遼寧省大連二十中高三物理上學期期中試題（含解析）.doc

2015-2016學年遼寧省大連二十中高三（上）期中物理試卷一、選擇題：（本題共11個小題，每小題4分，共44分1-7題在每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確，選對得4分，8-11題有的小題有多個選項正確全部選對的得4分，選不全的得2分，有選錯或不答的得0分）1如圖，小球自光滑斜軌道由靜止自由滾下，以v、s、a、f合分別表示小球的速度、位移、加速度和合外力四個物理量的大小，小球下滑過程中各物理量隨時間變化正確的是( )abcd2如圖所示，“旋轉秋千”中的兩個座椅a、b質量相等，通過相同長度的纜繩懸掛在旋轉圓盤上不考慮空氣阻力的影響，當旋轉圓盤繞豎直的中心軸勻速轉動時，下列說法正確的是( )aa的速度比b的大ba與b的向心加速度大小相等c懸掛a、b的纜繩與豎直方向的夾角相等d懸掛a的纜繩所受的拉力比懸掛b的小3在力學理論建立的過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻關于科學家和他們的貢獻，下列說法中不正確的是( )a伽利略首先將實驗事實和邏輯推理（包括數(shù)學推演）和諧地結合起來b笛卡爾對牛頓第一定律的建立做出了貢獻c開普勒通過研究行星觀測記錄，發(fā)現(xiàn)了行星運動三大定律d牛頓總結出了萬有引力定律并用實驗測出了引力常量4如圖所示，虛線ab和cd分別為橢圓的長軸和短軸，相交于o點，兩個等量同種點電荷分別處于橢圓的兩個焦點m、n上，下列說法中正確的是( )aa、b兩處電勢、場強均相同bc、d兩處電勢、場強均不同c在虛線ab上o點的場強最小d帶負電的試探電荷在o處的電勢能大于在c處的電勢能5如圖所示的火警報警裝置，r1為熱敏電阻，溫度升高r1急劇減小，當電鈴電壓達到一定數(shù)值時，電鈴會響，則下列說法正確的是( )a若報警器的電池老化（內阻變大）電動勢不變，不會影響報警器的安全性能b若試驗時發(fā)現(xiàn)有火點時裝置不響，應把r2的滑片p向下移c若試驗時發(fā)現(xiàn)有火點時裝置不響，應把r2的滑片p向上移d增大電源的電動勢，會使報警的臨界溫度升高6陰極射線示波管的聚焦電場是由電極a1、a2形成的，其中虛線為等勢線，相鄰等勢線間電勢差相等，z軸為該電場的中心軸線（管軸）電子束從左側進入聚焦電場后，在電場力的作用下會聚到z軸上，沿管軸從右側射出，圖中pqr是一個從左側進入聚焦電場的電子運動軌跡上的三點，則可以確定( )a電極a1的電勢高于電極a2的電勢b電場中q點的電場強度小于r點的電場強度c電子在r點處的動能小于在p點處的動能d若將一束帶正電的粒子從左側射入聚焦電場也一定被會聚72010年9月29日美國天文學家宣布發(fā)現(xiàn)了一顆迄今為止與地球最類似的行星，該行星繞太陽系外的紅矮星做勻速圓周運動，公轉周期約為37天，該行星的半徑大約是地球半徑的1.9倍，且表面重力加速度與地球表面重力加速度相近，下列關于該行星的說法正確的是( )a該行星公轉角速度一定比地球的公轉角速度小b該行星平均密度比地球平均密度大c該行星第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度d該行星同步衛(wèi)星的周期小于地球同步衛(wèi)星的周期8如圖所示，一質量為m、電荷量為q的帶電液滴以速度v沿與水平面成角的方向斜向上進入勻強電場，在電場中做直線運動，則液滴向上運動過程中（忽略空氣阻力）正確的 是( )a電場力不可能小于mgcosb液滴的動能一定不變c液滴的機械能可能不變化d液滴的電勢能一定不變9如圖所示，水平傳送帶以速度v1勻速運動，小物體p、q由通過定滑輪且不可伸長的輕繩相連，t=0時刻p在傳送帶左端具有速度v2，已知v1v2，p與定滑輪間的繩水平不計定滑輪質量，繩足夠長直到物體p從傳送帶右側離開以下判斷正確的是( )a物體p一定先加速后勻速b物體p可能先加速后勻速c物體q的機械能一直增加d物體q一直處于超重狀態(tài)10如圖所示，上表面光滑的半圓柱體放在水平面上，小物塊從靠近半圓柱體頂點o的a點，在外力f作用下沿圓弧緩慢下滑到b點，此過程中f始終沿圓弧的切線方向且半圓柱體保持靜止狀態(tài)下列說法中正確的是( )a半圓柱體對小物塊的支持力變大b外力f變大c地面對半圓柱體的摩擦力先變大后變小d地面對半圓柱體的支持力變大11某電動汽車在平直公路上從靜止開始加速，測得發(fā)動機功率隨時間變化的圖象和其速度隨時間變化的圖象分別如圖甲、乙所示，若電動汽車所受阻力恒定，則下列說法正確的是( )a測試時該電動汽車所受阻力為1.0103nb該電動汽車的質量為1.2103kgc在0110s內該電動汽車的牽引力做功為4.4106jd在0110s內該電動汽車克服阻力做的功2.44106j二、實驗題（14分）12在“探究恒力做功與動能改變的關系”實驗中，某同學采用圖示裝置的實驗方案，他想用砂和小桶的總重力表示小車受到的合力，為了減少這種做法帶來的實驗誤差，他使長木板左端抬起個合適的角度，平衡摩擦力你認為在實驗中還應滿足_條件，如圖所示是某次實驗中得到的一條紙帶，其中a、b、c、d、e、f是計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間的時間間隔為t，距離如圖所示，則打c點時小車的速度表達式為（用題中所給物理量表示）_；要驗證合外力的功與動能變化間的關系，除了要測量砂和小砂桶的總重力、測量小車的位移、速度外，還要測出的物理量有_13某同學要探究一種新材料制成的圓柱體的電阻步驟如下：（1）用游標為20分度的卡尺測量其長度如圖1，由圖可知其長度為_mm（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖2，由圖可知其直徑為_cm（3）用多用電表的電阻“10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖3，則該電阻的阻值約為_（4）該同學想用伏安法更精確地測量其電阻r，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻r電流表a1（量程04ma，內阻約50）電流表a2（量程010ma，內阻約30）電壓表v1（量程03v，內阻約10k）電壓表v2（量程015v，內阻約25k）直流電源e（電動勢4v，內阻不計）滑動變阻器r1（阻值范圍015，允許通過的最大電流2.0a）滑動變阻器r2（阻值范圍020k，允許通過的最大電流0.5a）開關s導線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，請在圖4方框中畫出測量的電路圖，并標明所用器材的代號三、計算題（共42分）14某同學為了測定木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)，他用測速儀研究木塊在斜面上的運動情況，裝置如圖甲所示他使木塊以初速度v0=4m/s的速度沿傾角=30的斜面上滑緊接著下滑至出發(fā)點，并同時開始記錄數(shù)據(jù)，結果電腦只繪出了木塊從開始上滑至最高點的vt圖線如圖乙所示g取10m/s2求：（1）上滑過程中的加速度的大小a1；（2）木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；（3）木塊回到出發(fā)點時的速度大小v15（14分）某個星球，質量是地球質量的4倍，半徑是地球半徑的4倍在其表面有如圖所示的裝置，光滑水平面右端b處連接一個豎直的半徑為r的光滑半圓軌道今在離b距離為x的a點，用水平推力將質量為m的質點從靜止開始推倒b處后撤去水平推力，質點沿半圓軌道運動到c后又正好落回到a點，地球表面的重力加速度為g，求：（1）該星球表面的重力加速度（2）推力對小球所做的功（用m、g、r、x表示）（3）x取何值時，完成上述運動推力所做的功最??？最小功為多少？16（16分）如圖所示，在xoy坐標系中，兩平行金屬板如圖1放置，od與x軸重合，板的左端與原點o重合，板長l=2m，板間距離d=1m，緊靠極板右側有一熒光屏兩金屬板間電壓uao變化規(guī)律如圖2所示，變化周期為t=2103s，u0=103v，t=0時刻一帶正電的粒子從左上角a點，以平行于ab邊v0=1000m/s的速度射入板間，粒子電量q=1105c，質量m=1107kg不計粒子所受重力求：（1）粒子在板間運動的時間；（2）粒子打到熒光屏上的縱坐標；（3）粒子打到屏上的動能2015-2016學年遼寧省大連二十中高三（上）期中物理試卷一、選擇題：（本題共11個小題，每小題4分，共44分1-7題在每小題給出的四個選項中，只有一個選項正確，選對得4分，8-11題有的小題有多個選項正確全部選對的得4分，選不全的得2分，有選錯或不答的得0分）1如圖，小球自光滑斜軌道由靜止自由滾下，以v、s、a、f合分別表示小球的速度、位移、加速度和合外力四個物理量的大小，小球下滑過程中各物理量隨時間變化正確的是( )abcd【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的圖像 【專題】牛頓運動定律綜合專題【分析】小球自光滑軌道由靜止自由滾下過程做勻加速直線運動，根據(jù)運動學公式得出速度、位移與時間的關系式，分析圖象的正誤小球的加速度保持不變由速度的表達式得出動能的表達式，選擇圖象【解答】解：a、小球自光滑軌道由靜止自由滾下過程做勻加速直線運動，則有v=at，a一定，vt故a正確b、由位移公式得：s=，st2，st圖象應是拋物線故b錯誤c、小球做勻加速直線運動，加速度不變，at圖線應平行于t軸故c錯誤d、由于小球向下做勻加速運動，故受到的合力不變，為平行于時間軸的一條直線，故d錯誤；故選：a【點評】對于物理圖象，往往由物理規(guī)律得到解析式，再根據(jù)數(shù)學知識選擇圖象2如圖所示，“旋轉秋千”中的兩個座椅a、b質量相等，通過相同長度的纜繩懸掛在旋轉圓盤上不考慮空氣阻力的影響，當旋轉圓盤繞豎直的中心軸勻速轉動時，下列說法正確的是( )aa的速度比b的大ba與b的向心加速度大小相等c懸掛a、b的纜繩與豎直方向的夾角相等d懸掛a的纜繩所受的拉力比懸掛b的小【考點】向心力；線速度、角速度和周期、轉速 【專題】勻速圓周運動專題【分析】ab兩個座椅具有相同的角速度，分別代入速度、加速度、向心力的表達式，即可求解【解答】解：ab兩個座椅具有相同的角速度a：根據(jù)公式：v=r，a的運動半徑小，a的速度就小故a錯誤；b：根據(jù)公式：a=2r，a的運動半徑小，a的向心加速度就小，故b錯誤；c：如圖，對任一座椅，受力如圖，由繩子的拉力與重力的合力提供向心力，則得：mgtan=m2r，則得tan=，a的半徑r較小，相等，可知a與豎直方向夾角較小，故c錯誤d：a的向心加速度就小，a的向心力就小，a對纜繩的拉力就小，故d正確故選：d【點評】解決本題的關鍵知道a、b的角速度大小相等，知道線速度、角速度、向心加速度、向心力之間的關系，并能靈活運用3在力學理論建立的過程中，有許多偉大的科學家做出了貢獻關于科學家和他們的貢獻，下列說法中不正確的是( )a伽利略首先將實驗事實和邏輯推理（包括數(shù)學推演）和諧地結合起來b笛卡爾對牛頓第一定律的建立做出了貢獻c開普勒通過研究行星觀測記錄，發(fā)現(xiàn)了行星運動三大定律d牛頓總結出了萬有引力定律并用實驗測出了引力常量【考點】物理學史 【專題】常規(guī)題型【分析】本題比較簡單考查了學生對物理學史的了解情況，在物理學發(fā)展的歷史上有很多科學家做出了重要貢獻，大家熟悉的牛頓、愛因斯坦、法拉第等，在學習過程中要了解、知道這些著名科學家的重要貢獻【解答】解：a、伽利略首先將實驗事實和邏輯推理（包括數(shù)學推演）和諧地結合起來，標志著物理學的真正開始，故a正確；b、笛卡爾等人又在伽利略研究的基礎上進行了更深入的研究，他認為：如果運動物體，不受任何力的作用，不僅速度大小不變，而且運動方向也不會變，將沿原來的方向勻速運動下去，因此笛卡爾對牛頓第一定律的建立做出了貢獻，故b正確；c、開普勒提出行星運動三大定律，故c正確；d、萬有引力常量是由卡文迪許測出的故d錯誤本題選錯誤的，故選d【點評】要熟悉物理學史，了解物理學家的探索過程，從而培養(yǎng)學習物理的興趣和為科學的奉獻精神4如圖所示，虛線ab和cd分別為橢圓的長軸和短軸，相交于o點，兩個等量同種點電荷分別處于橢圓的兩個焦點m、n上，下列說法中正確的是( )aa、b兩處電勢、場強均相同bc、d兩處電勢、場強均不同c在虛線ab上o點的場強最小d帶負電的試探電荷在o處的電勢能大于在c處的電勢能【考點】電勢；電場強度；電勢能 【專題】電場力與電勢的性質專題【分析】根據(jù)等量同種電荷電場線和等勢面分布特點，可以比較a與b，c與d電勢、場強關系及o、b電勢高低；根據(jù)電場線疏密可知，在m、n之間o點場強最??；利用負電荷在電勢高處電勢能小，可比較負電荷在o、c電勢能大小【解答】解：a、根據(jù)順著電場線方向電勢降低，結合等量同種電荷電場線、等勢面分布對稱性特點可知，a、b兩處電勢相同，場強大小相等、方向相反，所以場強不同，故a錯誤b、根據(jù)等量同種電荷電場線、等勢面分布對稱性，c、d兩處場強方向相反，電勢相同故b錯誤c、根據(jù)電場線疏密表示場強的大小可知，在ab之間，o點場強為零，為最小故c正確d、oc間的電場強度方向向上，根據(jù)順著電場線方向電勢降低，可知o點電勢高于c點電勢，則負電荷在o處電勢能小于在c處電勢能故d錯誤故選：c【點評】這類問題要巧妙利用電場線、等勢面分布對稱性的特點，再根據(jù)電場線方向判斷電勢高低，電場線的疏密判斷場強的大小5如圖所示的火警報警裝置，r1為熱敏電阻，溫度升高r1急劇減小，當電鈴電壓達到一定數(shù)值時，電鈴會響，則下列說法正確的是( )a若報警器的電池老化（內阻變大）電動勢不變，不會影響報警器的安全性能b若試驗時發(fā)現(xiàn)有火點時裝置不響，應把r2的滑片p向下移c若試驗時發(fā)現(xiàn)有火點時裝置不響，應把r2的滑片p向上移d增大電源的電動勢，會使報警的臨界溫度升高【考點】閉合電路的歐姆定律；常見傳感器的工作原理 【專題】恒定電流專題【分析】若報警器的電池老化（內阻變大）電動勢不變，報警器的電壓變小，電鈴將不會響若試驗時發(fā)現(xiàn)有火點時裝置不響，說明報警器的電壓較小，要增大其電壓，必須r2的滑片p向上移增大電源的電動勢，會使報警的臨界溫度降低【解答】解：a、若報警器的電池老化（內阻變大）電動勢不變，報警器的電壓變小，電鈴將不會響，所以會影響報警器的安全性能故a錯誤b、c若試驗時發(fā)現(xiàn)有火點時裝置不響，說明報警器的電壓較小，要增大其電壓，根據(jù)串聯(lián)電路分壓的特點可知，必須增大r2，應把r2的滑片p向上移故b錯誤，c正確d、增大電源的電動勢，報警器的電壓變大，相當于電動勢不變，r1變小，所以會使報警的臨界溫度降低故d錯誤故選c【點評】此題中r1為熱敏電阻，相當于可變電阻，利用串聯(lián)電路電壓與電阻成正比的特點進行分析6陰極射線示波管的聚焦電場是由電極a1、a2形成的，其中虛線為等勢線，相鄰等勢線間電勢差相等，z軸為該電場的中心軸線（管軸）電子束從左側進入聚焦電場后，在電場力的作用下會聚到z軸上，沿管軸從右側射出，圖中pqr是一個從左側進入聚焦電場的電子運動軌跡上的三點，則可以確定( )a電極a1的電勢高于電極a2的電勢b電場中q點的電場強度小于r點的電場強度c電子在r點處的動能小于在p點處的動能d若將一束帶正電的粒子從左側射入聚焦電場也一定被會聚【考點】電場線；電場強度 【專題】定性思想；推理法；帶電粒子在電場中的運動專題【分析】沿電場線電勢降低，電場強度的大小與電場線的疏密的關系；明確電子在電場中的受力特點以及電場力做功情況，從而進一步判斷電勢能、動能等變化情況根據(jù)正電荷所受的電場力方向，判斷能否會聚【解答】解：a、根據(jù)電子運動的軌跡可知，電子受到的電場力的方向在qr之間電場力的方向向右下方，根據(jù)電場線與等勢線垂直，可知管軸上電場線方向向左根據(jù)沿電場線電勢降低，得知電極a1的電勢低于電極a2，故a錯誤；b、等差等勢線密的地方電場線也密，因此q點電場線比r點電場線疏，故q點的電場強度小于r點的電場強度，故b正確；c、電子從低電勢向高電勢運動時，電場力做正功，動能增加，所以電子在r點處的動能大于在p點處的動能，故c正確d、若將一束帶正電的粒子從左側射入聚焦電場，所受的電場力向外側，不可能會聚，故d錯誤故選：bc【點評】該題考查帶電粒子在特殊的電場中的運動，要能正確根據(jù)電場線、等勢線的分布情況，判斷電勢、電勢能、電場強度、電場力做功等物理量變化情況72010年9月29日美國天文學家宣布發(fā)現(xiàn)了一顆迄今為止與地球最類似的行星，該行星繞太陽系外的紅矮星做勻速圓周運動，公轉周期約為37天，該行星的半徑大約是地球半徑的1.9倍，且表面重力加速度與地球表面重力加速度相近，下列關于該行星的說法正確的是( )a該行星公轉角速度一定比地球的公轉角速度小b該行星平均密度比地球平均密度大c該行星第一宇宙速度大于地球的第一宇宙速度d該行星同步衛(wèi)星的周期小于地球同步衛(wèi)星的周期【考點】萬有引力定律及其應用 【專題】定量思想；推理法；萬有引力定律在天體運動中的應用專題【分析】a、根據(jù)比較角速度大??；b、利用g=和m=聯(lián)立得到平均密度表達式進行分析；c、根據(jù)第一宇宙速度表達式v=比較兩個星球的第一宇宙速度大小；d、行星同步衛(wèi)星的周期等于自轉周期【解答】解：a、由可得：與地球最類似的行星的公轉周期小，角速度大，故a錯誤；b、根據(jù)g=和m=，有：g=gr；該行星的半徑大約是地球半徑的1.9倍，且表面重力加速度與地球表面重力加速度相近，該行星平均密度是地球的倍，小于地球的平均密度，故b錯誤；c、根據(jù)第一宇宙速度表達式v=，由于該行星表面重力加速度與地球表面重力加速度相近，而半徑大約是地球半徑的1.9倍，故其第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍，大于地球的第一宇宙速度，故c正確；d、行星同步衛(wèi)星的周期等于自轉周期，故根據(jù)題目的數(shù)據(jù)無法計算同步衛(wèi)星的周期大小，故d錯誤；故選：c【點評】考查天體的運動規(guī)律，會由萬有引力提供向心力求得運行速度與半徑的關系，知道如何求解天體質量、密度8如圖所示，一質量為m、電荷量為q的帶電液滴以速度v沿與水平面成角的方向斜向上進入勻強電場，在電場中做直線運動，則液滴向上運動過程中（忽略空氣阻力）正確的 是( )a電場力不可能小于mgcosb液滴的動能一定不變c液滴的機械能可能不變化d液滴的電勢能一定不變【考點】動能定理的應用；電場強度；電勢能 【專題】動能定理的應用專題【分析】根據(jù)液滴做直線運動的條件：合力方向與速度方向在同一直線上或合力為零，分析液滴所受的電場力可能方向根據(jù)電場力方向與速度方向的關系，判斷電場力做功正負，分析機械能和電勢能的變化當電場力與速度方向垂直時，電場力最小，可求出最小值【解答】解：a、當電場力與速度方向垂直時，電場力最小，由幾何知識求得最小值為mgcos，故a正確；b、液滴做直線運動，電場力可能豎直向上，與重力相平衡，液滴做勻速直線運動，動能不變；電場力也可能不在豎直向上，合力與速度方向相同時，液滴做勻加速直線運動，動能增大；合力與速度方向相反時，液滴做勻減速直線運動，動能減小，故b錯誤；c、d、電場力方向可能與速度方向垂直，電場力不做功，電勢能不變，機械能不變，電場力也可能與速度不垂直，電場力做功，電勢能改變，機械能也改變，故c正確，d錯誤；故選：ac【點評】本題關鍵是掌握質點做直線運動的條件：合力方向與速度方向在同一直線上或合力為零，要考慮勻速直線運動和變速直線運動兩種情形，全面分析，不能遺漏9如圖所示，水平傳送帶以速度v1勻速運動，小物體p、q由通過定滑輪且不可伸長的輕繩相連，t=0時刻p在傳送帶左端具有速度v2，已知v1v2，p與定滑輪間的繩水平不計定滑輪質量，繩足夠長直到物體p從傳送帶右側離開以下判斷正確的是( )a物體p一定先加速后勻速b物體p可能先加速后勻速c物體q的機械能一直增加d物體q一直處于超重狀態(tài)【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的位移與時間的關系 【專題】牛頓運動定律綜合專題【分析】由于v1v2，且物體p向右運動，故p受到的摩擦力可能大于q的重力，故p可能先加速后勻速，也有可能一直加速運動，故物體q不可能一直處于超重，因繩的拉力做正功，故q的機械能增加；【解答】解：a、由于v1v2，且物體p向右運動，故p受到的摩擦力可能大于q的重力，故p可能先加速后勻速，也有可能一直加速運動，故a錯誤，b正確；c、不論a中那種情況，繩子對物體q的拉力都做正功，故q的機械能增加，故c正確；d、當物體先加速后勻速時，物體不可能一直處于超重，故d錯誤；故選：bc【點評】本題主要考查了物體在傳送帶上的運動過程，可能是一直加速，也可能是先加速后勻速運動，分清過程是關鍵10如圖所示，上表面光滑的半圓柱體放在水平面上，小物塊從靠近半圓柱體頂點o的a點，在外力f作用下沿圓弧緩慢下滑到b點，此過程中f始終沿圓弧的切線方向且半圓柱體保持靜止狀態(tài)下列說法中正確的是( )a半圓柱體對小物塊的支持力變大b外力f變大c地面對半圓柱體的摩擦力先變大后變小d地面對半圓柱體的支持力變大【考點】共點力平衡的條件及其應用；物體的彈性和彈力 【專題】共點力作用下物體平衡專題【分析】先對小滑塊受力分析，根據(jù)共點力平衡條件求出支持力和拉力的表達式，再分析；然后對半圓柱體受力分析，得到摩擦力和支持力表達式后分析【解答】解：a、b、對小滑塊受力分析，受到重力、支持力和拉力，如圖根據(jù)共點力平衡條件，有n=mgcosf=mgsin由于越來越大，故支持力n變小，拉力f變大，故a錯誤，b正確；c、d、對半圓柱體受力分析，受到壓力n，地面支持力n，重力mg，地面的靜摩擦力f，如圖根據(jù)共點力平衡條件，有nsin=fmg+ncos=n解得f=mgsincos=mgsin2n=mg+mgcos2=mg+mg（）由于越來越大，故靜摩擦力f先變大后變小，支持力先變小后變大，故c正確，d錯誤；故選：bc【點評】本題關鍵是先后對小滑塊和半圓柱體受力分析，然后根據(jù)共點力平衡條件列式求解11某電動汽車在平直公路上從靜止開始加速，測得發(fā)動機功率隨時間變化的圖象和其速度隨時間變化的圖象分別如圖甲、乙所示，若電動汽車所受阻力恒定，則下列說法正確的是 ( )a測試時該電動汽車所受阻力為1.0103nb該電動汽車的質量為1.2103kgc在0110s內該電動汽車的牽引力做功為4.4106jd在0110s內該電動汽車克服阻力做的功2.44106j【考點】功率、平均功率和瞬時功率 【專題】功率的計算專題【分析】汽車功率隨時間均勻增加，后保持不變，速度先均勻增加，后不均勻增加，最后保持不變；當速度最大時，汽車勻速運動，牽引力等于阻力，瞬時功率由p=fv計算【解答】解：a、110s時，汽車速度最大，牽引力等于阻力，由p=fv=fv，故f=1103n，故a正確b、前50s內，汽車勻加速運動a=s2=0.5m/s2，此時牽引力=n=1.6103n，由m=kg=1.2103kg，故b正確c、在0110s內該電動汽車的功率是變化的，故做功小于4.4106j，故c錯誤d、在050s內該電動汽車克服阻力做功為w1=fs1=1103j=6.25105j，在50110s內，由動能定理得pt，所以w2=4010360j=18.15105j，故0110s內該電動汽車克服阻力做的功為：w=w1+w2=2.44106j，故d正確故選：abd【點評】本題考查瞬時功率表達式、圖象的認識、動能定理等知識，運算量較大，只是應用較靈活，有一定難度二、實驗題（14分）12在“探究恒力做功與動能改變的關系”實驗中，某同學采用圖示裝置的實驗方案，他想用砂和小桶的總重力表示小車受到的合力，為了減少這種做法帶來的實驗誤差，他使長木板左端抬起個合適的角度，平衡摩擦力你認為在實驗中還應滿足砂和小桶的總質量遠小于小車質量條件，如圖所示是某次實驗中得到的一條紙帶，其中a、b、c、d、e、f是計數(shù)點，相鄰計數(shù)點間的時間間隔為t，距離如圖所示，則打c點時小車的速度表達式為（用題中所給物理量表示）；要驗證合外力的功與動能變化間的關系，除了要測量砂和小砂桶的總重力、測量小車的位移、速度外，還要測出的物理量有小車質量【考點】探究功與速度變化的關系 【專題】實驗題【分析】小車在水平木板運動時水平方向受到繩的拉力和摩擦力，想用鉤碼的重力表示小車受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；如果用鉤碼的重力表示小車受到的合外力，則要求：ma=（m+m）a，必須要滿足鉤碼的質量遠小于小車的總質量，這樣兩者才能近似相等根據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度大小可以求出c點的速度大??；根據(jù)動能定理列式可知所測物理量【解答】解：小車在水平木板運動時水平方向受到繩的拉力和摩擦力，想用鉤碼的重力表示小車受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次：設小車質量m，鉤碼質量m，整體的加速度為a，繩上的拉力為f，則：對小車有：f=ma；對鉤碼有：mgf=ma，即 mg=（m+m）a；如果用鉤碼的重力表示小車受到的合外力，則要求：ma=（m+m）a，必須要滿足鉤碼的質量遠小于小車的總質量，這樣兩者才能近似相等根據(jù)在勻變速直線運動中時間中點的瞬時速度大小等于該過程中的平均速度大小得：c點時小車的速度表達式為驗證合外力的功與動能變化間的關系的原理：，由此可知需要測量的物理量有：鉤碼質量m，小車的質量m，位移x，速度v，所以除了要測量砂和小砂桶的總重力、測量小車的位移、速度外，還要測出的物理量是小車質量 故答案為：砂和小桶的總質量遠小于小車質量；小車質量【點評】要明確此題在驗證合外力的功與動能變化間的關系中用到的原理，圍繞實驗原理，明確實驗目的，根據(jù)相應的物理規(guī)律可知需要測量的物理量及實驗時的注意事項13某同學要探究一種新材料制成的圓柱體的電阻步驟如下：（1）用游標為20分度的卡尺測量其長度如圖1，由圖可知其長度為50.15mm（2）用螺旋測微器測量其直徑如圖2，由圖可知其直徑為0.4700cm（3）用多用電表的電阻“10”擋，按正確的操作步驟測此圓柱體的電阻，表盤的示數(shù)如圖3，則該電阻的阻值約為220（4）該同學想用伏安法更精確地測量其電阻r，現(xiàn)有的器材及其代號和規(guī)格如下：待測圓柱體電阻r電流表a1（量程04ma，內阻約50）電流表a2（量程010ma，內阻約30）電壓表v1（量程03v，內阻約10k）電壓表v2（量程015v，內阻約25k）直流電源e（電動勢4v，內阻不計）滑動變阻器r1（阻值范圍015，允許通過的最大電流2.0a）滑動變阻器r2（阻值范圍020k，允許通過的最大電流0.5a）開關s導線若干為使實驗誤差較小，要求測得多組數(shù)據(jù)進行分析，請在圖4方框中畫出測量的電路圖，并標明所用器材的代號【考點】測定金屬的電阻率 【專題】實驗題；恒定電流專題【分析】本題（1）在進行游標卡尺讀數(shù)時，要分成整數(shù)部分和小數(shù)部分兩部分來讀，注意將整數(shù)部分單位化為mm；題（2）進行螺旋測微器讀數(shù)時也要分成整數(shù)部分和小數(shù)部分兩部分來讀，注意“半毫米”刻度線是否露出；題（3）進行歐姆表讀數(shù)時注意倍率，一般不需要估讀；題（4）首先根據(jù)電源電動勢大小來選擇電壓表量程，根據(jù)通過待測電阻的最大電流來選擇電流表的量程，根據(jù)實驗要求多測幾組數(shù)據(jù)可知變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器以方便調節(jié)，根據(jù)待測電阻滿足電流表外接法的條件選擇外接法【解答】解：（1）：游標卡尺的讀數(shù)為：l=50mm+30.05mm=50.15mm；（2）：螺旋測微器的讀數(shù)為：d=4.5mm+20.00.01mm=4.700mm=0.4700cm；（3）：歐姆表的讀數(shù)為：r=2210=220；（4）：由于電壓表量程太大（量程的大于電源的電動勢），所以電壓表應選擇；根據(jù)歐姆定律可求出通過待測電阻的最大電流為=14ma，所以電流表應選擇；根據(jù)實驗要求多測幾組數(shù)據(jù)可知變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器以方便調節(jié)；由于待測電阻滿足，電流表應用外接法，所以電路應是“分壓外接”電路，如圖所示：故答案為：（1）50.15；（2）0.4700；（3）220；（4）如圖【點評】應明確：游標卡尺和螺旋測微器讀數(shù)時都要分成整數(shù)部分和小數(shù)部分兩部分來讀；當實驗要求電流從零調或有“要求多測幾組數(shù)據(jù)”的要求時，變阻器應采用分壓式接法，應選擇阻值小的變阻器以方便調節(jié)；當待測電阻滿足時，電流表應用外接法，滿足時，電流表應用內接法三、計算題（共42分）14某同學為了測定木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)，他用測速儀研究木塊在斜面上的運動情況，裝置如圖甲所示他使木塊以初速度v0=4m/s的速度沿傾角=30的斜面上滑緊接著下滑至出發(fā)點，并同時開始記錄數(shù)據(jù)，結果電腦只繪出了木塊從開始上滑至最高點的vt圖線如圖乙所示g取10m/s2求：（1）上滑過程中的加速度的大小a1；（2）木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)；（3）木塊回到出發(fā)點時的速度大小v【考點】牛頓第二定律；勻變速直線運動的速度與時間的關系 【專題】牛頓運動定律綜合專題【分析】（1）由vt圖象可以求出上滑過程的加速度（2）由牛頓第二定律可以得到摩擦因數(shù)（3）由運動學可得上滑距離，上下距離相等，由牛頓第二定律可得下滑的加速度，再由運動學可得下滑至出發(fā)點的速度【解答】解：（1）由題圖乙可知，木塊經(jīng)0.5s滑至最高點，由加速度定義式有：上滑過程中加速度的大小：（2）上滑過程中沿斜面向下受重力的分力，摩擦力，由牛頓第二定律f=ma得上滑過程中有：mgsin+mgcos=ma1代入數(shù)據(jù)得：=0.35（3）下滑的距離等于上滑的距離：x=m=1m 下滑摩擦力方向變?yōu)橄蛏?，由牛頓第二定律f=ma得：下滑過程中：mgsinmgcos=ma2解得：=2m/s2下滑至出發(fā)點的速度大小為：v=聯(lián)立解得：v=2m/s 答：（1）上滑過程中的加速度的大小；（2）木塊與斜面間的動摩擦因數(shù)=0.35；（3）木塊回到出發(fā)點時的速度大小v=2m/s【點評】解決本題的關鍵能夠正確地受力分析，運用牛頓第二定律和運動學公式聯(lián)合求解15（14分）某個星球，質量是地球質量的4倍，半徑是地球半徑的4倍在其表面有如圖所示的裝置，光滑水