2014年天津市高考物理試卷.doc

2014年天津市高考物理試卷一、單項選擇題（每小題6分，共30分）1（6分）質(zhì)點做直線運動的速度時間圖象如圖所示，該質(zhì)點（）A在第1秒末速度方向發(fā)生了改變B在第2秒末加速度方向發(fā)生了改變C在前2秒內(nèi)發(fā)生的位移為零D第3秒末和第5秒末的位置相同2（6分）如圖所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內(nèi)阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置，閉合電鍵S，電路達到穩(wěn)定時，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動，如果僅改變下列某一個條件，油滴仍能靜止不動的是（）A增大R1的阻值B增大R2的阻值C增大兩板間的距離D斷開電鍵S3（6分）研究表明，地球自轉(zhuǎn)在逐漸變慢，3億年前地球自轉(zhuǎn)的周期約為22小時，假設(shè)這種趨勢會持續(xù)下去，地球的其他條件都不變，未來人類發(fā)射的地球同步衛(wèi)星與現(xiàn)在的相比（）A距地面的高度變大B向心加速度變大C線速度變大D角速度變大4（6分）如圖所示，平行金屬板A、B水平正對放置，分別帶等量異號電荷，一帶電微粒水平射入板間，在重力和電場力共同作用下運動，軌跡如圖中虛線所示，那么（）A若微粒帶正電荷，則A板一定帶正電荷B微粒從M點運動到N點電勢能一定增加C微粒從M點運動到N點動能一定增加D微粒從M點運動到N點機械能一定增加5（6分）平衡位置處于坐標原點的波源S在y軸上振動，產(chǎn)生頻率為50Hz的簡諧橫波向x軸正、負兩個方向傳播，波速均為100m/s，平衡位置在x軸上的P、Q兩個質(zhì)點隨波源振動著，P、Q的x軸坐標分別為xP=3.5m，xQ=3m，當S位移為負且向y方向運動時，P、Q兩質(zhì)點的（）A位移方向相同，速度方向相反B位移方向相同，速度方向相同C位移方向相反，速度方向相反D位移方向相反，速度方向相同二、不定項選擇題（每小題6分，共18分）6（6分）下列說法正確的是（）A玻爾對氫原子光譜的研究導致原子的核式結(jié)構(gòu)模型的建立B可利用某些物質(zhì)在紫外線照射下發(fā)出熒光來設(shè)計防偽措施C天然放射現(xiàn)象中產(chǎn)生的射線都能在電場或磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)D觀察者與波源互相遠離時接收到波的頻率與波源頻率不同7（6分）如圖1所示，在勻強磁場中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉(zhuǎn)速，繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交變電動勢圖象如圖2中曲線a，b所示，則（）A兩次t=0時刻線圈平面均與中性面重合B曲線a、b對應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為2：3C曲線a表示的交變電動勢頻率為25HzD曲線b表示的交變電動勢有效值為10V8（6分）一束由兩種頻率不同的單色光組成的復(fù)色光從空氣射入玻璃三棱鏡后，出射光分成a、b兩束，如圖所示，則a、b兩束光（）A垂直穿過同一塊平板玻璃，a光所用的時間比b光長B從同種介質(zhì)射入真空發(fā)生全反射時，a光臨界角比b光的小C分別通過同一雙縫干涉裝置，b光形成的相鄰亮條紋間距小D若照射同一金屬都能發(fā)生光電效應(yīng)，b光照射時逸出的光電子最大初動能大三、實驗題9（4分）半徑為R的水平圓盤繞過圓心O的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動，A為圓盤邊緣上一點，在O的正上方有一個可視為質(zhì)點的小球以初速度v水平拋出時，半徑OA方向恰好與v的方向相同，如圖所示，若小球與圓盤只碰一次，且落在A點，重力加速度為g，則小球拋出時距O的高度h= ，圓盤轉(zhuǎn)動的角速度大小= 10（8分）某同學把附有滑輪的長木板平放在實驗桌上，將細繩一端拴在小車上，另一端繞過定滑輪，掛上適當?shù)你^碼，使小車在鉤碼的牽引下運動，以此定量探究繩拉力做功與小車動能變化的關(guān)系，此外還準備了打點計時器及配套的電源、導線、復(fù)寫紙、紙帶、小木塊等，組裝的實驗裝置如圖所示（1）若要完成該實驗，必需的實驗器材還有哪些 （2）實驗開始時，他先調(diào)節(jié)木板上定滑輪的高度，使牽引小車的細繩與木板平行，他這樣做的目的是下列的哪個 （填字母代號）A避免小車在運動過程中發(fā)生抖動B可使打點計時器在紙帶上打出的點跡清晰C可以保證小車最終能夠?qū)崿F(xiàn)勻速直線運動D可在平衡摩擦力后使細繩拉力等于小車受的合力（3）平衡摩擦力后，當他用多個鉤碼牽引小車時，發(fā)現(xiàn)小車運動過快，致使打出的紙帶上點數(shù)較少，難以選到合適的點計算小車速度，在保證所掛鉤碼數(shù)目不變的條件下，請你利用本實驗的器材提出一個解決辦法： （4）他將鉤碼重力做的功當做細繩拉力做的功，經(jīng)多次實驗發(fā)現(xiàn)拉力做功總是要比小車動能增量大一些，這一情況可能是下列哪些原因造成的 （填字母代號）A在接通電源的同時釋放了小車B小車釋放時離打點計時器太近C阻力未完全被小車重力沿木板方向的分力平衡掉D鉤碼做勻加速運動，鉤碼重力大于細繩拉力11（6分）現(xiàn)要測量一個未知電阻Rx的阻值，除Rx外可用的器材有：多用電表（僅可使用歐姆檔）；一個電池組E（電動勢6V）一個滑動變阻器R（020，額定電流1A）；兩個相同的電流表G（內(nèi)阻Rg=1000，滿偏電流Ig=100A）；兩個標準電阻（R1=29000，R2=0.1）；一個電鍵S、導線若干（1）為了設(shè)計電路，先用多用電表的歐姆檔粗測未知電阻，采用“10”擋，調(diào)零后測量該電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)非常大，最后幾乎緊挨滿偏刻度停下來，下列判斷和做法正確的是 （填字母代號）A這個電阻阻值很小，估計只有幾歐姆B這個電阻阻值很大，估計有幾千歐姆C如需進一步測量可換“1”擋，調(diào)零后測量D如需進一步測量可換“1k”擋，調(diào)零后測量（2）根據(jù)粗測的判斷，設(shè)計一個測量電路，要求測量盡量準確并使電路能耗較小，畫出實驗電路圖，并將各元件字母代碼標在該元件的符號旁四、計算題12（16分）如圖所示，水平地面上靜止放置一輛小車A，質(zhì)量mA=4kg，上表面光滑，小車與地面間的摩擦力極小，可以忽略不計，可視為質(zhì)點的物塊B置于A的最右端，B的質(zhì)量mB=2kg，現(xiàn)對A施加一個水平向右的恒力F=10N，A運動一段時間后，小車左端固定的擋板與B發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰后A、B粘合在一起，共同在F的作用下繼續(xù)運動，碰撞后經(jīng)時間t=0.6s，二者的速度達到vt=2m/s，求（1）A開始運動時加速度a的大??；（2）A、B碰撞后瞬間的共同速度v的大??；（3）A的上表面長度l。13（18分）如圖所示，兩根足夠長的平行金屬導軌固定在傾角=30的斜面上，導軌電阻不計，間距L=0.4m。導軌所在空間被分成區(qū)域和，兩區(qū)域的邊界與斜面的交線為MN，中的勻強磁場方向垂直斜面向下，中的勻強磁場方向垂直斜面向上，兩磁場的磁感應(yīng)強度大小為B=0.5T在區(qū)域中，將質(zhì)量m1=0.1kg，電阻R1=0.1的金屬條ab放在導軌上，ab剛好不下滑。然后，在區(qū)域中將質(zhì)量m2=0.4kg，電阻R2=0.1的光滑導體棒cd置于導軌上，由靜止開始下滑，cd在滑動過程中始終處于區(qū)域的磁場中，ab、cd始終與導軌垂直且兩端與導軌保持良好接觸，取g=10m/s2，問（1）cd下滑的過程中，ab中的電流方向；（2）ab將要向上滑動時，cd的速度v多大；（3）從cd開始下滑到ab剛要向上滑動的過程中，cd滑動的距離x=3.8m，此過程中ab上產(chǎn)生的熱量Q是多少。14（20分）同步加速器在粒子物理研究中有重要的作用，其基本原理簡化為如圖1所示的模型M、N為兩塊中心開有小孔的平行金屬板，質(zhì)量為m、電荷量為+q的粒子A（不計重力）從M板小孔飄入板間，初速度可視為零每當A進入板間，兩板的電勢差變?yōu)閁，粒子得到加速，當A離開N板時，兩板的電荷量均立即變?yōu)榱悖瑑砂逋獠看嬖诖怪奔埫嫦蚶锏膭驈姶艌?，A在磁場作用下做半徑為R的圓周運動，R遠大于板間距離，A經(jīng)電場多次加速，動能不斷增大，為使R保持不變，磁場必須相應(yīng)的變化，不計粒子加速時間及其做圓周運動產(chǎn)生的電磁輻射，不考慮磁場變化對粒子速度的影響及相對論效應(yīng)，求（1）A運動第1周時磁場的磁感應(yīng)強度B1的大??；（2）在A運動第n周的時間內(nèi)電場力做功的平均功率；（3）若有一個質(zhì)量也為m、電荷量為+kq（k為大于1的整數(shù)）的粒子B（不計重力）與A同時從M板小孔飄入板間，A、B初速度均可視為零，不計兩者間的相互作用，除此之外，其他條件均不變，圖2中虛線、實線分別表示A、B的運動軌跡，在B的軌跡半徑遠大于板間距離的前提下，請指出哪個圖能定性地反映A、B的運動軌跡，并經(jīng)推導說明理由2014年天津市高考物理試卷參考答案與試題解析一、單項選擇題（每小題6分，共30分）1（6分）質(zhì)點做直線運動的速度時間圖象如圖所示，該質(zhì)點（）A在第1秒末速度方向發(fā)生了改變B在第2秒末加速度方向發(fā)生了改變C在前2秒內(nèi)發(fā)生的位移為零D第3秒末和第5秒末的位置相同【分析】速度圖象與時間軸圍成的面積等于物體在該段時間內(nèi)通過的位移，速度的正負表示速度的方向，只要圖象在時間軸同一側(cè)物體運動的方向就沒有改變；只要總面積仍大于0，位移方向就仍沿正方向；【解答】解：A、02s內(nèi)速度圖象在時間軸的上方，都為正，速度方向沒有改變。故A錯誤；B、速度時間圖象的斜率表示加速度，由圖可知13s圖象斜率不變，加速度不變，方向沒有發(fā)生改變，故B錯誤；C、根據(jù)“面積”表示位移可知，02s內(nèi)的位移為：x1=22m=2m。故C錯誤；D、根據(jù)“面積”表示位移可知，03s內(nèi)的位移為：x1=22m=1m，05s內(nèi)的位移為：x2=21m=1m，所以第3秒末和第5秒末的位置相同。故D正確。故選：D?！军c評】深刻理解某一段時間內(nèi)的位移就等于在該段時間內(nèi)速度圖象與時間軸圍成的面積是解決此類題目的突破口。2（6分）如圖所示，電路中R1、R2均為可變電阻，電源內(nèi)阻不能忽略，平行板電容器C的極板水平放置，閉合電鍵S，電路達到穩(wěn)定時，帶電油滴懸浮在兩板之間靜止不動，如果僅改變下列某一個條件，油滴仍能靜止不動的是（）A增大R1的阻值B增大R2的阻值C增大兩板間的距離D斷開電鍵S【分析】分析清楚電路結(jié)構(gòu)，求出極板間的電場強度，求出油滴受到的電場力，然后根據(jù)電場力的表達式分析答題【解答】解：根據(jù)圖示電路圖，由歐姆定律可得：電容器兩端電壓：U=IR1=R1=，油滴受到的電場力：F=qE=q=開始時油滴靜止不動，F(xiàn)=mg，要使油滴保持靜止不動，則電場力應(yīng)保持不變；A、增大R1的阻值，電場力：F=變大，電場力大于重力，油滴受到的合力向上，油滴向上運動，故A錯誤；B、增大R2的阻值，電場力：F=不變，電場力與重力仍然是一對平衡力，油滴靜止不動，故B正確；C、增大兩板間的距離，極板間的電場強度減小，電場力減小，小于重力，油滴受到的合力向下，油滴向下運動，故C錯誤；D、斷開電鍵S，極板間的電場強度為零，電場力為零，油滴受到重力作用，油滴向下運動，故D錯誤。故選：B?！军c評】本題考查了判斷油滴的運動狀態(tài)問題，分析清楚極板間的電場力如何變化是正確解題的關(guān)鍵3（6分）研究表明，地球自轉(zhuǎn)在逐漸變慢，3億年前地球自轉(zhuǎn)的周期約為22小時，假設(shè)這種趨勢會持續(xù)下去，地球的其他條件都不變，未來人類發(fā)射的地球同步衛(wèi)星與現(xiàn)在的相比（）A距地面的高度變大B向心加速度變大C線速度變大D角速度變大【分析】衛(wèi)星受到的萬有引力充當向心力，根據(jù)公式即可分析同步衛(wèi)星的各物理量的變化情況【解答】解：A、因地球的周期在增大；故未來人類發(fā)射的衛(wèi)星周期也將增大；根據(jù)萬有引力公式可知：=m則有：R=；故衛(wèi)星離地高度將變大；故A正確；B、由=ma可知，因半徑增大，則加速度減??；故B錯誤；C、由=m可知，v=，故線速度變??；故C錯誤；D、由=mR2可知，=；故角速度減??；故D錯誤。故選：A?！军c評】本題考查向心力公式及同步衛(wèi)星的性質(zhì)，要注意明確同步衛(wèi)星的轉(zhuǎn)動周期與地球的自轉(zhuǎn)周期相同4（6分）如圖所示，平行金屬板A、B水平正對放置，分別帶等量異號電荷，一帶電微粒水平射入板間，在重力和電場力共同作用下運動，軌跡如圖中虛線所示，那么（）A若微粒帶正電荷，則A板一定帶正電荷B微粒從M點運動到N點電勢能一定增加C微粒從M點運動到N點動能一定增加D微粒從M點運動到N點機械能一定增加【分析】微粒在平行金屬板間受到重力與電場力的作用，根據(jù)微粒運動軌跡與微粒受到的重力與電場力間的關(guān)系分析答題【解答】解：微粒在極板間受到豎直向下的重力作用與電場力作用，由圖示微粒運動軌跡可知，微粒向下運動，說明微粒受到的合力豎直向下，重力與電場力的合力豎直向下；A、如果微粒帶正電，A板帶正電荷，微粒受到的合力向下，微粒運動軌跡向下，A板帶負電，但如果電場力小于重力，微粒受到的合力向下，微粒運動軌跡向下，則A板既可以帶正電，也可能帶負電，故A錯誤；B、如果微粒受到的電場力向下，微粒從M點運動到N點過程中電場力做正功，微粒電勢能減小，如果微粒受到的電場力向上，則電勢能增加，故B錯誤；C、微粒受到的合力向下，微粒從M點運動到N點過程中合外力做正功，微粒的動能增加，故C正確；D、微粒從M點運動到N點過程動能增加，重力勢能減小，機械能不一定增加，故D錯誤。故選：C?！军c評】根據(jù)微粒的運動軌跡判斷出微粒受到的合外力，然后根據(jù)微粒的受力情況分析答題；電場力做正功，電勢能減小，電場力做負功，電勢能增加5（6分）平衡位置處于坐標原點的波源S在y軸上振動，產(chǎn)生頻率為50Hz的簡諧橫波向x軸正、負兩個方向傳播，波速均為100m/s，平衡位置在x軸上的P、Q兩個質(zhì)點隨波源振動著，P、Q的x軸坐標分別為xP=3.5m，xQ=3m，當S位移為負且向y方向運動時，P、Q兩質(zhì)點的（）A位移方向相同，速度方向相反B位移方向相同，速度方向相同C位移方向相反，速度方向相反D位移方向相反，速度方向相同【分析】首先據(jù)題意和波速公式得出波長、周期；在畫出波形圖，結(jié)合PQ兩點的坐標，分析判斷兩點的振動情況【解答】解：據(jù)題境和波速V=f 得：=2m，T=0.02s，Q關(guān)于y軸的對稱點Q1，據(jù)題境可知兩點的振動情況相同，則Q1P兩點的距離之差為；質(zhì)點P據(jù)波源的距離為時，波源S位移為負且向y方向運動時，所以質(zhì)點P的位移為負且向上運動；由因為Q1P兩點的距離之差為，所以Q1的位移為正且向上運動，即PQ兩點的位移方向相反，振動方向沿y軸的正方向，故ABC錯誤，D正確。故選：D?！军c評】首先找出對稱點，使兩點都在坐標軸的一半軸，再據(jù)其距離和波源的距離分析振動情況是解題的關(guān)鍵二、不定項選擇題（每小題6分，共18分）6（6分）下列說法正確的是（）A玻爾對氫原子光譜的研究導致原子的核式結(jié)構(gòu)模型的建立B可利用某些物質(zhì)在紫外線照射下發(fā)出熒光來設(shè)計防偽措施C天然放射現(xiàn)象中產(chǎn)生的射線都能在電場或磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)D觀察者與波源互相遠離時接收到波的頻率與波源頻率不同【分析】盧瑟福粒子散射實驗提出原子核式結(jié)構(gòu)模型，紫外線可以使熒光物質(zhì)發(fā)出熒光，射線不能在電場或磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)，多普勒效應(yīng)是由于觀察者和波源間位置的變化而產(chǎn)生的【解答】解：（1）A、盧瑟福通過粒子散射實驗建立了原子核式結(jié)構(gòu)模型，故A錯誤；B、紫外線可以使熒光物質(zhì)發(fā)出熒光，利用這一特性對鈔票或商標進行有效的防偽措施，故B正確；C、天然放射現(xiàn)象中產(chǎn)生的射線不能在電場或磁場中發(fā)生偏轉(zhuǎn)，故C錯誤；D、當波源與觀察者有相對運動時，如果二者相互接近，間距變小，觀察者接收的頻率增大，如果二者遠離，間距變大，觀察者接收的頻率減小。故D正確。故選：BD?！军c評】本題考查了原子核式結(jié)構(gòu)模型、紫外線的特征，多普勒效應(yīng)等知識點，屬于熟記內(nèi)容，難度不大，屬于基礎(chǔ)題7（6分）如圖1所示，在勻強磁場中，一矩形金屬線圈兩次分別以不同的轉(zhuǎn)速，繞與磁感線垂直的軸勻速轉(zhuǎn)動，產(chǎn)生的交變電動勢圖象如圖2中曲線a，b所示，則（）A兩次t=0時刻線圈平面均與中性面重合B曲線a、b對應(yīng)的線圈轉(zhuǎn)速之比為2：3C曲線a表示的交變電動勢頻率為25HzD曲線b表示的交變電動勢有效值為10V【分析】根據(jù)圖象可分別求出兩個交流電的最大值以及周期等物理量，然后進一步可求出其瞬時值的表達式以及有效值等【解答】解：A、在t=0時刻，線圈一定處在中性面上；故A正確；B、由圖可知，a的周期為4102s；b的周期為6102s，則由n=可知，轉(zhuǎn)速與周期成反比，故轉(zhuǎn)速之比為：；故B錯誤；C、曲線a的交變電流的頻率f=25Hz；故C正確；D、由Em=NBS可知=，所以Emb=Ema=10V，曲線b表示的交變電動勢有效值為U=5V；故D錯誤；故選：AC?！军c評】本題考查了有關(guān)交流電描述的基礎(chǔ)知識，要根據(jù)交流電圖象正確求解最大值、有效值、周期、頻率、角速度等物理量8（6分）一束由兩種頻率不同的單色光組成的復(fù)色光從空氣射入玻璃三棱鏡后，出射光分成a、b兩束，如圖所示，則a、b兩束光（）A垂直穿過同一塊平板玻璃，a光所用的時間比b光長B從同種介質(zhì)射入真空發(fā)生全反射時，a光臨界角比b光的小C分別通過同一雙縫干涉裝置，b光形成的相鄰亮條紋間距小D若照射同一金屬都能發(fā)生光電效應(yīng)，b光照射時逸出的光電子最大初動能大【分析】根據(jù)光線的偏折程度判斷折射率的大小，即可判斷出光束頻率的大?。桓鶕?jù)v=分析光束在介質(zhì)中傳播的速度大??；根據(jù)公式sinC=分析臨界角的大小根據(jù)干涉條紋的間距關(guān)系可確定條紋間距；由光電效應(yīng)方程可確定光電子的動能【解答】解：由圖可知，a光的偏折角大于b光的偏折角，故說明a光的折射率大于b光的折射率；故說明a光的頻率大于b光的頻率，a光的波長小于b光，在介質(zhì)中a光的波速小于b光；A、垂直穿過同一塊玻璃時，不會發(fā)生折射，則經(jīng)過的距離相同；因a光的波速?。还蔭光所用的時間長；故A正確；B、由sinC=可知，a光的臨界角要小于b光的臨界角；故B正確；C、由x=可知，a光的干涉條紋小于b光的干涉條紋；故C錯誤；D、由EK=hW0；由于b光的頻率小，故b光光子能量小，則b光照射時逸出的光電子最大初動能要?。还蔇錯誤。故選：AB。【點評】本題充分體現(xiàn)了選修內(nèi)容的出題原則，一個題目中包含了多個知識點；要注意明確光的干涉、光電效應(yīng)、全反射等內(nèi)容的綜合應(yīng)用三、實驗題9（4分）半徑為R的水平圓盤繞過圓心O的豎直軸勻速轉(zhuǎn)動，A為圓盤邊緣上一點，在O的正上方有一個可視為質(zhì)點的小球以初速度v水平拋出時，半徑OA方向恰好與v的方向相同，如圖所示，若小球與圓盤只碰一次，且落在A點，重力加速度為g，則小球拋出時距O的高度h=，圓盤轉(zhuǎn)動的角速度大小=（n=1、2、3）【分析】小球做平拋運動，小球在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向做自由落體運動，根據(jù)水平位移求出運動的時間，根據(jù)豎直方向求出高度圓盤轉(zhuǎn)動的時間和小球平拋運動的時間相等，在這段時間內(nèi)，圓盤轉(zhuǎn)動n圈【解答】解：小球做平拋運動，小球在水平方向上做勻速直線運動，則運動的時間t=，豎直方向做自由落體運動，則h=根據(jù)t=2n得：（n=1、2、3）故答案為：；（n=1、2、3）【點評】解決本題的關(guān)鍵知道平拋運動在水平方向上做勻速直線運動，在豎直方向上做自由落體運動，以及知道圓盤轉(zhuǎn)動的周期性10（8分）某同學把附有滑輪的長木板平放在實驗桌上，將細繩一端拴在小車上，另一端繞過定滑輪，掛上適當?shù)你^碼，使小車在鉤碼的牽引下運動，以此定量探究繩拉力做功與小車動能變化的關(guān)系，此外還準備了打點計時器及配套的電源、導線、復(fù)寫紙、紙帶、小木塊等，組裝的實驗裝置如圖所示（1）若要完成該實驗，必需的實驗器材還有哪些刻度尺、天平（包括砝碼）（2）實驗開始時，他先調(diào)節(jié)木板上定滑輪的高度，使牽引小車的細繩與木板平行，他這樣做的目的是下列的哪個D（填字母代號）A避免小車在運動過程中發(fā)生抖動B可使打點計時器在紙帶上打出的點跡清晰C可以保證小車最終能夠?qū)崿F(xiàn)勻速直線運動D可在平衡摩擦力后使細繩拉力等于小車受的合力（3）平衡摩擦力后，當他用多個鉤碼牽引小車時，發(fā)現(xiàn)小車運動過快，致使打出的紙帶上點數(shù)較少，難以選到合適的點計算小車速度，在保證所掛鉤碼數(shù)目不變的條件下，請你利用本實驗的器材提出一個解決辦法：可在小車上加適量的砝碼（4）他將鉤碼重力做的功當做細繩拉力做的功，經(jīng)多次實驗發(fā)現(xiàn)拉力做功總是要比小車動能增量大一些，這一情況可能是下列哪些原因造成的CD（填字母代號）A在接通電源的同時釋放了小車B小車釋放時離打點計時器太近C阻力未完全被小車重力沿木板方向的分力平衡掉D鉤碼做勻加速運動，鉤碼重力大于細繩拉力【分析】（1、2）根據(jù)該實驗的實驗原理、要求和減少誤差的角度分析，平衡摩擦力作用后，進行實驗過程中需要用刻度尺測量紙帶上點的距離，用天平測出小車的質(zhì)量，需要改變砝碼的質(zhì)量來代替小車的拉力（2）、（3）根據(jù)W=mgs求出砂桶及砂的總重力做功，根據(jù)勻變速直線運動的平均速度等于中點時刻的瞬時速度求A、B的速度，即可得到動能的變化量，從而寫出探究結(jié)果表達式，根據(jù)此表達式分析所需要的測量儀器【解答】解：（1）、根據(jù)本實驗的實驗原理是合外力所做的功等于動能的變化量，通過研究紙帶來研究小車的速度，利用天平測量小車的質(zhì)量，利用砝碼的重力代替小車的合外力，所以需要刻度尺來測量紙帶上點的距離和用天平測得小車的質(zhì)量，即還需要刻度尺，天平（帶砝碼）故答案為：刻度尺；天平（帶砝碼）（2）、實驗過程中，為減少誤差，提高實驗的精確度，他先調(diào)節(jié)木板上定滑輪的高度，使牽引小車的細繩與木板平行，目的是消除摩擦帶來的誤差，即平衡摩擦力后，使細繩的拉力等于小車的合力，故ABC錯誤，D正確故選：D（3）平衡摩擦力后，當他用多個鉤碼牽引小車時，發(fā)現(xiàn)小車運動過快，致使打出的紙帶上點數(shù)較少，即小車的加速度大，所以應(yīng)減少小車的加速度，當小車的合力一定的情況下，據(jù)牛頓第二定律可知，適當增大小車的質(zhì)量，即在小車上加適量的砝碼故答案為：在小車上加適量的砝碼（4）他將鉤碼重力做的功當做細繩拉力做的功，經(jīng)多次實驗發(fā)現(xiàn)拉力做功總是要比小車動能增量大一些，從功能關(guān)系看出：該實驗一定有轉(zhuǎn)化為內(nèi)能的，即試驗 中有存在摩擦力沒有被平衡掉；還有該實驗要求，只有當小車的質(zhì)量遠大于砝碼的質(zhì)量時，小車的拉力才近似等于砝碼的重力，故AB錯誤，CD正確故選：CD【點評】明確實驗原理往往是解決實驗問題的關(guān)鍵，該實驗的一些操作和要求與探究力、加速度、質(zhì)量之間關(guān)系的實驗類似可以類比學習11（6分）現(xiàn)要測量一個未知電阻Rx的阻值，除Rx外可用的器材有：多用電表（僅可使用歐姆檔）；一個電池組E（電動勢6V）一個滑動變阻器R（020，額定電流1A）；兩個相同的電流表G（內(nèi)阻Rg=1000，滿偏電流Ig=100A）；兩個標準電阻（R1=29000，R2=0.1）；一個電鍵S、導線若干（1）為了設(shè)計電路，先用多用電表的歐姆檔粗測未知電阻，采用“10”擋，調(diào)零后測量該電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)非常大，最后幾乎緊挨滿偏刻度停下來，下列判斷和做法正確的是AC（填字母代號）A這個電阻阻值很小，估計只有幾歐姆B這個電阻阻值很大，估計有幾千歐姆C如需進一步測量可換“1”擋，調(diào)零后測量D如需進一步測量可換“1k”擋，調(diào)零后測量（2）根據(jù)粗測的判斷，設(shè)計一個測量電路，要求測量盡量準確并使電路能耗較小，畫出實驗電路圖，并將各元件字母代碼標在該元件的符號旁【分析】（1）用多用電表的歐姆檔粗測未知電阻，采用“10”擋，調(diào)零后測量該電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)非常大，說明檔位太大，應(yīng)改用小倍率檔位，選檔位后，重新歐姆調(diào)零（2）利用提供的器材改裝成電流表和電壓表，要求電路能耗較小，結(jié)合電阻較小特點，故采用限流接法【解答】解：（1）A、用多用電表的歐姆檔粗測未知電阻，采用“10”擋，調(diào)零后測量該電阻，發(fā)現(xiàn)指針偏轉(zhuǎn)非常大，此時的刻度盤示數(shù)較小，故總阻值較小，故A正確B、由A分析知，B錯誤C、應(yīng)改用小倍率檔位，選檔位后，重新歐姆調(diào)零進行測量，故C正確D、由C分析知，D錯誤故選：AC；（2）利用提供的器材R2和G改裝成電流表，用R1和G改裝成電壓表；要求電路能耗較小，結(jié)合電阻較小特點，故采用限流接法，電路如圖：故答案為：（1）AC； （2）【點評】歐姆表的使用規(guī)則和注意事項經(jīng)?？疾?、電表的改裝和電路設(shè)計經(jīng)常考查四、計算題12（16分）如圖所示，水平地面上靜止放置一輛小車A，質(zhì)量mA=4kg，上表面光滑，小車與地面間的摩擦力極小，可以忽略不計，可視為質(zhì)點的物塊B置于A的最右端，B的質(zhì)量mB=2kg，現(xiàn)對A施加一個水平向右的恒力F=10N，A運動一段時間后，小車左端固定的擋板與B發(fā)生碰撞，碰撞時間極短，碰后A、B粘合在一起，共同在F的作用下繼續(xù)運動，碰撞后經(jīng)時間t=0.6s，二者的速度達到vt=2m/s，求（1）A開始運動時加速度a的大??；（2）A、B碰撞后瞬間的共同速度v的大?。唬?）A的上表面長度l。【分析】（1）由牛頓第二定律可以求出加速度；（2）由動量定理求出碰撞后的速度；（3）由動量守恒定律與動能定理可以求出A上表面的長度?！窘獯稹拷猓海?）以A為研究對象，由牛頓第二定律得：F=mAa，代入數(shù)據(jù)得：a=2.5m/s2；（2）A、B碰撞后共同運動過程中，選向右的方向為正，由動量定理得：Ft=（mA+mB）vt（mA+mB）v，代入數(shù)據(jù)解得：v=1m/s；（3）A、B碰撞過程動量守恒，以A的初速度方向為正方向，由動量守恒定律得：mAvA=（mA+mB）v，A從開始運動到與B發(fā)生碰撞前，由動能定理得：Fl=mAvA20，聯(lián)立并代入數(shù)據(jù)得：l=0.45m；答：（1）A開始運動時加速度a的大小為2.5m/s2；（2）A、B碰撞后瞬間的共同速度v的大小為1m/s；（3）A的上表面長度為0.45m?！军c評】本題考查了求加速度、速度、A的長度問題，分析清楚物體運動過程，應(yīng)用牛頓第二定律、動量定理、動量守恒定律、動能定理即可正確解題。13（18分）如圖所示，兩根足夠長的平行金屬導軌固定在傾角=30的斜面上，導軌電阻不計，間距L=0.4m。導軌所在空間被分成區(qū)域和，兩區(qū)域的邊界與斜面的交線為MN，中的勻強磁場方向垂直斜面向下，中的勻強磁場方向垂直斜面向上，兩磁場的磁感應(yīng)強度大小為B=0.5T在區(qū)域中，將質(zhì)量m1=0.1kg，電阻R1=0.1的金屬條ab放在導軌上，ab剛好不下滑。然后，在區(qū)域中將質(zhì)量m2=0.4kg，電阻R2=0.1的光滑導體棒cd置于導軌上，由靜止開始下滑，cd在滑動過程中始終處于區(qū)域的磁場中，ab、cd始終與導軌垂直且兩端與導軌保持良好接觸，取g=10m/s2，問（1）cd下滑的過程中，ab中的電流方向；（2）ab將要向上滑動時，cd的速度v多大；（3）從cd開始下滑到ab剛要向上滑動的過程中，cd滑動的距離x=3.8m，此過程中ab上產(chǎn)生的熱量Q是多少?！痉治觥浚?）由右手定則可以判斷出感應(yīng)電流方向；（2）由平衡條件、安培力公式求出cd棒的速度；（3）由能量守恒定律可以求出熱量?！窘獯稹拷猓海?）由右手定則可知，電流由a流向b；（2）開始放置ab剛好不下滑時，ab所受摩擦力為最大靜摩擦力，由平衡條件得：Fmax=m1gsin，ab剛好要上滑時，感應(yīng)電動勢：E=BLv，電路電流：I=，ab受到的安培力：F安=BIL，此時ab受到的最大靜摩擦力方向沿斜面向下，由平衡條件得：F安=m1gsin+Fmax，代入數(shù)據(jù)解得：v=5m/s；（3）cd棒運動過程中電路產(chǎn)生的總熱量為Q總，由能量守恒定律得：m2gxsin=Q總+m2v2，ab上產(chǎn)生的熱量：Q=Q總，解得：Q=1.3J；答：（1）cd下滑的過程中，ab中的電流方向由a流向b；（2）ab剛要向上滑動時，cd的速度5m/s；（3）從cd開始下滑到ab剛要向上滑動的過程中，cd滑動的距離x=3.8m，此過程中ab上產(chǎn)生的熱量Q是1.3J?！军c評】本題是復(fù)雜的電磁感應(yīng)現(xiàn)象，是電磁感應(yīng)與力學知識的綜合，分析導體棒的運動情況，要抓住甲勻加速運動的過程中，外力與安培力