大學(xué)物理B上習(xí)題冊(cè)答案ppt課件

練習(xí)1位移速度 加速度 選擇題1 D 2 D 3 D 填空題 1 2 位置矢量是 位移矢量是 位矢在x z平面 速度在y方向 2 表達(dá)式 3 有一質(zhì)點(diǎn)沿x軸作直線運(yùn)動(dòng) t時(shí)刻的坐標(biāo)為x 4 5t2 2t3 SI 試求 第2秒內(nèi)的平均速度 第2秒末的瞬時(shí)速度 第2秒內(nèi)的路程 第二秒內(nèi)有折返 折返時(shí)刻在 1 解 總位移的大小 練習(xí)1計(jì)算題 設(shè) 則 2 解 得 積分 即 練習(xí)2自然坐標(biāo) 圓周運(yùn)動(dòng) 相對(duì)運(yùn)動(dòng) 選擇題1 B 2 C 3 C 填空題 1 2 圓周運(yùn)動(dòng) 切向加速度大小為總加速度的一半 3 當(dāng)時(shí) 1 解 練習(xí)2計(jì)算題 2 解 代入 再由 求得 勻角加速運(yùn)動(dòng) 比較勻加速直線運(yùn)動(dòng) 練習(xí)3牛頓定律及其應(yīng)用選擇題 1 B 上升段 下降段 要比較這兩個(gè)時(shí)間段的大小 還需知道由同樣高度下降回來(lái)時(shí)質(zhì)點(diǎn)獲得的速度大小 由于是勻加速運(yùn)動(dòng) 上升的高度 則質(zhì)點(diǎn)下降這段高度獲得的速度大小 2 D 斷繩前靜止態(tài) 下彈簧張力mg 上彈簧張力2mg 斷繩瞬間 彈簧無(wú)形變 選擇題3 C 升降機(jī)加速上升 等效引力場(chǎng)力 慣性力 向下 則 臺(tái)面受壓力 拉動(dòng)B的水平力至少為 牛頓定律在非慣性系中不成立 這相當(dāng)于在非慣性系的加速度的反向存在一個(gè)等效引力場(chǎng) 練習(xí)3填空題1 2 3 移走支撐物瞬間 彈簧無(wú)形變 練習(xí)3計(jì)算題 設(shè)阻力 由牛頓定律 分離變量 1 兩邊積分 得 所以 由 這是數(shù)學(xué)模型的結(jié)果 從物理上看 只要時(shí)間足夠長(zhǎng) 就可達(dá)到最大深度 得最大深度 另解 2 解 受力分析如圖 用牛頓定律列方程 解得 當(dāng)N 0時(shí) 小球離開(kāi)錐面 練習(xí)4動(dòng)量原理 動(dòng)量守恒選擇題 1 C 要學(xué)會(huì)用矢量圖分析 由動(dòng)量定理 利用幾何關(guān)系 3 D 墻壁對(duì)木塊的沖量即對(duì)m M系統(tǒng)的沖量 以運(yùn)動(dòng)方向?yàn)檎?一質(zhì)量為60kg的人靜止站在一條質(zhì)量為300kg且正以2m s的速率向湖岸駛近的小木船上 湖水是靜止的 且阻力不計(jì) 現(xiàn)在人相對(duì)于船以一平均速率u沿船前進(jìn)的方向向湖岸跳去 起跳后 船速減為原來(lái)的一半 u應(yīng)為多大 解 練習(xí)4選擇題2 顯然 水平方向動(dòng)量守恒 關(guān)鍵問(wèn)題 守恒方程兩邊狀態(tài)量各自對(duì)應(yīng)同一時(shí)刻 如火箭方程的推導(dǎo)中 解 選擇題3 D練習(xí)4填空題1 A B組成的系統(tǒng)動(dòng)量守恒 已知 t 0時(shí) 此時(shí) 其后仍有 故 t 0時(shí) 此時(shí) 其后仍有 故 練習(xí)4填空題2 動(dòng)量守恒 3 類(lèi)似的二體問(wèn)題有同解 船對(duì)于岸的位移 人對(duì)于岸的位移 代入數(shù)據(jù)得 其中l(wèi)是人在船上行走的距離 如圖所示 質(zhì)量為M的滑塊正沿著光滑水平面向右滑動(dòng) 一質(zhì)量為m的小球向右飛行 以速率v1 對(duì)地 與滑塊斜面相碰 碰后豎直向上彈起 速率為v2 對(duì)地 若碰撞時(shí)間為 試計(jì)算此過(guò)程中滑塊對(duì)地的平均作用力和滑塊速度增量的大小 解 練習(xí)4計(jì)算題1 以M和m為系統(tǒng) 外力 重力 地面支持力 均沿豎直方向 故水平方向動(dòng)量守恒 豎直方向 應(yīng)用質(zhì)點(diǎn)系動(dòng)量定理 系統(tǒng)動(dòng)量增量 合外力的沖量 其中N為地面對(duì)滑塊的支持力 由牛頓第三定律可知 滑塊對(duì)地平均作用力 水平方向 應(yīng)用動(dòng)量守恒定律 v0為M原速度 v為碰后速度 向下 練習(xí)5功與能機(jī)械能守恒選擇題 1 D 2 C 3 C 由動(dòng)能定理 則區(qū)間x1 x2相同 出現(xiàn)在靜平衡點(diǎn) 在靜平衡點(diǎn)獲得最大動(dòng)能 出錯(cuò)多在將接觸點(diǎn)判為Ekmax點(diǎn) 練習(xí)5填空題1 填空題2 設(shè)m2對(duì)m1的作用為f 練習(xí)5填空題3 系統(tǒng)機(jī)械能守恒 練習(xí)5計(jì)算題1 由質(zhì)點(diǎn)的動(dòng)能定理 而 解得 解 練習(xí)5計(jì)算題2 解 設(shè)滑塊與彈簧分離時(shí)滑塊相對(duì)地的速度為v 向 右 小車(chē)速度為u 則由動(dòng)量守恒有 由機(jī)械能守恒有 其中 一般的u方向待求 滑塊相對(duì)小車(chē)的速度 代入數(shù)據(jù)解得 典型的錯(cuò)誤 矢量式正確表述為 練習(xí)6角動(dòng)量和角動(dòng)量守恒選擇題 1 A 2 C 由牛頓定律 有心力作用 角動(dòng)量守恒 練習(xí)6填空題 1 原題設(shè) 則 t 3s時(shí) t 0s時(shí) 2 3 由題意知 質(zhì)點(diǎn)作勻速直線運(yùn)動(dòng) 角動(dòng)量守恒 練習(xí)6計(jì)算題 1 解 練習(xí)7剛體運(yùn)動(dòng)學(xué) 轉(zhuǎn)動(dòng)慣量選擇題 1 C 圓環(huán) 2 B 圓盤(pán) 則 所以 3 B 練習(xí)7填空題 1 當(dāng)角速度為零時(shí) 飛輪獲得最大角位移 據(jù) 此時(shí) 由勻加速運(yùn)動(dòng)的對(duì)稱(chēng)性 由題意知 飛輪從初始狀態(tài)到角位移為零 歷時(shí) 此時(shí) 輪邊緣一點(diǎn)的線速度 2 此題為勻角加速運(yùn)動(dòng) 可完全比照勻加速直線運(yùn)動(dòng)處理 練習(xí)7填空題3 這類(lèi)問(wèn)題都采用補(bǔ)償法 練習(xí)7計(jì)算題 1 解 練習(xí)8剛體轉(zhuǎn)動(dòng)定律選擇題 1 D 矢量和為零 力矩不一定為零 如力偶矩 而能夠改變轉(zhuǎn)動(dòng)狀態(tài)的是力矩的作用 3 B 2 C Mg作用的系統(tǒng)有兩個(gè)對(duì)象 F直接作用在滑輪上 隔離法 故 練習(xí)8填空題 1 2 3 力矩與角加速度都是瞬時(shí)量 與初始狀態(tài)無(wú)關(guān) 練習(xí)8計(jì)算題 1 解 質(zhì)點(diǎn)B 質(zhì)點(diǎn)A 由牛頓定律 水平方向上 加速度為a 隔離分析 設(shè)繩的張力為T(mén)1 設(shè)繩的張力為T(mén)2 由轉(zhuǎn)動(dòng)定律 由于繩和滑輪無(wú)滑動(dòng) 則 聯(lián)立上述方程 滑輪 得 由圓盤(pán)代入上式得 2 解 分析受力如圖 設(shè)A的加速度為a1方向向下 B的加速度為a2方向向上 滑輪的角加速度為 方向垂直紙面向外 質(zhì)點(diǎn)A 質(zhì)點(diǎn)B 兩圓粘合視作一個(gè)剛體 其轉(zhuǎn)動(dòng)慣量為 由轉(zhuǎn)動(dòng)定律列方程 由牛頓第三定律 由角量與線量的關(guān)系 解以上方程組得 思考 如果二圓半徑分別為r和R 質(zhì)量分別為m和M 下懸掛物質(zhì)量分別為m1和m2 試求兩繩上張力和圓盤(pán)角加速度大小 由系統(tǒng)角動(dòng)量定理 另解 定軸轉(zhuǎn)動(dòng)定律 如圖 求懸掛物加速度 解 例題 系統(tǒng)角動(dòng)量定理不可用 隔離法 聯(lián)解 系統(tǒng)功能原理可用 機(jī)械能守恒 練習(xí)9轉(zhuǎn)動(dòng)的功和能 剛體角動(dòng)量選擇題 1 C 3 C 2 C 角動(dòng)量守恒 人與盤(pán)組成的系統(tǒng) 有內(nèi)部非保守力作用 對(duì)轉(zhuǎn)軸無(wú)外力矩作用 練習(xí)9填空題 1 設(shè)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)為正向 2 3 角動(dòng)量守恒 設(shè)順時(shí)針轉(zhuǎn)動(dòng)為正向 練習(xí)9計(jì)算題 彈簧原長(zhǎng) 1 解 棒轉(zhuǎn)到水平位置時(shí)彈簧伸長(zhǎng)量 棒下擺過(guò)程中 系統(tǒng)機(jī)械能守恒 且 解得 重力勢(shì)能零點(diǎn)在哪兒 2 解 薄板對(duì)軸的轉(zhuǎn)動(dòng)慣量為 式中dm是x處寬度為dx的一條細(xì)棒的質(zhì)量 小球碰撞后速度方向仍平行原方向 大小變?yōu)関 碰撞中角動(dòng)量守恒 彈性碰撞前后系統(tǒng)機(jī)械能守恒 討論 當(dāng)3m M v 0小球碰后繼續(xù)向前 當(dāng)3m M v 0小球碰后方向改變 當(dāng)3m M v 0小球碰后靜止 解以上方程組得 練習(xí)44洛侖茲變換 一 選擇題 1 D 2 A 3 B 時(shí)間間隔 包括同時(shí) 空間間隔問(wèn)題都根據(jù)Lorentz坐標(biāo)變換來(lái)解決 二 填空題 1 c 光速不變?cè)?2 3 狹義相對(duì)論的兩個(gè)基本原理是 在所有慣性系中 物理規(guī)律具有相同的數(shù)學(xué)表達(dá)形式 狹義 相對(duì)性原理 在一切慣性系中 光在真空中的速率都相同 恒為c 光速不變?cè)?1 解 三 計(jì)算題 2 練習(xí)45相對(duì)論時(shí)空觀 一 選擇題 1 僅同地二事件的同時(shí)性才與參考系無(wú)關(guān) 2 全錯(cuò) 錯(cuò)解 所以 Doppler紅移效應(yīng) 3 C 由長(zhǎng)度收縮效應(yīng) 若問(wèn)宇航員到達(dá)目的地需多長(zhǎng)時(shí)間 由地面站看來(lái)宇航員到達(dá)目的地需多長(zhǎng)時(shí)間 二 填空題 1 2 3 以B船為S系 S系中A船的長(zhǎng)度不足100m 1 解 對(duì)火箭上的觀察者 火箭長(zhǎng)度為其固有長(zhǎng)度 所以光信息從前端傳到尾端所需時(shí)間 三 計(jì)算題 光在任意慣性系中的傳播速度都為c 對(duì)地球上的觀察者 火箭在運(yùn)動(dòng) 其長(zhǎng)度是運(yùn)動(dòng)長(zhǎng)度 而光在傳播中火箭已飛行了一段距離 所以 2 解 設(shè)飛船為系 地球?yàn)镾系 向東為正向 則u 0 6c 彗星相對(duì)S系的速度vx 0 8c 相對(duì)系的速度為 所以宇航員看到彗星以速度0 946c向他飛來(lái) 三 計(jì)算題 解法一 從地球上看 發(fā)現(xiàn)飛船的時(shí)間和地點(diǎn)分別為t1 x1 飛船和彗星相碰的時(shí)間和地點(diǎn)分別為t2 x2 見(jiàn)圖 則 按照洛侖茲變換 在系 飛船 對(duì)應(yīng)時(shí)間間隔為 解法二 從飛船上看 x1 x2之間距離由長(zhǎng)度縮短效應(yīng)為 所以相碰的時(shí)間為 解法三 為x1 x2兩地的鐘測(cè)量的 是運(yùn)動(dòng)的時(shí)間 在飛 船上測(cè)量的時(shí)間為固有時(shí)間 由時(shí)間膨脹效應(yīng) 則 練習(xí)46相對(duì)論動(dòng)力學(xué)基礎(chǔ) 一 選擇題 1 C 2 D 3 A 根據(jù)動(dòng)量守恒碰后組合粒子靜止 二 填空題 1 2 3 1 解 為電子在電場(chǎng)中獲得的動(dòng)能 將e U m0 c代入上式 求得 相對(duì)論質(zhì)量 三 計(jì)算題 另解 再由 2 解 三 計(jì)算題 當(dāng)時(shí) 當(dāng)時(shí) 填空題 練習(xí)10 電場(chǎng)電場(chǎng)強(qiáng)度 選擇題 1 B 2 A 3 B 2 1 無(wú)限大均勻帶電平面 3 用補(bǔ)償法或?qū)ΨQ(chēng)性分析 計(jì)算題1 如圖示 由點(diǎn)電荷場(chǎng)強(qiáng)公式 得 則 解 2 解 取線元dx 其電量dq在P點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為 EP方向?yàn)檠豿軸正向 取線元dx 其電量dq在Q點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)為 由于對(duì)稱(chēng)性 L 時(shí) 選擇題1 D 電場(chǎng)強(qiáng)度決定于空間所有電荷 通過(guò)閉合的電通量值只與高斯面內(nèi)的電荷有關(guān) 注意區(qū)分凈電荷為零和無(wú)電荷 A B C皆錯(cuò) 練習(xí)11電通量高斯定理 選擇題2 B 3 C 填空題 1 單一無(wú)限大均勻帶電平面的電場(chǎng)分布 按疊加原理處理 填空題3 填空題2 由疊加原理 1 2 參見(jiàn)例題 練習(xí)11計(jì)算題 由電荷分布的對(duì)稱(chēng)性知 電場(chǎng)強(qiáng)度大小有球?qū)ΨQ(chēng)性 方向沿徑向 取同心球面為高斯面 半徑為r 由高斯定理 1 解 2 解 由電荷分布的對(duì)稱(chēng)性知 電場(chǎng)強(qiáng)度大小有軸對(duì)稱(chēng)性 方向沿徑向 取同心柱面為高斯面 半徑為r 長(zhǎng)度為L(zhǎng) 由高斯定理 當(dāng)r R1時(shí) 當(dāng)R1 r R2時(shí) 當(dāng)R2 r時(shí) 練習(xí)12電場(chǎng)力的功場(chǎng)強(qiáng)與電勢(shì)的關(guān)系 選擇題 1 D 2 B 電場(chǎng)線疏密反映場(chǎng)強(qiáng) 沿電場(chǎng)線方向電勢(shì)降低 3 A 填空題 1 先求出O A點(diǎn)電勢(shì) 2 3 練習(xí)12計(jì)算題 由點(diǎn)電荷電勢(shì)公式 及電勢(shì)疊加原理 1 解 思考 如果OC為其它 任意 路徑如何 2 解 由高斯定理 由 常見(jiàn)錯(cuò)誤 練習(xí)13靜電場(chǎng)中的導(dǎo)體 選擇題 1 C 2 C 3 B 導(dǎo)體球上有感應(yīng)電荷 異號(hào) 填空題 1 球心場(chǎng)強(qiáng)為零是所有電荷在這點(diǎn)場(chǎng)強(qiáng)疊加的結(jié)果 練習(xí)13靜電場(chǎng)中的導(dǎo)體 填空題 2 3 同心球面 球體 用Gauss定理求場(chǎng)強(qiáng) 球心處電勢(shì)容易求出 即得導(dǎo)體電勢(shì) 導(dǎo)體是等勢(shì)體 4 練習(xí)13計(jì)算題1 解 B C板感應(yīng)電量分別為qB qC 忽略邊緣效應(yīng) 令A(yù)板左側(cè)電荷面密度為 1 右側(cè)為 2 又 得 而 借助于Gauss定理 或無(wú)限大帶電平面產(chǎn)生的場(chǎng)強(qiáng)大小分布均勻 疊加后A與B A與C間場(chǎng)強(qiáng)分布都均勻 可得 2 解 先由高斯定理求出場(chǎng)強(qiáng)分布 再表達(dá)電勢(shì)差 對(duì)所有r成立 選長(zhǎng)為L(zhǎng) 半徑為r的 與圓柱體同軸的 高斯面 設(shè)高斯面內(nèi)圓柱體上單位長(zhǎng)度電荷為 由高斯定理 有 兩圓柱面間電勢(shì)差 練習(xí)15電容器及電場(chǎng)的能量 選擇題 1 C 充電后斷電 Q不變 不變 2 D 3 D 充電后仍接通電源 U不變 充電后斷開(kāi)電源 Q不變 練習(xí)15填空題 1 接通電源 電勢(shì)差不變 2 斷開(kāi)電源 電荷不變 3 串聯(lián)充電時(shí) 兩電容器極板上電荷Q相同 并聯(lián)充電時(shí) 兩電容器極板間電勢(shì)差U相同 練習(xí)15計(jì)算題 1 解 兩極板間的電勢(shì)差 作一柱形高斯面 上 下底面積均為 如圖 由有介質(zhì)時(shí)的高斯定理 可得 極板和介質(zhì)間隙中的場(chǎng)強(qiáng)為 電容器的電容 2 解 取半徑為r 厚度為dr 長(zhǎng)為l的圓柱殼 為體積元 其體積為 該體積元內(nèi)電場(chǎng)能量密度為 其中 該體積元內(nèi)電場(chǎng)能量為 用能量法計(jì)算電容 根據(jù)電容器儲(chǔ)存的能量 可得 練習(xí)16 磁場(chǎng)磁感應(yīng)強(qiáng)度 一 選擇題 1 B 2 D 二 填空題 3 C 1 磁場(chǎng)線是閉合線 表明磁場(chǎng)是無(wú)源場(chǎng) O 2 封閉曲面上 3 或 計(jì)算題1 解 方向 由圖知 o點(diǎn)到直導(dǎo)線的距離 則 方向 補(bǔ)償法 2 解 將薄金屬板沿寬度方向分割如圖 dr對(duì)應(yīng)電流 dI在P點(diǎn)處磁場(chǎng)為 可知所有分割帶在P點(diǎn)處磁場(chǎng)方向相同 由磁場(chǎng)疊加原理可求得在P點(diǎn)處 方向 練習(xí)17安培環(huán)路定理 一 選擇題 1 B 先用安培環(huán)路定理求B分布 2 B 3 D 二 填空題 1 回路甲 回路乙 2 3 靜電場(chǎng)是保守場(chǎng) 磁場(chǎng)是非保守場(chǎng) 或渦旋場(chǎng) 三 計(jì)算題 1 解 由電流的對(duì)稱(chēng)性知 磁場(chǎng)具有軸對(duì)稱(chēng)性 方向沿垂直于對(duì)稱(chēng)軸的圓環(huán)切向 如圖作積分環(huán)路 取正向 由安培環(huán)路定理 即 今 則 則 則 則 2 解 如圖取dS B大小都一樣的元區(qū) 先用安培環(huán)路定理求出 距導(dǎo)線x遠(yuǎn)處B的大小 方向 陰影部分通過(guò)的磁通量為 通過(guò)矩形線圈的磁通量為 練習(xí)18磁場(chǎng)對(duì)載流導(dǎo)線的作用 一 選擇題 1 2 3 二 填空題 1 都平行z軸向上 2 I 平移靠近直導(dǎo)線 轉(zhuǎn)動(dòng) 并平移靠近直導(dǎo)線 3 IBLOC C B O 1 解 已知 I1 I2 d及每邊長(zhǎng)l 對(duì)于AC 應(yīng)用安培定律 算出磁場(chǎng)分布 三 計(jì)算題 則的大小 的方向水平向左 2 解 導(dǎo)線1 2單位長(zhǎng)度所受磁力 應(yīng)用安培定律 即 相互吸引的方向 練習(xí)19磁場(chǎng)對(duì)運(yùn)動(dòng)電荷的作用 一 選擇題 1 回轉(zhuǎn)周期與電子速率無(wú)關(guān) 3 B 2 二 填空題 1 2 所以 3 方向向下 1 解 如圖 因?yàn)樘幱谄胶?所受的磁力矩大小相等 方向相反 對(duì)軸 重力矩 線框的重力矩與線框 磁力矩 三 計(jì)算題 平衡時(shí) 所以 因?yàn)?2 解 寬度為dr的圓環(huán)在旋轉(zhuǎn)時(shí)產(chǎn)生的電流強(qiáng)度 圓環(huán)磁矩大小為 則磁力矩dM大小為 圓盤(pán)磁力矩M為 練習(xí)21動(dòng)生電動(dòng)勢(shì)和感生電動(dòng)勢(shì) 一 選擇題 q只和 有關(guān) 和電流變化快慢無(wú)關(guān) 1 A 2 D 二 填空題 1 2 加輔助線構(gòu)成閉合回路 3 環(huán)路積分 1 解 力線產(chǎn)生的動(dòng)生電動(dòng)勢(shì) 在導(dǎo)體棒AD上任取一元段dl 規(guī)定dl的方 向?yàn)閺腁至B dl在磁場(chǎng)中切割磁 方向與dl規(guī)定的方向相反 即A點(diǎn)電勢(shì)高 三 計(jì)算題 則 2 解 在回路中取與直導(dǎo)線平行的面積元 如圖 通過(guò)面積元的磁通量 則通過(guò)回路ABCD的磁通量為 回路ABCD中的感應(yīng)電動(dòng)勢(shì)為 練習(xí)22自感 互感和磁場(chǎng)能量 一 選擇題 1 C 2 C 3 C N1 N2 1 I1 I2 二 填空題 1 2 3 減少自感電動(dòng)勢(shì) 考慮磁通 1 解 設(shè)螺線管中的電流為I 則 故 代入數(shù)據(jù)計(jì)算得 由于為正 其方向與電流方向相同 三 計(jì)算題 2 解 設(shè)長(zhǎng)直導(dǎo)線上的電流為 則矩形線圈的全磁