（全國通用）2018屆高考物理二輪復習 備課資料之高考仿真沖刺卷（二）.docVIP

高考仿真沖刺卷(二)(建議用時:60分鐘滿分:110分)二、選擇題:本題共8小題,每小題6分,共48分.在每小題給出的四個選項中,第1418題只有一項符合題目要求,第1921題有多項符合題目要求,全部選對的得6分,選對但不全的得3分,有選錯的得0分.14.u的衰變有多種途徑,其中一種途徑是先衰變成bi,然后可以經一次衰變變成x(x代表某種元素),也可以經一次衰變變成ti,最后都衰變成pb,衰變路徑如圖所示,下列說法中正確的是()a.過程是衰變,過程是衰變;過程是衰變,過程是衰變b.過程是衰變,過程是衰變;過程是衰變,過程是衰變c.過程是衰變,過程是衰變;過程是衰變,過程是衰變d.過程是衰變,過程是衰變;過程是衰變,過程是衰變15. 如圖,物體p靜止于固定的斜面上,p的上表面水平,現把物體q輕輕地疊放在p上,由此可求出()a.p與斜面間的摩擦力b.p與q間的摩擦力c.p對斜面的正壓力d.斜面的傾角16. 金屬容器置于絕緣板上,帶電小球用絕緣細線懸掛于容器中,容器內的電場線分布如圖所示.容器內表面為等勢面,a,b為容器內表面上的兩點,下列說法正確的是()a.a點的電場強度比b點的電場強度大b.小球表面的電勢比容器內表面的電勢低c.將檢驗電荷從a點移到b點,電場力做負功d.將檢驗電荷從a點沿不同路徑移到b點,電場力做的功均為零17.如圖所示,斜面與水平面之間的夾角為37,在斜面底端a點正上方高度為8 m處的o點,以4 m/s的速度水平拋出一個小球,飛行一段時間后撞在斜面上,這段飛行所用的時間為(已知sin 37=0.6,cos 37=0.8,取g=10 m/s2)()a.2 s b. sc.1 s d.0.5 s18. 如圖所示,一水平面內固定兩根足夠長的光滑平行金屬導軌,導軌上面橫放著兩根完全相同的銅棒ab和cd,構成矩形回路,在整個導軌平面內都有豎直向上的勻強磁場b.開始時,棒cd靜止,棒ab有一個向左的初速度v0,則關于兩棒以后的運動,下列說法正確的是()a.ab棒做勻減速直線運動,cd棒做勻加速直線運動b.ab棒減小的動量等于cd棒增加的動量c.ab棒減小的動能等于cd棒增加的動能d.兩棒一直運動,機械能不斷轉化為電能19. 2017年4月20日,中國第一艘貨運飛船搭乘長征七號火箭發(fā)射升空,4月22日與天宮二號交會對接形成組合體,27日完成首次推進劑在軌補加試驗,填補了中國航天的一個空白. 6月15日18時28分,天舟一號貨運飛船與天宮二號空間實驗室順利完成了第二次推進劑在軌補加試驗(俗稱太空加油),進一步驗證了這一關鍵技術的可靠性.若已知“貨運飛船”與“天宮二號”對接后,組合體在時間t內沿圓周軌道繞地球轉過的角度為,組合體軌道半徑為r,地球表面重力加速度為g,引力常量為g,不考慮地球自轉.則()a.可求出地球的質量b.可求出地球的平均密度c.可求出組合體做圓周運動的線速度d.可求出組合體受到地球的萬有引力20.某同學在實驗室中研究遠距離輸電.由于輸電線太長,他將每100米導線卷成一卷,共卷成8卷來代替輸電線路(忽略輸電線路的電磁感應).在輸送功率相同時,第一次直接將輸電線與學生電源及用電器相連,測得輸電線上損失的功率為p1,第二次采用如圖所示的電路輸電,其中理想變壓器t1與電源相連,其原、副線圈的匝數比為n1n2,理想變壓器t2與用電器相連,測得輸電線上損失的功率為p2.下列說法正確的是()a.前后兩次實驗都可用于研究遠距離直流輸電b.實驗可以證明,t1采用升壓變壓器匝數比為1能減小遠距離輸電的能量損失c.若輸送功率一定,則p2p1=n1n2d.若輸送功率一定,則p2p1=21. 一輛汽車在平直的公路上運動,運動過程中先保持某一恒定加速度,后保持恒定的牽引功率,其牽引力和速度的圖像如圖所示.若已知汽車的質量m、牽引力f1和速度v1及該車所能達到的最大速度v3,運動過程中所受阻力恒定,則根據圖像所給的信息,下列說法正確的是()a.汽車行駛中所受的阻力為b.汽車勻加速運動的過程中牽引力的沖量大小為c.速度為v2時的加速度大小為d.若速度為v2時牽引力恰為,則有v2=2v1三、非選擇題:包括必考題和選考題兩部分,第2225題為必考題,每個試題考生都必須作答.第3334題為選考題,考生根據要求作答.(一)必考題:共47分.22.(6分)實驗小組的同學利用彈簧測力計在水平放置的方木板上做“驗證共點力的合成規(guī)律的實驗”.(1)同學們用坐標紙記下某次橡皮筋的結點位置o以及兩彈簧測力計施加的拉力的大小和方向,如圖(甲)所示.圖中每個正方形小格邊長均表示1.0 n,利用作圖法可知f1與f2的合力大小為n.(結果保留兩位有效數字)(2)實驗時,第一次用兩個彈簧測力計、第二次用一個彈簧測力計將橡皮筋的結點拉到同一位置,其目的是為了.(3)不改變測力計1的示數f1的大小,逐漸減小兩個彈簧測力計之間的夾角.為使結點o位置保持不變,則另一測力計2的示數將(填“增大”“減小”或“不變”).23.(9分)某同學欲將量程為200 a的電流表g改裝成電壓表.(1)該同學首先采用如圖所示的實驗電路測量該電流表的內阻rg,圖中r1,r2為電阻箱.他按電路圖連接好電路,將r1的阻值調到最大,斷開開關s2,閉合開關s1后,調節(jié)r1的阻值,使電流表的指針偏轉到滿刻度,接下來他應該正確操作的步驟是(選填下列步驟前的字母代號),最后記下r2的阻值;a.閉合s2,調節(jié)r1和r2的阻值,使電流表的指針偏轉到滿刻度的一半b.閉合s2,保持r1不變,調節(jié)r2的阻值,使電流表的指針偏轉到滿刻度的一半(2)如果按正確操作步驟測得r2的阻值為120 ,則認為rg的阻值大小為(選填字母代號);a.60 b.120 c.240 d.360 (3)如果該同學在調節(jié)r1使電流表滿偏過程中,發(fā)現電流表指針滿偏時,r1的接入阻值不到其總阻值的二分之一.為了減小實驗誤差,該同學可以采取下列措施中的(選填字母代號);a.將r2換成一個最大阻值更大的電阻箱b.將r1換成一個最大阻值為現在二分之一的電阻箱c.將電源換成一個電動勢為現在電源兩倍、內阻可以忽略的電源d.將電源換成一個電動勢為現在電源二分之一、內阻可以忽略的電源(4)利用上述方法測量出的電流表內阻值(選填“大于”或“小于”)該電流表內阻的真實值.(5)依據以上的測量數據可知,若把該電流表改裝成量程為3 v的電壓表,需與該表(選填“串”或“并”)聯一個阻值為 的定值電阻.24. (12分)如圖所示,光滑水平直導軌上有三個質量均為m的物塊a,b,c,物塊b,c靜止,物塊b的左側固定一輕彈簧(彈簧左側的擋板質量不計);讓物塊a以速度v0朝b運動,壓縮彈簧;當a,b速度相等時,b與c恰好相碰并粘接在一起,然后繼續(xù)運動.假設b和c碰撞過程時間極短.那么從a開始壓縮彈簧直至與彈簧分離的過程中,求.(1)a,b第一次速度相同時的速度大小;(2)a,b第二次速度相同時的速度大小;(3)彈簧被壓縮到最短時的彈性勢能大小.25.(20分)空間中有一直角坐標系,其第一象限在圓心為o1、半徑為r、邊界與x軸和y軸相切的圓形區(qū)域內,有垂直于紙面向里的勻強磁場(圖中未畫出),磁感應強度大小為b;第二象限中存在方向豎直向下的勻強電場.現有一群質量為m,電荷量為q的帶正電的粒子從圓形區(qū)域邊界與x軸的切點a處沿紙面上的不同方向射入磁場中,如圖所示.已知粒子在磁場中做勻速圓周運動的半徑均為r,其中沿ao1方向射入的粒子恰好到達x軸上與o點距離為2r的n點,不計粒子的重力和它們之間的相互作用力,求:(1)粒子射入磁場時的速度大小及電場強度的大小;(2)速度方向與ao1夾角為60(斜向右上方)的粒子到達y軸所用的時間.(二)選考題:共15分.(請考生從給出的2道物理題中任選一題作答)33.物理選修3-3(15分)(1)(5分)下列說法中正確的是(填正確答案標號.選對1個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分,每選錯1個扣3分,最低得分為0分).a.知道阿伏加德羅常數、氣體的摩爾質量和密度,可以估算出該氣體中分子間的平均距離b.一定質量的理想氣體經歷一緩慢的絕熱膨脹過程,則氣體對外界做功,氣體分子的平均動能減小.c.布朗運動是懸浮在液體中固體顆粒的分子無規(guī)則運動的反映d.沒有摩擦的理想熱機可以把吸收的能量全部轉化為機械能e.一定量100 的水變成100 的水蒸氣,其分子之間的勢能增加(2)(10分)如圖,一個質量為m的t型活塞在汽缸內封閉一定量的理想氣體,活塞體積可忽略不計,距汽缸底部h0處連接一u形細管(管內氣體的體積忽略不計).初始時,封閉氣體溫度為t0,活塞距離汽缸底部為1.8h0,兩邊水銀柱存在高度差.已知水銀密度為,大氣壓強為p0,汽缸橫截面積為s,活塞豎直部分高為1.2h0,重力加速度為g,求:通過制冷裝置緩慢降低氣體溫度,當溫度為多少時兩邊水銀面恰好相平;從開始至兩水銀面恰好相平的過程中,若氣體放出的熱量為q,求氣體內能的變化.34.物理選修3-4(15分) (1)(5分)如圖(甲)所示,沿波的傳播方向上有六個質點a,b,c,d,e,f,相鄰兩質點之間的距離均為2 m,各質點均靜止在各自的平衡位置,t=0時刻振源a開始做簡諧運動,取豎直向上為振動位移的正方向,其振動圖像如圖(乙)所示,形成的簡諧橫波以2 m/s的速度水平向右傳播,則下列說法正確的是(填正確答案標號.選對1個得2分,選對2個得4分,選對3個得5分.每選錯1個扣3分,最低得分為0分).a.波傳播到質點c時,質點c開始振動的方向沿y軸正方向b.04 s內質點b運動的路程為12 cmc.45 s內質點d的加速度正在逐漸減小d.6 s時質點e第一次回到平衡位置e.各質點都振動起來后,a與c的振動方向始終相同(2)(10分)如圖所示,半徑r=4 cm的圓形玻璃磚,ab為玻璃磚的直徑.一束光線平行于直徑ab射向玻璃磚左側界面,且光束到ab的距離d=6 cm,光線經玻璃磚折射后由b點射出.已知光在真空中的傳播速度c=3.0108 m/s,求:玻璃磚的折射率;光線在玻璃磚中傳播的時間.高考仿真沖刺卷(二)14.b衰變產生電子,質量數不變,核電荷數加1;衰變產生氦核,質量數減少4,核電荷數減2.過程中的質量數不變,是衰變;過程的質量數減少4,是衰變;過程的核電荷數減少2,是衰變;過程的核電荷數加1,是衰變.15.b沒有放q時,對p受力分析,受重力、支持力、靜摩擦力,根據平衡條件有,支持力n=mgcos ;沿斜面向上的摩擦力f=mgsin ;且mgsin mgcos .當q放在p上方時,整體有(m+m)gsin (m+m)gcos ,所以系統(tǒng)仍然靜止;兩個物體的質量和斜面傾角不知道,所以無法求解摩擦力大小,也無法求解p對斜面的正壓力,a,c,d錯誤;由于系統(tǒng)靜止且p的上表面水平,所以q受到的摩擦力為零,b正確;兩個物體的質量和斜面傾角不知道.16.d電場線越疏,電場強度越弱,電場線越密,電場強度越強,由圖可知,a點的電場強度比b點的小,故a錯誤;根據沿著電場線方向電勢降低,可知小球表面的電勢比容器內表面的高,故b錯誤;因a,b在同一等勢面上,將檢驗電荷從a點沿不同路徑到b點,電場力所做的功均為零,c錯誤,d正確.17.c設飛行的時間為t,則x=v0t,h=gt2由幾何關系,tan 37=代入數據,解得t1 s.18.b當金屬棒ab向左運動后,由于切割磁感線產生感應電流,于是ab受到向右的安培力,cd受到向左的安培力,故ab向左做減速運動,cd向左做加速運動,隨速度的變化,感應電流逐漸減小,安培力減小,故兩棒的加速度減小,兩棒做加速度減小的變速運動,最后當兩棒共速時達到穩(wěn)定速度,選項a錯誤;兩棒運動過程中,因為兩棒組成系統(tǒng)所受合外力為零,故動量守恒,則ab棒減小的動量等于cd棒增加的動量,選項b正確;由能量關系可知,ab棒減小的動能等于cd棒增加的動能與產生的電能之和,選項c錯誤;當兩棒最終勻速運動時,兩棒中無感應電流產生,此時無電能產生,選項d錯誤.19.abc組合體繞地球運動的角速度為=,根據公式g=m2r可得m=,a正確;忽略地球自轉,在地球表面萬有引力等于重力,即g=mg,即可求得地球半徑,根據=可求得地球密度,b正確;根據v=r可得組合體做圓周運動的線速度,c正確;由于不知道組合體質量,所以無法求解其受到地球的萬有引力大小,d錯誤.20.bd變壓器只能改變交變電流的電壓,所以第二次實驗只能研究遠距離交流輸電,故a錯誤;t1采用升壓變壓器能減小輸電電流,從而減小遠距離輸電的能量損失,故b正確;第一次實驗輸電線上的電流i=,輸電線上損失的功率p1=i2r=r;第二次實驗,升壓變壓器副線圈上的電壓u2=u1,輸電線上的電流i=,輸電線上損失的功率p2=i2r=r,所以=,故d正確,c錯誤.21.ad根據牽引力和速度的圖像和功率p=fv得汽車運動中的最大功率f1v1,該車達到最大速度時加速度為零,此時阻力等于牽引力,所以阻力f=,選項a正確;根據牛頓第二定律有恒定加速時,加速度a=-,勻加速的時間t=,則汽車勻加速運動的過程中牽引力的沖量大小為i=f1t=,故b錯誤;速度為v2時的牽引力是,根據牛頓第二定律,有速度為v2時加速度大小為a=-,故c錯誤;若速度為v2時牽引力恰為,則=,則v2=2v1,選項d正確.22.解析:(1)以表示兩力的線段作為鄰邊作平行四邊形,平行四邊形的對角線是兩力的合力,合力如圖所示,圖中每個正方形小格邊長均代表1.0 n,f1與f2的合力f6.5 n.(2)使合力與兩個分力同時作用時的作用效果相同.(3)結點o位置保持不變,合力不變,不改變測力計1的示數f1的大小,逐漸減小兩個彈簧測力計之間的夾角,以o點為圓心,f1為半徑的圓弧上各點到f頂點的距離逐漸減小,測力計2的示數將減小.答案:(1)6.5 n(2)使力的作用效果相同(3)減小評分標準:每空2分23.解析:(1)閉合開關s1,調節(jié)r1的阻值,使電流表的指針偏轉到滿刻度,然后再閉合s2,保持r1不變,調節(jié)r2的阻值,使電流表的指針偏轉到滿刻度的一半,記下r2的阻值,b正確.(2)由實驗步驟可知,電阻箱阻值不變,電路總電阻不變,電路總電流不變,電流表半偏時流過電阻箱電流等于電流表電流,由于它們兩端電壓相等,則它們電阻阻值相等,由此可知,電流表內阻rg=r2=120 ,b正確.(3)電流表指針滿偏時r1的接入阻值小,說明電壓小,故應將電源換成一個電動勢為現在電源兩倍、內阻可以忽略的電源,c正確.(4)實際上再閉合s2后電路的總電阻減小了,串聯部分的總電流增大了;電流表半偏時,流過電阻箱的電流大于電流表的電流,電阻箱接入的電阻小于電流表的電阻,所以該測量值略小于實際值.(5)改裝電壓表,需要串聯一個電阻分壓,根據歐姆定律可得ig(rg+r)=3 v,代入數據解得r= -120 =14 880 .答案:(1)b(2)b(3)c(4)小于(5)串14 880評分標準:(1)(3)(4)每空2分,(2)(5)每空1分.24.解析:(1)a,b接觸的過程中,當第一次速度相同時,由動量守恒定律得,mv0=2mv1,解得v1=v0.(2分)(2)設a,b第二次速度相同時的速度大小為v2,對abc系統(tǒng),根據動量守恒定律mv0=3mv2解得v2=v0.(2分)(3)b與c接觸的瞬間,b,c組成的系統(tǒng)動量守恒,有m=2mv3,解得v3=v0(2分)系統(tǒng)損失的機械能為e=m2-2m2=m(2分)當a,b,c速度相同時,彈簧的彈性勢能最大.此時v2=v0(2分)根據能量守恒定律得,彈簧的最大彈性勢能ep=m-(3m)-e=m.(2分)答案:(1)v0(2)v0(3)m25.解析:(1)設粒子射入磁場時的速度大小為v,因在磁場中做勻速圓周運動的半徑為r,由牛頓第二定律有qvb=m,(2分)得v=(2分)如圖(甲)所示,因粒子的軌跡半徑是r,故沿ao1方向射入的粒子一定從與圓心等高的d點沿x軸負方向射入電場,則粒子在電場中從d點到n點做類平拋運動,有2r=vt(2分)又因為r=t2(2分)解得e=.(2分)(2)對于速度v(斜向右上方)的粒子,軌跡如圖(乙)所示,軌跡圓心為c,從m點射出磁場,連接o1m,四邊形o1mca是菱形,故cm垂直于x軸,速度方向偏轉角度等于圓心角=150,(2分)速度為v的粒子在磁場中運動的時間為t1=t=(2分)粒子離開磁場到y(tǒng)軸的距離mh=(2分)在無場區(qū)運動的時間t2=.(2分)故粒子到達y軸的時間為t=t1+t2=+.(2分)答案:(1)(2)+33.解析:(1)氣體中分子間的平均距離d=,故知道阿伏加德羅常數、氣體的摩爾質量和密度,可以估算出該氣體中分子間的平均距離,選項a正確;一定質量的理想氣體經歷一緩慢的絕熱膨脹過程,氣體對外界做功,內能減小,溫度降低,氣體分子的平均動能減小,選項b正確;布朗運動不是反映懸浮在液體中固體顆粒的無規(guī)則運動,是液體分