在t0時物塊位于P點處且恰好不上滑，sin 370.6，cos 370.8，則下列說法中正確的是()A物塊受到的最大靜摩擦力為0.6 mgBt02t0內(nèi)，物塊的加速度大小為gC04t0內(nèi)，物塊的位移最大值為gtD2t04t0內(nèi)，物塊可能回到P點處16太極球是近年來在廣大市民中較流行的一種健身器材做該項運動時，健身者半馬步站立，手持太極球拍，拍上放一橡膠太極球，健身者舞動球拍時，球卻不會掉落現(xiàn)將太極球簡化成如圖所示

3、的平板和小球，熟練的健身者讓球在豎直面內(nèi)始終不脫離板而做勻速圓周運動A為圓周的最高點，C為最低點，B、D兩點與圓心O等高且在B、D處平板與水平面夾角為.設(shè)小球的質(zhì)量為m，圓周運動的半徑為R，重力加速度為g.若小球運動的周期為T2 ，則()A在A處平板對小球的作用力為mgB在C處平板對小球的作用力為3mgC在B處小球一定受兩個力的作用D在D處小球可能受三個力的作用17已知某衛(wèi)星在赤道上空繞地球做勻速圓周運動，衛(wèi)星運動方向與地球自轉(zhuǎn)方向相同，赤道上某城市的天文愛好者2016年2月3日早8時整通過觀察第一次發(fā)現(xiàn)衛(wèi)星恰好掠過其正上方，2016年2月6日早8時整第六次觀察到衛(wèi)星恰好掠過其正上方，則該衛(wèi)星

4、的周期為()A6小時B8.小時C9小時 D12小時18如圖所示為陰極射線管(由示波管改造而成)的示意圖，當M1、M2兩板不加電壓時，電子束經(jīng)電場加速后打到熒屏中央O處形成亮斑電子在偏轉(zhuǎn)電場中的運動時間很短在下列不同條件下，關(guān)于電子的運動情況說法正確的是()A如果在M1、M2之間加交變電壓，電子在熒屏上的亮斑一定會以O(shè)點為中心上下移動B如果在M1、M2之間加交變電壓，電子一定會打到熒屏的中心位置C如果只逐漸增大M1、M2之間的電勢差，電子在熒屏上的亮斑會向上移動D隨著M1、M2之間的電勢差逐漸增大，電場力對電子所做的功可能會先增加后減少二、多項選擇題(本題共3小題，每小題6分，共18分全部選對的

5、得6分，選對但不全的得3分，有錯選的得0分)19如圖是“電磁炮”模型的原理結(jié)構(gòu)示意圖光滑水平金屬導軌M、N的間距L0.2 m，電阻不計，在導軌間有豎直向上的勻強磁場，磁感應強度大小B1102T.裝有彈體的導體棒ab垂直放在導軌M、N上的最左端，且始終與導軌接觸良好，導體棒ab(含彈體)的質(zhì)量m0.2 kg，在導軌M、N間部分的電阻R0.8 ，可控電源的內(nèi)阻r0.2 .在某次模擬發(fā)射時，可控電源為導體棒ab提供的電流恒為I4103 A，不計空氣阻力，導體棒ab由靜止加速到4 km/s后發(fā)射彈體，則()A導體棒ab所受安培力大小為1.6105 NB光滑水平導軌長度至少為20 mC該過程系統(tǒng)產(chǎn)生的焦

6、耳熱為3.2106 JD該過程系統(tǒng)消耗的總能量為1.76106 J20如圖甲所示，垂直于水平桌面向上的有界勻強磁場的磁感應強度大小B0.8 T，寬度L2.5 m，光滑金屬導軌OM、ON固定在桌面上，O點位于磁場的左邊界，且OM、ON與磁場左邊界均成45角金屬棒ab放在導軌上，且與磁場的右邊界重合t0時，ab棒在水平向左的外力F作用下向左運動并勻速通過磁場測得回路中的感應電流I隨時間t變化的圖象如圖乙所示已知O點處電阻為R，其余電阻不計則下列說法中正確的是()A由圖乙可知05 s內(nèi)通過ab棒橫截面的電荷量為10 CB水平外力F隨時間t變化的表達式為F2(20.4t)2(N)CO點處的電阻為1 D

7、在05 s內(nèi)水平外力F做功的功率最大值為4 W21如圖所示，在邊長為L的正方形ABCD陰影區(qū)域內(nèi)存在垂直紙面的勻強磁場，一質(zhì)量為m、電荷量為q(q2L)，線框與傳送帶間的動摩擦因數(shù)為，重力加速度為g.閉合線框上邊在進入磁場前線框相對傳送帶靜止，線框剛進入磁場的瞬間，和傳送帶發(fā)生相對滑動，線框運動過程中上邊始終平行于MN，當閉合線框的上邊經(jīng)過邊界PQ時又恰好與傳送帶的速度相同設(shè)傳送帶足夠長求：(1)閉合線框的上邊剛進入磁場時上邊所受安培力F安的大??；(2)從閉合線框上邊剛進入磁場到上邊剛要出磁場所用的時間t；(3)從閉合線框上邊剛進入磁場到下邊穿出磁場后又相對傳送帶靜止的過程中，電動機多消耗的電

8、能E. 請考生在第33、34兩道物理題中任選一題作答如果多做，則按所做的第一題計分33(15分)【物理選修33】(1)(5分)下列說法正確的是_(填正確答案標號選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A氣體吸收熱量，其內(nèi)能一定增加B氣體對外做功，其內(nèi)能可能不變C空氣能熱水器是利用空氣中的能量將水溫升高，使水的溫度高于空氣的溫度，這證明了熱量可以自發(fā)地從低溫物體傳遞到高溫物體D從單一熱源吸收熱量全部用來對外做功是可能的E自發(fā)的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的(2)(10分)假設(shè)用火箭發(fā)射的載人飛船中豎直放置一水銀氣壓計，水銀氣壓計的簡易原理

9、圖如圖所示，水銀管上端為密閉真空火箭起飛前，飛船內(nèi)水銀氣壓計讀數(shù)為p0，溫度t027 ，已知水銀的密度為，重力加速度為g.求水銀氣壓計中水銀柱的高度L0.若火箭豎直向上以加速度大小為0.5g做勻加速運動，此時飛船內(nèi)水銀氣壓計讀數(shù)為p0.6p0，飛船的體積始終不發(fā)生變化，飛船內(nèi)氣體可視為理想氣體，求此時飛船內(nèi)的溫度34(15分)【物理選修34】(1)(5分)一列波源為O點的機械波，波源從平衡位置沿y方向起振，從波源O起振時開始計時，經(jīng)t0.9 s，x軸上0至12 m范圍第一次出現(xiàn)圖示簡諧波，則_(填正確答案標號選對1個得2分，選對2個得4分，選對3個得5分每選錯1個扣3分，最低得分為0分)A此列

10、波的波速約為13.3 m/sB波的周期一定是0.4 sCt0.9 s時，平衡位置在x軸上7 m處的質(zhì)點Q所受合外力方向向下Dt0.9 s時，平衡位置在x軸上3 m處的質(zhì)點P正在向上運動E平衡位置在x軸上10 m處的質(zhì)點R的振動方程可表示為y10sin 5t(cm)(2)(10分)如圖所示，AOB是由某種透明物質(zhì)制成的圓柱體的橫截面(O為圓心)今有一束平行光以45的入射角射向柱體的OA平面，這些光線中有一部分不能從柱體的AB面上射出設(shè)射到OB面的光線全部被吸收，已知從O點射向透明物質(zhì)的光線恰好從AB圓弧面上距離B點處射出，求：透明物質(zhì)的折射率；圓弧面AB上能射出光線的部分占AB表面的百分比答案解

11、析14解析：選C.氫原子由激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)時，釋放光子，原子的能量減少，電子的動能增加，A、B錯；增加躍遷氫原子的數(shù)量，不能改變釋放出的光子的頻率，從該金屬表面逸出的光電子的最大初動能不變，C對；從n2的激發(fā)態(tài)躍遷到基態(tài)的氫原子，其釋放的光子的頻率較小，不能使該金屬發(fā)生光電效應，D錯15解析：選C.0t0內(nèi)，物塊所受拉力F0mgsin fmmg，物塊受到沿斜面向下的靜摩擦力恰好為最大靜摩擦力fm，得fmF0mgsin 0.4mg，A錯誤；t02t0內(nèi)，物塊所受拉力F10，物塊沿斜面向下運動，受到的滑動摩擦力方向沿斜面向上，根據(jù)牛頓第二定律有mgsin fma1，ffm，得a10.2g，B錯誤；

12、0t0內(nèi)物塊靜止，t02t0內(nèi)物塊做勻加速直線運動，其位移s1a1tgt，設(shè)t2時刻物塊速度恰好為零，則a1t0a2(t22t0)，拉力F20.8mg，根據(jù)牛頓第二定律有F2fmgsin ma2，得a20.6g，t2t0，t2時刻后物塊處于靜止狀態(tài)，D錯誤；04t0內(nèi)，物塊的最大位移為ss1s2gta2(t22t0)2gt，C正確16解析：選D. 在A處對小球由牛頓第二定律有NAmgm()2R，得NA2mg，同理，在C處對小球由牛頓第二定律有NCmgm()2R，得NC4mg，所以選項A、B錯誤；在B處小球可能只受重力和支持力兩個力作用，也可能受重力、支持力和摩擦力三個力作用，選項C錯誤；同理在

13、D處小球可能受三個力的作用也可能受兩個力作用，選項D正確17解析：選C.設(shè)該衛(wèi)星的周期為T，地球自轉(zhuǎn)周期T024小時，從2月3日早8時到2月6日早8時時間共3天，t72小時，根據(jù)題述可得5，解得T9小時，選項C正確18解析：選C.如果在M1、M2之間加正弦式交變電壓，電子在電場中加速后經(jīng)電場偏轉(zhuǎn)，在熒屏上的亮斑會以O(shè)點為中心上下移動，若加其他形式的交變電壓，例如電流的方向不改變的交變電壓，則電子在熒屏上的亮斑會在O點上方或下方移動，選項A、B錯誤；如果只逐漸增大M1、M2之間的電勢差，由題圖可知電子受豎直向上的電場力作用，電子在電場中會向上偏轉(zhuǎn)，電勢差越大，偏轉(zhuǎn)越明顯，所以電子在熒屏上的亮斑會

14、向上移動，選項C正確；隨著M1、M2之間的電勢差逐漸增大，電子只向M1板方向發(fā)生偏轉(zhuǎn)，所以電場力對電子所做的功不可能減少，選項D錯誤19解析：選BD.由安培力公式有，F(xiàn)BIL8104 N，選項A錯誤；彈體由靜止加速到4 km/s，由動能定理知Fxmv2，則軌道長度至少為x20 m，選項B正確；導體棒ab做勻加速運動，由Fma，vat，解得該過程需要時間t1102 s，該過程中產(chǎn)生的焦耳熱QI2(Rr)t1.6105 J，彈體和導體棒ab增加的總動能Ekmv21.6106 J，系統(tǒng)消耗總能量EEkQ1.76106 J，選項C錯誤，D正確20解析：選CD.由題圖乙可知，在05 s內(nèi)通過ab棒截面的

15、電荷量為q52 C5 C，A錯誤；由公式qtL2，解得R1 ，C正確；由題圖乙可知ab棒切割磁感線的速度v0.5 m/s，ab棒切割磁感線的長度l2(Lvt)，水平外力F等于安培力，F(xiàn)A0.32(5t)2(N)，B錯誤；水平外力F做功的功率P外PAFAv0.16(5t)2(W)，其中0t5 s，當t0時，P外max4 W，D正確21解析：選BD.若保證所有的粒子均從C點離開此區(qū)域，則由左手定則可判斷勻強磁場的方向應垂直紙面向里，A錯誤；由A點射入磁場的粒子從C點離開磁場，結(jié)合圖可知該粒子的軌道半徑應為RL，則由qBv0m，可解得B，B正確；由幾何關(guān)系可知勻強磁場區(qū)域的面積應為S2(L2L2)，

16、C錯誤，D正確22解析：(1)遮光條的寬度d5 mm30.1 mm5.3 mm0.53 cm；滑塊經(jīng)過光電門時的速度為v0.44 m/s；實驗需要測量的物理量還有滑塊與遮光條的總質(zhì)量M.(2)本實驗通過比較mgx與(mM)v2，即mgx與(mM)()2，在實驗誤差允許范圍內(nèi)相等，從而驗證系統(tǒng)的機械能守恒答案：(1)0.53(1分)0.44(2分)滑塊與遮光條的總質(zhì)量M(1分)(2)(mM)()2(2分)23解析：(1)根據(jù)圖甲的電路原理圖，實物連線如答圖甲所示(2)作出這些數(shù)據(jù)點的擬合直線，并讀得該直線在縱軸上的截距為b0.9 A1，求得其斜率為k V10.68 V1.(3)根據(jù)電路，利用閉合

17、電路歐姆定律可得E2I(Rr)，變換為與R圖象相應的函數(shù)關(guān)系，為R(2rR0)，則有b(2rR0)0.9 A1，k0.68 V1.解得E2.9 V，r0.82 .答案：(1)實物連線圖如圖甲所示(2分)(2)如圖乙所示(1分)0.9(1分)0.68(0.660.70均可)(1分)(3)2.9(2分)0.82(2分)24解析：(1)以板A、B、C為一個系統(tǒng)進行研究，全過程動量守恒，有2mv03mv2(3分)解得v2(1分)(2)B、C發(fā)生完全非彈性碰撞，有mv02mv1(2分)解得v1(1分)根據(jù)能量守恒定律，有Wf(2分)解得Wf(1分)A在C上滑動時摩擦力按線性關(guān)系增大，所以做功大小為Wf(

18、3分)解得l(1分)答案：(1)(2)25解析：(1)根據(jù)安培力公式得：F安ILB(1分)根據(jù)閉合電路歐姆定律得：I(1分)根據(jù)法拉第電磁感應定律得EBLv0(1分)聯(lián)立解得：F安(1分)(2)在線框上邊剛進入磁場至線框上邊剛要出磁場的過程中，根據(jù)動量定理mgcos tmgsin t安t0(1分)根據(jù)安培力公式得：安B L(1分)根據(jù)閉合電路歐姆定律得：(1分)根據(jù)法拉第電磁感應定律得：BL (1分)根據(jù)運動學公式得：L t(1分)由以上聯(lián)立解得：t(2分)(說明：若用微元法，正確情況下給分)(3)在線框上邊剛進入磁場至線框上邊剛要出磁場的過程中，根據(jù)動能定理得(mgcos mgsin )dW

19、安10(2分)根據(jù)功能關(guān)系得：Q電1W安1(1分)根據(jù)功能關(guān)系得：Qf1mgcos (v0td)(1分)從線框上邊剛進入磁場到穿出磁場后又相對傳送帶靜止的過程中：根據(jù)能量守恒得：E2mgsin d2Q電12Qf1(2分)由以上聯(lián)立解得：E(1分)答案：(1)(2)(3)33解析：(1)若氣體吸收熱量，同時對外做功，其內(nèi)能不一定增加選項A錯誤；若氣體對外做功，同時吸收熱量，內(nèi)能可能不變，選項B正確；空氣能熱水器是把空氣中的低溫熱量吸收進來，經(jīng)過壓縮機后轉(zhuǎn)化為高溫熱能以此來升高水的溫度，在此過程中，需要外界對其做功，故選項C錯誤；從單一熱源吸收熱量全部用來對外做功是可能的，但是引起了其他變化，選項D正確；自發(fā)的熱傳遞過程是向著分子熱運動無序性增大的方向進行的，選項E正確(2)以管內(nèi)水銀為研究對象，火箭起飛前，設(shè)水銀管的橫截面積為S，由平衡條件得p0SgSL0(2分)解得L0(1分)水銀氣壓計中水銀在氣體壓力與重力作用下，與火箭做相同