江蘇省淮安市淮陰四中高三物理上學(xué)期期末試卷（含解析）.doc

2014-2015學(xué)年江蘇省淮安 市淮陰四中高三（上）期末物理試卷一（16分）單項(xiàng)選擇題本大題有8小題，每小題2分每小題給出的四個(gè)答案中，只有一個(gè)是正確的1下列物理規(guī)律中不能直接通過實(shí)驗(yàn)進(jìn)行驗(yàn)證的是（）a 牛頓第一定律b 歐姆定律c 玻意耳定律d 機(jī)械能守恒定律2最早提出物體運(yùn)動不需要力來維持的人物是（）a 亞里士多德b 伽利略c 牛頓d 笛卡爾3如圖所示a、b分別表示某一個(gè)門電路兩個(gè)輸入端的信號，z表示該門電路輸出端的信號，則根據(jù)它們的波形可以判斷該門電路是（）a “與”門b “或”門c “非”門d “與非”門4做“互成角度的兩個(gè)共點(diǎn)力的合成”的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中所說的合力與兩個(gè)分力具有相同的效果，是指下列說法中的（）a 彈簧秤的彈簧被拉長相同長度b 兩彈簧秤相對橡皮條保持相同的角度c 細(xì)繩套受拉力產(chǎn)生相同的形變d 使橡皮條在某一方向上伸長到某一長度5用細(xì)繩拉著質(zhì)量為m的小球在光滑水平面上作勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)動中（）a 小球的速度不變b 小球的速度不斷改變c 細(xì)繩對小球的拉力一定小于mgd 細(xì)繩對小球的拉力可能為零6關(guān)于分子運(yùn)動，下列說法中正確的是（）a 布朗運(yùn)動就是液體分子的熱運(yùn)動b 布朗運(yùn)動圖示中不規(guī)則折線表示的是液體分子的運(yùn)動軌跡c 當(dāng)分子間的距離變小時(shí)，分子間作用力可能減小，也可能增大d 物體溫度改變時(shí)物體分子的平均動能不一定改變7開爾文運(yùn)用合理外推的方法，建立起熱力學(xué)溫標(biāo)，所利用的實(shí)驗(yàn)事實(shí)是一定質(zhì)量的氣體（）a 壓強(qiáng)不變，體積與攝氏溫度成正比b 體積不變，壓強(qiáng)與攝氏溫度成正比c 溫度不變，壓強(qiáng)與體積成反比d 體積不變，壓強(qiáng)與攝氏溫度成線性關(guān)系8關(guān)于平拋運(yùn)動，以下說法中正確的是（）a 平拋運(yùn)動是一種變加速運(yùn)動b 作平拋運(yùn)動的物體加速度隨時(shí)間逐漸增大c 作平拋運(yùn)動的物體每秒內(nèi)速度增量相等d 作平拋運(yùn)動的物體每秒內(nèi)位移增量相等二（24分）單項(xiàng)選擇題（本大題有8小題，每小題3分每小題給出的四個(gè)答案中，只有一個(gè)是正確的）9某物體質(zhì)量為1kg，受水平拉力作用沿水平粗糙地面作直線 運(yùn)動，其速度圖象如圖所示，根據(jù)圖象可知物體（）a 受的拉力總是大于摩擦力b 在第3s內(nèi)受的拉力為1nc 在第1s內(nèi)受的拉力大于2nd 在第2s內(nèi)受的拉力為零10一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，t=0.2s時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示，則（）a 質(zhì)點(diǎn)p在t=0.2s時(shí)刻向下運(yùn)動b 波的周期可能為0.4sc 波的頻率可能為6.25hzd 波的傳播速度可能為20m/s11在赤道上某處有一支避雷針當(dāng)帶有負(fù)電的烏云經(jīng)過避雷針上方時(shí)，避雷針開始放電形成瞬間電流，則地磁場對避雷針的作用力的方向?yàn)椋ǎ゛ 正東b 正西c 正南d 正北12帶電粒子僅在電場力作用下，從電場中a點(diǎn)以初速度v0進(jìn)入電場并沿虛線所示的軌跡運(yùn)動到b點(diǎn)，如圖所示，可以判斷（）a 粒子的加速度在a點(diǎn)時(shí)較大b 粒子的電勢能在b點(diǎn)時(shí)較大c 粒子可能帶負(fù)電，在b點(diǎn)時(shí)速度較大d 粒子一定帶正電，動能先變小后變大13如圖所示，一定質(zhì)量的同種理想氣體從a、b、c、d四個(gè)不同的初狀態(tài)變化到同一末狀態(tài)e，它們的壓強(qiáng)變化情況是（）a 從a到e，壓強(qiáng)增大b 從b到e，壓強(qiáng)增大c 從c到e，壓強(qiáng)增大d 從d到e，壓強(qiáng)減小14如圖所示，木塊m放在木板ab上，開始=0，現(xiàn)在木板a端 用一個(gè)豎直向上的力f使木板繞b端逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動（b端不滑動）在m 相對ab保持靜止的過程中（）a 木塊m對木板ab的作用力逐漸減小b 木塊m受到的靜摩擦力隨呈線性增大c 豎直向上的拉力f保持不變d 拉力f的力矩先逐漸增大再逐漸減小15兩個(gè)絕緣固定帶等量正電的點(diǎn)電荷，其連線的垂直平分線上有a、b兩對稱點(diǎn)，如圖所示另一個(gè)帶正電質(zhì)量不計(jì)的點(diǎn)電荷q從a點(diǎn)以速度v沿中垂線方向運(yùn)動至b點(diǎn)，在這過程中，q的動能變化情況是（）a 可能一直增大b 可能一直減小c 先減小，后增大d 先增大，后減小16某長直導(dǎo)線中分別通以如圖所示的電流，則下面說法中正確的是（）a 圖所示電流周圍產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場b 圖所示電流周圍的磁場是穩(wěn)定的c 圖所示電流周圍各點(diǎn)的磁場方向在0t1時(shí)間內(nèi)與t1t2時(shí)間內(nèi)的方向是相反的d 圖所示電流周圍的磁場先變強(qiáng)再變?nèi)?，磁場中各點(diǎn)的磁感強(qiáng)度方向不變?nèi)?6分）多項(xiàng)選擇題（本大題有4小題，每小題4分每小題給出的四個(gè)答案中，有二個(gè)或三個(gè)是正確的，全部選對的，得4分；選對但不全的，得2分；有選錯或不答的，得0分）17在無風(fēng)的情況下，跳傘運(yùn)動員從水平飛行的飛機(jī)上跳傘，考慮到空氣阻力的因素，則下列描繪某段下落過程中速度的水平分量大小vx豎直分量大小vy與時(shí)間t的圖象中可能正確的圖是（）a b c d 18滑塊以某初速度從固定的粗糙斜面底端向上運(yùn)動，然后又滑回到斜面底端，若滑塊向上運(yùn)動的位移中點(diǎn)為a，取斜面底端重力勢能為零，則滑塊（）a 上滑過程機(jī)械能減小，下滑過程機(jī)械能增大b 上滑過程機(jī)械能減小，下滑過程機(jī)械能也減小c 上滑至a點(diǎn)時(shí)動能大于勢能d 下滑至a點(diǎn)時(shí)動能大于勢能19簡諧波a與b在某時(shí)刻的波形如圖所示，經(jīng)過t=ta時(shí)間（ta為波a的周期），兩波仍出現(xiàn)如此波形，則兩波的波速之比va：vb可能是（）a 1：1b 1：2c 2：3d 3：220如圖所示電路中，電源的內(nèi)電阻為r，r1、r3、r4均為定值電阻，電表均為理想電表閉合電鍵s，滑動變阻器r2的滑片向右滑動，電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小分別為i、u，下列結(jié)論正確的是（）a 電壓表示數(shù)變大b 電流表示數(shù)變大c rd r四（20分）填空題本大題有5小題，每小題4分21體積為v的油滴，滴在平靜的水面上，擴(kuò)展成面積為s的單分子油膜，則該油滴的分子直徑約為；已知阿伏伽德羅常數(shù)為na，油的摩爾質(zhì)量為m，則一個(gè)油分子的質(zhì)量為22汽車發(fā)動機(jī)的功率為60kw，若汽車總質(zhì)量為5103 kg，在水平路面上行駛時(shí)，所受阻力大小恒為5103 n，則汽車所能達(dá)到的最大速度為m/s；若汽車以0.5m/s2的加速度由靜止開始做勻加速運(yùn)動，這一過程能維持的時(shí)間為s23科學(xué)家在研究地月組成的系統(tǒng)時(shí)，從地球向月球發(fā)射激光，測得激光往返時(shí)間為t若已知萬有引力恒量為g，月球繞地球旋轉(zhuǎn)（可看成勻速圓周運(yùn)動）的周期為t，光速為c，地球到月球的距離遠(yuǎn)大于它們的半徑則由以上述物理量可以求出月球到地球的距離為；可求得地球的質(zhì)量為24在如圖所示勻強(qiáng)電場中，a、b、c、d四點(diǎn)是一個(gè)邊長為0.1m的正方形的頂點(diǎn)，已知a、b、c三點(diǎn)電勢分別為ua=25v，ub=15v，uc=5v，則d點(diǎn)的電勢ud=v；該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為v/m25一質(zhì)量不計(jì)的直角形支架兩端分別連接質(zhì)量為m和2m的小球a和 b支架的兩直角邊長度分別為2l和l，支架可繞固定軸o在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動，如圖所示開始時(shí)oa邊處于水平位置，由靜止釋放，不計(jì)任何阻力轉(zhuǎn)動中設(shè)oa邊與水平方向的夾角為，則當(dāng)a球速度達(dá)最大時(shí)為；假定支架未轉(zhuǎn)動時(shí)兩小球的總重力勢能為eo，轉(zhuǎn)動中當(dāng)a的速度為時(shí)兩小球的總重力勢能為eo/3五（24分）實(shí)驗(yàn)題本大題有4小題.26某同學(xué)利用dis研究電梯在豎直方向的運(yùn)動在電梯中掛一質(zhì)量為3kg的重物，用力傳感器測出懸繩的拉力f，得到如圖所示的ft圖象 （1）根據(jù)圖象判斷電梯在不同時(shí)間段加速度、速度的變化 情況是：a時(shí)間段；b時(shí)間段；c時(shí)間段（2）若電梯在t=0時(shí)由靜止開始運(yùn)動，請判斷電梯的運(yùn)動 方向，并請敘述理由27如圖所示為“研究有固定轉(zhuǎn)動軸物體的平衡條件”實(shí)驗(yàn)，力矩盤上各同心圓的間距相等在a、b兩點(diǎn)分別用細(xì)線懸掛若干鉤碼，c點(diǎn)掛上彈簧秤后力矩盤平衡已知每個(gè)鉤碼所受的重力均為1n （1）此時(shí)彈簧秤示數(shù)為n，b點(diǎn)細(xì)線上懸掛的鉤碼個(gè)數(shù)為個(gè)；（2）有同學(xué)在做這個(gè)實(shí)驗(yàn)時(shí)，發(fā)現(xiàn)順時(shí)針力矩之和與逆時(shí)針力矩之和存在較大差距，檢查發(fā)現(xiàn)讀數(shù)和計(jì)算均無差錯，請指出造成這種差距的一個(gè)可能原因，并提出簡單的檢驗(yàn)方法（如例所示，將答案填在下表空格中） 可能原因檢驗(yàn)方法例力矩盤面沒有調(diào)到豎直用一根細(xì)線掛一個(gè)鉤碼靠近力矩盤面，如果細(xì)線與力矩盤面間存在一個(gè)小的夾角，說明力矩盤不豎直答28某同學(xué)用伏安法測一節(jié)干電池的電動勢和內(nèi)電阻，改變滑動變阻器滑片位置記錄六組數(shù)據(jù)，然后畫出ui圖象，如圖所示根據(jù)圖線，干電池的電動勢為v，內(nèi)電阻為；在此實(shí)驗(yàn)中，電源的最大輸出功率是w29發(fā)光晶體二極管是用電器上做指示燈用的一種電子元件它的電路符號如圖（甲）所示，正常使用時(shí)，帶“+”號的一端接高電勢，帶“”的一端接低電勢某同學(xué)用滑動變阻器改變阻值的方法用伏特表和毫安電流表測得二極管兩端的電壓ud和通過它的電流i的數(shù)據(jù)，并記錄在下表中：ud/v00.40.81.21.62.02.42.62.83.0i/ma00.92.34.36.813.019.024.025.837.0要求：在圖（乙）中的虛線內(nèi)畫出該同學(xué)的實(shí)驗(yàn)電路圖；在圖（丙）中的小方格紙上用描點(diǎn)法畫出二極管的伏安特性曲線，并判斷該二極管的電阻隨所加電壓的變化怎樣變化；已知該發(fā)光二極管的最佳工作電壓為2.5v，現(xiàn)用5v穩(wěn)壓電源供電，需要串聯(lián)一個(gè)電阻r才能使二極管工作在最佳狀態(tài)，試運(yùn)用伏安特性曲線計(jì)算r的阻值（取整數(shù)）六（50分）計(jì)算題本大題有4小題30如圖所示，斜面的傾角為37，一物塊從斜面a點(diǎn)由靜止釋放物塊與水平面和斜面的動摩擦因數(shù)均為0.2，ab=2.2m，不計(jì)物塊滑至b點(diǎn)時(shí)由于碰撞的能量損失，取g=10m/s2（sin37=0.6，cos37=0.8）（1）物塊從a點(diǎn)滑至b點(diǎn)的時(shí)間為多少？（2）若物塊最終滑至c點(diǎn)停止，bc間的距離為多大？31一個(gè)內(nèi)壁光滑的圓柱形氣缸，質(zhì)量為m，高度為l，、底面積為s缸內(nèi)有一個(gè)質(zhì)量為m的活塞，封閉了一定質(zhì)量的理想氣體，不計(jì)活塞厚度溫度為t0時(shí)，用繩子系住活塞將氣缸懸掛起來，氣缸內(nèi)氣體高為l1，如圖甲所示如果用繩子系住氣缸底，將氣缸倒過來懸掛起來，氣缸內(nèi)氣體高為l2，如圖乙所示設(shè)兩種情況下氣缸都處于豎直狀態(tài)，求：（1）當(dāng)時(shí)的大氣壓強(qiáng)；（2）圖乙狀態(tài)時(shí)溫度升高到多少時(shí)，活塞將與氣缸脫離？32導(dǎo)電的正方形線框abcd邊長為l，每邊的電阻均為r0，線框置于光滑水平導(dǎo)軌oo與nn上，導(dǎo)軌間距也為l，電阻不計(jì)，on端所接電池的電動勢為，內(nèi)阻為r，整個(gè)裝置處在磁感強(qiáng)度大小為b方向向下的勻強(qiáng)磁場中現(xiàn)將電鍵s閉合，求s閉合瞬間（1）線框所受安培力的方向（在圖中標(biāo)示出來）；（2）線框所受安培力的大??；（3）電路的發(fā)熱功率33如圖所示，固定于同一條豎直線上的a、b是兩個(gè)帶等量異種電荷的點(diǎn)電荷，電荷量分別為+q和q，a、b相距為2dmn是豎直放置的光滑絕緣細(xì)桿，另有一個(gè)穿過細(xì)桿的帶電小球p，其質(zhì)量為m、電荷量為+q（可視為點(diǎn)電荷，不影響電場的分布），現(xiàn)將小球p從與點(diǎn)電荷a等高的c處由靜止開始釋放，小球p向下運(yùn)動到距c點(diǎn)距離為d的o點(diǎn)時(shí)，速度為v，已知mn與ab之間的距離為d，靜電力常量為k，重力加速度為g求：（1）c、o間的電勢差uco；（2）小球p在o點(diǎn)時(shí)的加速度；（3）小球p經(jīng)過與點(diǎn)電荷b等高的d點(diǎn)時(shí)的速度2014-2015學(xué)年江蘇省淮安市淮陰四中高三（上）期末物理試卷參考答案與試題解析一（16分）單項(xiàng)選擇題本大題有8小題，每小題2分每小題給出的四個(gè)答案中，只有一個(gè)是正確的1下列物理規(guī)律中不能直接通過實(shí)驗(yàn)進(jìn)行驗(yàn)證的是（）a 牛頓第一定律b 歐姆定律c 玻意耳定律d 機(jī)械能守恒定律考點(diǎn)：牛頓第一定律專題：牛頓運(yùn)動定律綜合專題分析：本題考查了理想實(shí)驗(yàn)的應(yīng)用，根據(jù)理想實(shí)驗(yàn)的特點(diǎn)即可解答解答：解：“理想實(shí)驗(yàn)”雖然也叫做“實(shí)驗(yàn)”，但它同真實(shí)的科學(xué)實(shí)驗(yàn)是有原則區(qū)別的，真實(shí)的科學(xué)實(shí)驗(yàn)是一種實(shí)踐的活動，而“理想實(shí)驗(yàn)”則是一種思維的活動；真實(shí)的科學(xué)實(shí)驗(yàn)是可以將設(shè)計(jì)通過物化過程而實(shí)現(xiàn)的實(shí)驗(yàn)，后者則是由人們在抽象思維中設(shè)想出來而實(shí)際上無法做到的實(shí)驗(yàn)，牛頓第一定律是描述的物體在不受外力作用下的運(yùn)動情況，而不受外力的物體是不存在的，因此只能通過“理想實(shí)驗(yàn)”來驗(yàn)證，故bcd錯誤，a正確故選a點(diǎn)評：本題比較簡單，考查了物理思想、物理方法的應(yīng)用2最早提出物體運(yùn)動不需要力來維持的人物是（）a 亞里士多德b 伽利略c 牛頓d 笛卡爾考點(diǎn)：物理學(xué)史專題：常規(guī)題型分析：明確了題目所提到的科學(xué)家的重要貢獻(xiàn)即可正確解答本題解答：解：a、亞里士多德認(rèn)為力是維持物體運(yùn)動的原因，故a錯誤；b、最早提出物體運(yùn)動不需要力來維持的科學(xué)家是伽利略，故b正確；c、牛頓在伽利略等科學(xué)家的基礎(chǔ)上提出了牛頓三定律，故c錯誤；d、笛卡爾從理論和實(shí)踐兩方面參與了對光的本質(zhì)、反射與折射率以及磨制透鏡的研究，笛卡爾運(yùn)用他的坐標(biāo)幾何學(xué)從事光學(xué)研究等，故d錯誤故選b點(diǎn)評：本題考查了有關(guān)物理學(xué)史的知識，對于這部分知識注意是注意平時(shí)加強(qiáng)積累和記憶3如圖所示a、b分別表示某一個(gè)門電路兩個(gè)輸入端的信號，z表示該門電路輸出端的信號，則根據(jù)它們的波形可以判斷該門電路是（）a “與”門b “或”門c “非”門d “與非”門考點(diǎn)：簡單的邏輯電路專題：恒定電流專題分析：與門的特點(diǎn)：事件的所有條件滿足，事件才能發(fā)生或門的特點(diǎn)：只要有一個(gè)條件滿足，事件就能發(fā)生非門的特點(diǎn)：輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反解答：解：將a、b、c、d四個(gè)門電路注意代入，與門輸入端全為“1”，輸出端才為“1”，或門輸入端只要有“1”，輸出端就為“1”發(fā)現(xiàn)a正確，b、c、d錯誤故選：a點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵掌握門電路的特點(diǎn)，與門的特點(diǎn)：事件的所有條件滿足，事件才能發(fā)生或門的特點(diǎn)：只要有一個(gè)條件滿足，事件就能發(fā)生非門的特點(diǎn)：輸入狀態(tài)和輸出狀態(tài)完全相反4做“互成角度的兩個(gè)共點(diǎn)力的合成”的實(shí)驗(yàn)，實(shí)驗(yàn)中所說的合力與兩個(gè)分力具有相同的效果，是指下列說法中的（）a 彈簧秤的彈簧被拉長相同長度b 兩彈簧秤相對橡皮條保持相同的角度c 細(xì)繩套受拉力產(chǎn)生相同的形變d 使橡皮條在某一方向上伸長到某一長度考點(diǎn)：驗(yàn)證力的平行四邊形定則專題：實(shí)驗(yàn)題分析：根據(jù)合力與分力的關(guān)系：效果相同進(jìn)行分析解答：解：a、彈簧稱拉力大小可以調(diào)節(jié)，不需要被拉長相同長度，保證兩次效果相同就行故a錯誤 b、兩彈簧秤對橡皮條的拉力方向可以調(diào)節(jié)，只要兩次效果就行故b錯誤 c、研究對象是橡皮條，使橡皮筋同方向伸長量相同，不是細(xì)繩套產(chǎn)生相同的形變故b錯誤 d、合力和分力的效果由橡皮的拉伸體現(xiàn)，效果相同，橡皮條在某一方向上伸長到相同長度故d正確故選d點(diǎn)評：實(shí)驗(yàn)的核心是實(shí)驗(yàn)原理，根據(jù)原理分析選擇器材和注意事項(xiàng)5用細(xì)繩拉著質(zhì)量為m的小球在光滑水平面上作勻速圓周運(yùn)動，運(yùn)動中（）a 小球的速度不變b 小球的速度不斷改變c 細(xì)繩對小球的拉力一定小于mgd 細(xì)繩對小球的拉力可能為零考點(diǎn)：線速度、角速度和周期、轉(zhuǎn)速專題：勻速圓周運(yùn)動專題分析：用細(xì)繩拉著質(zhì)量為m的小球在光滑水平面上做勻速圓周運(yùn)動，速度的大小不變，方向時(shí)刻改變，繩子的拉力提供做圓周運(yùn)動所需的向心力解答：解：a、小球做勻速圓周運(yùn)動，速度的大小不變，方向時(shí)刻改變所以小球的速度不斷改變故a錯誤，b正確 c、繩子的拉力提供做圓周運(yùn)動所需的向心力速度大，所需的向心力大，拉力就大，所以拉力可能比重力大，也可能比重力小，不可能為0所以c、d錯誤故選b點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵知道勻速圓周運(yùn)動的特點(diǎn)，速度時(shí)刻改變，拉力提供做圓周運(yùn)動的向心力6關(guān)于分子運(yùn)動，下列說法中正確的是（）a 布朗運(yùn)動就是液體分子的熱運(yùn)動b 布朗運(yùn)動圖示中不規(guī)則折線表示的是液體分子的運(yùn)動軌跡c 當(dāng)分子間的距離變小時(shí)，分子間作用力可能減小，也可能增大d 物體溫度改變時(shí)物體分子的平均動能不一定改變考點(diǎn)：布朗運(yùn)動；分子間的相互作用力專題：布朗運(yùn)動專題分析：解答本題需要掌握：布朗運(yùn)動的實(shí)質(zhì)以及物理意義，尤其是體會其無規(guī)則運(yùn)動的含義；分子力與分子距離之間的關(guān)系；理解溫度是分子平均動能的標(biāo)志的含義解答：解：a、布朗運(yùn)動是懸浮在液體中固體微粒的無規(guī)則運(yùn)動，是由大量液體分子撞擊形成的，是液體分子無規(guī)則運(yùn)動反應(yīng)，故a錯誤；b、布朗運(yùn)動圖示中不規(guī)則折線表示其運(yùn)動的無規(guī)則性，并非運(yùn)動軌跡，故b錯誤；c、要判斷分子力與分子之間距離的變化關(guān)系，首先明確分子之間開始距離與r0的關(guān)系，如若分子之間距離由無窮遠(yuǎn)開始變小，分子力變化可能是先增大后減小再增大，故c正確；d、溫度是分子平均動能的標(biāo)志，物體溫度改變，分子平均動能一定改變，故d錯誤故選c點(diǎn)評：本題考查了有關(guān)分子熱運(yùn)動的基礎(chǔ)知識，對于這些基礎(chǔ)知識，平時(shí)學(xué)習(xí)不能忽略，要加強(qiáng)記憶與積累7開爾文運(yùn)用合理外推的方法，建立起熱力學(xué)溫標(biāo)，所利用的實(shí)驗(yàn)事實(shí)是一定質(zhì)量的氣體（）a 壓強(qiáng)不變，體積與攝氏溫度成正比b 體積不變，壓強(qiáng)與攝氏溫度成正比c 溫度不變，壓強(qiáng)與體積成反比d 體積不變，壓強(qiáng)與攝氏溫度成線性關(guān)系考點(diǎn)：氣體的等容變化和等壓變化專題：氣體的狀態(tài)參量和實(shí)驗(yàn)定律專題分析：開爾文所利用的實(shí)驗(yàn)事實(shí)是氣體發(fā)生等容變化時(shí)，壓強(qiáng)與攝氏溫度成線性關(guān)系解答：解：開爾文所利用的實(shí)驗(yàn)事實(shí)是氣體體積不變時(shí)，壓強(qiáng)與攝氏溫度成線性關(guān)系，pt圖象不過原點(diǎn)，開爾文運(yùn)用合理外推，將p軸平移到273.15c，新坐標(biāo)原點(diǎn)代表的溫度作為熱力學(xué)溫度t的零度，壓強(qiáng)p與t成正比故選d點(diǎn)評：本題考查物理學(xué)史，這也是高考常見內(nèi)容之一對于物理學(xué)史上著名物理學(xué)家、經(jīng)典實(shí)驗(yàn)、重要學(xué)說等等要記牢8關(guān)于平拋運(yùn)動，以下說法中正確的是（）a 平拋運(yùn)動是一種變加速運(yùn)動b 作平拋運(yùn)動的物體加速度隨時(shí)間逐漸增大c 作平拋運(yùn)動的物體每秒內(nèi)速度增量相等d 作平拋運(yùn)動的物體每秒內(nèi)位移增量相等考點(diǎn)：平拋運(yùn)動專題：平拋運(yùn)動專題分析：平拋運(yùn)動初速度水平，只受重力；將平拋運(yùn)動沿著水平和豎直方向正交分解，其水平分運(yùn)動為勻速直線運(yùn)動，豎直分運(yùn)動為自由落體運(yùn)動解答：解：a、b、平拋運(yùn)動只受重力，故根據(jù)牛頓第二定律，加速度的大小和方向都不變，是一種勻變速曲線運(yùn)動，故a錯誤、b也錯誤；c、由于平拋運(yùn)動的加速度恒定，故速度每秒的增加量相同，大小為10m/s，方向?yàn)樨Q直向下，故c正確；d、平拋運(yùn)動水平分運(yùn)動為勻速運(yùn)動，豎直分運(yùn)動為自由落體運(yùn)動，有x=v0t故合位移為，每秒增量不等，故d錯誤；故選c點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是將小球的運(yùn)動沿著水平和豎直方向正交分解，然后根據(jù)運(yùn)動合成的平行四邊形定則得到合速度、加速度、位移的情況二（24分）單項(xiàng)選擇題（本大題有8小題，每小題3分每小題給出的四個(gè)答案中，只有一個(gè)是正確的）9某物體質(zhì)量為1kg，受水平拉力作用沿水平粗糙地面作直線 運(yùn)動，其速度圖象如圖所示，根據(jù)圖象可知物體（）a 受的拉力總是大于摩擦力b 在第3s內(nèi)受的拉力為1nc 在第1s內(nèi)受的拉力大于2nd 在第2s內(nèi)受的拉力為零考點(diǎn)：牛頓第二定律；勻變速直線運(yùn)動的圖像專題：牛頓運(yùn)動定律綜合專題分析：從圖象得到第一秒勻加速直線運(yùn)動，第二秒做勻速直線運(yùn)動，第三秒做勻加速直線運(yùn)動；根據(jù)運(yùn)動學(xué)公式求出加速度后，再根據(jù)牛頓第二定律列式解答：解：a、物體第一秒勻加速直線運(yùn)動，第二秒做勻速直線運(yùn)動，第三秒做勻加速直線運(yùn)動，加速度分別為：=2m/s2，a2=0，根據(jù)牛頓第二定律，有f1f=ma1 f2f=0 f3f=ma3 由式，第二秒的拉力等于摩擦力，故a錯誤；b、由式，第三秒內(nèi)拉力比摩擦力大1n，故b錯誤；c、由式，第一秒內(nèi)的拉力大于2n，故c正確；d、由式，第二秒內(nèi)拉力等于摩擦力，故d錯誤；故選c點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是根據(jù)圖象得到運(yùn)動規(guī)律，然后根據(jù)牛頓第二定律列式分析求出拉力10一列簡諧橫波沿x軸正方向傳播，t=0時(shí)刻的波形如圖中實(shí)線所示，t=0.2s時(shí)刻的波形如圖中的虛線所示，則（）a 質(zhì)點(diǎn)p在t=0.2s時(shí)刻向下運(yùn)動b 波的周期可能為0.4sc 波的頻率可能為6.25hzd 波的傳播速度可能為20m/s考點(diǎn)：波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象專題：波的多解性分析：根據(jù)波的傳播方向確定質(zhì)點(diǎn)p的振動方向結(jié)合波的周期性，分析時(shí)間t與周期的關(guān)系通項(xiàng)，并求出頻率和波速的通項(xiàng)，再確定特殊值解答：解：解：a、簡諧橫波沿x軸正方向傳播，質(zhì)點(diǎn)p在t=0.2s時(shí)刻向上運(yùn)動故a錯誤 b、由題意，t=（n+）t，t=，（n=0，1，2，、）因?yàn)閚為整數(shù)，t不可能等于0.4s故b錯誤 c、頻率f=，當(dāng)n=1時(shí)，f=6.25hz，故c正確 d、頻速v=f=30（4n+1）m/s，因?yàn)閚為整數(shù)，v不可能等于20m/s故d錯誤故選c點(diǎn)評：本題的方法是由波動圖象讀出波長，根據(jù)題給條件，列出周期與時(shí)間t的關(guān)系通項(xiàng)，分析特殊值培養(yǎng)運(yùn)用數(shù)學(xué)知識解決物理問題的能力11在赤道上某處有一支避雷針當(dāng)帶有負(fù)電的烏云經(jīng)過避雷針上方時(shí)，避雷針開始放電形成瞬間電流，則地磁場對避雷針的作用力的方向?yàn)椋ǎ゛ 正東b 正西c 正南d 正北考點(diǎn)：左手定則；地磁場分析：左手定則的內(nèi)容是：伸開左手，使大拇指與其余四個(gè)手指垂直，并且都與手掌在同一個(gè)平面內(nèi)；讓磁感線從掌心進(jìn)入，并使四指指向電流的方向，這時(shí)拇指所指的方向就是通電導(dǎo)線在磁場中所受安培力的方向解答：解：當(dāng)帶有負(fù)電的烏云經(jīng)過避雷針上方時(shí)，避雷針開始放電形成瞬間電流，負(fù)電電荷從上而下通過避雷針，所以電流的方向?yàn)閺南露?，磁場的方向從南向北，根?jù)左手定則，安培力的方向向西故b正確，a、c、d錯誤故選b點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵掌握左手定則判斷安培力的方向12帶電粒子僅在電場力作用下，從電場中a點(diǎn)以初速度v0進(jìn)入電場并沿虛線所示的軌跡運(yùn)動到b點(diǎn)，如圖所示，可以判斷（）a 粒子的加速度在a點(diǎn)時(shí)較大b 粒子的電勢能在b點(diǎn)時(shí)較大c 粒子可能帶負(fù)電，在b點(diǎn)時(shí)速度較大d 粒子一定帶正電，動能先變小后變大考點(diǎn)：電場線；牛頓第二定律；電場強(qiáng)度；電勢能專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：做曲線運(yùn)動的物體所受的合力大致指向軌跡凹的一向，根據(jù)此可判斷出電場力的方向以及電場力的做功情況，根據(jù)電場力做功可判斷出動能、電勢能的變化粒子的加速度可通過比較合力（電場力）進(jìn)行比較解答：解：a、a點(diǎn)的電場強(qiáng)度比b點(diǎn)小，則在a所受的電場力（即合力）小，所以粒子的加速度在a點(diǎn)時(shí)較小故a錯誤 b、根據(jù)軌跡彎曲程度，知電場力的方向沿電場線切線方向向右，所以該電荷是正電荷從a點(diǎn)到b點(diǎn)，電場力先做負(fù)功，再做正功，電勢能先增加后降低，動能先變小后增大但a點(diǎn)到b點(diǎn)，整個(gè)過程最終電場力做正功，所以a點(diǎn)的電勢能大于b點(diǎn)，a點(diǎn)的動能小于b點(diǎn)故b、c錯誤，d正確故選d點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵通過軌跡的彎曲方向判斷出電場力的方向，根據(jù)電場力做功判斷出動能的變化和電勢能的變化13如圖所示，一定質(zhì)量的同種理想氣體從a、b、c、d四個(gè)不同的初狀態(tài)變化到同一末狀態(tài)e，它們的壓強(qiáng)變化情況是（）a 從a到e，壓強(qiáng)增大b 從b到e，壓強(qiáng)增大c 從c到e，壓強(qiáng)增大d 從d到e，壓強(qiáng)減小考點(diǎn)：理想氣體的狀態(tài)方程專題：理想氣體狀態(tài)方程專題分析：由圖可知圖象為vt圖象，根據(jù)圖象可知壓強(qiáng)與熱力學(xué)溫度的關(guān)系；根據(jù)氣體狀態(tài)方程=c和已知的變化量去判斷其它的物理量解答：解：a、從a到e，v不變，t增大，根據(jù)氣體狀態(tài)方程=c知道壓強(qiáng)增大，故a正確b、從b到e，過原點(diǎn)的直線是等壓線，壓強(qiáng)不變故b錯誤c、從c到e，t不變，v增大，p減小，故c錯誤d、從d到e，v減小，t增大，根據(jù)氣體狀態(tài)方程=c知道壓強(qiáng)增大，故d正確故選ad點(diǎn)評：本題考查氣體的狀態(tài)方程中對應(yīng)的圖象，在vt圖象中等壓線為過原點(diǎn)的直線要注意研究過程中哪些量不變，哪些量變化14如圖所示，木塊m放在木板ab上，開始=0，現(xiàn)在木板a端 用一個(gè)豎直向上的力f使木板繞b端逆時(shí)針緩慢轉(zhuǎn)動（b端不滑動）在m 相對ab保持靜止的過程中（）a 木塊m對木板ab的作用力逐漸減小b 木塊m受到的靜摩擦力隨呈線性增大c 豎直向上的拉力f保持不變d 拉力f的力矩先逐漸增大再逐漸減小考點(diǎn)：共點(diǎn)力平衡的條件及其應(yīng)用；力的合成與分解的運(yùn)用；力矩的平衡條件專題：共點(diǎn)力作用下物體平衡專題分析：對m受力分析，受到重力、支持力和靜摩擦力，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式求解；再對整體運(yùn)用力矩平衡條件分析解答：解：a、木塊m受重力、支持力和靜摩擦力，其中支持力和靜摩擦力都是木板對滑塊的力，根據(jù)三力平衡條件，支持力和靜摩擦力一定等于重力，根據(jù)牛頓第三定律，木塊對木板的作用力也等于木板的重力，故a錯誤；b、對m受力分析，受到重力、支持力和靜摩擦力，如圖根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件，有fmgsin=0nmgcos=0解得f=mgsin即靜摩擦力隨著的增大而增大，但不是線性關(guān)系，故b錯誤；c、對木塊和木板整體而言，總重力要使板順時(shí)針轉(zhuǎn)動，拉力要使半逆時(shí)針轉(zhuǎn)動，根據(jù)力矩平衡條件，有flcos=mgcos+mglcos其中：l為板長，l為木塊與支持點(diǎn)的距離解得：f=mg+，與角度無關(guān)，故c正確；d、拉力f的力矩為flcos，故越來越小，故d錯誤；故選c點(diǎn)評：本題關(guān)鍵對m受力分析，根據(jù)共點(diǎn)力平衡條件列式分析；在對m與m整體運(yùn)用力矩平衡條件列式分析15兩個(gè)絕緣固定帶等量正電的點(diǎn)電荷，其連線的垂直平分線上有a、b兩對稱點(diǎn)，如圖所示另一個(gè)帶正電質(zhì)量不計(jì)的點(diǎn)電荷q從a點(diǎn)以速度v沿中垂線方向運(yùn)動至b點(diǎn)，在這過程中，q的動能變化情況是（）a 可能一直增大b 可能一直減小c 先減小，后增大d 先增大，后減小考點(diǎn)：電場強(qiáng)度；動能定理的應(yīng)用；電場的疊加；電勢能專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：點(diǎn)電荷q受到的電場力是兩個(gè)等量同種電荷對它庫侖力的合力，判斷出合力的方向，根據(jù)動能定理判斷q的動能變化解答：解：在兩等量同種電荷兩線的中點(diǎn)以上，根據(jù)平行四邊形定則，q受到兩電荷對它庫侖力的合力豎直向上，在中點(diǎn)以下，受到庫侖力的合力豎直向下，根據(jù)動能定理，合力先做負(fù)功，再做正功，動能先減小后增大故c正確，a、b、d錯誤故選c點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵掌握用平行四邊形定則進(jìn)行力的合成，以及用動能定理判斷動能的變化16某長直導(dǎo)線中分別通以如圖所示的電流，則下面說法中正確的是（）a 圖所示電流周圍產(chǎn)生勻強(qiáng)磁場b 圖所示電流周圍的磁場是穩(wěn)定的c 圖所示電流周圍各點(diǎn)的磁場方向在0t1時(shí)間內(nèi)與t1t2時(shí)間內(nèi)的方向是相反的d 圖所示電流周圍的磁場先變強(qiáng)再變?nèi)酰艌鲋懈鼽c(diǎn)的磁感強(qiáng)度方向不變考點(diǎn)：電磁場分析：根據(jù)奧斯特實(shí)驗(yàn)可知：電流周圍存在磁場；麥克斯韋電磁場的理論：變化的電場周圍產(chǎn)生磁場，變化的磁場周圍產(chǎn)生電場解答：解：a、圖（1）是恒定電流，則電流周圍產(chǎn)生穩(wěn)定的磁場，而不是勻強(qiáng)磁場故a不正確；b、圖（2）是均勻變化的電流，則其周圍的磁場是變化的，而不是穩(wěn)定的故b不正確；c、圖（3）電流大小在0t1時(shí)間內(nèi)均勻增加，而在t1t2時(shí)間內(nèi)均勻減小，但方向卻沒有變化所以產(chǎn)生的磁場方向也不會變化故c不正確；d、圖（4）電流大小先增后減，則磁場也先增后減，且方向不變故d正確；故選d點(diǎn)評：考查電流大小與方向的變化會引起磁場的產(chǎn)生或變化三（16分）多項(xiàng)選擇題（本大題有4小題，每小題4分每小題給出的四個(gè)答案中，有二個(gè)或三個(gè)是正確的，全部選對的，得4分；選對但不全的，得2分；有選錯或不答的，得0分）17在無風(fēng)的情況下，跳傘運(yùn)動員從水平飛行的飛機(jī)上跳傘，考慮到空氣阻力的因素，則下列描繪某段下落過程中速度的水平分量大小vx豎直分量大小vy與時(shí)間t的圖象中可能正確的圖是（）a b c d 考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動的圖像專題：運(yùn)動學(xué)中的圖像專題分析：通常情況下，空氣阻力隨速度的增大而增大；考慮到空氣阻力的因素，跳傘運(yùn)動員從水平飛行的飛機(jī)上跳傘，水平方向由于慣性繼續(xù)前進(jìn)，但由于空氣阻力，做加速度減小的減速運(yùn)動；豎直方向，由于空氣阻力的影響，做加速度不斷減小的加速運(yùn)動解答：解：a、b、通常情況下，空氣阻力隨速度的增大而增大；考慮到空氣阻力的因素，跳傘運(yùn)動員從水平飛行的飛機(jī)上跳傘，水平方向由于慣性繼續(xù)前進(jìn)，但由于空氣阻力，做加速度減小的減速運(yùn)動；故a錯誤，b正確；c、d、豎直方向，受到重力和阻力，根據(jù)牛頓第二定律，有mgf=ma由于空氣阻力的影響，做加速度不斷減小的加速運(yùn)動，故c正確，d錯誤；故選：bc點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是將跳傘運(yùn)動員的運(yùn)動沿著水平方向和豎直方向正交分解，然后根據(jù)牛頓第二定律分析加速度的變化情況，最后根據(jù)加速度與速度的關(guān)系得到各個(gè)分速度的變化規(guī)律18滑塊以某初速度從固定的粗糙斜面底端向上運(yùn)動，然后又滑回到斜面底端，若滑塊向上運(yùn)動的位移中點(diǎn)為a，取斜面底端重力勢能為零，則滑塊（）a 上滑過程機(jī)械能減小，下滑過程機(jī)械能增大b 上滑過程機(jī)械能減小，下滑過程機(jī)械能也減小c 上滑至a點(diǎn)時(shí)動能大于勢能d 下滑至a點(diǎn)時(shí)動能大于勢能考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律專題：機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：除重力外其余力做的功等于物體機(jī)械能的變化量，物體滑動過程中，摩擦力一直做負(fù)功，故機(jī)械能不斷減小，然后寫出機(jī)械能的表達(dá)式進(jìn)行分析討論解答：解：a、b、除重力外其余力做的功等于物體機(jī)械能的變化量，物體滑動過程中，支持力不做功，摩擦力一直做負(fù)功，故機(jī)械能不斷減小，故a錯誤，b正確；c、設(shè)最高點(diǎn)為b點(diǎn)，物體上滑過程中：ekaekb，即，故，即上滑時(shí)a點(diǎn)的動能大于勢能，故c正確；d、下滑過程中，機(jī)械能不斷減小，有：ekbeka，即，故，即下滑時(shí)在a點(diǎn)勢能大于動能，故d錯誤；故選bc點(diǎn)評：本題關(guān)鍵在于滑動過程中，機(jī)械能不斷減小，然后寫出機(jī)械能的具體表達(dá)形式進(jìn)行分析處理19簡諧波a與b在某時(shí)刻的波形如圖所示，經(jīng)過t=ta時(shí)間（ta為波a的周期），兩波仍出現(xiàn)如此波形，則兩波的波速之比va：vb可能是（）a 1：1b 1：2c 2：3d 3：2考點(diǎn)：波長、頻率和波速的關(guān)系；橫波的圖象分析：本題首先由圖得到兩列波的波長之比；兩波波形重復(fù)時(shí)，經(jīng)過的時(shí)間t=ta，可能是b周期的整數(shù)倍，得到兩列波周期之比的通項(xiàng)，由波速公式得到兩波的波速之比va：vb的通項(xiàng)，即可分析得解解答：解：由圖得：a波的波長為a=a，b波的波長為b=a根據(jù)周期性可知，t=ntb，n=1，2，3，又t=ta，得ta=ntb，得到ta：tb=n：1由波速公式v=得，比va：vb=：=2：n當(dāng)n=2時(shí)，va：vb=1：1；當(dāng)n=3時(shí)，va：vb=2：3；當(dāng)n=4時(shí)，va：vb=1：2；由于n是整數(shù)，所以va：vb不可能等于3：2故選abc點(diǎn)評：本題的解題關(guān)鍵要抓住波的周期性，得到波速之比va：vb的通項(xiàng)，即可正確求解20如圖所示電路中，電源的內(nèi)電阻為r，r1、r3、r4均為定值電阻，電表均為理想電表閉合電鍵s，滑動變阻器r2的滑片向右滑動，電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小分別為i、u，下列結(jié)論正確的是（）a 電壓表示數(shù)變大b 電流表示數(shù)變大c rd r考點(diǎn)：閉合電路的歐姆定律專題：壓軸題；恒定電流專題分析：由圖，r1、r2并聯(lián)，再與r4串聯(lián)，與r3并聯(lián)，電壓表測量路端電壓，等于r3電壓由r2接入電路的電阻變化，根據(jù)歐姆定律及串并關(guān)系，分析電流表和電壓表示數(shù)變化量的大小解答：解：設(shè)r1、r2、r3、r4的電流分別為i1、i2、i3、i4，電壓分別為u1、u2、u3、u4干路電流為i總，路端電壓為u，電流表電流為i a、r2變大，外電阻變大，i總變小，u=eir變大，u3變大故a正確 b、i3變大，i變小，由i4=ii3變小，u4變小，而u1=uu4，u變大，則u1變大，i1變大，i總=i+i1，i變大故b錯誤 c、d，由歐姆定律u=ei總r，得=r由i總=i+i1，i變小，i1變大，i總變小，則ii總，故 故c正確故選ac點(diǎn)評：本題的難點(diǎn)在于確定電流表示數(shù)變化量ia與干路電流變化i的大小，采用總量法，這是常用方法同時(shí)，要理解四（20分）填空題本大題有5小題，每小題4分21體積為v的油滴，滴在平靜的水面上，擴(kuò)展成面積為s的單分子油膜，則該油滴的分子直徑約為；已知阿伏伽德羅常數(shù)為na，油的摩爾質(zhì)量為m，則一個(gè)油分子的質(zhì)量為考點(diǎn)：用油膜法估測分子的大小分析：將配制好的油酸酒精溶液，通過量筒測出此溶液的體積然后將此溶液滴在有痱子粉的淺盤里的水面上，等待形狀穩(wěn)定后，將玻璃板放在淺盤上，用彩筆描繪出油酸膜的形狀，將畫有油酸薄膜輪廓的玻璃板放在坐標(biāo)紙上，按不足半個(gè)舍去，多于半個(gè)的算一個(gè)，統(tǒng)計(jì)出油酸薄膜的面積則用此溶液的體積除以其的面積，恰好就是油酸分子的直徑；阿伏伽德羅常數(shù)即為1摩爾有多少個(gè)分子個(gè)數(shù)，而摩爾質(zhì)量即為1摩爾的物質(zhì)的質(zhì)量，則分子的質(zhì)量即為摩爾質(zhì)量與阿伏伽德羅常數(shù)相除解答：解：體積為v的油滴滴在平靜的水面上，擴(kuò)展成面積為s的單分子油膜則油滴的分子直徑約為d= 油的摩爾質(zhì)量為m，阿伏伽德羅常數(shù)為na，則油分子的質(zhì)量m=故答案為： 與 點(diǎn)評：本題是以油酸分子呈球型分布在水面上，且一個(gè)靠一個(gè)，從而可以由體積與面積相除求出油膜的厚度同時(shí)考查阿伏伽德常數(shù)與摩爾質(zhì)量之間關(guān)系22汽車發(fā)動機(jī)的功率為60kw，若汽車總質(zhì)量為5103 kg，在水平路面上行駛時(shí)，所受阻力大小恒為5103 n，則汽車所能達(dá)到的最大速度為12m/s；若汽車以0.5m/s2的加速度由靜止開始做勻加速運(yùn)動，這一過程能維持的時(shí)間為16s考點(diǎn)：功率、平均功率和瞬時(shí)功率；牛頓第二定律專題：功率的計(jì)算專題分析：當(dāng)汽車在速度變大時(shí)，根據(jù)f=，牽引力減小，根據(jù)牛頓第二定律，a=，加速度減小，當(dāng)加速度為0時(shí)，速度達(dá)到最大以恒定加速度開始運(yùn)動，速度逐漸增大，根據(jù)p=fv，發(fā)動機(jī)的功率逐漸增大，當(dāng)達(dá)到額定功率，速度增大，牽引力就會變小，所以求出達(dá)到額定功率時(shí)的速度，即可求出勻加速運(yùn)動的時(shí)間解答：解：當(dāng)a=0時(shí)，即f=f時(shí)，速度最大所以汽車的最大速度=12m/s以恒定加速度運(yùn)動，當(dāng)功率達(dá)到額定功率，勻加速運(yùn)動結(jié)束根據(jù)牛頓第二定律，f=f+ma勻加速運(yùn)動的末速度=8m/s所以勻加速運(yùn)動的時(shí)間t=故本題答案為：12，16點(diǎn)評：解決本題的關(guān)鍵理解汽車的起動問題，知道加速度為0時(shí)，速度最大23科學(xué)家在研究地月組成的系統(tǒng)時(shí)，從地球向月球發(fā)射激光，測得激光往返時(shí)間為t若已知萬有引力恒量為g，月球繞地球旋轉(zhuǎn)（可看成勻速圓周運(yùn)動）的周期為t，光速為c，地球到月球的距離遠(yuǎn)大于它們的半徑則由以上述物理量可以求出月球到地球的距離為；可求得地球的質(zhì)量為考點(diǎn)：萬有引力定律及其應(yīng)用專題：萬有引力定律的應(yīng)用專題分析：地球到月球的距離遠(yuǎn)大于它們的半徑，可見不考慮它們的半徑，根據(jù)往返時(shí)間及光速可求出往返路程，從而求出月地距離根據(jù)萬有引力提供向心力，求出地球的質(zhì)量解答：解：因?yàn)椴豢紤]地球月球的半徑，所以月地距離r= 根據(jù)，m=故本題答案為：，點(diǎn)評：解決本題關(guān)鍵掌握萬有引力提供向心力24在如圖所示勻強(qiáng)電場中，a、b、c、d四點(diǎn)是一個(gè)邊長為0.1m的正方形的頂點(diǎn)，已知a、b、c三點(diǎn)電勢分別為ua=25v，ub=15v，uc=5v，則d點(diǎn)的電勢ud=15v；該勻強(qiáng)電場的場強(qiáng)大小為100v/m考點(diǎn)：電勢；電場強(qiáng)度；等勢面專題：電場力與電勢的性質(zhì)專題分析：運(yùn)用“勻強(qiáng)電場中，沿著任意方向每前進(jìn)相同的距離，電勢變化相等”進(jìn)行分析計(jì)算d點(diǎn)的電勢；根據(jù)電場線與等勢面垂直垂直畫出電場線，根據(jù)u=ed計(jì)算電場強(qiáng)度解答：解：勻強(qiáng)電場中，沿著任意方向每前進(jìn)相同的距離，電勢變化相等，故uaud=ubuc解得ud=15v故b、d在一個(gè)等勢面上，有uab=elabsin45解得故答案為：15，點(diǎn)評：本題關(guān)鍵是抓住勻強(qiáng)電場中沿著任意方向每前進(jìn)相同的距離電勢變化相等，電場線與等勢面垂直以及公式u=ed分析計(jì)算25一質(zhì)量不計(jì)的直角形支架兩端分別連接質(zhì)量為m和2m的小球a和 b支架的兩直角邊長度分別為2l和l，支架可繞固定軸o在豎直平面內(nèi)轉(zhuǎn)動，如圖所示開始時(shí)oa邊處于水平位置，由靜止釋放，不計(jì)任何阻力轉(zhuǎn)動中設(shè)oa邊與水平方向的夾角為，則當(dāng)a球速度達(dá)最大時(shí)為45；假定支架未轉(zhuǎn)動時(shí)兩小球的總重力勢能為eo，轉(zhuǎn)動中當(dāng)a的速度為時(shí)兩小球的總重力勢能為eo/3考點(diǎn)：機(jī)械能守恒定律專題：方程法；機(jī)械能守恒定律應(yīng)用專題分析：當(dāng)兩個(gè)小球系統(tǒng)的質(zhì)量中心最低時(shí)速度最大；也可以用解析法，先假設(shè)轉(zhuǎn)過，根據(jù)系統(tǒng)機(jī)械能守恒，列式求出速度的一般表達(dá)式，然后再對表達(dá)式進(jìn)行討論即可解答：解：根據(jù)題意知，a、b兩球的角速度相等，線速度之比等于轉(zhuǎn)動半徑之比，為2：1，小球a、b系統(tǒng)中，只有重力勢能和動能相互轉(zhuǎn)化，系統(tǒng)機(jī)械能守恒，假設(shè)轉(zhuǎn)動，則oa桿與水平方向的夾角為，則a球減小的機(jī)械能等于b球增加的機(jī)械能，有mg2lsin2mg（llcos）=+2m解得v=由數(shù)學(xué)知識知，當(dāng)=45時(shí)，sin+cos有最大值，故當(dāng)=45時(shí)，a球的速度最大；重力勢能減小，故動能增加，有=+解得v1=故答案為：45，點(diǎn)評：本題關(guān)鍵根據(jù)兩個(gè)球系統(tǒng)機(jī)械能守恒，運(yùn)用系統(tǒng)機(jī)械能守恒定律列式得出速度與轉(zhuǎn)動角度之間的關(guān)系，然后根據(jù)速度表達(dá)式進(jìn)行討論五（24分）實(shí)驗(yàn)題本大題有4小題.26某同學(xué)利用dis研究電梯在豎直方向的運(yùn)動在電梯中掛一質(zhì)量為3kg的重物，用力傳感器測出懸繩的拉力f，得到如圖所示的ft圖象 （1）根據(jù)圖象判斷電梯在不同時(shí)間段加速度、速度的變化 情況是：a時(shí)間段加速度先增大后減小，速度變大；b時(shí)間段勻速運(yùn)動；c時(shí)間段加速度先增大后減小，速度減小（2）若電梯在t=0時(shí)由靜止開始運(yùn)動，請判斷電梯的運(yùn)動 方向，并請敘述理由考點(diǎn)：勻變速直線運(yùn)動的圖像專題：運(yùn)動學(xué)中的圖像專題分析：（1）重物受兩個(gè)力，重力和細(xì)線的拉力，根據(jù)牛頓第二定律列式判斷加速度的變化情況，再結(jié)合速度和加速度的關(guān)系公式分析速度的變化情況；（2）對重物受力分析，重力和細(xì)線的拉力，前5s，合力向上，加速度向上，向上加速運(yùn)動；5s到15s內(nèi)合力為零，電梯勻速；15s到20s，合力向下，電梯減速解答：解：（1）a時(shí)間段：拉力大于重力，故合力向上且先變大后變小，根據(jù)牛頓第二定律，加速度先增大后減小，由于加速度與速度一直同方向，故速度不斷變大；b時(shí)間段：合力為零，加速度為零，故電梯勻速上升；c時(shí)間段：拉力小于重力，故合力向下且先變大后變小，根據(jù)牛頓第二定律，加速度先增大后減小，由于加速度與速度一直反方向，故速度不斷減小；故答案為：加速度先增大后減小，速度